2025年冀教版选择性必修2物理下册月考试卷

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A.甲、乙都受洛伦兹力作用B.甲、乙都不受洛伦兹力作用C.只有甲受洛伦兹力作用D.只有乙受洛伦兹力作用3、某输电线路横穿公路时；要在地下埋线。为了保护输电线不至于被压坏，可预先铺设结实的过路钢管，再让输电线从钢管中穿过。电线穿过钢管的方案有两种：甲方案是铺设两根钢管，两条输电线分别从两根钢管中穿过；乙方案是只铺设1根钢管，两条输电线都从这一根钢管中穿过。如果输电导线输送的电流很强大，那么，以下说法正确的是（）

A.无论输送的电流是恒定电流还是交变电流，甲、乙两方案都是可行的B.若输送的电流是恒定电流，甲、乙两方案都是可行的C.若输送的电流是交变电流，甲乙方案都是可行的D.若输送的电流是交变电流，甲方案是可行的，乙方案是不可行的4、如图所示，由某种粗细均匀的总电阻为6的金属条制成的矩形线框固定在水平面内且处于方向竖直向下的匀强磁场B中。一接入电路电阻为R的导体棒PQ，在水平拉力作用下沿ab、cd以速度v匀速滑动，滑动过程PQ始终与ab垂直，且与线框接触良好，不计摩擦，在PQ从靠近ad处向bc滑动的过程中（）

A.PQ中电流先增大后减小B.PQ上拉力的功率先减小后增大C.PQ两端电压先减小后增大D.线框消耗的电功率先减小后增大5、小明模仿科技小视频制作电磁“小车”：用铜制裸导线绕制成长螺线管当作轨道，固定在水平桌面上；将两个磁性很强的磁铁固定连接在一节新干电池的两极上制成“小车”，磁极与电极如图所示。把“小车”从左侧入口完全推入螺线管，“小车”并没有像视频那样向前运动。以下说法正确的是（）

A.电磁“小车”工作原理是螺线管中产生了电磁感应现象B.若将“小车”从右侧入口完全推入，“小车”可能会向前运动C.若将左端磁铁反向与电池固定连接后从左侧入口完全推入，“小车”可能会运动D.将“小车”放入包有绝缘层的铝制长螺线管中，“小车”可能会运动6、如图所示是闪电击中广州塔的画面；广州塔的尖顶是一避雷针，雷雨天气时，底端带负电的云层经过避雷针上方时，避雷针尖端放电形成瞬间强电流，乌云所带的负电荷经避雷针导入大地，在此过程中，下列说法正确的是（）

A.云层靠近避雷针时，针尖感应出负电荷B.避雷针上的电流方向从尖端流向底端C.避雷针尖端附近的电场强度比避雷针底端附近的电场强度小D.地磁场对避雷针的作用力方向向西7、如图所示，水平面上静止放置一个单匝正方形线框，边长为0.2m，总电阻为4线框有一半处于垂直于纸面向里的匀强磁场中，磁感应强度大小与时间关系为：B=（3+2t）T，若线框在t=0到t=5s一直处于静止状态，则在t=2.5s时刻；求线框所受摩擦力大小和方向（）

A.0.016N、右B.0.032N、右C.0.016N、左D.0.032N、左8、现有内接正方形的金属圆环，正方形内充满变化磁场，金属环电阻率为横截面积为S，圆环半径为R，如图（a）所示。规定垂直纸面向里为磁感应强度的正方向，磁感应强度B随时间t的变化关系如图（b）所示；则（）

A.时间内，圆环中的感应电流方向为顺时针方向B.时间内，圆环所受安培力大小为零C.时间内，圆环中的感应电流大小为D.时间内，圆环中产生的热量为9、“人工肺ecomo”呼吸机是治疗新冠肺炎重症的重要设备。一呼吸机接在电压随时间变化的规律为的交流电源上，正常工作时电流为2.5A，则（）A.该交流电的周期为50sB.该交流电每秒内电流方向变化50次C.该交流电的最大值为220VD.该呼吸机正常工作时的功率为550W评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、如图所示，将四根通电直导线分别放在四个匀强磁场中，图中给出了磁感强度B的方向、导线中电流I的方向，某同学分别画出了通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是A.B.C.D.11、如图所示，A点的粒子源在纸面内沿垂直OQ方向向上射出一束带负电荷的粒子，粒子重力忽略不计。为把这束粒子约束在OP之下的区域，可在∠POQ之间加垂直纸面的匀强磁场。已知OA间的距离为s，粒子比荷为粒子运动的速率为v，OP与OQ间夹角为30°。则所加磁场的磁感应强度B满足（）

