2025年上外版选择性必修2物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上外版选择性必修2物理上册月考试卷135考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、交流发电机在工作时的电动势为若将其电枢的转速提高1倍，其他条件不变，则其电动势变为（）A.B.C.D.2、位移传感器的工作原理如图所示，物体M在导轨上平移时，带动滑动变阻器的金属滑片P，通过电压表显示的数据，来反映物体M位移的大小x。假设电压表是理想电表，物体M不动时，滑片P位于滑动变阻器正中间位置；则下列说法正确的是（）

A.物体M运动时，电源内的电流会发生变化B.物体M运动时，电压表的示数会发生变化C.物体M不动时，电路中没有电流D.物体M不动时，电压表没有示数3、红外线是一种光波，在生产、生活中有着广泛应用。关于红外线的应用，下列说法正确的是（）A.利用红外线遥感可以监视森林火情B.利用红外线可以灭菌消毒C.利用红外线可进行人体透视检查D.工业上可利用红外线进行金属探伤4、电磁炮是一种理想的兵器，它的主要原理如图所示，利用这种装置可以把质量为m＝2.0g的弹体(包括金属杆EF的质量)加速到6km/s，若这种装置的轨道宽为d＝2m，长L＝100m，电流I＝10A，轨道摩擦不计且金属杆EF与轨道始终接触良好；则下列有关轨道间所加匀强磁场的磁感应强度和磁场力的最大功率结果正确的是()．

A.B＝18T，Pm＝1.08×108WB.B＝0.6T，Pm＝7.2×104WC.B＝0.6T，Pm＝3.6×106WD.B＝18T，Pm＝2.16×106W5、关于下列四幅图的说法正确的是（）

A.图甲是用来加速带电粒子的回旋加速器的示意图，要想粒子获得的最大动能增大，可增加电压B.图乙是磁流体发电机的结构示意图，可以判断出B极板是发电机的负极，A极板是发电机的正极C.图丙是速度选择器的示意图，带电粒子（不计重力）能够如图中所示沿直线匀速通过速度选择器的条件是即D.图丁是质谱仪结构示意图，粒子打在底片上的位置越靠近狭缝说明粒子的比荷越小6、如图所示，无限长通电直导线与右侧的矩形导线圈ABCD在同一平面内，线圈的AB边与直导线平行。现用外力使线圈向直导线靠近且始终保持AB边与直导线平行，在AB边靠近直导线的过程中；下列说法正确的是（）

A.线圈内产生的感应电流方向是ADCBAB.直导线对AB边和CD边的安培力等大反向C.直导线对AD边和BC边的安培力等大反向D.在线圈ABCD内部的区域的磁场方向为垂直线圈所在平面向外7、如图所示，一质量为2m的足够长的光滑金属框abcd置于水平绝缘平台上，ab、dc边平行且和长为L的bc边垂直，整个金属框电阻可忽略。一根阻值为R、质量为m的导体棒MN置于金属框上，装置始终处于磁感应强度为B、方向竖直向下的匀强磁场中。现给金属框向右的初速度v0，运动时MN始终与金属框保持良好接触且与bc边平行。则整个运动过程中（）

A.感应电流方向为B.导体棒的最大速度为C.通过导体棒的电量为D.导体棒产生的焦耳热为评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、如图所示，导线框绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生的交变电动势导线框与理想升压变压器相连进行远距离输电，理想降压变压器的原、副线圈匝数之比为25︰11，降压变压器副线圈接入一台电动机，电动机恰好正常工作，且电动机两端的电压为220V，输入功率为1100W，输电线路总电阻电动机内阻导线框及其余导线电阻不计，电表均为理想电表，则（）

A.电动机的机械效率为80%B.电流表的示数为11AC.输电线路损失的电功率为200WD.升压变压器原、副线圈匝数之比为1︰109、如图，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路。若将滑动变阻器的滑片P向下滑动；下列表述正确的是（）

