2025年外研版2024必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版2024必修3物理下册阶段测试试卷361考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、闭合电路欧姆定律的公式是（）A.B.C.D.2、下列选项中用来描述电容器储存电荷能力的物理量是（）A.电压B.电量C.电容D.电场强度3、半径为r的硬橡胶圆环上带有均匀分布的正电荷，单位长度的电量为q，现截去圆环最右边一小段，其长度则剩余部分在圆心处产生的电场强度是A.大小为方向向左B.大小为方向向右C.大小为方向向左D.大小为方向向右4、如图所示，起初用绝缘柱支持的导体A和B彼此接触，且均不带电。手握绝缘棒把带正电荷的物体C移近导体A，但不接触，把A、B分开后，A带上-2.0×10-8C的电荷；则下列说法正确的是（）

A.B得到2.0×108个电子B.B失去2.0×108个电子C.B带-2.0×10-8C电荷D.B带+2.0×10-8C电荷5、某同学为测量电源电压U和电阻R的阻值，连接如图甲所示电路图，图乙为该同学根据上述设计的实验电路利用实验测出的数据绘出的U0﹣I图线；电流表内阻不计，不计电源内阻，下列选项正确的是（）

A.电源电压约为10VB.电源电压约为1VC.电阻R的阻值约为80ΩD.电阻R的阻值约为10Ω6、带正电荷的小球只受到电场力作用从静止开始运动，它在任意一段时间内A.一定沿电场线由高电势处向低电势处运动B.一定沿电场线由低电势处向高电势处运动C.不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动D.不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动7、随着生活水平的提高；电子种已经成为日常生活中不可或缺的一部分，电子秤的种类有很多，用平行板电容器制成的厨房专用电子秤及其电路简图如图所示。称重时，把物体放到电子秤面板上，压力作用会导致平行板上层膜片电极下移。下列说法正确的是（）

A.放上物体后，电容器的电容变小B.放上物体后，电容器所带电荷量增大C.放上物体后，极板间电场强度变小D.取下物体时，电流表有从b到a的电流8、如图甲所示，一条电场线与Ox轴重合，取O点电势为零、Ox方向上各点的电势随x变化的情况如图乙所示。若在O点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则（）

A.电子将沿Ox负方向运动B.电子运动的加速度先减小后增大C.电子运动的加速度恒定D.电子的电势能将增大评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为内电阻为为定值电阻，为滑动变阻器，为电容器，Ⓐ、Ⓥ为理想电流表和理想电压表。在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中；下列说法中正确的是。

A.电压表示数变大B.电流表示数变小C.电源的输出功率增大D.电容器C所带电荷量增多10、如图甲所示的电路，小灯泡通电后其两端电压U随所通过的电流I变化的图线如图乙所示（图中U1、I1、I2均为已知量），P为图线上一点，PN为图线的切线，PM为U轴的垂线，PQ为I轴的垂线，定值电阻的阻值R0为已知量；下列说法中正确的是（）

A.随着所通电流的增大，小灯泡的电阻增大B.对应P点，小灯泡的电阻为R＝C.在电路中灯泡L两端的电压为U1时，电阻R0两端的电压为I1R0D.对应P点，小灯泡的电功率为图中矩形PQOM所围的面积11、如图所示，电源内阻不可忽略且电源电动势和内阻保持不变，电阻灯泡L两端的电压和通过它们的电流分别用和表示，各用电器两端的电压和通过的电流变化量的大小分别用和表示，电容器所带的电荷量用Q表示；当滑动变阻器的滑动片向下移动时，下列说法正确的是（）

A.L变暗，Q减小B.不变，不变C.变小，不变D.变小，变小12、如图所示是根据某次实验记录数据画出的U-I图像，下列关于这个图像的说法中正确的是（）

A.纵轴截距表示待测电源的电动势，即E=3.0VB.横轴截距表示短路电流，即I短=0.6AC.根据r=计算出待测电源内阻为5ΩD.根据r=计算出待测电源内阻为1Ω13、将一块受到电场作用的电光晶体放在两块偏振片之间，可以利用晶体的电光效应有效地控制出射光的强度、方向和偏振状态，实现电光调制、偏转等应用目标。在外加电场作用下，电光材料折射率的改变量△n与外加电场的电场强度E成正比关系的效应被称为线性电光效应。为了表示电光材料的这种性质引入电光系数C，定义式为下面哪些公式反映的物理量之间的关系与电光系数定义方式相同（）A.加速度B.电阻C.磁感应强度D.电场强度评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、右图电路中，滑动变阻器的滑片向上移动过程中，A、B两个小灯泡的亮度变化情况是A灯___________，B灯___________。（填“变亮”、“变暗”、“不变”）15、在如图所示的电路中，已知电阻R1的阻值小于滑动变阻器R0的最大阻值．闭合电键S，在滑动变阻器的滑片P由最左端向最右端滑动的过程中，电流表A2的示数_____________（填变化趋势），电压表V1的示数变化量ΔU1与电流表A2的示数变化量ΔI2比值_____________．

