2025年华师大新版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华师大新版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，两个半径、粗细相同、相互垂直的金属圆环能各自绕直径轴无摩擦的转动，两环在相交点a、b处互相绝缘，现分别通以大小相等的电流，设每个线圈中的电流在圆心O处产生的磁感应强度均为B，然后释放两环，它们将发生转动，当两环达到平衡时，在圆心处产生的磁感应强度的大小为（）．

A.BB.C.D.02、如图（a）所示：AB是某电场中的一条电场线，若在A点放置一初速度为零的电子，电子仅在电场力的作用下，沿AB由A运动到B过程中的速度图像如图（b）所示，则下列关于A、B两点电势和电场强度E的判断中正确的是（）

A.B.C.D.3、梳过头发的梳子，常能吸引轻小物体，这属于摩擦起电。关于摩擦起电现象，下列说法正确的是（）A.摩擦起电现象使本来没有电子和质子的物体中产生了电子和质子B.两种不同材料的绝缘体互相摩擦后，同时带上等量同种电荷C.摩擦起电可能是因为摩擦导致质子从一个物体转移到了另一个物体而形成的D.丝绸摩擦玻璃棒时，电子从玻璃棒上转移到丝绸上，玻璃棒因质子数多于电子数而显正电4、如图在电场强度为E的匀强电场中，任取间距为L的A、B两点，把试探电荷q沿三条不同路径从A点移动到B点：沿直线AB电场力做功W1；沿折线AMB电场力做功W2；沿曲线AB电场力做功W3。关于电荷沿三条路径从A点移动到B点的过程中，电场力做功W1、W2、W3及电势能变化大小正确的说法是（）

A.W1＜W2＜W3，沿曲线运动电势能变化最大B.W3＜W2＜W1，沿直线运动电势能变化最大C.W1=W2=W3=EqL，沿各条路径电势能变化一样大D.W1=W2=W3=EqLcosθ，沿各条路径电势能变化一样大5、如图所示，平行板电容器与一恒压直流电源相连，下极板通过A点接地，一带正电小球被固定于P点．现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则下列说法正确的是（）

A.平行板电容器的电容将变大B.静电计指针偏角变大C.带电小球的电势能将不变D.若先将下极板与A点之间的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电小球所受静电力不变6、额定电压均为110V，额定功率PA=100W，PB=40W的A、B两盏灯泡，若接在电压为220V的电路上，使两盏灯泡均能正常发光，且消耗功率最小的电路是（）A.B.C.D.7、电路中路端电压U随干路电流I变化的关系如图所示，则电源的电动势E和内电阻r分别是（）

A.E=1.0V，r=5.0ΩB.E=1.0V，r=2.5ΩC.E=2.0V，r=5.0ΩD.E=2.0V，r=2.5Ω评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、有一只电容器的规格是“1.5μF，9V”，那么（）A.这只电容器上的电荷量不能超过1.5×10-5CB.这只电容器上的电荷量不能超过1.35×10-5CC.这只电容器的额定电压为9VD.这只电容器的击穿电压为9V9、电源、开关、平行板电容器连成如图电路，A板接地。闭合开关S，电源对电容器充电后，电容器的电容为C，A板带正电，电量为Q，板间电压为U，板间电场强度大小为E，两板正中间点P电势为负电荷在P点电势能为Ep。则下列说法正确的是（）

A.若保持开关闭合，将A板下移少许，U不变；Q增大；E增大B.若保持开关闭合，将B板下移少许，U减小；Q减小；E不变C.若断开开关，将A板下移少许，C增大；升高；Ep减小D.若断开开关，将B板下移少许，C减小；降低；Ep减小10、如图所示，是两个带有同种电荷的小球，用绝缘细线悬挂于同一点，两球静止时，它们距水平面的高度相等，线与竖直方向的夹角分别为且不计空气阻力，两球带电荷量不变。下列说法正确的是（）

