2025年外研版选择性必修2物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版选择性必修2物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、下列设备工作时，没有利用电磁波的是_______。A.移动电话通话B.雷达发现飞机C.电动机通电后正常运转D.收音机接收广播电台信号2、下列说法中，符合物理学史实的是（）A.法拉第发现了电流周围存在磁场B.奥斯特总结出了磁场对运动电荷作用的规律C.麦克斯韦发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转D.库仑借助扭秤实验总结出了点电荷间相互作用的规律3、教材中介绍了很多利用电场和磁场工作的装置，以下各装置中哪一个工作原理不同于另外三个装置（）A.速度选择器B.磁流体发电机C.电磁流量计D.电磁炉4、如图所示；抽成真空的玻璃管水平放置，左右两个电极分别连接到高压电源两极，阴极发射的电子自左向右运动。一条形磁铁与水平面垂直，当磁铁N极从正下方靠近玻璃管，则电子将（）

A.向上偏转B.向下偏转C.向纸面内偏转D.向纸面外偏转5、MN、PQ为水平放置、间距为0.5m的平行导轨，左端接有如图所示的电路。电源的电动势为10V，内阻为1Ω；小灯泡L的电阻为4Ω，滑动变阻器接入电路的阻值为7Ω。将导体棒ab静置于导轨上，整个装置在匀强磁场中，磁感应强度大小为2T，方向与导体棒垂直且与水平导轨平面的夹角导体棒质量为0.23kg，接入电路部分的阻值为4Ω，闭合开关S后，导体棒恰好未滑动。若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且不计导轨的电阻，重力加速度g取10m/s2；则（）

A.导体棒受到的安培力大小为1NB.流过灯泡的电流大小为1AC.若将滑动变阻器的滑片向左移动，则导体棒仍会静止D.导体棒与导轨间的动摩擦因数μ＝0.26、如图所示；用细橡皮筋悬吊一轻质线圈，置于固定直导线上方，两者在同一竖直平面内，线圈可以自由运动，当给两者通以图示电流时，线圈将（）

A.靠近直导线，同时发生旋转B.远离直导线，同时发生旋转C.靠近直导线，两者仍在同一竖直平面内D.远离直导线，两者仍在同一竖直平面内7、如图所示，由粗细均匀的电阻丝制成的边长为l的正方形线框abcd，其总电阻为R，现使线框以水平向右的速度v匀速穿过一宽度为2l、磁感应强度为B的匀强磁场区域，整个过程中ab、cd两边始终保持与磁场边界平行．令线框的cd边刚好与磁场左边界重合时t=0，电流沿abcda流动的方向为正，U0=Blv。线框中a、b两点间电势差Uab随线框cd边的位移x变化的图象正确的是（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、理想变压器原线圈两端接入有效值为U的交流电源；灯泡恰好正常发光，如图所示。现欲使灯泡变暗，可以采取的方法有（）

A.仅减小交流电源的电压B.仅增大交流电源的频率C.保持Q的位置不动，仅将P向上滑动D.保持P的位置不动，仅将Q向上滑动9、金属棒MN两端用细软导线悬挂于a、b两点，其中间一部分处于方向垂直于纸面向里的匀强磁场中，静止时MN平行于纸面，如图所示．若金属棒通有从M向N的电流；此时悬线上有拉力．为了使拉力等于零，下列措施可行的是。

A.增大电流B.增大磁感应强度C.将电流方向改为从N流向MD.将磁场方向改为垂直于纸面向外10、如图电路中，电阻R和自感线圈L的电阻值相同；接通K，使电路达到稳定，灯泡S发光。则下列说法正确的是（）

A.在电路中，闭合立即变亮B.在电路中，断开将渐渐变暗C.在电路中，闭合将渐渐变亮D.在电路中，断开将先变得更亮，然后渐渐变暗11、压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小。某同学利用压敏电阻的这种特性设计了一个探究电梯运动情况的装置，该装置的示意图如图所示，将压敏电阻平放在电梯内，其受压面朝上，在受压面上放一物体m，电梯静止时电流表示数为I0。当电梯做四种不同的运动时；电流表的示数分别如图甲；乙、丙、丁所示。下列判断正确的是（）

A.甲图表示电梯处于静止状态或在做匀速直线运动B.乙图表示电梯可能向上做匀加速运动C.丙图表示电梯可能向上做匀加速运动D.丁图表示电梯可能向下做变减速运动12、如图所示，条形磁铁静止在粗糙水平面上，一小段直导线在条形磁铁上方P点处垂直于条形磁铁水平放置，条形磁铁在P点处产生的磁场与水平方向成角，给直导线通以恒定电流，结果条形磁铁对地面的压力减少了N；条形磁铁仍保持静止.则下列说法正确的是。

