2025年冀教版高三物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版高三物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、对以下不能忽略质量的木棒、光滑小球的弹力分析错误的是（）A.B.C.D.2、对超重和失重理解正确的是（）A.超重就是物体的重力增加了B.只有在地球表面才会有超重和失重的情况C.物体完全失重时，不会受到重力的作用D.自由落体运动是一种完全失重的状态3、下列关于电场和磁场的说法中正确的是（）A.电场中存在电场线，电场线从正电荷出发，终止于负电荷B.磁场中存在磁感线，磁感线从磁体的N极出发，终止于S极C.在电场中电场强度不为零处的电荷一定受到电场力的作用D.在磁场中磁感应强度不为零处的通电导线一定受到磁场力的作用4、如图所示，质量为m的木块在质量为M的木板上向右滑行，木板与地面间的动摩擦因数为μ1，木块与木板间的动摩擦因数为μ2，在木块运动的过程中，木板保持静止，则地面对木板的摩擦力为（）A.μ2mg，向左B.μ2mg，向右C.μ1（m+M）g，向左D.μ1（m+M）g，向右5、在民航和火车站可以看到用于对行李进行安全检查的水平传送带．当旅客把行李放到传送带上时，传送带对行李的滑动摩擦力使行李开始做匀加速运动．随后它们保持相对静止，行李随传送带一起前进．设传送带匀速前进的速度为0.2m/s，把质量为5kg的木箱静止放到传送带上，由于滑动摩擦力的作用，木箱以5m/s2的加速度前进，那么这个木箱放在传送带上后，传送带上将留下的摩擦痕迹约为（）A.3mmB.4mmC.5mmD.6mm6、关于物理量或物理量的单位，下列说法正确的是（）A.1N/kg=9.8m/s2B.“m”、“kg”、“s”都是国际单位制中的基本单位C.后人为了纪念牛顿，把“牛顿”作为力学中的基本单位D.在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、速度为三个基本物理量评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、关于摩擦力的说法中错误的是（）A.滑动摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反B.滑动摩擦力总是阻碍物体间的相对运动C.相互压紧的粗糙物体间总有摩擦力的作用D.受静摩擦力的物体，一定静止8、抽取高强度纤维细丝时可用激光监控其粗细，如图所示，观察激光束经过细丝时在光屏上所产生的条纹即可判断细丝粗细的变化．则（）A.这主要是光的衍涉现象B.这主要是光的干射现象C.如果屏上条纹变宽，表明抽制的丝变细D.如果屏上条纹变宽，表明抽制的丝变粗9、如图所示，水平地面上O

点正上方的AB

两点分别水平抛出两个小球，C

在水平面上O

点右边，则两球(

)