A.球的质量比球的大B.若同时剪断两根细线，则两球同时落地C.球的电荷量比球的大D.若同时剪断两根细线，则两球飞行的水平距离相等11、如图所示，在M、N两点分别固定点电荷+Q1、－Q2，且Q1>Q2，在MN连线上有A、B两点，在MN连线的中垂线上有C、D两点．某电荷q从A点由静止释放，仅在静电力的作用下经O点向B点运动，电荷q在O、B两点的动能分别为EKO、EKB，电势能分别为EpO、EpB，电场中C、D两点的场强大小分别为EC、ED，电势分别为则下列说法正确的是（）

A.EKO一定小于EKBB.EpO一定小于EpBC.EC一定大于EDD.一定小于12、如图所示，直线为电源A的总功率随电流I变化的图线，抛物线为该电源内部热功率随电流I变化的图线．若该电源与电阻B串联后，电路中的电流为则下列说法正确的是（）

A.电阻B的阻值为B.电源A的内阻为C.电源A与电阻B串联后，路端电压为D.电源A与电阻B串联后，电源A内部热功率为13、用如图所示的实验装置探究电磁感应现象；当有电流从电流表的正接线柱流入时，指针向右偏转．下列说法正确的是（）

A.当把磁体N极向下插入线圈时，电流表指针向左偏转B.当把磁体N极向下从线圈中拔出时，电流表指针向左偏转C.保持磁体在线圈中静止，电流表指针不发生偏转D.磁体插入线圈后，使磁体和线圈一起以同一速度向上运动，电流表指针向左偏转评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)14、在边长为L的正六边形ABCDEF的顶点上各固定一个点电荷，它们的带电量如图所示，则几何中心处的场强大小____________，方向__________.

15、观察电容器的充、放电现象的实验电路图。当把开关S拨到1后电容器充电，两极板的电荷量逐渐增加直至稳定，其判断依据是______；当把开关S拨到2后电容器放电，两极板的电荷量逐渐减小至零，其判断依据是______。（从电流计和电压表的示数变化说明）

16、静电喷漆：接负高压的涂料雾化器喷出的油漆微粒带负电，在静电力作用下，这些微粒向着作为______的工件运动，并沉积在工件表面．17、等势面。

（1）定义：电场中__________的各点构成的面。

（2）等势面的特点：

①在同一等势面上移动电荷时静电力________。

②电场线跟等势面______，并且由电势_____的等势面指向电势____的等势面。

③两个不同的等势面永不_________。18、A点电势为B点电势为200V，则两点间的电势差为__________，将一电子从A点移到B点是__________（选填“电场力”或“克服电场力”）做功，电子的电势能将_________（选填“增加”或“减少”）．19、如图所示电流计的满偏电压为0.2V，内阻为200Ω，R1=1800Ω，该改装的电表叫做_________（选填“电压表”或“电流表”），改装后的量程是_________。

20、如图所示，空间内存在水平向右的匀强电场，电场强度大小为E．A、B为匀强电场中的两点，A、B两点间距离为l，A、B两点的连线与电场线间的夹角为θ．则A、B两点间的电势差为_________；将一正电荷q从A移到B，电场力所做功为__________．

21、把一个电容器；电流传感器、电阻、电源、单刀双掷开关按图甲所连接．先使开关S与1端相连；电源向电容器充电；然后把开关S掷向2端，电器放电．与电流传感器相连接的计算机(图中未画出)可记录电流随时间变化I-t曲线，逆时针的电流流向为正值．

图乙是某次实验中电流传感器所记录的i-t曲线，请判断该曲线记录的是电容器的_______过程(选填:“充电”或“放电”)．请你用语言描述电容器在此过程中电流随时间如何变化:____________评卷人得分四、作图题(共2题，共6分)22、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

23、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共2题，共20分)24、某同学通过实验测量一电源的电动势和内电阻；实验器材如下：

待测电源(电动势约为9V；内阻约为几欧姆)

电流表(量程0-0.6A内阻RA=1Ω)

电压表(量程0-3V内阻RV=1kΩ)