A.直导线中电流方向垂直于纸面向里B.直导线受到的安培力大小为C.地面对条形磁铁的摩擦力的方向水平向左D.地面对条形磁铁的摩擦力大小为Ncosθ13、如图所示，理想变压器的原线圈接在的交流电源上，副线圈接有的负载电阻。原；副线圈匝数之比为2∶1；电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是（）

A.原线圈中电流表的读数为B.副线圈中电压表的读数为C.副线圈输出功率为D.将负载电阻的阻值增大，则负载电阻消耗的功率增大14、如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，当PQ在外力的作用下运动时，MN在磁场的作用下向右运动，则PQ所做的运动可能是（）

A.向右加速运动B.向左加速运动C.向右减速运动D.向左减速运动15、如图所示，两平行光滑导轨由两部分组成，左面部分水平，右面部分是半径为r的竖直半圆，两导轨间的距离为l，导轨的电阻不计，导轨水平部分处于竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场中，两根长度均为l的金属棒ab、cd均垂直导轨置于水平导轨上，金属棒ab、cd的质量分别为2m与m，电阻分别为R与现给ab棒施加一个瞬时冲量使其以初速度开始沿导轨向右运动，cd棒随即也开始运动且进入圆轨道后恰好能通过轨道最高点已知cd棒进入圆轨道前两棒未相撞，重力加速度大小为g；下列说法正确的是（）

A.ab棒刚开始向右运动时cd棒的加速度大小为B.cd棒刚进入半圆轨道时ab棒的速度大小为C.cd棒刚进入半圆轨道时对轨道的压力为5mgD.cd棒进入半圆轨道前ab棒上产生的焦耳热为评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、如图中，竖直放置的直导线旁有一通电的环形线圈，其环面与直导线在同一平面。当导线通以电流I时，环形线圈向右平移，则环形线圈里电流的方向是________（选填“逆时针”或“顺时针”），直导线受到环形线圈的作用力方向是_________。17、变压器是根据电磁感应原理工作的，所以变压器只能改变________（填“直流”或“交流”）电的电压，在远距离送电中，导线上会有电能损失，损失的电能主要由电流的热效应引起，在输电功率一定时，输电电压越________（填“高”或“低”），电能损失就越小。18、变压器线圈中的电流越大，所用的导线应当越粗。学校实验室有一台升压变压器，假设它只有一个原线圈和个副线圈，则______的导线应当粗些，______的匝数多。（均填“原线圈”或“副线圈”）19、左手定则：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线______，并使四指指向______的方向，这时______的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向。20、某型号的回旋加速器的工作原理图如图甲所示，图乙为俯视图．回旋加速器的核心部分为D形盒，D形盒置于真空容器中，整个装置放在电磁铁两极之间的磁场中，磁场可以认为是匀强磁场，且与D形盒盒面垂直．两盒间狭缝很小，带电粒子穿过的时间可以忽略不计．带电从粒子源A处进入加速电场的初速度不计，从静止开始加速到出口处所需的时间为t（带电粒子达到最大速度在磁场中完成半个圆周后被导引出来），已知磁场的磁感应强度大小为B，加速器接一高频交流电源，其电压为U，可以使带电粒子每次经过狭缝都能被加速，不考虑相对论效应和重力作用，D形盒半径R＝_______，D型盒内部带电粒子前三次做匀速圆周的轨道半径之比(由内到外)为______________．

21、判断下列说法的正误．

（1）正弦式交变电流的正负两部分是对称的，所以有效值为零。____

（2）交变电流的有效值就是一个周期内的平均值。____

（3）一个正弦式交变电流的峰值同周期、频率一样是不变的，但有效值是随时间不断变化的。____

（4）交流电路中，电压表、电流表的测量值都是有效值。____22、X射线和γ射线。

（1）X射线波长比紫外线_____，有很强的_____本领；用来检查金属构件内部有无裂纹或气孔，医学上用于检查人体的内部器官。

（2）γ射线波长比X射线更_____，具有_____的能量，穿透力更强，医学上用来治疗某些癌症，工业上也可用于探测金属构件内部是否有缺陷。评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)23、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

24、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

25、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

26、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共3题，共12分)27、某同学通过实验制作一简易温控开关，实验原理图如图所示，当继电器电流超过10mA时，衔铁吸合，加热器停止加热，实现温控。继电器的电阻约为20Ω，热敏电阻与温度t的关系如下表所示。