A.不可能同时落在C

点B.落在C

点的速度方向可能相同C.落在C

点的速度大小可能相同D.落在C

点时重力的功率不可能相同10、如图所示，一根足够长的水平滑杆SS′上套有一质量为m的光滑金属圆环，在滑杆的正下方与其平行放置一足够长的光滑水平木制轨道，且穿过金属圆环的圆心O，现使质量为M的条形磁铁以v0的水平速度沿轨道向右运动，其中正确的选项是（）A.磁铁穿过金属环后，二者将先后停下来B.圆环可能获得的最大速度为C.磁铁与圆环系统损失的动能可能为D.磁铁与圆环系统损失的动能可能为11、一物体以一定的初速度在水平地面上匀减速滑动直到停止．若已知物体在第1秒内位移为8.0m，在第3秒内位移为0.5m．则下列说法正确的是（）A.物体的加速度大小一定为4.0m/s2B.物体的加速度大小可能为3.75m/s2C.物体在第0.5秒末速度一定为4.0m/sD.物体在第2.5秒末速度一定为零12、如图所示，在垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场区域中有一个均匀导线制成的单匝直角三角形线框．现用外力使线框以恒定的速度v沿垂直磁场方向向右运动，运动中线框的AB边始终与磁场右边界平行．已知AB=BC=L，线框导线的总电阻为R，则线框离开磁场的过程中（）A.线框中的电动势随时间均匀减小B.通过线框截面的电荷量为C.线框所受外力的最大值为D.线框中的热功率与时间成正比13、关于电荷所受电场力和洛伦兹力，正确的说法是（）A.电荷在电场中一定受电场力作用B.电荷在磁场中一定受洛伦兹力作用C.正电荷所受电场力方向一定与该处电场方向一致D.电荷所受的洛伦兹力一定与磁场方向垂直评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、机床照明电的电压是36V，这个电压是把380V的电压降压后得到的．如果变压器的原线圈是1140匝，副线圈是____匝．15、（2013秋•德惠市校级月考）空间存在水平方向的匀强电场和匀强磁场，强度分别为E=10N/C，B=1T，如图所示．有一质量为m=2.0×10-6kg，带正电q=2.0×10-6C的微粒，在此空间做匀速直线运动，不忽略重力，其速度的大小为____m/s．方向为____．（填“竖直向上”或者“竖直向下”）16、一根长为0.2m的直导线垂直于磁场方向放置在匀强磁场中，通以3A的电流时，它受到磁场的作用力是6×10-2N，则磁场的磁感应强度B是____T；当导线的长度在原来位置缩短为原来的一半时，磁感应强度为____T．17、（2012春•文昌校级期末）如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点．已知A、B、C三点的电势分别为UA=15V，UB=3V，UC=3V，由此可得D点的电势为UD=____V．用作图法作出该电场的电场线．18、实际电流表有内阻，可等效为理想电流表与电阻的串联．测量实际电流表G1内阻r1的电路如图1所示．供选择的仪器如下：

①待测电流表G1（0～5mA，内阻约300Ω），②电流表G2（0～10mA，内阻约100Ω），③定值电阻R1（300Ω），④定值电阻R2（10Ω），⑤滑动变阻器R3（0～1000Ω），⑥滑动变阻器R4（0～20Ω）；⑦干电池（1.5V），⑧电键S及导线若干．

（1）定值电阻应选____，滑动变阻器应选____．（在空格内填写序号）

（2）用连线连接实物图2．

（3）补全实验步骤：

①按电路图连接电路，____；

②闭合电键S，移动滑动触头至某一位置，记录G1，G2的读数I1，I2；

③____；

④以I2为纵坐标，I1为横坐标；作出相应图线，如图3所示．

（4）根据I2-I1图线的斜率k及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式____．19、（2015春•湖州校级期中）如图所示，线框abcd处于有限的匀强磁场区域内，磁感线垂直穿过线框平面，线框的ab边长20cm，bc边长10cm．若磁场的磁感强度在△t1=0.1s内由0.1T均匀增加到0.4T，并在紧接着的△t2=0.2s时间内由0.4T均匀增加到1.6T，则在△t1时间内线框中的感应电动势的大小为____V，而在△t1+△t2的总时间内，线框中感应电动势的平均值为____V．20、温度是物体热运动的平均动能大小的____，物体的温度越高，分子的平均动能就____．评卷人得分四、判断题(共3题，共15分)21、电荷所受的洛伦兹力方向不一定与磁场方向垂直____．（判断对错）22、当温度升高时，物体内部所有分子的动能都增加．____．（判断对错）23、当达到动态平衡时，蒸发的速度不再改变，以恒速蒸发．____．（判断对错）评卷人得分五、实验题(共3题，共15分)24、某学习小组在探究加速度与力；质量的关系时；采用图1所示的装置，通过改变小托盘和砝码总质量m来改变小车受到的合外力，通过加减钩码来改变小车总质量M．

①实验中需要平衡摩擦力，应当取下____（选填“小车上的钩码”、“小托盘和砝码”或“纸带”），将木板右端适当垫高，直至小车在长木板上运动时，纸带上打出来的点____．