A.线圈a中将产生俯视逆时针方向的感应电流B.穿过线圈a的磁通量变小C.线圈a有收缩的趋势D.线圈a对水平桌面的压力FN将增大10、如图所示，理想变压器的原线圈接有交变电压U，副线圈接有光敏电阻（光敏电阻随光照强度增大而减小）、定值电阻则（）

A.仅增强光照时，原线圈的输入功率减小B.仅向下滑动P时，R2两端的电压增大C.仅向下滑动P时，R2消耗的功率减小D.仅增大U时，R2消耗的功率增大11、如图所示，一矩形单匝闭合线圈匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴以恒定的角速度转动，线圈电阻为从如图位置（线圈平面与磁场方向平行）为时刻开始计时，线圈平面转过时线圈中的感应电流的大小为则下列判断正确的是（）

A.在时间内穿过线圈的磁通量一直在增大B.在时间内线圈中的感应电流先减小后增大C.一个周期内，线圈上产生的热量为D.穿过线圈的磁通量最大值为12、某个物理量D的变化量与发生这个变化所用时间的比值叫作这个量D的变化率，也叫这个量D的变化快慢，下列说法正确的是（）A.若D表示斜向上抛出的小球的速度（不计空气阻力），则方向竖直向下B.若D表示带电粒子在匀强磁场中（只受磁场的作用力）做匀速圆周运动的角速度，则为零C.若D表示带电粒子在匀强电场中（只受电场的作用力）做匀变速曲线运动的动量，则越大，粒子所受电场力冲量越大D.若D表示物体做简谐运动时相对平衡位置的位移，则的大小正在增大时，物体的加速度正在减小13、图（a）所示是两个同心且共面的金属圆环线圈A和B，A中的电流按图（b）所示规律变化；规定顺时针方向为电流的正方向。下列说法中正确的是（）

A.0~t1时间内，线圈B中的感应电流沿逆时针方向B.0~t1时间内，线圈B有扩张的趋势C.t1时刻，线圈B既没有扩张的趋势，也没有收缩的趋势D.0~t2时间内，线圈B中的感应电流大小、方向均不变14、如图所示，MN、PQ为两根足够长的光滑平行金属轨道，轨道平面与水平面成θ，间距l，顶端接阻值为R的电阻，轨道间存在垂直轨道面向上的匀强磁场，磁感应强度为B。一长度恰好为l、质量m、内阻r的金属棒ab垂直轨道放置，并与轨道良好接触，现将ab由静止释放，当ab沿轨道下滑位移x时速度达到最大，不计轨道电阻，重力加速度为g；下列说法正确的是（）

A.ab中的电流方向为b→aB.ab的最大速度C.刚释放瞬间，ab的加速度为D.电阻R上产生的热量15、如图，两根足够长的光滑平行金属导轨固定于同一竖直平面内，导轨电阻不计，导轨宽为L，底端通过导线连接一个电阻为R的定值电阻。整个导轨处在方向垂直纸面向里的匀强磁场中，质量为m长度与导轨等宽的匀质金属杆垂直导轨放置，金属杆电阻不计。某时刻以初速度为v0向上抛出金属杆，一段时间后，金属杆再次回到相同位置时的速度为v1。重力加速度为g；下列说法正确的是（）

A.金属杆运动的总时间为B.运动过程中产生的焦耳热为C.金属杆的最大位移为D.通过金属杆的电荷量为16、在图（a）所示的交流电路中，电源电压的有效值为220V，理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，R1、R2、R3均为固定电阻，R2=10R3=20各电表均为理想电表。已知电阻R2中电流i2随时间t变化的正弦曲线如图（b）所示。下列说法正确的是（）

A.所用交流电的频率为50HzB.电压表的示数为100VC.电流表的示数为1.0AD.变压器传输的电功率为15.0W评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)17、导线垂直于磁场方向运动，B、l、v两两垂直时，如图所示，E=_________。