滑动变阻器(阻值范围0-10Ω)

(1)实验中由于电表的量程不足，于是该同学设计了如图甲所示电路进行实验，为了将电流表量程改成1.2A，电压表量程改成12V，则R1=____Ω，R2=______Ω。

(2)改好电表后，该同学多次改变滑动变阻器的阻值，读出多组电流表示数I、电压表示数U；并记录下数据，某次测量中电压表的指针位置如图乙所示，则读出电压为____V。(此处填写从表盘读出的实际数值)

(3)利用记录好的数据画出的电压U与电流I的图象如图所示，根据图象可得到待测电源电动势E=_____V，电源内阻r=_____Ω。25、某同学用伏安法测量金属丝的电阻率。现有器材为：螺旋测微器，待测电阻R（阻值约为），电源（电动势），滑动变阻器（阻值范围）电流表（量程），电压表（量程）；开关，导线若干。

实验要求在测量电路中将电流表外接；滑动变阻器起限流作用。回答下列问题：

(1)某次用螺旋测微器测量金属丝直径的结果如图所示，其读数是________mm；

(2)按照实验要求在图（a）中画出实物连线图；()

(3)若已按实验要求接线，闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数始终约为电流表的示数始终接近0。写出产生这种现象的一个原因：_________；

(4)在连线正确后，闭合开关。电压表和电流表的示数分别如图（b）和图（c）所示。由图可知，电压表读数为________电流表读数为_______由此可得待测电阻的阻值为_______（结果保留3位有效数字）。

评卷人得分六、解答题(共2题，共20分)26、一带电粒子由静止开始经U=500V的电压加速后，沿平行板的中线垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若两板间距离d=2.0cm，板长L=5.0cm；要使带电粒子能从平行板间飞出，两极板间所加电压的最大值不超过多少？（不计粒子的重力）

27、如图，板间距为d、板长为4d的水平金属板A和B上下正对放置，并接在电源上．现有一质量为m、带电量＋q的质点沿两板中心线以某一速度水平射入，当两板间电压U＝U0，且A接负时，该质点就沿两板中心线射出；A接正时，该质点就射到B板距左端为d的C处．取重力加速度为g；不计空气阻力．求：

（1）质点射入两板时的速度大小；

（2）当A接负时，为使带电质点能够从两板间射出，两板所加恒定电压U的范围．

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【详解】

根据同向电流互相吸引可知，当两环平衡时，两环在同一平面内平行且电流方向相同，故两环在圆心处产生的磁感应强度为同方向合成，磁感应强度的大小为．

A．B；与结论不相符，选项A错误；

B．与结论不相符，选项A错误；

C．与结论相符，选项C正确；

D．0；与结论不相符，选项D错误；

故选C.2、D【分析】【详解】

在v-t图中图像所包围的面积代表了加速度的大小，由图可知，电子在A点加速度较大，则可知A点所受电场力较大，由可知，A点的场强要大于B点场强；而电子从A到B的过程中，速度增加，动能增大，则可知电场力做正功，电子带负电，电场线与电场力的方向相反，所以电场线应该是由B到A，故A点的电势要小于B点电势。

故选D。3、D【分析】【分析】

【详解】

摩擦起电现象的本质是使一个物体上的自由电子转移到另一个物体上；从而使两物体分别带上等量的异种电荷。

故选D。4、D【分析】【详解】

电场力做功与路径无关，只取决于初末两点的位置，可得

根据功能关系，电势能的减少量等于静电力做的功即

故各条路径电势能变化一样大；故ABC错误，D正确。

故选D。5、D【分析】【详解】

A．根据电容的决定式知，下极板竖直向下移动时，d增大；则电容将减小，故A错误；

B．静电计测量的是电容器两端的电势差；因为电容器始终与电源相连，则电势差不变，所以静电计指针张角不变，故B错误；

C．电势差不变，d增大，则由公式知，两板间电场强度减小，P点与上极板间的电势差减小，而P点的电势比上极板低，上极板的电势不变，则P点的电势增大；小球带正电，则小球的电势能变大，C错误；

