2025年外研版2024必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版2024必修3物理上册阶段测试试卷248考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图，一半径为R的圆盘上均匀分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q（q>0）的固定点电荷．已知b点处的场强为零，则d点处场强的大小为（k为静电力常量）（）

A.B.C.D.2、如图所示，有A、B两个可看成点电荷的带电小球，电荷量分别为用长度相等的绝缘轻质细绳系于天花板上的同一点A球紧靠竖直绝缘光滑墙壁，平衡时A、B之间的距离为现仅将B球的电荷量减少为原来的一半，则再次平衡时A、B之间的距离变为（）

A.B.C.D.3、如图所示，在截面半径为R，圆心为O的圆柱形区域内有一方向平行于直径ab向右的匀强电场，电场强度大小为E。某带电粒子自圆形边界上c点以速度方向垂直ab射入该电场区域，粒子恰好自b点离开电场，已知∠aOc＝60°；运动中粒子仅受电场力作用。则该粒子的比荷为（）

A.B.C.D.4、如图所示，在场强大小为E，方向竖直向上的匀强电场中，将质量为m、电荷量为q的粒子以速度v0从A、B连线上的C点水平向左抛出。已知AB与水平方向的夹角为粒子的重力可以忽略不计，当粒子落至A、B连线上的D点（图中未画出）时；下列说法中正确的是（）

A.粒子从C点出发后经落到D点B.粒子在D点处的速度大小为C.粒子在D点处的电势能大于粒子在C点处的电势能D.粒子在C、D两点间的距离为5、物理学中建立“速度”、“加速度”、“电阻”、“电场强度”等概念时采用了以下哪种科学方法：（）A.比值定义法B.建立理想物理模型C.等效替代D.控制变量评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、如图所示，平行板电容器与电动势为的直流电源（内阻不计）连接，电容器上极板与一静电计相连，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略。一质量为m的带电微粒静止于电容器的中点P，P点与上、下极板间距离均为d，重力加速度为g；下列说法正确的是（）

A.微粒一定带正电B.若电容器上极板竖直向下移动一小段距离，电容器电容增大，静电计指针张角变小C.若先把电容器上极板竖直向下移动后，再将微粒由静止释放，经过时间微粒到达上极板D.若先把电容器上极板竖直向下移动后，再将微粒由静止释放，微粒运动一段时间后打在极板上并被捕获，微粒与极板作用过程中所受合外力的冲量大小为7、取一对用绝缘柱支持的导体A和B；使它们彼此接触。起初它们不带电，贴在下部的两片金属箔是闭合的，如图所示。手握绝缘棒，把带正电荷的带电体C移近导体A。下列对实验现象的描述正确的是（）

A.带电体C移近导体A时，两边的金属箔都张开B.保持C不动，先把导体A和B分开，然后移开C，张开的金属箔都合拢C.保持A和B接触，C不动，若用手触碰导体A的左端，则导体A下方的金属箔合拢D.保持A和B接触，C不动，若用手触碰导体B的右端，则导体B下方的金属箔合拢8、如图所示，A、B、C、D是一带正电的点电荷的电场中处于同一平面内的四个确定点，现将一带正电的试探电荷分别从A点移至B点和从C点移至B点，两次移动过程中静电力做的功相等；再将这一试探电荷从D点移至C点和从B点移至C点；静电力做的功也相等。下列说法正确的是（）

A.A点的电势等于C点的电势B.A点的电场强度大于C点的电场强度C.将试探电荷从A点移至C点的过程中静电力做功为零D.通过作图可以确定带正电的点电荷的位置及各点处的电场方向9、如图所示，平行于纸面方向的匀强电场中存在一等边三角形ABC，三角形边长为l，将电荷量为的电荷从无穷远处分别移至C、A两点，电场力做功分别为W、将该电荷由C点移至B点，电场力做功为取无穷远电势为0，下列说法正确的是（）

A.C点的电势为B.B点的电势为0C.电场强度的方向垂直于AC边斜向上D.电场强度的大小为10、如图所示，平行板电容器与直流电源连接，上极板接地。一带负电的油滴位于容器中的P点且处于静止状态。现将下极板竖直向下缓慢地移动一小段距离；则（）