A.垂直纸面向里，B.垂直纸面向里，C.垂直纸面向外，D.垂直纸面向外，12、如图所示，有两根用超导材料制成的长直平行细导线a、b，分别通以80A和100A流向相同的电流，两导线构成的平面内有一点P；到两导线的距离相等。下列说法正确的是（）

A.两导线受到的安培力Fa=1.25FbB.导线所受安培力可以用F=BIL计算C.移走导线b前后，P点的磁感应强度方向改变D.在两导线所在的平面内，存在磁感应强度为零的位置13、如图所示，两方向相反、磁感应强度大小均为B的匀强磁场被边长为L的等边三角形ABC分开，三角形内磁场垂直纸面向里，三角形顶点A处有一质子源，能沿∠BAC的角平分线发射速度不同的质子(质子重力不计)，所有质子均能通过C点，质子比荷＝k；则质子的速度可能为()

A.2BkLB.C.D.14、某同学在老师指导下利用如甲装置做实验，在固定支架上悬挂一蹄形磁铁，悬挂轴与一手柄固定连接，旋转手柄可连带磁铁一起绕轴线旋转，蹄形磁铁两磁极间有一可绕轴线自由旋转的矩形线框（与轴线重合）.手柄带着磁铁以的角速度匀速旋转，某时刻蹄形磁铁与线框平面正好重合，如图乙所示，此时线框旋转的角速度为已知线框边线框所在处磁场可视为匀强磁场，磁感应强度大小为线框匝数为200匝，电阻为则下列说法正确的是（）

A.若手柄逆时针旋转（俯视），线框将顺时针旋转B.若手柄逆时针旋转（俯视），在图乙时刻线框中电流的方向为C.在图乙时刻线框中电流的热功率为D.在图乙时刻线框边受到的安培力大小为评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、小型水利发电站的发电机输出功率为24.5kW，输出电压为350V，输电线总电阻为4Ω，为了使输电线损耗功率为发电机输出功率的5%，需在发电机处设升压变压器，用户所需电压为220V，所以在用户处需安装降压变压器。输电电路图如图所示，则电流I1=___________；升压变压器的原、副线圈的匝数之比n1：n2=___________；降压变压器的原、副线圈的匝数之比n3：n4=_________。

16、如图1所示，一台理想变压器，其原线圈为2200匝，副线圈为440匝，副线圈接一个100Ω的负载电阻，当原线圈接在如图2交流电压源上时，电压表示数为______V，电流表示数为______A。

17、在电子技术中，从某一装置输出的交变电流常常既有高频成分又有低频成分。要把低频成分输送到下一级装置，可用如图所示电路，其中电容C叫______，通过它的是______（选填“高频”或“低频”），它的电容一般较______（选填“大”或“小”），对高频容抗较______（选填“大”或“小”）。18、动圈式话筒是利用________原理将__________信号转换为________信号的。19、如图所示，一个很长的竖直放置的圆柱形磁铁，在其外部产生一个中心辐射的磁场（磁场水平向外），其大小为（其中r为辐射半径——考察点到圆柱形磁铁中心轴线的距离，k为常量），一个与磁铁同轴的圆形铝环的半径为R（大于圆柱形磁铁的半径），弯成铝环的铝丝的横截面积为S。圆形铝环在磁场中由静止开始下落，下落过程中圆环平面始终水平，已知铝丝电阻率为密度为则圆形铝环下落的最终速度为________________。

20、如图甲所示，为热敏电阻的R－t图像，图乙为用此热敏电阻R和继电器组成的一个简单恒温箱温控电路，继电器的电阻为100Ω。当线圈的电流大于或等于20mA时，继电器的衔铁被吸合。为继电器线圈供电的电池的电动势E＝9.0V；内阻可以不计。图中的“电源”是恒温箱加热器的电源。则。

(1)应该把恒温箱内的加热器接在________（填“A、B端”或“C、D端”）。

(2)如果要使恒温箱内的温度保持50℃，可变电阻R′的阻值应调节为________Ω。21、如图所示，三只完全相同的灯泡a、b、c分别与电阻R、电感L、电容C串联，再将三者并联，接在220V、60Hz的交变电源两端，三只灯泡亮度相同。如果将电源改为220V、100Hz的交变电源，则a灯亮度_________，b灯亮度_________，c灯亮度_________。（选填“变亮”；“变暗”或“不变”）

