2025年新世纪版必修1物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版必修1物理下册月考试卷943考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、2018年11月18日，全国第三届工业机器人技术应用技能大赛河北省选拔赛落下帷幕。在机器人大赛中，某机器人在平面内由点出发，沿直线运动到点然后又由点沿直线运动到点然后又由点沿直线运动到点最后又由点沿直线运动到点平面坐标系横、纵坐标轴的单位长度为1m。整个过程中机器人所用时间是则（）

A.机器人的运动轨迹是一条直线B.机器人不会两次通过同一点C.整个过程中机器人的位移大小为22mD.整个过程中机器人的位移与由点运动到点的位移方向相反2、如图所示，两个物体A、B中间用一轻弹簧相连。A、B的质量分别为A；B与固定斜面间的动摩擦因数不相同。稳定时，A、B两物体一起在斜面上匀速下滑，则下列说法正确的是（）

A.地面对斜面体可能有水平向左的摩擦力B.弹簧可能处于原长状态C.如果只增大A或B的质量，稳定时B一定不能一起匀速下滑D.若B与斜面间的动摩擦因数相等，且B两物体一起在斜面上匀速下滑，当适当增大斜面倾角，一起沿斜面下滑时，则弹簧可能处于压缩状态3、用一轻弹簧向上缓慢地匀速提起一物体，已知物体的重力G=10N，弹簧的劲度系数k=100N/m，由此计算可知，弹簧（）A.压缩了1mB.伸长了0.1mC.长度为1mD.长度为0.1m4、如图所示，在两竖直墙面间的同一竖直面内有两根等长细绳AO和BO连接于O点，O点的下方用绳子CO悬挂一重物，D点在B点正下方，且A、O、D在等高处，物体处于静止状态，绳BO与竖直墙面的夹角θ=37°，此时绳AO的张力为T1。现在把绳子端点B移到D点，静止时绳子AO的张力为T2；则下列结论正确的是（）

A.T1=mgB.T1=mgC.T2=mgD.T2=mg5、《曹冲称象》是家喻户晓的典故，“置象大船之上，而刻其水痕所至，称物以载之，则校可知矣．”它既反映出少年曹冲的机智，同时也体现出重要的物理思想方法，下列物理学习或研究中用到的方法与曹冲的方法相同的是（）A.建立“质点”的概念B.建立“合力与分力”的概念C.建立“瞬时速度”的概念D.研究加速度与合力、质量的关系评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)6、一质点运动的速度一时间图象如图所示；由图象判断以下说法正确的是（）

A.第1s内的运动方向与第2s内运动方向相同B.第4s内的加速度方向与速度方向相同C.第2s内的加速度与第3s内的加速度相同D.前两秒内与后两秒内位移相同7、打印机正常情况下，进纸系统能做到“每次只进一张纸”，进纸系统的结构示意图如图所示，设图中刚好有20张相同的纸，每张纸的质量均为m，搓纸轮按图示方向转动带动最上面的第1张纸向右运动搓纸轮与纸张之间的动摩擦因数为纸张与纸张之间纸张与底部摩擦片之间的动摩擦因数均为工作时搓纸轮给第1张纸压力大小为F。打印机正常工作时；下列说法正确的是（）

A.第2张纸受到第1张纸的摩擦力方向向右B.第10张纸与第11张之间的摩擦力大小为C.第20张纸与摩擦片之间的摩擦力为0D.要做到“每次只进一张纸”，应要求8、如图所示，竖直面光滑的墙角有一个质量为m、半径为r的均匀半球体物块A，现在A上放一密度和半径与A相同的球体B，调整A的位置使得保持静止状态；已知A与地面间的动摩擦因数为0.5，则A球球心距墙角的距离可能是（已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（）

A.1.8rB.2.0rC.2.4rD.2.8r9、物体做匀加速直线运动，加速度为2m/s2，就是说（）A.经过2s的时间，物体速度的变化量是4m/s；B.任意一秒内末速度是初速度的2倍；C.在任意一秒钟内，物体的初速度可能比末速度大2m/s；D.开始运动一秒后任意时刻的瞬时速度比一秒前的瞬时速度增加2m/s。10、有关下列四幅图片中所反应的物理思想方法的描述；其中正确的是（）