16、库仑定律的内容：_______中两个静止点电荷之间的相互作用力，与它们的电荷量的乘积成_______，与它们的距离的二次方成_______，作用力的方向在它们的_______上。

静电力：电荷间的相互作用力，也叫_______。17、利用图像分析问题是物理学中常用的方法；其中的斜率；面积通常具有明确的物理意义。

(1)小明以6m/s的初速度将足球水平踢出，足球在草坪上滚动直到停下来的全过程中的速度—时间图像如图1所示，图1中图线与坐标轴所围的面积等于12个小方格的面积，由图像可知足球在滚动过程中受到的阻力大小____（选填“变大”、“变小”或是“不变”），足球滚动了____m停下来。

(2)利用电流传感器测量电容器电容的实验电路图如图2所示。电源电压为8V，先使开关S与1端相连，电源向电容器充电，然后把开关S掷向2端，电容器通过电阻R放电。电流传感器将电流变化的信息传入计算机，屏幕上显示出电流i随时间t变化的i—t曲线如图3所示，图中图线与坐标轴所围的面积也等于12个小方格的面积，根据图3，计算电容器在全部放电过程中释放的电荷量Q=__C，该电容器的电容C=___F。

18、一电流表允许通过的最大电流（满刻度电流）为表头电阻若改装成量程为的电流表，应_______（填“串联”或“并联”）一个阻值为56.2Ω的电阻。若将改装后的电流表再改装成量程为的电压表，应再_______（填“串联”或“并联”）一个阻值为_______Ω的电阻。19、描述电源将其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量是________，其单位可用国际单位制中的基本单位表示为________。20、在如图所示电路中，电源电动势为6V，内阻为1Ω，电阻R1＝5Ω，R2＝6Ω，滑动变阻器的阻值0～30Ω．闭合电键K，当滑动变阻器的滑动触头P由a端向b端滑动时，理想电流表和理想电压表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU表示．则电流表示数的变化情况是____；＝_______Ω；电源的最大输出功率为_______W．

评卷人得分四、作图题(共1题，共3分)21、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

评卷人得分五、实验题(共1题，共8分)22、用图1所示的电路测定一节蓄电池的电动势和内阻。蓄电池的电动势约为2V，内阻比较小，为保护电阻。

（1）现有蓄电池、电流表（量程0~0.6A）、滑动变阻器（）；开关、导线若干；以及下面的器材：

A.电压表（0~3V）B.电压表（0~15V）C.定值电阻（）D.定值电阻（）

实验中电压表应选用__________；应选用__________（选填相应器材前的字母）。

（2）图2是实验器材实物图，已连接了部分导线。请根据图1，补充完成其他连线________。

（3）某位同学根据实验记录的数据作出如图3所示的图像。根据图像可知，该蓄电池的电动势__________V，内阻__________（计算结果保留2位有效数字）。

（4）采用图1电路测量电源电动势和内阻，产生系统误差的主要原因是__________。

A．电流表的分压作用B.电压表的分流作用。

（5）某同学按图1连接好电路，闭合开关后发现：无论怎样移动滑片电流表的示数始终为零，电压表的示数接近2V不变。已知所用导线都完好。有同学说，因为电流表没有示数，所以一定是电流表损坏了。你认为该同学的说法是否正确______？简要说明理由_______。评卷人得分六、解答题(共1题，共8分)23、粗糙水平面上方存在水平向左的匀强电场，电场强度大小E=2.0×103N/C。带正电的滑块（可视为质点）置于绝缘长木板左端，与长木板保持相对静止共同向右运动，当长木板右端距墙时，滑块与长木板的速度v0=2.0m/s，长木板与墙碰撞时间极短，速度大小不变，方向反向，滑块没有从长木板右端滑出。已知长木板质量M=2.0kg，滑块带电量q=1.5×10-3C、质量m=1.0kg，长木板与地面之间的动摩擦因数1=0.1，滑块与长木板之间的动摩擦因数2=0.2，重力加速度g取10m/s2。求：