22、如图所示，三只完全相同的灯泡a、b、c分别与电阻R、电感L、电容C串联，再将三者并联，接在220V、60Hz的交变电源两端，三只灯泡亮度相同。如果将电源改为220V、100Hz的交变电源，则a灯亮度_________，b灯亮度_________，c灯亮度_________。（选填“变亮”；“变暗”或“不变”）

评卷人得分四、作图题(共4题，共8分)23、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

24、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

25、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

26、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、解答题(共3题，共9分)27、图为可测定比荷的某装置的简化示意图，在第一象限区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小B=2.0×10－3T，在X轴上距坐标原点L=0.50m的P处为离子的入射口，在Y上安放接收器，现将一带正电荷的粒子以v=3.5×104m/s的速率从P处射入磁场，若粒子在y轴上距坐标原点L=0.50m的M处被观测到，且运动轨迹半径恰好最小，设带电粒子的质量为m，电量为q；不记其重力。

(1)求上述粒子的比荷

(2)如果在上述粒子运动过程中的某个时刻，在第一象限内再加一个匀强电场，就可以使其沿y轴正方向做匀速直线运动；求该匀强电场的场强大小和方向，并求出从粒子射入磁场开始计时经过多长时间加这个匀强电场；

(3)为了在M处观测到按题设条件运动的上述粒子；在第一象限内的磁场可以局限在一个矩形区域内，求此矩形磁场区域的最小面积，并在图中画出该矩形。

28、如图所示，一个匝数n的圆形线圈，半径r1、电阻为R。在线圈中存在半径r2（r2<r1）、垂直线圈平面向内的圆形匀强磁场区域，磁感应强度BB0kt（B0、k均为正数）。将线圈两端a、b与一个阻值2R的电阻相连接，b端接地。

(1)计算圆形线圈上的磁通量Φ；

(2)圆形线圈上的电动势E；

(3)判断通过电阻2R的电流方向，计算a点的电势φa。（电流方向用M、N字母说明）

29、如图是一台小型发电机示意图，矩形线圈在匀强磁场中绕轴匀速转动，磁场方向与转轴垂直。矩形线圈面积为匝数匝，线圈电阻磁场的磁感应强度线圈绕轴以的角速度匀速转动。线圈两端外接电阻的小灯泡和一个理想交流电表。求：

（1）线圈中产生的感应电动势的最大值；

（2）电流表的读数；

（3）小灯泡消耗的电功率。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【详解】

A．由公式可知；在输电总功率不变的情况下，电压升高，输送电流变小，A错误；

B．由欧姆定律可知，导线上损失的电压输电线电阻不变，所以输电线上损失的电压变小，B错误；

C．输电线上损失的功率所以输电线上损失的功率变小，C正确；

D．用户得到的电功率变小；用户得到的电功率变大，D错误。

故选C。2、C【分析】【详解】

粒子甲的速度方向与磁场方向垂直，故洛伦兹力为：粒子乙的速度方向与磁场方向平行；故洛伦兹力为零，故C正确，A；B、D错误；

故选C．3、B【分析】【详解】

ACD．因为输电线周围存在磁场；交变电流产生变化的磁场，因此在输电过程中输电线因电流变化引起自感现象，当输电线上电流很大时，强大的自感电流有可能将钢管熔化，造成事故，所以若输送的电流是交变电流，甲方案是不可行的，而在乙方案中，两条输电线中的电流方向相反，产生的磁场互相抵消，使自感现象的影响减弱到可以忽略不计的程度，所以若输送的电流是交变电流，乙方案是可行的，故ACD错误；

B．若输送的电流是恒定电流；甲；乙两方案都是可行的，故B正确。

故选B。4、B【分析】【详解】

设PQ左侧电阻为则右侧电路的电阻为所以外电路的总电阻为

在PQ从靠近ad处向bc滑动的过程中；外电路电阻先增大后减小．

A．PQ中电流

先减小后增大；故A错误；

B．PQ做匀速运动，拉力等于安培力，即

拉力的功率

先减小后增大；故B正确；

C．PQ中电流先减小后增大，内电压先减小后增大，PQ两端电压(电源的路端电压)先增大后减小；故C错误；

D．外电路的电阻

当PQ运动到中间位置时，外电路的电阻最大为大于电源内阻．起始位置与终了位置时，外电阻最小，但最小值与电源内阻的大小关系不确定．又外电阻先增大后减小，电源输出功率与外电阻的关系如图。