。t/℃

30.0

40.0

50.0

60.0

70.0

80.0

Rt/Ω

199.5

145.4

108.1

81.8

62.9

49.7

（1）提供的实验器材如下：

电源E1（2.5V；内阻不计）；

电源E2（6V；内阻不计）；

滑动变阻器R1（0～20Ω）；

滑动变阻器R2（0～200Ω）；

热敏电阻Rt；

电阻箱（0～999.9Ω）；

开关S；导线若干。

为使该装置实验对30℃～80℃之间任意温度的控制，电源应选______（填“E1”或“E2”）；滑动变阻器应选________（填“R1”或“R2”）；

（2）欲使热敏电阻为40℃时衔铁吸合，下列操作步骤正确的顺序是________。

①将热敏电阻接入电路。

②观察到继电器的衔铁被吸合。

③断开开关；将电阻箱从电路中移除。

④合上开关；调节滑动变阻器的阻值。

⑤断开开关；用变阻箱替换热敏电阻，将变阻箱电阻调至145.4Ω

A．⑤④②③①B．③⑤④②①

C．①④⑤②③D．④⑤②③①28、某同学学习传感器后；用电源；电磁继电器、滑动变阻器、开关、导线等仪器设计了一个高温报警器，要求是：正常情况绿灯亮，有险情时电铃报警。电路如图所示，图中仪器还不完整。请完成以下问题：

(1)图中的甲还需要放入的元件是______。

A．二极管。

B．光敏电阻。

C．NTC热敏电阻阻值随温度升高而减小

D．PTC热敏电阻阻值随温度升高而增大

(2)电路正确连接之后，该同学调试过程发现报警时温度比预期偏低了一点点。要求在温度更高一点时就开始报警，则需要调节滑动变阻器的滑动头往______（选填“左”或“右”）移动一点。29、在“探究变压器线圈两端的电压和匝数的关系”实验中。

（1）下列说法正确的是_________

A．变压器中铁芯是整块硅钢。

B．为保证实验安全；原线圈应接入低压直流电源。

C．变压器正常工作时；电能由原线圈通过铁芯导电输送到副线圈。

D．保持原线圈电压及匝数不变；可改变副线圈的匝数，研究副线圈的匝数对输出电压的影响。

（2）可拆变压器的铁芯固定的不是很紧时，变压器发出较响的“嗡嗡”声，其原因是_______。评卷人得分六、解答题(共1题，共3分)30、如图所示，两根间距为的平行金属导轨在同一水平面内，质量为的金属杆b垂直放在导轨上。整个装置处于磁感应强度为的匀强磁场中，磁场方向与金属杆垂直且与导轨平面成角斜向上。闭合开关S，当电路电流为时，金属杆ab处于静止状态，重力加速度为求：

（1）金属杆ab受到的安培力大小

（2）导轨对金属杆ab的支持力大小

（3）滑动变阻器的滑片P向右移动，金属杆ab受到的支持力减小，金属杆ab仍保持静止。某同学认为：由于金属杆ab受到的支持力减小；所以它受到的摩擦力减小。你是否同意该同学的说法，请分析说明。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】