D．电容器与电源断开，则电荷量不变，d增大，根据

可得

则知电场强度不变；则带电小球所受静电力不变，故D正确。

故选D。6、C【分析】【详解】

判断灯泡能否正常发光，就要判断实际电压是不是额定电压或实际电流是不是额定电流，对灯泡有

可知RA<RB。

对于A电路，由于RA<RB，所以UB>UA，又UB＋UA=220V

则UB>110V，B灯被烧毁，UA<110V；A灯不能正常发光；

对于B电路，由于RB>RA，A灯与滑动变阻器并联，并联电阻小于RB，所以UB>U并，则UB>110V；B灯被烧毁，A灯不能正常发光；

对于C电路，B灯与滑动变阻器并联，并联电阻可能等于RA，所以可能UA=UB=110V

两灯可以正常发光；

对于D电路，若滑动变阻器的有效电阻等于A灯、B灯的并联电阻，则UA=UB=110V

两灯可以正常发光。

比较C、D两个电路，当灯A、B均正常发光时，由于C电路中滑动变阻器功率为PC=（IA-IB）×110V

而D电路中滑动变阻器功率为PD=（IA＋IB）×110V

所以C电路消耗电功率最小。

故选C。7、D【分析】【详解】

由图象可知电源的电动势为E=2V，r=k==2.5Ω．

A．E=1.0V，r=5.0Ω；与结论不相符，选项A错误；

B．E=1.0V，r=2.5Ω；与结论不相符，选项B错误；

C．E=2.0V，r=5.0Ω；与结论不相符，选项C错误；

D．E=2.0V，r=2.5Ω，与结论相符，选项D正确；二、多选题(共6题，共12分)8、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．根据公式，电容器上的电荷量不能超过