A.甲图中用气垫导轨及光电门测量滑块的速度，当遮光板很窄时测出的平均速度看成瞬时速度运用了等效替代的思想方法B.乙图中用图像中的直线与t轴所围成的面积表示位移，运用了微元法C.丙图中用两面镜子经二次反射激光束来观察桌面微小形变，运用了放大的思想方法D.丁图中用该装置研究自由落体运动时，忽略空气阻力的影响，运用了理想模型法11、如图（a）所示，物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连，细绳水平。时，木板开始受到水平外力F的作用，在时撤去外力。细绳对物块的拉力f随时间t变化的关系如图（b）所示，木板的速度v与时间t的关系如图（c）所示。木板与实验台之间的摩擦可以忽略。重力加速度取由题中所给数据可以得出（）

A.2s～4s内，物块与木板之间的滑动摩擦力为0.2NB.0～2s内，力F的大小保持不变C.2s～4s内，力F的大小为0.4ND.物块的质量为1kg评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)12、利用光敏电阻制作的光传感器，记录了传送带上工件的输送情况，图甲为某工厂成品包装车间的光传感记录器示意图，光传感器B能接收到发光元件A发出的光，每当工件挡住A发出的光时，光传感器就输出一个电信号，并在屏幕上显示出电信号与时间的关系，如图乙所示。若传送带始终匀速运动，每两个工件间的距离为0.2m，则传送带运动的速度是________，该传送带每分钟输送________个工件。

13、物体作匀减速运动3m停下，它通过前1m、前2m、前3m所需时间之比为________，前1m、前2m、前3m内平均速度之比为________，通过第1m、第2m、第3m所需时间之比为________。14、把一弹簧秤水平放置，左端固定，一人用力拉弹簧右端，当弹簧秤示值为20N，表明人对弹簧秤的拉力大小为________N。若弹簧两端都不固定，甲、乙二人用大小相等、方向相反的力分别拉住弹簧的两端，弹簧秤的示值为20N，则每人对弹簧秤的拉力大小为________N。15、质量m=10kg的物体静止在水平地面上，在水平恒力的作用下做匀加速直线运动，其v-t图像如图所示，物体的加速度大小为______m/s2，6s内位移的大小为______m，已知物体和水平地面之间的动摩擦因数μ=0.2，取g=10m/s2，则物体受到的滑动摩擦力大小为______N。

16、如图甲、乙所示，图中细线均不可伸长，两小球均处于平衡状态且质量相同．如果突然把两水平细线剪断，剪断瞬间小球A的加速度的大小为________，方向为________；小球B的加速度的大小为________，方向为________；图甲中倾斜细线OA与图乙中弹簧的拉力之比为________(θ、重力加速度g已知)．

17、质点运动的图像如图所示，有图像可知，该质点末的速度为__________，加速度为__________。前内的位移为__________。

18、质量2kg的物体，以大小为的初速度沿光滑水平面向右做匀速直线运动，某时刻受到方向向左的水平力F，经4s物体速度大小仍为方向水平向左，则物体的加速度大小为______力F的大小为______19、在倾角θ=37°的固定斜面，一物块以初速度v0=10m/s从斜面底端A沿粗糙斜面向上运动，如图所示．已知物块与斜面间的动摩擦因数μ=0.5，取g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8．则（结果可保留根号）

（1）物块向上运动时的加速度大小为______m/s2；

（2）物块沿斜面上升的最大位移为______m；

（3）物块重新回到斜面底端A时的速度大小为______m/s．评卷人得分四、作图题(共1题，共9分)20、画出图所示情景中物体A受力的示意图（所有接触面均光滑）。

评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)21、读数；分别填入空格中。

（1）______________________________cm

（2）________________________________________mm22、用图甲所示装置探究物体的加速度与力、质量的关系。实验前已经调节滑轮高度，使滑轮和小车间的细线与木板平行，已经平衡了摩擦力。g＝9.8m/s2。

（1）实验时保持小车(含车中砝码)的质量M不变，用打点计时器测出小车运动的加速度a。

图乙为悬挂一个钩码后实验中打出纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹未标出，测得各计数点到A点间的距离如图乙所示。已知所用电源的频率为50Hz，则小车的加速度大小a＝________m/s2。若悬挂钩码的质量为50g，把悬挂的钩码和小车(含车中砝码)看成一个整体，则小车(含车中砝码)的质量M＝________kg。(结果均保留2位有效数字)

