2025年冀少新版选修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀少新版选修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，为定值电阻，为负温度系数的热敏电阻（负温度系数热敏电阻是指阻值随温度的升高而减小的热敏电阻），为小灯泡，当温度降低时（）

A.两端的电压增大B.电流表的示数增大C.小灯泡的亮度变强D.小灯泡的亮度可能不变2、如图所示,闭合开关S后,A灯与B灯均发光,当滑动变阻器的滑片P向左滑动时,以下说法中正确的是(一直A、B两灯电阻均大于电源内阻)（））

A.A灯变暗B.B灯变暗C.电源的输出功率先变大后减小D.电源的总功率可能增大3、一定质量的理想气体的体积V随热力学温度T变化的情况如图所示。气体先后经历状态A、B和C；下列说法正确的是（）

A.从状态A到状态B，气体压强保持不变B.从状态A到状态B，气体内能保持不变C.从状态B到状态C，气体对外做功D.从状态B到状态C，气体向外放热4、关于热现象，下列说法正确的是（）A.多晶体在所有物理性质上都表现为各向异性B.第二类永动机不可能实现是因为它违背了能量守恒定律C.空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸气的压强与相同温度时空气的压强之比D.当分子间距离变小时，分子间的作用力可能减小，也可能增大5、如图所示；根据实验数据在同一个I﹣U图象中画出了两只不同电阻的伏安特性曲线．下列判断正确的是（）

A.a图线对应的电阻阻值较大B.b图线对应的电阻阻值较大C.a图线对应的电阻的电阻率一定大D.b图线对应的电阻的电阻率一定大6、如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻．金属棒ab与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向上，金属棒ab始终保持静止．下列说法正确的是。

A.当B均匀增大时，金属棒ab中的电流增大B.当B增大时，金属棒ab中的感应电流方向由a到bC.当B减小时，金属棒ab中的电流一定减小D.当B不变时，金属棒ab受到水平受向右的静摩擦力7、如图所示，匀强磁场的磁感应强度B=0.5T，边长L=0.1m的正方形线圈共N=100匝，线圈总电阻r=1线圈绕垂直于磁感线的对称轴OO匀速转动，转速为r/s，外电路中的电阻R=4图示位置线圈平面与磁感线平行，以下说法中正确的是（）

A.如从图示位置计时，线圈中产生电流按正弦规律变化B.线圈从图示位置转动30°，流经R上的电荷量为0.05CC.每转动一周线圈上产生的热量为JD.电阻R上的电压为8V8、某电风扇挡位变换器的电路如图所示，它可视为一个可调压的理想变压器，总匝数为2400匝的原线圈两端输入电压(V)的交变电源，挡位1、2、3、4对应的线圈匝数分别为240匝、600匝、1200匝、2400匝．电动机M的内阻r=8Ω、额定电压U=220V，额定功率P=110W，下列说法正确的是（）

A.交变电源的频率为100HzB.当选择挡位3后，电动机两端电压的有效值为110VC.当由挡位3变为挡位2后，原线圈的电流变大D.当选择挡位4后，电动机的输出功率为110W9、右端带有光滑圆弧轨道质量为M的小车静置于光滑水平面上，如图所示．一质量为m的小球以速度v0水平冲上小车；关于小球此后的运动情况，以下说法正确的是。

A.小球可能离开小车水平向右做平抛运动B.小球可能从圆弧轨道上端抛出而不再回到小车C.小球不可能离开小车水平向左做平抛运动D.小球不可能离开小车做自由落体运动评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)10、如图，足够长的两平行光滑金属导轨MN、PQ水平放置，间距l=1m，导轨中间分布有磁感应强度为1T的匀强磁场，磁场边界为正弦曲线．一粗细均匀的导体棒以10m/s的速度向右匀速滑动，定值电阻R的阻值为1Ω，导体棒接入电路的电阻也为1Ω，二极管D正向电阻为零；反向电阻无穷大，导轨电阻不计，下列说法正确的是（）