【详解】

移动电话通话；雷达发现飞机以及收音机接收广播电台信号；都是利用电磁波来实现的；电动机通电后正常运转与电磁波无关。

故选C。2、D【分析】【分析】

【详解】

A．奥斯特发现了电流周围存在磁场；A错误；

B．洛伦兹总结出了磁场对运动电荷作用的规律；B错误；

C．奥斯特发现导线通电时；导线附近的小磁针发生偏转，C错误；

D．库仑借助扭秤实验总结出了点电荷间相互作用的规律；D正确。

故选D。3、D【分析】【详解】

速度选择器；磁流体发电机、电磁流量计都是带电粒子在电磁场中的运动。而电磁炉是电磁感应现象。

故选D。4、C【分析】【详解】

根据左手定则可知；自左向右运动的电子受到的洛伦兹力方向垂直纸面向里，则电子将向纸面内偏转。

故选C。5、D【分析】【分析】

本题考查安培力作用下的平衡和电路的综合问题。

【详解】

B．导体棒接入电路部分电阻电路的总电阻

电路中干路电流

由于所以流过导体棒的电流与流过小灯泡的电流相等，为

故B错误。

A．导体棒有电流通过部分的长度且导体棒与磁场方向垂直，则导体棒受到的安培力大小为

故A错误。

C．闭合开关S后；导体棒恰好未滑动。若将滑动变阻器的滑片左移，总电阻减小，干路电流变大，流过导体棒的电流也变大，导体棒受到的安培力变大，导体棒会运动，故C错误。

D．对导体棒受力分析如图所示，其中F为导体棒所受的安培力，Fx和Fy分别是F的两个分力；

可得

联立解得

故D正确。

故选D。6、D【分析】【分析】

【详解】

由右手螺旋定则判断出直导线的磁场，线圈在直导线上边，所处的磁场方向垂直纸面向外，由左手定则判断线圈的受力情况，左右部分大小相等，方向相反，相互抵消；上边所受安培力向上，下边所受安培力向下，但由于直导线周围磁感应强度的大小与它到导线的距离成反比，线圈下边受力比上边受力大，则合力向上，所以线圈向上运动远离通电长直导线，而不会发生转动，仍在同一竖直平面内，故选D。7、B【分析】【分析】

【详解】

因为线框各边电阻均匀，cd边进入磁场后，ab两端电势差

由楞次定律判断出感应电流方向沿逆时针方向，则a的电势高于b的电势，Uab为正；线框全部进入磁场后，线框中虽然感应电流为零，但ab两端仍有电势差，且Uab=U0，由右手定则判断可知，a的电势高于b的电势，Uab为正；cd边穿出磁场后，ab边切割磁感线，相当于电源，其两端电势差等于路端电压，即

由右手定则知，a点的电势始终高于b的电势，Uab为正。

故选B。二、多选题(共8题，共16分)8、A:C【分析】【详解】

A．理想变压器原副线圈中的电压与线圈匝数成正比，即

减小交流电源的电压；副线圈两端的电压减小，根据闭合电路欧姆定律可知，灯泡两端的电压减小，变暗，故A正确；

B．增大交流电的频率；不会改变副线圈两端的电压，也不会改变灯泡两端的电压，故亮度不变，故B错误；

C．保持Q的位置不动；副线圈两端的电压不变，将P向上滑动，滑动变阻器的电阻增大，根据闭合电路的欧姆定律可知，滑动变阻器分得的电压增大，灯泡分得的电压减小，变暗，故C正确；

D．保持P的位置不动；将Q向上滑动，副线圈匝数增大，副线圈两端的电压增大，根据闭合电路的欧姆定律可知，灯泡两端分得的电压增大，亮度变亮，故D错误。

故选AC。9、A:B【分析】【分析】

通电导线在磁场中的受到安培力作用,由公式F=BIL求出安培力大小,由左手定则来确定安培力的方向.

【详解】

AB；棒的中部处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中,棒中通有电流,方向从M流向N,根据左手定则可得,安培力的方向竖直向上,因为此时悬线上有拉力,为了使拉力等于零,则安培力必须增加.所以适当增加电流强度,或增大磁场使重力等于安培力；即可以使得拉力等于零，故AB正确。

CD；当电流的方向或者磁场的方向发生变化时；根据左手定则可知安培力的方向就变为向下了，那么不管怎样，绳子的拉力都不可以为零了，故CD错误；

故选AB

【点睛】

安培力的方向可以根据左手定则来判断，在根据受力分析来判断如何让绳子的拉力为零．10、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．在电路（a）中；闭合K，由于L中产生自感电动势阻碍电流的增加，可知灯S逐渐变亮；断开K，由于线圈阻碍电流变小，通过线圈的电流在S；L、R中重新组成回路，导致S将逐渐变暗，故A错误，B正确；

CD．在电路（b）中；闭合K时，S立刻变亮；由于电阻R和自感线圈L的电阻值相同，所以通过灯泡的电流比线圈的电流小，断开K时，由于线圈阻碍电流变小，导致S将变得更亮，然后逐渐变暗。故C错误，D正确；