（2）实验时保持悬挂钩码的质量m不变，在小车上增加砝码，改变小车的质量，得到对应的加速度，若用加速度作为纵轴，小车(含车中砝码)的质量用M表示，为得到线性图像，则横轴代表的物理量为________。

A．小车(含车中砝码)的质量M

B．小车(含车中砝码)的质量与悬挂钩码的质量之和m＋M

C．小车(含车中砝码)的质量与悬挂钩码的质量之和的倒数

D．悬挂钩码质量的倒数23、某实验小组用图甲所示的实验装置完成“探究加速度与力的关系”实验，图中小车的质量为M，砂和砂桶的质量为m。

（1）下列说法正确的是______。

A．先释放小车；再接通打点计时器的电源。

B．砂与砂桶的质量应远小于小车的质量。

C．用“阻力补偿法”平衡摩擦力时；需要悬挂空砂桶。

D．实验时拉小车的细线应与长木板保持平行。

（2）某次记录小车运动情况的纸带如图乙所示，0、1、2、3、4、5、6、7共8个计数点，相邻计数点间还有4个点未画出，各计数点与0计数点间的距离分别为已知打点计时器交流电源的频率为50Hz，打下计数点4时小车的速度大小______m/s（结果保留2位有效数字）。

（3）某同学利用v-t图像求小车的加速度，他分别计算出打计数点1、2、3、5、6时对应的小车速度已经描点在坐标纸上，将（2）中求出的的值描在坐标纸上，画出v-t图线______，小车的加速度______（结果保留2位有效数字）。

（4）通过改变砂和砂桶的质量，多次测量并作出小车的加速度a与砂和砂桶的重力F的图像如图丁所示，图丁中的a-F图像有纵截距，出现这一情况的可能原因是________________________。

24、用曝光时间为△t的相机在真空实验室拍摄的羽毛与苹果同时开始下落一段时间后的一张局部频闪照片如图所示．

(1)这个实验表明：如果我们可以减小____对物体下落运动的影响；直至其可以忽略，那么轻重不同的物体下落的快慢程度将会相同．

(2)关于图中的x1、x2、x3，关系正确的是___（填选项字母）．

A.x1:x2:x3=1:4:9B.xl:x2:x3=1:3:5C.2x2=x3+x1

(3)利用图片提供的信息可以求出当地的重力加速度值g．下列计算式中，正确的是g=____．（填选项字母）

A．B．C．D．评卷人得分六、解答题(共1题，共3分)25、一辆以的速度做匀速运动的汽车，司机发现前方的障碍物后立即刹车，刹车过程可看作匀减速运动，加速度大小为从刹车开始计时。

(1)求t=4s时的速度大小；

(2)求6s内汽车的位移大小。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【详解】

AB．由题图可知机器人的运动轨迹不是直线；图线的交点表示机器人两次通过同一点，故AB错误；

C．整个过程中机器人的位移为从点到点的有向线段，大小为故C错误；

D．三个坐标点在一条直线上，所以整个过程中机器人的位移与由点到点的位移方向相反；故D正确。

故选D．2、C【分析】【详解】

A．把物体A；B、弹簧和斜面体看成一个系统；系统处于平衡状态，地面与斜面体之间没有摩擦力，A项错误；

B．因为A；B与斜面的动摩擦因数不相等；但A、B两物体一起在斜面上匀速下滑，由整体法和隔离法可得，弹簧一定不是原长，B项错误；

C．把物体A；B与弹簧看成一个系统；由受力分析可知，如果只增大A或B的质量，系统的合外力不为零，稳定时A、B一定不能一起匀速下滑，C正确；

D．若A、B与斜面的动摩擦因数相等，匀速下滑时，重力沿斜面向下的分力与滑动摩擦力大小相等，是斜面的倾角。如果适当增大斜面倾角；A；B必加速下滑，再根据整体法和隔离法，应用牛顿第二定律可知，弹簧仍处于原长，D错。