②图2为实验中得到的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出．所用交流电的频率为50Hz，从纸带上测出x1=3.20cm，x2=4.74cm，x3=6.30cm，x4=7.85cm，x5=9.41cm，x6=10.96cm．小车运动的加速度大小为____m/s2（结果保留三位有效数字）．25、（2011春•永春县校级月考）在做“用油膜法估测分子的大小”的实验时；已知油酸酒精溶液中，油酸的体积比浓度为0.05%，1mL这样的溶液合80滴，现将1滴溶液滴在水面上．

（1）这滴溶液中纯油酸的体积是____m3．

（2）用彩笔描绘出油膜轮廓线后，印在坐标纸上，如图所示．已知坐标纸每一小格的边长为1cm，则油膜的面积为____m2．

（3）根据上面的数据，估算油酸分子的直径是____m（此问结果取一位有效数字）．26、要测量电压表V1的内阻Rv，其量程为2V，内阻约2kΩ．实验室提供的器材有：电流表A，量程0.6A，内阻约0.1Ω；电压表V2，量程5V，内阻R1=5kΩ；定值电阻R2，阻值为R2=3kΩ；滑动变阻器R3，最大阻值100Ω电源E，电动势6V，内阻约0.5Ω；开关S一个，导线若干．(1)（2分）有人拟将待测电压表V1和电流表A串联接入电压合适的测量电路中，测出V1的电压和电流，再计算出Rv．该方案实际上不可行，其最主要的原因是______________________________________________．(2)（2分）某同学选择电压表V2后，自己设计一个测量电压表V1内阻RV的实验电路，实验电路如图1所示，则被测电压表V1应接在电路中的_________(填“A”或“B”)处．(3)（2分）实验的实物连线如图2所示，还有两根导线没有接好，请在实物图上画出应接的导线．(4)（3分）实验中电压表V1读数U1，电压表V2的读数U2，试写出计算电压表V1内阻Rv的表达式Rv=_________________．（用题中字母表示）参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】对木棒、光滑小球受力分析，根据弹力产生的条件分析小球受弹力情况．【解析】【解答】解：A；木棒受到两个接触面的弹力；且垂直接触面，故A正确；

B；棒受到两个接触点的弹力；D点的弹力垂直于棒，而C点弹力沿着半径方向指向圆心，故B正确；

C；小球受到绳子的拉力与竖直壁的弹力；拉力沿着绳子的收缩方向，而弹力垂直于接触面，故C正确；

D；小球一定受重力；因绳子竖直；小球与斜面接触，若球与斜面间有弹力，则小球不可能竖直静止；故小球受绳子的拉力而不受斜面的支持力；

故受力分析如图所示：

本题选择错误的，故选：D．2、D【分析】【分析】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．【解析】【解答】解：A；超重是物体对接触面的压力大于物体的真实重力；物体的重力并没有增加，故A错误．

B；只要竖直方向上由加速度；就存在超重和失重现象，B错误。

C；物体完全失重时；仍然受到重力的作用，只是物体对弹簧秤的拉力为零．故C错误。

D；自由落体运动是一种完全失重的状态；因为其具有向下的加速度g，故D正确。

故选D．3、C【分析】【分析】电场的基本性质是对放入的电荷有力的作用，而通电导线放入磁场中不一定有磁场力的作用；电场与磁场都是客观存在的特殊物质；电势是描述电场性质的一种物理量，与电场强度没有直接关系．【解析】【解答】解：A；B、电场和磁场都是实际存在的；但电场线和磁感线都是看得见的假象的，故A错误，B错误；

C；电场的基本性质是对放入的电荷有力的作用；故C正确；

D；电流元在磁场中受安培力是有条件的；即电流元的放置方向与磁场方向有一定的夹角，故D错误；

故选C．4、A【分析】【分析】物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力；力的作用是相互的，故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到向左的静摩擦力．【解析】【解答】解：物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力，大小为：f1=μ2N=μ2mg；