故选BD。11、A:C:D【分析】【详解】

A．电梯静止或匀速运动时，电流表的示数恒为I0；故选项A正确。

BC．当电梯向上匀加速运动时，物体受恒力作用，且压力大于重力，则电流表的示数可能恒为2I0；故选项B错误，C正确。

D．当电梯向下做变减速运动时，加速度向上，物体超重，且加速度减小时，压力变小，电阻变大，电流表的示数可能由2I0逐渐减小；故选项D正确。

故选ACD。12、A:B【分析】【详解】

A．由于导线通电后条形磁铁对地面的压力减小了N；表明直导线与条形磁铁相互吸引，则直导线受力如图，根据左手定则可知，直导线中电流方向垂直于纸面向里，A项正确；

B．设直导线受到的安培力大小为F，根据力的平衡可知Fcos=N，

则

则B项正确；

C．磁铁有向左运动趋势；因此地面对条形磁铁的摩擦力方向水平向右，C项错误；

D．地面对条形磁铁的摩擦力大小D项错误.13、A:C【分析】【详解】

AB．根据正弦交流电的峰值与有效值关系，可知原线圈两端有效电压根据理想变压器原、副线圈电压关系有

可知副线圈两端有效电压即副线圈中电压表的读数为110V，故B错误；

而根据欧姆定律及理想变压器原、副线圈电流有

联立解得故A正确；

C．副线圈输出功率有

故C正确；

D．若负载电阻的阻值增大，副线圈有效电压不变，根据电功率公式

可知负载电阻消耗的功率P将随R的增大而减小；故D错误。

故选AC。14、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．若向右加速运动，由右手定则可知中感应电流的方向由到由安培定则可判断出所在处的磁场方向是自下而上的；穿过的磁通量增加，由楞次定律可知流过的感应电流方向由到由左手定则可判断出受到向左的安培力；将向左运动，故A错误；

B．若向左加速运动，由右手定则可知中感应电流的方向由到由安培定则可判断出所在处的磁场方向是自上而下的；穿过的磁通量增加，由楞次定律可知流过的感应电流方向由到由左手定则可判断出受到向右的安培力；将向右运动，故B正确；

C．若向右加减运动，由右手定则可知中感应电流的方向由到由安培定则可判断出所在处的磁场方向是自下而上的；穿过的磁通量减小，由楞次定律可知流过的感应电流方向由到由左手定则可判断出受到向右的安培力；将向右运动，故C正确；

B．若向左减速运动，由右手定则可知中感应电流的方向由到由安培定则可判断出所在处的磁场方向是自上而下的；穿过的磁通量减小，由楞次定律可知流过的感应电流方向由到由左手定则可判断出受到向左的安培力；将向左运动，故D错误；

故选BC。15、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．ab棒开始向右运动时，设回路中电流为I，则根据导体棒切割磁场有E=Blv0

根据闭合电路欧姆定律有

根据牛顿第二定律有F安=ma0

安培力为F安=BIl

联立求解的

故A正确；

BC．设cd棒刚进入圆形轨道时的速度为v2，此时ab棒的速度为v1，ab棒开始运动至cd棒即将进入圆轨道的过程，对ab和cd组成的系统运用动量守恒定律可得2mv0=2mv1+mv2

cd棒进入圆轨道至最高点的过程中，对cd棒运用动能定理可得

在半圆轨道的P点对cd棒运用牛顿第二定律可得

联立求解可得

由牛顿第二定律可得cd棒刚进入半圆轨道时对轨道的压力为

故B正确；C错误；

D．cd棒进入半圆轨道前对ab棒运用动能定理可得

故D正确。

故选ABD。三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]直导线中的电流方向由下向上，根据安培定则，导线右侧区域磁感应强度方向向内，环形线圈被直导线排斥向右平移，依据左手定则与右手螺旋定则，可知，环形线圈里电流的方向逆时针；依据牛顿第三定律，可知，环形线圈被直导线排斥向右平移，那么直导线受到环形线圈的作用方向是向左。【解析】顺时针水平向右17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]变压器是根据电磁感应原理工作的；所以变压器只能改变交流电的电压；

[2]在远距离送电中，导线上会有电能损失，损失的电能主要由电流的热效应引起，在输电功率一定时，根据

可知，输电电压越高，电能损失就越小。【解析】交流高18、略

【分析】【详解】

[1][2]根据

由于是一台升压变压器，既有

则有

由于

由于

则有

根据题意可知，原线圈的导线应当粗些，副线圈的匝数多。【解析】原线圈副线圈19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.从掌心垂直进入②.电流③.拇指所指20、略

【分析】【详解】

[1]．设粒子从静止开始加速到出口处运动了n圈，质子在出口处的速度为v，则

质子圆周运动的周期

质子运动的总时间t=nT

联立解得

[2]．设质子第1次经过狭缝被加速后的速度为v1

由动能定理得

由牛顿第二定律有

联立解得：

同理，粒子经2次加速后做圆周运动的半径：

粒子经3次加速后做圆周运动的半径：

可知D型盒内部带电粒子前三次做匀速圆周的轨道半径之比(由内到外)为：【解析】21、略

【解析】①.错误②.错误③.错误④.正确22、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.短②.穿透③.短④.很高四、作图题(共4题，共12分)23、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】26、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共3题，共12分)27、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]为使该装置实验对30℃