则线框消耗的电功率(电源输出功率)变化情况不确定；故D错误。

故选B。5、B【分析】【详解】

AB．两磁极间的磁感线如图所示。

干电池与磁铁及中间部分线圈组成了闭合回路；在两磁极间的线圈中产生电流，左端磁极的左侧线圈和右端磁极的右侧线圈中没有电流，其中线圈中电流方向的左视图如图所示。

由左手定则可知线圈所受的安培力向右；根据牛顿第三定律可知，“小车”向左加速，显然该“小车”前进不是利用电磁感应原理，把“小车”从左侧入口完全推入螺线管，其肯定不会向右运动，而若将“小车”从右侧入口完全推入螺线管，“小车”可能会向前运动，故A错误，B正确；

C．若将左端磁铁反向与电池固定连接；则磁感线不会向外发散，“小车”受到的合力为零，不能加速运动，故C错误；

D．将“小车”放入包有绝缘层的铝制长螺线管中；在螺线管中不会产生电流，则“小车”不会受到力的作用，不可能会运动，故D错误。

故选B。6、D【分析】【详解】

A．根据同种电荷相互排斥；异种电荷相互吸引，可知云层靠近避雷针时，针尖感应出正电荷，故A错误；

B．负电荷从尖端流向底端；而电流的方向规定为正电荷运动的方向，因此电流的方向从底端流向尖端，故B错误；

C．由于电荷更容易集中到尖端；从而避雷针尖端附近的电场强度比避雷针底端附近的电场强度大，故C错误；

D．根据左手定则可知；地磁场对避雷针的作用力方向向西，故D正确。

故选D。7、A【分析】【详解】

由法拉第电磁感应定律得回路电动势大小为

感应电流大小为

时刻的磁感应强度大小为

安培力大小为

线框静止；所以摩擦力大小为0.016N。由楞次定律，线框安培力向左，所以摩擦力向右。

故选A。8、B【分析】【详解】

A．时间内；圆环中磁场向外且减小，据楞次定律可知，圆环中的感应电流方向为逆时针方向，A错误；

B．时间内；圆环中磁场向内且增大，产生逆时针的感应电流，但圆环所在位置磁场应强度为零，故圆环所受安培力大小为零，B正确；

C．时间内，据法拉第电磁感应定律可知，圆环中的感应电动势

圆环的电阻

故时间内，圆环中的感应电流大小为

C错误；

D．时间内，圆环中产生的热量为

D错误。

故选B。9、D【分析】【分析】

【详解】

A．由题可知；该交流电的周期。

故A错误；

B．正弦交流电一个周期内电流方向变化两次，所以该交流电每秒内电流方向变化次；故B错误；

C．由题可知，该交流电的最大值为220V；故C错误；

D．该交流电的有效值为V；此时电流的值为2.5A，可得正常工作时的功率。

故D正确。

故选D。二、多选题(共5题，共10分)10、A:D【分析】【详解】

根据左手定值可知：

A．图A中的安培力应该垂直导体斜向上；故A正确；

B．图B中电流方向和磁场方向平行；不受安培力，故B错误；

C．图C中的安培力应该垂直磁感线竖直向上；故C错误；

D．图D中的安培力应该垂直于电流方向斜向下；故D正确．

故选AD。11、B:D【分析】【详解】

AB．当所加匀强磁场方向垂盲纸面向里时，由左手定则知：负离子向右偏转。约束在OP之下的区域的临界条件是离子运动轨迹与OP相切。如图（大圆弧）

由几何知识知

而

所以

所以当离子轨迹的半径小于s时满足约束条件。由牛顿第二定律及洛伦兹力公式列出

所以得

故A错误；B正确；

CD．当所加匀强磁场方向垂直纸面向外时，由左手定则知：负离子向左偏转。约束在OP之下的区域的临界条件是离子运动轨迹与OP相切。如图（小圆弧）

由几何知识知道相切圆的半径为所以当离子轨迹的半径小于时满足约束条件。

由牛顿第二定律及洛伦兹力公式列出

所以得

故C错误；D正确。

故选BD。12、B:C:D【分析】【详解】

A．两导线受到的安培力是相互作用力；大小相等，方向相反，A错误；

B．根据通电直导线的磁场特征可知，由于两导线平行，则磁场与导线垂直，且导线所在位置的磁感应强度相同，即导线所受的安培力可以用F=BIL计算；B正确；

C．移走导线b前，导线b电流较大，P点磁场方向与导线b产生的磁场方向相同，垂直纸面向里，移走导线b后，P点磁场方向与导线a产生的磁场方向相同，垂直纸面向外，即移走导线b前后，P点的磁感应强度方向改变；C正确；