（1）长木板与墙碰撞前瞬间的速度大小；

（2）长木板的长度应满足的条件；

（3）长木板最后静止时的位置。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【详解】

A．是部分电路的欧姆定律表达式；故A错误；

B．是闭合电路的欧姆定律表达式；体现电流由电动势和总电阻决定，故B正确；

C．是部分电路的电压计算式；故C错误；

D．是闭合电路的电动势的计算式；故D错误。

故选B。2、C【分析】【详解】

电容是用来描述电容器储存电荷能力的物理量；

A．电压；与结论不相符，选项A错误；

B．电量；与结论不相符，选项B错误；

C．电容；与结论相符，选项C正确；

D．电场强度，与结论不相符，选项D错误；3、B【分析】【详解】

由于截去圆环最右边一小段的长度相对于点截去圆环最右边一小段可看成点电荷，其电荷量为：

则截去圆环最右边一小段在点产生的电场强度大小：

方向向左，由于完整的硬橡胶圆环在处的合场强为0，则剩余部分在点产生的场强与截去圆环最右边一小段产生的场强大小相等、方向相反，所以剩余部分在点产生的场强大小为：

方向向右。

A．与分析不符；故A错误；

B．与分析相符；故B正确；

C．与分析不符；故C错误；

D．与分析不符；故D错误；

故选B。4、D【分析】【详解】

带正电荷的物体C靠近导体A时，由静电感应可知A端感应出负电荷，B端感应出正电荷，根据电荷守恒定律可得，把A、B分开后，A带上-2.0×10-8C的电荷，则B带+2.0×10-8C电荷。

故选D。5、D【分析】【详解】

由甲图可知，该电路为串联电路，电压表测量R0两端电压，由乙图可知，当I1=0.1A时，U0=8V。根据串联电路电压的规律可得

当I2=0.3A时，同理根据串联电路电压的规律可得

联立可得

故选D。

【点睛】

解答动态电路问题，关键在于判断电路的连接方式，确定电表的测量对象，再抓住电源电压始终不变，再根据串并联电路中电流电压及电阻的规律结合欧姆定律等进行解答6、D【分析】【分析】

【详解】

物体的运动情况取决于合力和初始条件．小球只受到电场力的作用；从静止开始释放，仅受电场力作用，是否沿电场线运动，还要看电场线是直线还是曲线，若为直线，小球沿电场线运动，若为曲线，小球不沿电场线运动．在任意一段时间内，小球不一定从高电势向低电势运动，比如在等量同种负电荷连线的中垂线上做往复运动．

A．一定沿电场线由高电势处向低电势处运动．故A错误．

B．一定沿电场线由低电势处向高电势处运动．故B错误．

C．不一定沿电场线运动；但一定由高电势处向低电势处运动．故C错误．

D．不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动．故D正确．7、B【分析】【详解】

A．根据电容器表达式

当两个极板的距离减小时；电容器的电容增大，故A错误；

BD．根据电容器定义式

由于电容器一直和电源相连，电压不变，当电容增大时，带电荷量增大，即电容器被充电，电流表有从b到a的电流，所以取下物体时，电流表有从a到b的电流；故B正确，D错误；

C．由匀强电场公式得

所以当电压不变；两个极板的距离减小时，极板间电场强度变大，故C错误。

故选B。8、B【分析】【详解】

A．由图乙可知，随x增大电势逐渐升高，则电场线方向沿Ox负方向，电子所受的电场力沿Ox正方向，则电子将沿Ox正方向运动；选项A错误；

BC．中-x图像的斜率大小等于电场强度大小，即

由图乙可知，图像斜率先减小后增大，则电场强度先减小后增大，由F=qE

可知；电子所受的电场力先减小后增大，由牛顿第二定律知，电子运动的加速度先减小后增大，B正确，C错误；

D．电子由静止释放后；电场力对电子做正功，电子的电势能减小，D错误。

故选B。二、多选题(共5题，共10分)9、A:C【分析】【分析】

【详解】

A.在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两端电压增大；则电压表示数变大。故A正确；

B.电阻R2两端的电压：

U2=E−I(R1+r)，I增大，则U2变小，流过R2的电流减小；则电流表示数变大，故B错误；

C.据题：r<R1；当外电路总电阻减小时，内外电阻更加接近，电源的输出功率增大。故C正确；

D.由于U2变小；电容器板间电压变小，其带电量减小。故D错误。

故选：AC10、A:B:D【分析】【详解】

A．由欧姆定律知，U-I图像中任意一点的电阻可用该点与坐标原点的连线的斜率表示；由图乙并结合数学知识可知，随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大，故A正确；