A.带电油滴将竖直向下运动B.带电油滴的机械能将增加C.P点的电势将升高D.电容器的电容增加，极板带电量增加11、如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为v2（v2＜v1）。若小物体电荷量保持不变，OM＝ON；则（）

A.小物体上升的最大高度为B.从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小C.从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D.从M到N的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小12、如图所示，电路中E、r为电源的电动势和内电阻，为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表，开关闭合时，平行金属板中一带电小液滴P处于静止状态。选地面为零电势参考面，当滑动变阻器的滑片向a端移动时，则（）

A.电源的效率减小B.电阻消耗的功率减小C.带电小液滴加速向上运动D.电压表与电流表示数的比值不变化评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)13、电场力做功的特点是：______，因此可以引入电势能。______是反映电源将其他形式的能转化为电能本领大小的物理量。14、如图所示；竖直放置的长直导线通以恒定电流，有一矩形线框与导线处于同一平面内，让线框向右平动，线圈产生感应电流的方向是_____。

15、如图所示，两根通以电流大小相同的通电直导线互相垂直放置，且相隔一定距离，试确定O点的磁场方向_______．16、电磁波的产生：变化的电场和磁场交替产生，由近及远向周围传播，形成_____________17、黑体∶

（1）定义∶某种物体能够____吸收入射的各种波长的电磁波而不发生反射，这种物体就叫作____。

（2）黑体辐射的特点∶黑体辐射电磁波的强度按____的分布只与黑体的____有关。18、下列说法正确的是_________。评卷人得分四、作图题(共2题，共4分)19、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

20、把蜂鸣器；光敏电阻、干簧管继电器开关、电源连成电路如图所示；制成光电报警装置，当报警器有光照射时，峰鸣器发声，当没有光照或者光照很弱时，蜂鸣器不发声，①光敏电阻：光敏电阻受光照后，阻值会变小，②干簧管继电器开关：由干簧管和绕在干簧管外的线圈组成，当线圈中有一定的电流时，线圈产生的磁场使密封在干簧管内的两个铁质簧片磁化，两个簧片在磁力作用下由原来的分离状态变成闭合状态，当线圈中没有电流或者电流很微弱时，磁场消失，簧片在弹力的作用下恢复到分离状态，电路已经连接一部分，请将电路完整连接好。

评卷人得分五、实验题(共3题，共15分)21、小李家装修房子，买了一卷总长为l的导线，小李利用学过的知识测该导线的电阻率。先用多用电表的欧姆档粗略测得这一卷导线的电阻约为2Ω。小李从实验室借到的器材有：电源（电动势3V、内阻不计）、电流表（量程0~0.6A，内阻约0.05Ω）、电压表（量程0~3.0V，内阻约30kΩ）、滑动变阻器R0（阻值范围0~30Ω）；螺旋测微器、开关S、导线若干。

回答下列问题：

(1)用螺旋测微器测出该导线的直径d如图所示，______mm；

(2)根据提供的器材，在答题卡相应的虚线框内画出伏安法测电阻的电路图______；

(3)若伏安法测得一卷导线的电阻为R，则该导线的电阻率表达式______（用l、d、R）；

(4)小李同学连接电路和操作均正确，从伏安法测电阻的实验原理上看，测得的电阻率的测量值______其真实值（填“大于”、“小于”或“等于”），原因是______。22、某实验小组把铜片和锌片插入一个梨中；制成了一个水果电池，通过实验测量该水果电池的电动势和内阻。

（1）首先用多用电表粗测水果电池的电动势，将多用电表的选择开关旋转到直流电压挡，表盘指针指示如图甲，读数为_______。

（2）实验室提供了如下器材；实验小组进一步设计电路测量水果电池的电动势和内阻。

电流表A（量程内阻）；

电阻箱开关一个；导线若干。

①请在虚线框乙内画出设计的电路图______；

②完成多次测量并记录数据后，得到R与的关系图像如图丙，则水果电池的电动势为______V，内阻为_______（结果保留3位有效数字）

③根据你设计的电路从误差角度考虑，本实验设计_______（选填“有”或“无”）系统误差。23、我们可以通过实验探究电磁感应现象中感应电流方向的决定因素和遵循的物理规律。以下是实验探究过程的一部分。