力的作用是相互的；故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到地面对其向左的静摩擦力，根据共点力平衡条件，有。

f2=f1，因而f2=μ2mg；故A正确，BCD错误．

故选：A．5、B【分析】【分析】根据运动学公式求出木箱与传送带保持相对静止前的位移，以及传送带的位移，通过位移之差得出在传送带留下的痕迹【解析】【解答】解：木箱由静止开始运动达到传送带速度所需的时间t=．

在这段时间内木箱的位移．

传送带的位移x2=v0t=0.2×0.04m=0.008mm，则相对位移大小△x=x2-x1=4mm．故B正确。

故选：B6、B【分析】【分析】国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．【解析】【解答】解：A、根据牛顿第二定律F=ma得：1N=1kg•m/s2，则1N/kg=1m/s2；故A错误．

B；“m”、“kg”、“s”都是国际单位制中的基本单位；故B正确．

C；牛顿是根据牛顿第二定律F=ma推导出来的单位；所以牛顿是导出单位，不是基本单位．故C错误．

D；在力学范围内；国际单位制规定长度、质量、时间为三个基本物理量，故D错误．

故选：B．二、多选题(共7题，共14分)7、ACD【分析】【分析】摩擦力一个物体在另一个物体表面滑动或有相对滑动的趋势时，受到的阻碍相对运动或相对运动趋势的力，与相对运动或相对运动的趋势方向相反．【解析】【解答】解：A；滑动摩擦力与物体的相对运动方向相反；即与相对相接触的那个物体的运动方向相反，与物体的实际运动方向可以成任意角度，故A错误；

B；滑动摩擦力与物体的相对运动方向相反；它可以是阻力、可以是动力，总是阻碍物体间的相对运动，B正确；

C；相互压紧的粗糙物体间发生相对运动或相对运动趋势时；有摩擦力的作用，C错误；

D；货物在传送带上向高处运动时；货物受静摩擦力但不静止，故D错误；

本题选错误的，故选ACD．8、AC【分析】【分析】让激光通过细丝，产生衍射条纹，条纹变宽，知金属丝变细．【解析】【解答】解：当障碍物的尺寸与波的波长相当；或小于波的波长，会发生明显的衍射，该装置的原理是运用光的衍射现象，如果屏上条纹变宽，则金属丝变细．故A；C正确，B、D错误．

故选AC．9、AC【分析】解：A

平抛运动的时间t=2hg

水平位移x=v0t=v02hgh

不同，但v0h

可能相同；所以两球可能都落在C

点，但由于高度不同，所以运动时间一定不同，不可能同时落在C

点.

故A正确．

B；平抛运动轨迹为抛物线；速度方向为该点的切线方向，分别从AB

两点抛出的小球轨迹不同，在C

点的切线方向也不同，所以落地时方向不可能相同，故B错误．

C、根据机械能守恒定律得mgh+12mv02=12mv2

则落地速度v=v02+2gh

则知落在C

点的速度大小可能相同，故C正确．

D、落在C

点时重力的功率P=mgvy=mg2gh

当mh

相同时P

相同；故D错误．

故选：AC

平抛运动轨迹为抛物线；速度方向为该点的切线方向，平抛运动水平方向做匀速直线运动，竖直方向为自由落体运动，设出水平方向和竖直方向的位移，运用平抛运动的基本规律表示出落地的速度，再结合重力瞬时的功率公式P=mgvy

即可分析．

本题主要考查了平抛运动的基本规律，知道平抛运动水平方向做匀速直线运动，竖直方向为自由落体运动，运用运动学规律进行分析这类问题.