18、自感电动势：E＝L，其中是______；L是______，简称自感或电感．单位：______，符号：______.19、一小水电站，输出的电功率为20kW，输电线上总电阻为0.5Ω。如果先用200V电压输送，输电线上损失的电功率为____________。后改用2×103V电压输送，则输送电压提高后，输电线上损失的电功率为____________。20、伸开右手，使拇指与其余四个手指_________，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使_________指向导线运动的方向，这时_________所指的方向就是感应电流的方向。21、正方形导线框处于匀强磁场中；磁场方向垂直框平面，磁感应强度随时间均匀增加，变化率为k．导体框质量为m；边长为L，总电阻为R，在恒定外力F作用下由静止开始运动．导体框在磁场中的加速度大小为__________，导体框中感应电流做功的功率为_______________．

22、如图所示，将边长为l、总电阻为R的正方形闭合线圈，从磁感强度为B的匀强磁场中以速度v匀速拉出（磁场方向；垂直线圈平面）

(1)所用拉力F＝_________．

(2)拉力F做的功W＝________．

(3)拉力F的功率PF＝________．

(4)线圈放出的热量Q＝_________．

(5)线圈发热的功率P热＝___________．

(6)通过导线截面的电量q＝_________．23、某交变电压与时间的关系如右图所示，则此交变电压的有效值是_______V．24、紫外线。

（1）波长范围在_____nm之间；不能引起人的视觉。

（2）具有_____的能量，应用于灭菌消毒，具有较强的_____效应，用来激发荧光物质发光。评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)25、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

26、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

27、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

28、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、解答题(共1题，共9分)29、如图所示，一小型发电机内有匝矩形线圈，线圈面积线圈电阻可忽略不计。在外力作用下矩形线圈在匀强磁场中，以恒定的角速度绕垂直于磁场方向的固定轴逆时针转动，发电机线圈两端与的电阻构成闭合回路。

（1）判断如图所示位置线圈中的电流方向；

（2）1秒钟内线圈中电流方向改变几次；

（3）线圈磁通量的最大值是多少；转到什么位置磁通量最大；

（4）写出从中性面开始计时电动势的瞬时值表达式；

（5）线圈匀速转动10s，求电流通过电阻R产生的焦耳热。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【详解】

感应电动势的瞬时值表达式为e=sinωt，当将其电枢的转速提高一倍时，由可知，角速度增加一倍，最大感应电动势

则感应电动势增加一倍，所以其表达式变为

故选D。2、B【分析】【分析】

【详解】

A．电压表为理想电表；则电压表不分流，故触头移动时不会改变电路的电阻，也就不会改变电路中的电流，故A错误；

BCD．电压表测的是滑片P左侧电阻分得的电压，故示数随物体M的移动亦即触头的运动而变化；物块M不动时，电压表仍有读数，故B正确，CD错误。

故选B。3、A【分析】【详解】

A．红外线的波长较长；则利用红外线遥感可以监视森林火情，选项A正确；

B．红外线主要是热作用；利用紫外线可以灭菌消毒，选项B错误；

C．进行人体透视检查是利用X射线；不是红外线，选项C错误；

D．工业上可利用进行金属探伤的是γ射线；选项D错误。

故选A。4、D【分析】【详解】

通电金属杆在磁场中受安培力的作用而对弹体加速，由功能关系得BIdL＝代入数值解得B＝18T；当速度最大时磁场力的功率也最大，即Pm＝BIdvm，代入数值得Pm＝2.16×106W，故ABC错误，D正确．故选D5、C【分析】【详解】

A.甲图中，根据

可知

粒子获得的最大动能为

所以要想粒子获得的最大动能增大，可增加D形盒的半径R和增大磁感应强度B，增加电压U不能增大最大初动能；A错误；

B.乙图中根据左手定则，正电荷向下偏转，所以极板带正电，为发电机的正极，极板是发电机的负极；B错误；

C.丙图中，带电粒子（不计重力）从左向右运动通过复合场时，电场力与洛伦兹力方向相反，根根据平衡条件可得，带电粒子（不计重力）能够沿直线匀速通过速度选择器的条件是

即

C正确；

D.由

可得

知越小；说明比荷越大，D错误;