(1)如图甲所示；通过将条形磁铁插入或拔出线圈来改变穿过螺线管的磁通量，根据电流表（指针静止时指在刻度盘中央）指针的偏转方向判断感应电流的方向。除了图中的实验器材外，还有干电池；开关、导线、滑动变阻器。

下列说法正确的有______；

A.实验前；要弄清线圈导线的绕向。

B.实验前；要弄清电流表指针摆动的方向与流入电流表电流方向的关系。

C.实验中；将条形磁铁插入或拔出线圈的速度越小，电流表指针摆动幅度越大。

(2)如图乙所示，实验中发现闭合开关时，电流表指针向右偏转。电路稳定后，若向左移动滑片，此过程中电流表指针向______偏转，若将线圈A抽出，此过程中电流表指针向______偏转；（均选填“左”或“右”）

(3)某同学按图丙完成探究实验，在完成实验后未断开开关，也未把A、B两线圈和铁芯分开放置，在拆除电路时突然被电击了一下，则被电击是在拆除______（选填“A”或“B”）线圈所在电路时发生的，分析可知，要避免电击发生，在拆除电路前应______（选填“断开开关”或“把A、B线圈分开放置”）。评卷人得分六、解答题(共3题，共18分)24、如图所示，一半径为R的绝缘环上均匀地带有电荷量为+Q的电荷，垂直于圆环平面的对称轴上有一点P，它与环心O的距离试求P点的电场强度．

25、如图所示，在光滑绝缘桌面上有一带正电的长直细棒，其右侧长为的绝缘细线（已知细线张紧且与细棒垂直）连接了两个质量均为的带电小球和B（均可视为质点），细棒形成电场的场强的大小与距细棒的垂直距离成反比，即为未知常量。小球B所带电荷量分别为和球距细棒的距离也为两小球在外力的作用下处于静止状态。不计两小球之间的静电力作用。

(1)求的表达式；

(2)若撤去外力求撤去外力瞬间小球间绝缘细线上的拉力

26、空间中有一匀强电场，将电荷量为－6×10-6C的带电小球（可视为质点）从电场中的A点移动到B点，除静电力外，其他力做的功为＋4.0×10-5J，小球的动能增加了1.6×10-5J。再将小球从B点移动到C点，静电力做了＋1.2×10-5J的功。求：

（1）A、B两点间的电势差UAB和B、C两点间的电势差UBC分别为多少？

（2）请在图中画出一条过B点的电场线（保留作图痕迹）。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

【详解】

设Q在b点产生的场强大小为E，由对称性可知Q在d点产生的场强大小也为E，方向相反，水平向右，由于b点的场强为零，得

所以q、Q在d点产生的场强为

故选B。2、C【分析】【分析】

【详解】

对小球B受力分析如图。

由相似三角形关系可知。

其中。

即。

现仅将B球的电荷量减少为原来的一半；则。

解得。

故选C。3、A【分析】【详解】

带电粒子在电场中从c到b做类平抛运动；

垂直于电场方向做匀速直线运动，则

沿电场方向做匀加速直线运动，则

联立解得

A正确；BCD错误；

故选A。4、D【分析】【详解】

A．粒子在竖直方向的加速度大小为

根据类平抛运动规律可得

联立解得

故A错误；

B．粒子在D点处的竖直分速度大小为

速度大小为

联立解得

故B错误；

C．粒子从C点到D点的过程中电场力做正功，电势能减小，所以粒子在D点处的电势能小于粒子在C点处的电势能；故C错误；

D．粒子在C、D两点间的距离为

联立解得

故D正确。

故选D。5、A【分析】【详解】

速度等于位移与所用时间的比值；加速度是速度变化量与所用时间的比值，电阻是电压与电流的比值，电场强度是试探电荷所受的电场力与其电荷量的比值，这三个物理量都是采用比值定义法定义的，故A正确，BCD错误．故选A．