要注意重力的瞬时功率与竖直分速度有关．【解析】AC

10、BC【分析】【分析】金属圆环光滑，一足够长的水平的绝缘轨道光滑，所以圆环与磁铁组成的系统水平方向受到的合力为0，满足动量守恒，根据动量守恒定律与能量的转化与守恒定律即可解答．【解析】【解答】解：A；金属环是光滑的；足够长的水平的绝缘轨道PP′是光滑的，在磁铁穿过金属环后，二者由于不受摩擦力的作用，两者将不会停下来．故A错误；

B；选取磁铁与圆环组成的系统为研究的系统；系统在水平方向受到的合力为0，满足动量守恒；选取磁铁M运动的方向为正方向，则最终可能到达共同速度时：

Mv0=（M+m）v

得：v=．故B正确；

C、磁铁若能穿过金属环，运动的过程中系统的产生的热量等于系统损失的动能，二者的末速度相等时损失的动能最大，为：Q==．故C正确；D错误．

故选：BC11、AD【分析】【分析】根据匀减速直线运动的位移时间公式列出两个方程，即可求出初速度和加速度．判断出物体在2-3s之间已经停止，结合运动学公式和平均速度的推论求出物体的加速度．从而得出物体速度减为零的时间．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出0.5s末的速度．【解析】【解答】解：A、根据位移时间公式得，第1s内的位移为：X1=V0t+=8m；

第3s内的位移为：

代入数据得：V0=9.875m/s，a=-3.75m/s2

得：v3=v0+at=-1.375m/s

说明在3s前物体已经停止．

0.5s末的速度为8m/s，则从0.5s末开始到停止的时间为，则2s后运动的时间为：；

采用逆向思维得，2s后到停止的位移为：；

解得：a=4m/s2．故A正确；B错误．

C、第0.5s末速度为第一秒的中点时刻速度，则有：；故C错误；

D、从0.5s末开始到停止的时间为：；则2.5s末的速度为零．故D正确．

故选：AD．12、BC【分析】【分析】当线框出磁场时，切割磁感线的有效长度逐渐增大，感应电动势随时间均匀增大；根据感应电量公式q=和磁通量变化量；求解通过线框截面的电荷量；

分析线框的受力情况，当安培力最大时，外力最大；求出感应电流然后求出热功率的表达式，可判断线框的热功率与时间的关系．【解析】【解答】解：A；当线框离开磁场时；导线框的有效切割长度逐渐增大，感应电动势随时间均匀增大，故A错误；

B、通过线框截面的电荷量为：q===；故B正确；

C、回路中的最大电流为：I=，因此最大安培力为：F安=BIL=，由于线框匀速运动，因此外力最大值为F=；故C正确；

D、t时刻导线框的有效切割长度：L=vt，感应电动势瞬时值：E=BLv=Bv2t，故线框的热功率P==∝t2；故D错误．

故选：BC．13、ACD【分析】【分析】当电荷的运动方向与磁场的方向平行，不受洛伦兹力，电荷在电场中一定受到电场力．【解析】【解答】解：A；电荷在电场中一定受到电场力作用．故A正确．

B；电荷在磁场中不一定受到洛伦兹力；若电荷的运动方向与磁场方向平行，则电荷不受洛伦兹力．故B错误．

C；正电荷所受的电场力方向与该点的电场强度方向相同．故C正确．

D；根据左手定则；电荷所受的洛伦兹力一定与磁场方向垂直．故D正确．

故选ACD．三、填空题(共7题，共14分)14、108【分析】【分析】理想变压器线圈匝数之比等于电压之比，已知输入电压和输出电压和原线圈的匝数，代入即可求得副线圈匝数．【解析】【解答】解：由理想变压器的规律可知；电压之比等于线圈匝数之比；

则有：

=

解得：n2==108匝；

故答案为：108．15、10竖直向上【分析】【分析】对粒子受力分析，结合直线运动的特点，由洛伦兹力可知，必定是匀速直线运动，从而由平衡条件与矢量的法则，即可求解．【解析】【解答】解：由于带正电的微粒在此空间恰好做直线运动；则有微粒所受洛伦兹力与其重力和所受电场力的合力平衡；