故选C。6、C【分析】【分析】

【详解】

A．根据右手定则，直导线在右手边的磁场方向垂直纸面向里，在AB边靠近直导线的过程中，线圈的磁通量增大，由楞次定律可知，线圈内产生的感应电流方向是ABCDA；所以A错误；

B．直导线周围的磁场的磁感应强度，离直导线越近磁感应强度越大，则对AB边和CD边的安培力不等大但是方向是相反的；所以B错误；

C．由对称性可知，直导线对AD边和BC边的安培力等大反向；所以C正确；

D．在线圈ABCD内部的区域的磁场方向为垂直线圈所在平面向里；因为感应电流产生的磁场只是阻碍原磁通量的增大，而不是阻止，所以总磁通量还是增大，所以D错误；

故选C。7、C【分析】【详解】

A．由右手定则判断出电流方向为c→b；A错误；

B．MN棒做加速度减小的加速运动，金属框做加速度减小的减速运动，当两者速度相等时，整个回路电动势为零，之后做匀速直线运动，由动量守恒得

解得B错误；

C．对MN棒列动量定理

解得C正确；

D．由能量守恒得

D错误。

故选C。二、多选题(共9题，共18分)8、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．电动机的机械效率

而电流

解得

选项A正确；

C．在降压变压器中有

其中解得

所以输电线路损失的电功率

选项C错误；

D．升压变压器中副线圈的电压

则

选项D错误；

B．升压变压器中有

其中

解得

选项B正确。

故选AB。9、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由安培定则可知，通电螺线管b在线圈a中产生的磁场竖直向下，当滑动变阻器的滑片P向下滑动，阻值减小，电流增大，磁场增强，线圈a中磁通量增大，据楞次定律可知，线圈a中将产生俯视逆时针方向的感应电流；A正确，B错误；

C．由楞次定律的推论“增缩减扩”可知，线圈a有收缩的趋势；以达到阻碍磁通量的增大，C正确；

D．线圈a有远离通电螺线管b以达到阻碍磁通量的增大，故线圈a对水平桌面的压力FN将增大；D正确。

故选ACD。10、B:D【分析】【详解】

A．当光照增强时；光敏电阻的电阻值减小，故变压器的输出功率增加，故输入功率也增加，故A错误；

BC．当滑动触头P向下滑动时，原线圈匝数减小，根据电压与匝数成正比知变压器的输出电压增大，根据功率表达式可知R2消耗的功率变大；故B正确，C错误；

D．当U增大时，根据电压与匝数成正比知变压器的输出电压增大;根据功率表达式知R2消耗的功率增大；故D正确。

故选BD。11、B:D【分析】【详解】

A．时，线圈平面与磁场方向平行，磁通量为当线圈转过时，线圈平面与磁场方向垂直，磁通量最大，在时间内，线圈转过的角度为可知此过程线圈的磁通量先增大后减小，A错误；

B．时，线圈平面与磁场方向平行，此时的磁通量变化率最大，线圈中产生的电动势最大，线圈中的感应电流最大，当线圈转过时，磁通量变化率为线圈中的电动势为线圈中的感应电流为在时间内，线圈转过的角度为可知此过程线圈中的感应电流先减小后增大，B正确；