【点睛】

比值定义法是常用的物理思想方法，要抓住比值法的共性理解物理量的意义．二、多选题(共7题，共14分)6、C:D【分析】【详解】

A．由题图可知，平行板电容器间电场方向向下，微粒静止在P点满足

可知微粒受到的电场力方向竖直向上；故微粒一定带负电，故A错误；

B．若平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离，两板的间距变小，可知电容器的电容增大；因为静电计指针张角的变化表征电容器两极板间的电势差变化，图中两板间电势差U为电源的电动势不变；所以静电计指针的张角不变，故B错误；

C．电容器上极板竖直向下移动两极板间场强大小由

变为

微粒所受电场力大小变为

微粒向上运动，加速度大小为

由

得

故C正确；

D．设微粒与上极板作用过程中所受合外力的冲量大小为I，自微粒开始运动到被捕获这一过程，由动量定理有

解得

故D正确。

故选CD。7、A:D【分析】【详解】

A．带电体C移近导体A时；由于发生了静电感应现象，靠近C的A带上了负电荷，远离C的B带上了正电荷，所以两边的金属箔都张开。A正确；

B．保持C不动；先把导体A和B分开，A；B带上等量异种电荷，然后移开C，金属箔仍都张开。B错误；

CD．保持A和B接触；C不动，无论用手触碰导体A的左端或B的右端，导体B上正电荷都被中和，导体A上的负电荷依然存在，则导体B下方的金属箔合拢，导体A下方的金属箔仍然张开。C错误，D正确。

故选AD。8、A:C:D【分析】【详解】

A．试探电荷从A点移至B点和从C点移至B点，静电力做的功相等，可知A、C两点电势相等；即在同一等势面上，A项正确；

D．同理，试探电荷从D点移至C点和从B点移至C点，静电力做的功也相等，可知B、D两点在同一等势面上，作A、C两点和B、D两点连线的垂直平分线，可确定带正电的点电荷的位置，进一步可确定出A、B、C、D四个点处的电场方向；D项正确；

B．根据点电荷的电场强度公式可知，A点的电场强度大小等于C点的电场强度；B项错误；

C．由于A点的电势等于C点的电势，将试探电荷从点A移至点C的过程中静电力做功为零；C项正确；

故选ACD。9、A:D【分析】【详解】

A．C点的电势

故A正确；

B．将电荷由C点移至B点，电场力做功为可知

则B点的电势

故B错误；

C．A点的电势

则AC边中点D的电势为

由此可知电场强度方向与BD垂直，即与AC边方向平行。由于

所以电场强度方向沿AC边斜向下；故C错误；

D．电场电场强度大小为

故D正确。

故选AD。10、A:C【分析】【分析】

【详解】

D．下极板缓慢向下移动一小段距离，d增大，据平行板电容的决定式

可知电容器电容C减小，因为两极板和电源相连，所以电压不变，根据公式

可知电荷量Q减少；D错误；

A．根据公式

可知两极板间的电场强度E减小；所以油滴受到的电场力减小，故重力大于电场力，带电油滴将向下运动，A正确；

C．电场中某点的电势等于该点到参考点间的电势差，由于上极板电势为零，电场中场强方向向下，沿电场方向电势降低，故P点电势小于零，即

P点到上极板（参考点）间的距离不变，场强E减小，故P点的电势升高；C正确；

B．因油滴向下运动过程电场力做负功；电势能增大，故机械能减小，B错误。

故选AC。11、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．设斜面倾角为上升过程沿斜面运动的最大距离为L，因为OM＝ON，则M、N两点的电势相等，小物体从M到N，从N到M电场力做功均为0，上滑和下滑经过同一位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，则经过相等的一小段位移在上滑和下滑过程中电场力分力对应的摩擦力所做的功均为相等的负功，设为对小物体，由动能定理：上滑过程

下滑过程

联立解得

故A正确；

B．由于从N到M的过程中；可知电场力对小物体先作正功后作负功，电势能先减小后增大，故B错误；

C．从M到N的过程中；电场力对小物体先做正功后做负功，故C错误；

D．从N到M的过程中，小物体受到的电场力垂直斜面的分力先增大后减小，而重力分力不变，则摩擦力先增大后减小，在此过程中小物体到O的距离先减小后增大；根据库仑定律可知小物体受到的电场力先增大后减小，故D正确。