而电场力为：

F=qE=2×10-6C×10N/C=2×10-5N；

G=mg=2×10-6×10=2×10-5N；

由于电场力与重力垂直，所以电场力与重力的合力等于：F合=2×10-5N；

粒子做直线运动则：Bvq=F合

解得：v=m/s；

方向与水平方向成45°角斜向右上方；

故答案为：10m/s；与水平方向成45°角斜向右上方．16、0.10.1【分析】【分析】由F=BIL可求磁感应强度；磁感应强度与导线长度无关，导线受到的安培力与导线长度有关，而磁感应强度与导线的长度无关．【解析】【解答】解：（1）由F=BIL可得磁感应强度为：B==0.1T；

（2）磁感应强度与导线长度无关；当导线的长度在原位置缩短为原来的一半时，磁感应强度仍为0.1T．

故答案为：0.1、0.117、15【分析】【分析】由题，B、C电势相等，作出等势线，根据电场线与等势线垂直，并且由高电势指向低电势画出电场线．【解析】【解答】解：连接BC；由于BC电势相等，则BC为一条件等势线．根据电场线与等势线垂直，而由高电势指向低电势可知，电场线方向与BC垂直向下，作图如图．

由于此电场是匀强电场，其等势面互相平行，则AD也是一条等势线，所以可得D点的电势为UD=15V．

故答案为：1518、③⑥将滑动触头移至最左端多次移动滑动触头，记录相应的G1，G2读数I1，I2r1=（k-1）R1【分析】【分析】由于电流表G2的量程是待测电流表G1的2倍，定值电阻要和待测电流表内阻接近；滑动变阻器采用的分压式接法，其电阻不要太大．根据实验原理和串并联特点，分析电流表内阻的表达式．【解析】【解答】解：（1）器材选择：定值电阻要和待测电流表内阻接近，因为电流表G2的量程是待测电流表G1的2倍；滑动变阻器的电阻不要太大．故定值电阻选③；滑动变阻器选⑥．

（2）连接实物图如图所示．

（3）补充实验步骤见。

①将滑动触头移至最左端。

③多次移动滑动触头，记录相应的G1，G2读数I1，I2

（4）根据并联分流公式，又；

解得r1=（k-1）R1，式中r1即rG1．

本题答案是：（1）③；⑥

（2）见上图。

（3）①将滑动触头移至最左端．

③多次移动滑动触头，记录相应的G1，G2读数I1，I2

（4）r1=（k-1）R1．19、0.060.1【分析】【分析】穿过线框的磁通量发生变化，导致线框中产生感应电动势，从而出现感应电流．由法拉第电磁感应定律可得感应电动势的大小．【解析】【解答】解：线框在匀强磁场中；现让磁感强度在0.1s内由0.1T均匀地增加到0.4T．

所以穿过线框的磁通量变化量是：△∅=∅2-∅1=（B2-B1）S=0.3×0.2×0.1=0.006Wb

则在△t1时间内线框中感应电动势大小为：E=N==0.06V；

同理，在△t1+△t2的总时间内；穿过线框的磁通量变化量是：

△∅′=∅2-∅1=（B2-B1）S=1.5×0.2×0.1=0.03Wb

则在△t1+△t2时间内线框中感应电动势大小为：E===0.1V；

故答案为：0.06；0.1．20、标志越大【分析】【分析】温度是分子热运动平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律．【解析】【解答】解：温度是分子热运动平均动能的标志；温度升高时，物体分子的热运动加剧，分子热运动的平均动能增大；故分子热运动的动能与温度有关．物体的温度越高，分子的平均动能就越大。

故答案为：标志，越大四、判断题(共3题，共15分)21、×【分析】【分析】电荷的定向移动叫做电流；根据左手定则判断磁场力方向；

左手定则：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向．【解析】【解答】解：根据左手定则；洛伦兹力方向垂直于电荷运动方向与磁场方向构成的平面，即洛伦兹力方向一定与磁场方向垂直；

故答案为：×．22、×【分析】【分析】温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：温度是分子的平