故选C。3、B【分析】【分析】

【详解】

AB．当轻弹簧向上缓慢地匀速提起一物体时；根据平衡条件可知弹簧的弹力等于重力，根据胡克定律可知。

代入数据可知x=0.1m；由于弹簧是在提起物体；故弹簧伸长了0.1m，故A错误，B正确；

CD．由于不知道弹簧原长；故不能计算出弹簧的长度，故CD错误。

故选B。4、C【分析】【分析】

【详解】

绳子端点B在最初位置时，根据平衡条件可得T1=mgtanθ=mg

设细绳AO长度为L，据几何关系可知两竖直墙面间的距离为d=L+sinθ=1.6L

绳子端点B移到位置D点时，绳子AO与竖直墙面间的夹角为α，由几何知识得

此时有

得

所以C正确；ABD错误；

故选C。5、B【分析】【详解】

A．根据题中信息可知曹冲称象用到了等效替代法；质点的概念用到了理想模型法，A错误；

B．合力与分力的效果相同；用到了等效替代法，B正确；

C．瞬时速度中时间趋近于零；用到了极限法，C错误；

D．研究加速度与合力；质量的关系时用到了控制变量法；D错误。

故选B。二、多选题(共6题，共12分)6、A:C【分析】【分析】

【详解】

第1s内和第2s内速度均为正值；则运动方向相同，选项A正确；第4s内的加速度方向为正，速度方向为负，两者方向相反，选项B错误；直线的斜率等于加速度，则第2s内的加速度与第3s内的加速度相同，选项C正确；图像的面积等于位移，可知前两秒内与后两秒内位移大小相同，方向相反，选项D错误；故选AC.

【点睛】

本题是速度--时间图象的应用，要明确图像的斜率等于加速度，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积表示物体的位移，能根据图象读取有用信息．7、A:D【分析】【详解】

AD．第1张纸上表面受到搓纸轮施加的静摩擦力f，方向向右，第1张纸下表面受到第2张纸施加的滑动摩擦力f′；方向向左，第2张纸受到第1张纸的摩擦力方向向右，即有：

f′=μ2（mg+F）F为搓纸轮对第1张纸的压力；因为f′＜μ1F，正常情况下，F＞＞mg，故必有μ1＞μ2；故AD正确；

BC．第10张纸与第11张纸之间及第20张纸与摩擦片之间的摩擦力是静摩擦力，根据受力平衡条件，可知，大小均为f′；故BC错误；

故选AD。8、A:B【分析】【分析】

【详解】

根据题意可知，B球的质量为2m，A、B处于静止状态，受力平衡，则地面对A的支持力为N=3mg

当地面对A的摩擦力达到最大静摩擦力时，A球球心距墙角的距离最远，对A、B受力分析；如图所示；

根据平衡条件Fcosθ=μ∙3mg

解得：tanθ＝

则A球球心距墙角的最远距离为x=2rcosθ+r＝r

所以A球球心距墙角的距离居于的都是可能的；故AB正确，CD错误。

故选AB。9、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．经过2s的时间，物体速度的变化量为

故A正确；

BCD．由公式

可知；任意一秒内末速度比初速度大2m/s。故BC错误，D正确。

故选AD。10、B:C:D【分析】【详解】

A.甲图中用气垫导轨及光电门测量滑块的速度；当遮光板很窄时测出的平均速度看成瞬时速度运用了极限思维的思想方法，故A错误；

B.乙图中用图像中的直线与t轴所围成的面积表示位移；运用了微元法将变速运动无限微分后变成了一段段的匀速运动，故B正确；

C.丙图中用两面镜子经二次反射激光束来观察桌面微小形变；运用了放大的思想方法，故C正确；

D.丁图中用该装置研究自由落体运动时；忽略空气阻力的影响，运用了理想模型法，故D正确。

故选BCD.11、A:C【分析】【详解】

A．由图b可知；前2s内细绳对物块的拉力f随时间逐渐增大，结合物块水平方向二力平衡可知前2s内物块与木板之间的摩擦力逐渐增大，2s～4s内，物块与木板之间的滑动摩擦力为0.2N，故A正确；