C．时刻开始计时，线圈中感应电流的表达式为

线圈平面转过时线圈中的感应电流的大小为则有

解得线圈中感应电流的最大值为

线圈中感应电流的有效值为

一个周期内，线圈上产生的热量为

C错误；

D．线圈的最大电动势为

又

联立可得穿过线圈的磁通量最大值为

D正确；

故选BD。12、A:B:D【分析】【详解】

A．若D表示质点做斜抛运动的速度，则表示斜抛运动的加速度；即重力加速度，其方向是竖直向下的，A正确；

B．若D表示带电粒子做匀速圆周运动的角速度，而此时质点角速度不变，则B正确；

C．若D表示带电粒子在匀强电场做匀变速曲线运动的动量，则表示物体所受到的合外力即电场力；合外力越大，质点所受冲量不一定大，还与力的作用时间有关，C错误；

D．若D表示表示物体做简谐运动时相对平衡位置的位移，则表示运动的速度；当速度大小增大时，物体靠近平衡位置，加速度正在减小，D正确。

故选ABD。13、C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．在0~t1时间内；线圈A中顺时针电流在减小，电流产生磁场在减小，根据安培定则与磁场叠加原则可知，线圈B所处磁场的方向向内且在减小，根据楞次定律可知线圈B的感应电流方向为顺时针，两线圈的电流同向，则有相互吸引趋势，所以线圈B有收缩趋势，选项AB错误；

C．t1时刻；线圈A中的电流为零，没有磁场，因此线圈B既没有扩张的趋势，也没有收缩的趋势，选项C正确；

D．当t1~t2时间内，线圈A中逆时针电流在增大，电流产生磁场在增强，根据安培定则与磁场叠加原则可知，线圈B所处磁场的方向向里，且在增强，根据楞次定律可知线圈B的感应电流方向为顺时针，所以0~t2时间内；线圈B中的感应电流方向不变，又由于线圈A中的电流变化率相同，因此线圈B中的感应电流大小也不变，选项D正确。

故选CD。14、A:C【分析】【详解】

A．由右手定则可知，ab中的电流方向为b→a；故A正确；

B．由平衡可知

得

故B错误；

C．刚释放瞬间，棒只受重力与支持力，则此时加速度为

故C正确；

D．由能量守恒可知，金属棒减小的重力势能转化为棒的动能和电阻R、金属棒上产生的热量之和，即电阻R上产生的热量小于故D错误。

故选AC。15、A:B【分析】【详解】

A．由

令

则

以竖直向下为正方向，由动量定理

又

解得金属杆运动的总时间

故A正确；

B．由能量守恒得

解得运动过程中产生的焦耳热

故B正确；

CD．由A可知无法对通过金属杆的电荷量进行计算；故也无法对金属杆的最大位移进行计算，故CD错误。

故选AB。16、A:D【分析】【详解】

A．交流电的频率为

A正确；

B．通过电流的有效值为

两端即副线圈两端的电压，根据欧姆定律可知

根据理想变压器的电压规律可知原线圈的电压

电阻两端分压即为电压表示数，即

B错误；

C．电流表的示数为

C错误；

D．副线圈中流过的总电流为

变压器原副线圈传输的功率为

D正确。

故选AD。三、填空题(共8题，共16分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】Blv18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】电流的变化率自感系数亨利H.19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]用200V电压输送，输电线上损失的电功率为

[2]改用2×103V电压输送，则输送电压提高后，输电线上损失的电功率为【解析】①.5000W②.50W20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】垂直拇指四指21、略

【分析】【详解】

试题分析：导体框四个边所受安培力的合力为零，故可知其在磁场中的加速度为导体框中的电流为故感应电流做功的功率为

考点：欧姆定律、电功率、电磁感应定律【解析】22、略

【分析】【详解】

（1）因为线圈被匀速拉出，所以F=F安

感应电动势的大小为：E=Blv

根据闭合欧姆定律得：I=Blv/R；

则拉力为：F=F安=

（2）拉力F做的功为：W=Fl=

（3）拉力的功率：PF=Fv=

（4）线圈放出的热量为：Q=

（5）线圈的发热功率等于拉力的功率：P热=

（6）通过导线截面的电量为：q=It=【解析】B2L2v/RB2L3v/RB2L2v2/RB2L3v/RB2L2v2/RBL2/R23、略

【分析】【详解】

根据电流的热效应：

代入数据：

解得：=50A

思路分析：根据电流的热效应；利用有效值的定义进行计算可得结果．

试题点评：考查对有效值的计算【解析】5024、略

【分析】【分析】