A错误；B正确；

CD．9V是电容器的额定电压；即能承受的最大电压，所加的电压不能超过9V，D错误，C正确。

故选BC。9、A:C【分析】【详解】

A．若保持开关闭合，将A板下移少许，由电容的决定式

可知，d减小，C增大，由电容的定义式

可知，U不变，Q增大

E增大；A正确；

B．若保持开关闭合，将B板下移少许，由电容的决定式

可知，d增大，C减小，由电容的定义式

可知，U不变，Q减小

E减小；B错误；

C．若断开开关，将A板下移少许，由电容的决定式

可知，d减小，C增大

板间场强E不变，P点距A板距离减小，A板接地，P点与A板间电势差减小，升高；负电荷在电势高的地方电势能小，所以减小；C正确；

D．若断开开关，将B板下移少许，由电容的决定式

可知，d增大，C减小，同理

E不变，P点距A板距离不变，P点与A板间电势差不变，不变；所以不变；D错误。

故选AC。10、A:B【分析】【详解】

A．设球间库仑力大小为分析两球受力可得

因故有故A正确；

B．剪断细线后；两球竖直方向只受重力，做自由落体运动，同时落地，故B正确；

C．无法比较电荷量大小；故C错误。

D．由于在水平方向上，两球始终在同一直线上，库仑力大小相等，故水平方向球的加速度比球的小，因此相等时间内，球的水平距离比球的小；故D错误；

故选AB。11、A:C【分析】【详解】

AB．电荷q从A点由静止释放，仅在静电力的作用下经O点向B点运动；说明静电力方向向右，静电力对电荷做正功，所以电荷动能增加，电势能减小，故A项正确，B项错误；

C．据和正点荷产生电场方向由正电荷向外，负电荷产生的电场指向负电荷可得CD两点场强如图。

两电荷在C处产生的场强大，夹角小，据平行四边形定则可得EC一定大于ED；故C项正确；

D．由C的分析可知MN连线的中垂线上半部分各点的场强方向向右上方，据等势线与电场线垂直，顺着电场线电势降低，可得一定大于故D项错误。

故选AC。12、B:C【分析】【详解】

电源的总功率

当时

则电源的电动势

由题图看出，当时，外电路短路，电源内部热功率等于电源的总功率，则有

代入解得

该电源与电阻B串联后，电路中的电流为根据闭合电路的欧姆定律得

则

路端电压

此时电源内部热功率

故选项BC正确；选项AD错误。

故选BC。13、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．当把磁体N极向下插入线圈时；穿过线圈的磁通量增加，根据楞次定律可知，线圈中会产生阻碍磁通量增加的磁场，即向上的磁场，再根据右手螺旋定则可判断出线圈中的电流方向为逆时针方向（俯视），电流从电流表负接线柱流入，故指针向左偏转，同理，当把磁体N极向下从线圈中拔出时，电流表的指针向右偏转，故A正确，B错误；

C．如果保持磁体在线圈中静止；则线圈中的磁通量不变化，故电流表指针不发生偏转，故C正确；

D．使磁体和线圈一起以同一速度向上运动时；线圈中的磁通量也不变化，故电流表指针也不发生偏转，故D错误。

故选AC。三、填空题(共8题，共16分)14、略

【分析】【详解】

[1][2]根据点电荷场源的决定式为正电荷周围的场强沿着连线向外，负场源沿着连线指向场源.

正六边形的各定点到中心O的距离由几何关系推得

由对称性可知a、d两场源在O点的总场强为方向由ad；

b、e两场源在O点的总场强为方向由be；

c、f两场源在O点的总场强为方向由cf；

而和大小相等，互成120°，合场强为方向由be；

则六个点电荷在O点的总场强为方向由be.【解析】be15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]开关拨到1后；电容器上极板与电源正极连接，电容器充电，电容器的电荷量逐渐增加，由。

可知；电容器两端电压即电压表示数逐渐增大，电流计的示数逐渐减小，当电容器两极板电压等于电源电压且电流计的示数为0时，充电完毕，电容器的电荷量不再改变；

[2]开关S拨到2后，电容器放电，电流计读数突然增大后逐渐减小，电容器两端电压即电压表示数也逐渐减小，电荷量逐渐减小至0。【解析】见详解见详解16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】正极17、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]定义：电场中电势相等的各点构成的面。

(2)①[2]在同一等势面上移动电荷时静电力不做功。

②[3][4][5]电场线跟等势面垂直；并且由电势高的等势面指向电势低的等势面。

③[6]两个不同的等势面永不相交。【解析】①.电势相等②.不做功③.垂直④.高⑤.低⑥.相交18、略

【分析】【详解】

[1]将电子从AB的电势差

[2][3]A点的电势小于B点的电势，电子从A移动到B电场力做正功，电势能将减小。【解析】电场力减少19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电流计与大阻值定值电阻串联；为电压表。

[2]根据串并联关系有

代入数据解得【解析】①.电压表②.2V20、略

【分析】【详解】

A、B两点间的电势差为正电荷q从A移到B，电场力所做功为．【解析】ElcosθqElcosθ21、略

【分析】【分析】

根据I-t图线所围成的面积等于电容器的电荷量；电容器充电过程中，电荷量增加；

【详解】

电流为正值，逆时针方向，与电源方向一致，所以在形成电流曲线1的过程中，电容器在充电，电容器带电量逐渐变大；由图像可知，电流随时间逐渐减小到零（且电流随时间减小的越来越慢）.【解析】充电电流随时间逐渐减小到零（且电流随时间减小的越来越慢）四、作图题(共2题，共6分)22、略

【分析】【详解】

实物图中第一个为电动机；电动机符号为符号图中的第二个；

实物图中第二个为电容器；电容器符号为符号图中的第三个；

实物图中第三个为电阻；电阻符号为符号图中的第四个；

实物图中第四个为灯泡；灯泡符号为符号图中的第一个。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共2题，共20分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]电流表改装；根据电路结构和欧姆定律可得。

可得。

[2]电压表改装；根据电路结构和欧