B．0～2s内，整体受力平衡，拉力F的大小始终等于绳子的拉力，绳子的拉力增大，则力F增大；故B错误；

C．在4s后撤去外力，此时木板在水平方向上只受到滑动摩擦力的作用，由图c，此时木板的加速度大小为

根据牛顿第二定律可得

解得木板的质量

2s～4s内，木板的加速度大小

根据牛顿第二定律可得

解得拉力

故C正确；

D．物块始终静止不动；不能求出物块的质量，故D错误。

故选AC。三、填空题(共8题，共16分)12、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据题意结合图像知，相邻工件的时间为t0=1s；相邻位移为0.2m，由。

=0.2m/s[2]传送带每分钟输送工件个数。

（个）【解析】0.2m/s6013、略

【分析】【详解】

[1][2][3]对于末速度为零的匀减速直线运动，可以逆向看作初速度为零的匀加速直线运动；则对于初速度为零的匀加速直线运动，在相邻相等的位移内所用时间之比为：

因此对于匀减速直线运动，通过第1m，第2m，第3m所用的时间比为

故前1m，前2m，前3m所用时间之比为：

平均速度故前1m、前2m、前3m内平均速度之比【解析】14、略

【分析】【详解】

[1]弹簧测力计使用时；总是处于静止状态或匀速直线运动状态，此时弹簧测力计处于平衡状态，受到的就是一对平衡力，平衡力的大小相等；方向相反，弹簧测力计的示数等于某一个力的大小．

若将此弹簧测力计的一端固定在墙上；用20N的力拉它的另一端，这时弹簧测力计的示数等于20N;

[2]弹簧测力计受到一对为20N的平衡力，弹簧测力计的示数等于这个力的大小，等于20N；【解析】202015、略

【分析】【详解】

[1]物体的加速度大小为

[2]6s内位移的大小为

[3]物体受到的滑动摩擦力大小为【解析】1182016、略

【分析】【详解】

设两球质量均为m，对A球受力分析，如图a所示，剪断水平细线后，球A将沿圆弧摆下，故剪断水平细线瞬间，小球A的加速度a1方向沿圆周的切线方向向下，即垂直倾斜细线OA向下．则有FT1＝mgcosθ，F1＝mg·sinθ＝ma1，得a1＝gsinθ

如图b所示，水平细线剪断瞬间，B球受重力mg和弹簧弹力FT2不变，小球B的加速度a2方向水平向右，则FT2＝F2＝mgtanθ＝ma2，得a2＝gtanθ；图甲中倾斜细线OA与图乙中弹簧的拉力之比为＝cos2θ．

点睛：本题考查了共点力平衡和牛顿第二定律的基本运用，知道剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变；同时注意明确我们所求出的加速度为瞬时加速度，即为细绳剪断瞬间的加速度．【解析】gsinθ垂直倾斜细线OA向下gtanθ水平向右cos2θ17、略

【分析】【详解】

[1][2]物体做的是匀减速直线运动，由图可知，0时刻的速度是5m/s，2s末的速度是3m/s，加速度

[3]v-t图线与坐标轴所围的面积表示位移，所以前2s内的位移为【解析】18、略

【分析】【详解】

根据加速度的定义式得：则加速度大小为

根据牛顿第二定律得：则F的大小为5N．

故答案为5【解析】2.5;5;19、略

【分析】【详解】

（1）根据牛顿第二定律有：mgsin37°+μmgcos37°＝ma

代入数据解得物体的加速度：a=10m/s2

（2）根据速度位移公式可得物块沿斜面上升的最大位移为：

（3）下降过程中有：mgsin30°−μmgcos30°＝ma1

代入数据解得物体的加速度：a1=4m/s2

根据速度位移公式可得物块重新回到斜面底端A时的速度大小为：．【解析】105四、作图题(共1题，共9分)20、略

【分析】【详解】

（1）弹力方向垂直于接触面；

（2）固定杆力的方向可以不沿杆；又由于必须平衡重力，所以杆的弹力向上；

（3）绳子的拉力必须沿绳；若斜面有支持力，则物体受力不平衡，则支持力不存在。

【解析】（1）见解析；（2）见解析；（3）见解析五、实验题(共4题，共36分)21、略

【分析】【详解】

(1)[1]游标卡尺的主尺读数为22mm；游标尺上第5个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为。

5×0.1mm=0.5mm所以最终读数为：

22mm+0.5mm=22.5mm=2.25cm(2)[2]螺旋测微器的固定刻度为6.5mm；可动刻度为。

36.0×0.01m