故选AD。12、B:C【分析】【详解】

A．当滑动变阻器的滑片向a端移动时，滑动变阻器阻值变大，则总电阻变大，干路电流减小。根据

路端电压变大。根据

可知；电源的效率增大，A错误；

B．根据

电阻消耗的功率减小；B正确；

C．电容器与滑动变阻器并联，则电容器电势差变大，根据

带电小液滴所受电场力变大；则带电小液滴加速向上运动，C正确；

D．根据“串反并同”；电压表示数变大，电流表示数减小，则电压表与电流表示数的比值增大，D错误。

故选BC。三、填空题(共6题，共12分)13、略

【分析】【详解】

[1]由公式可知；电场力做功的特点是与路径无关，只与初末位置有关，因此可以引入电势能；

[2]电动势是反映电源将其他形式的能转化为电能本领大小的物理量。【解析】与路径无关，只与初末位置有关电动势14、略

【分析】【详解】

电流的方向向上，由安培定则可知线框所在处的磁场的方向垂直于纸面向里，当线框向右运动时磁场减小，则穿过线框的磁通量减小，由楞次定律可知，线框内产生的感应电流沿顺时针方向。【解析】顺时针方向15、略

【分析】【详解】

[1]O点的磁场方向应是两根通电导线在O处产生的磁场的合成，根据右手螺旋定则，左边那根通电导线在O处产生的磁场方向向里，右边那根通电导线在O处产生的磁场方向向上，又因两根通电直导线中电流大小相等，故电流在O处产生的磁场强度大小一样，根据平行四边形法则可知O点合磁场的方向向里且斜向上45°。【解析】向里且斜向上45°16、略

【解析】电磁波17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]某种物体能够完全吸收入射的各种波长的电磁波而不发生反射；这种物体就叫作黑体。

（2）[3][4]黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关。【解析】①.完全②.黑体③.波长④.温度18、A:B:D【分析】不管系统的固有频率如何，它做受迫振动的频率总等于周期性驱动力的频率，与系统的固有频率无关，选项A正确；游泳时耳朵在水中听到的音乐与在岸上听到的是一样的，说明机械波从一种介质进入另一种介质，频率并不改变，选项B正确；当光从光密介质射入另一种光疏介质时，如果入射角足够大，就会发生全反射现象，选项C错误；麦克斯韦电磁场理论的主要论点是变化的磁场激发电场，变化的电场激发磁场，选项D正确；相对论认为：一条沿自身长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时的长度小，选项E错误；故选ABD.四、作图题(共2题，共4分)19、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）20、略

【分析】【分析】

【详解】

电池；光敏电阻与开关及干簧管继电器开关外面接线构成一个回路；而另一组电池、蜂鸣器与干簧管继电器开关里面的两个接线构成又一个回路。当有光照时，光敏电阻阻值变小，使得干簧管继电器开关存在磁场，导致开关接通，最终使得蜂鸣器发声，电路如图所示。

【解析】五、实验题(共3题，共15分)21、略

【分析】【详解】

(1)[1]根据螺旋测微器的读数方法可得，该导线的直径为

(2)[2]由题可知；该导线的电阻值更接近电流表的阻值，所以应采用伏安法的外接法。滑动变阻器没有特殊要求，所以选用限流接法。电路图如图所示。

(3)[3]由电阻定律可得

其中

得

(4)[4][5]本实验采用伏安法的外接法，测电阻的误差的来源就是电压表的分流，导致最终测量的电阻值偏小，由上面分析可知

所以，由于电压表的分流作用，导致对应测得的电阻率也会偏小。【解析】0.813（0.811~0.815之间都对）小于电压表分流22、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]多用电表的选择开关旋转到直流电压档；最小分度值是0.05V，由图甲可知，电表的读数为1.10V。

(2)①[2]由题给实验仪器；可用电流表和电阻箱测量，设计电路如图所示。

②[3]由闭合电路欧姆定律可知E=I（R+Rg+r）

变形可得

由图丙可得图象的斜率等于电源电动势，电动势即为

[4]图象的截距的绝对值等于电源内阻和电流表内阻之和，电池的内阻有Rg+r=0.32×