D．在两导线所在的平面内，由磁场叠加可知，存在磁感应强度为零的位置，该位置靠近导线a；D正确。

故选BCD。13、B:D【分析】【分析】

【详解】

因质子带正电，且经过c点，其可能的轨迹如图所示，所有圆弧所对圆心角均为所以质子运行半径。

r＝(n＝1，2，3．．．．．．)由洛伦兹力提供向心力得。

Bqv＝m即。

v＝＝Bk(n＝1，2，3．．．．．．)故BD正确。

故选BD。

14、B:C【分析】【详解】

若手柄逆时针旋转(俯视)，根据楞次定律，知安培力将阻碍线框与磁场间的相对运动，线框所受的安培力使线框也逆时针旋转，A错误；题图乙中手柄逆时针旋转(俯视)，由右手定则判断知，此时线框中电流的方向为abcda，B正确；题图乙时刻线框中感应电动势又ab边所在处磁场的线速度大小ab边的线速度大小可得E=0.16V，感应电流，电流的热功率C正确；在题图乙时刻线框bc边不受安培力作用，D错误．三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【详解】

[1]电流

[2]输电线上损耗的功率

则输电线上的电流

根据理想变压器的电流规律

解得升压变压器的原、副线圈的匝数之比

[3]对于降压变压器

则降压变压器的原、副线圈的匝数之比【解析】70A1：4133：2216、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由图可知，该交流电的最大值是V，所以其有效值为220V；当原线圈接在220V交流电源上时，根据变压器的变压比公式，有

解得

[2]电流为【解析】440.4417、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]图中电容C叫高频旁路电容。

[2][3][4]电容器的容抗电路要把低频成分输送到下一级，C的作用是“通高频、阻低频”，所以通过它的是高频，它的电容一般较小，对高频容抗较小。【解析】高频旁路电容高频小小18、略

【分析】【详解】

[1][2][3]动圈式话筒是利用电磁感应原理将声信号转换为电信号的。【解析】①.电磁感应②.声③.电19、略

【分析】【分析】

【详解】

当圆形铝环加速度为零时，有最大速度圆形铝环电阻为此时安培力

由平衡条件可知得【解析】20、略

【分析】【详解】

(1)[1]恒温箱内的加热器应接在A、B端。随着恒温箱内温度升高，热敏电阻R的阻值变小，则线圈中的电流变大，当线圈中的电流大于或等于20mA时，继电器的衔铁被吸到下方来，则恒温箱加热器与电源断开，加热器停止工作，恒温箱内温度降低。随着恒温箱内温度降低，热敏电阻R的阻值变大；则线圈中的电流变小，当线圈的电流小于20mA时，继电器的衔铁又被释放到上方，则恒温箱加热器又开始工作，这样就可以使恒温箱内保持在某一温度。

(2)[2]要使恒温箱内的温度保持50℃，即50℃时线圈内的电流为20mA。由闭合电路欧姆定律

r为继电器的电阻，由图甲可知，50℃时热敏电阻的阻值为90Ω，所以R′＝－R－r＝260Ω【解析】①.A、B端②.26021、略

【分析】【详解】

[1]电阻对灯泡亮度的影响与频率无关，故a灯亮度不变。

[2]根据电感的特性：通低频、阻高频，当电源的频率变高时，电感对电流的感抗增大，b灯变暗。

[3]根据电容器的特性：通调频、阻低频，当电源的频率变高时，电容器对电流的容抗减小，c灯变亮。【解析】不变变暗变亮22、略

【分析】【详解】

[1]电阻对灯泡亮度的影响与频率无关，故a灯亮度不变。

[2]根据电感的特性：通低频、阻高频，当电源的频率变高时，电感对电流的感抗增大，b灯变暗。

[3]根据电容器的特性：通调频、阻低频，当电源的频率变高时，电容器对电流的容抗减小，c灯变亮。【解析】不变变暗变亮四、作图题(共4题，共8分)23、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知