B．对应P点，小灯泡的电阻可用O、P两点连线的斜率表示，即

故B正确；

C．在电路中灯泡L两端电压为U1时，通过电阻R0的电流为I2，则电阻R0两端的电压为I2R0；故C错误；

D．对应P点，小灯泡的电功率为即图像中矩形PQOM所围成的面积；故D正确。

故选ABD。11、A:B:C【分析】【详解】

A．当滑动变阻器的滑动片向下移动时，R2阻值变小，总电阻变小，总电流变大，则路端电压减小，即L变暗，R1电流变大，R1两端电压变大，则R2两端电压减小；则电容器两板电压减小，则带电量减小，选项A正确；

B．因为R1阻值不变，则

不变；选项B正确；

C．因为

变小,将电阻R1、灯泡L电阻RL以及电源内阻r等效为R等效，则U2=E-I2R等效

可得

不变；选项C正确；

D．因RL不变，则

不变；选项D错误。

故选ABC。12、A:D【分析】【详解】

A．由闭合电路欧姆定律可知U=E-Ir

由数学知识可知，纵轴截距为电源的电动势，所以电动势为E=3.0V；故A正确；

CD．路端电压的减少量ΔU等于内电压的增加量，根据r=则待测电源内阻为1.0Ω，故C错误，D正确；

B．当外电路电阻R=0时，外电路短路，短路电流为I短=A=3A

故B错误。

故选AD。13、B:C【分析】【分析】

【详解】

电光系数C；定义式为。

表面C等于△n与外加电场的电场强度E的比值；采用了比值定义法；四个表达式中，电阻。

和磁感应强度。

都是采用的比值定义法；而加速度。

和电场强度。

不是比值定义法。

故选BC。三、填空题(共7题，共14分)14、略

【分析】【详解】

[1][2]．滑动变阻器的滑片向上移动过程中，电阻变大，则总电阻变大，总电流减小，即A灯电流减小，即A灯变暗；A灯两端电压值减小，则由UB=U-UA可知B灯两端电压变大，即B灯变亮；【解析】变暗变亮15、略

【分析】【详解】

[1]．滑片P由滑动变阻器的左端向右端滑动的过程中，电阻R0的左半部分与R1串联然后与R0的右半部分并联，根据并联电路的电阻的特点，以及电阻R1的阻值小于滑动变阻器R0的最大阻值可知，并联电阻先变大后变小，所以电路总电阻R先变大后变小，电源电动势不变，电路电流（的示数）先变小后变大；

[2]．电压表的示数变化量与电流表A2的示数变化量ΔI2比值表示电源内阻，故保持不变.【解析】先变小后变大保持不变（r电源内阻）16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.真空②.正比③.反比④.连线⑤.库仑力17、略

【分析】【详解】

(1)因为v-t图象的斜率变小，表示加速度减小，根据牛顿第二定律f=ma；知足球在滚动过程中受到的阻力变小；图1中图线与坐标轴所围面积表示位移即为足球滚动的距离，1格面积是1，12格面积是12，所以位移是12m，足球滚动了12m才停下来。

(2)在电容器放电过程中的任意瞬时有：△Q=I•△t，故i-t图线与t轴所围面积即为电容器所带电荷量的最大值，由图可知该面积等于12个小方格的面积，因此电容器所带电荷量的最大值，由图可知该面积等于12个小方格的面积．因此电容器所带电荷量的最大值根据电容的定义式

【点睛】

解决本题的关键是理解图象面积的物理意义，v-t图象的面积代表位移，i-t图线的面积代表电量。【解析】变小120.0240.00318、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]把电流表改装成大量程电流表；需要并联一个阻值为56.2Ω的电阻；

[2][3]把电流表改装成电压表，需要串联电阻，阻值为【解析】①.并联②.串联③.9950Ω19、略

【分析】【详解】

[1]描述电源将其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量是电动势；

[2]根据公式

可得【解析】电动势20、略

【分析】【详解】

[1]滑动变阻器的滑动触头P由a端向b端滑动时，当时，并联电路的电阻最大，即时总电阻最大，即滑动触头P由a端向b端滑动时，总电阻先变大后变小，由闭合电路的欧姆定律知总电流先变小后变大；

[2]将看成电源的内阻，等于等效电源的内阻

[3]电源的外电阻和内电阻相差越小，电源的输出功率最大，所以滑片滑到最左端时，外电阻最小，和电源内阻相差最小，电源输出功率最大，电路电流电源最大输出功率

【点睛】

本题中并不等于变阻器与电阻R2并联的电阻，要根据闭合电路欧姆定律研究，也可以运用等效的方法，将R1看成电源的内阻，即可得到=R1+r．当外电路电阻等于内阻时电源的输出功率最大，若外电阻不能等于内阻，则越接近内阻值输出功率越大.【解析】先变小再变大65四、作图题(共1题，共3分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对