A.电压表示数为2.5VB.导体棒运动到图示位置时，有电流流过电阻RC.流经电阻R的最大电流为5AD.导体棒上热功率为6.25W11、下列说法正确的是（）A.当一定质量的理想气体分子的平均动能增大时，其压强可能减小B.非晶体不可能转化为晶体C.第一类永动机不可能制成是因为违反了能量守恒定律E.两分子间的引力和斥力不可能同时存在E.两分子间的引力和斥力不可能同时存在12、下列说法不正确的是____．A.装有一定质量气体的密闭容器沿水平方向加速运动，气体的内能将不断增大B.一定质量0℃的水结成0℃的冰的过程中，体积增大、分子势能减小C.足球充气后很难压缩，是因为足球内气体分子间斥力作用的结果E.根据氧气分子的摩尔质量M，密度ρ和阿伏伽德罗常数NA，可以求出一个氧气分子的体积E.根据氧气分子的摩尔质量M，密度ρ和阿伏伽德罗常数NA，可以求出一个氧气分子的体积13、如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻R．金属棒ab与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下．现使磁感应强度随时间均匀减小，ab始终保持静止；下列说法正确的是（）

A.ab中的感应电流方向由a到bB.ab所受的安培力方向向左C.ab中的感应电流方向由b到aD.ab所受的安培力方向向右14、下列说法正确的是（）A.气体的压强是气体分子频繁撞击容器壁产生的B.气体压强是由于分子间的斥力产生的C.一定质量的气体温度不变时，体积减小，压强增大，说明每秒撞击单位面积器壁的分子数增多D.热力学温度T与摄氏温度t的关系是T=t+273.15K15、一简谐横波沿轴方向传播，已知时的波形如图甲所示，图乙是处的质点的振动图象，则下列说法正确的是（）

A.此波是沿轴正方向传播B.此波是沿轴负方向传播C.此波的波速为D.此波的波速为16、如图所示，圆心为O、半径为r的圆形空间内，存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子质量为电荷量为从A点以一定的速度垂直磁场方向沿半径射入磁场中，并从C点射出，图中实线AC所示弧线为其运动轨迹．已知∠AOC=120°，磁感应强度为B,不计粒子所受的重力．关于粒子在磁场中的运动，下列说法中正确的是。

A.运动半径为rB.运动半径为C.运动时间为D.运动时间为17、如图所示，在xOy坐标系中第一象限内存在垂直纸面向里的匀强磁场，第二象限内的部分区域存在匀强电场。一电荷量为+q、质量为m的带电粒子，以初速度v0从P（a，0）点沿与x轴成45°方向射入磁场中，通过y轴上的N（0，a）点进入第二象限后，依次通过无电场区域和匀强电场区域，到达x轴上某点时速度恰好为零。已知该粒子从第一次通过N点到第二次通过N点所用时间为t0；粒子重力不计。下列说法正确的是（）

A.磁场的磁感应强度大小为B.该带电粒子自P点开始到第一次通过N点所用的时间为C.该带电粒子第一次通过无电场区域飞行的位移大小为D.匀强电场的电场强度大小为评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)18、图甲是研究光电效应现象的装置．某同学用该装置探究遏止电压．与入射光频率之间的关系，得到图乙图象．图中电源____端为正极(填“左”或“右")．该装置阴极K的逸出功为____J.已知普朗克常量h=（结果保留三位有效数字）

19、如图所示电路，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，安培表A的示数如何变化？小明同学的分析思路如下：

试写出以下步骤的物理原理：

②______________________________________。

④______________________________________。20、如图所示，R1＝2Ω，R2＝3Ω，滑动变阻器最大值R3＝5Ω，则当滑动触头从a滑到b的过程中，电流表示数的变化情况是______________________________．

21、热平衡的性质：达到热平衡的系统都具有相同的_______。22、封闭在汽缸内一定质量的理想气体由状态A变到状态D，其体积V与热力学温度T关系如图所示，O、A、D三点在同一直线上，则由状态A变到状态B过程中，气体___________热量（填“吸收”、“放出”或“既不吸收也不放出”）；状态C气体的压强___________状态D气体的压强（填“大于”；“小于”或“等于”）。

23、如图所示，在p-V图中有三条气体状态变化曲线，一定质量的理想气体可沿这三条路径从状态i到状态j，已知曲线1为绝热变化过程，气体内能变化分别为△U1、△U2、△U3，它们的大小关系是_____；气体对外界做功分别为W1、W2、W3，它们的大小关系是_____；气体从外界吸收的热量大小为Q1、Q2、Q3，它们的大小关系是_____。

评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)24、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

25、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

26、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共20分)27、(1)用螺旋测微器测量圆柱体直径如图甲，可知其直径D为______mm，用游标卡尺测量其长度如乙，可知其长度L为______cm．

(2)欲测量一个电流表的内阻；现备有如下器材:

A.待测电流表A1(量程3mA，内阻约为40)

B.电压表V(量程3V，内阻约3000)

C.电流表A2(量程15mA，内阻为40)

D.定值电阻

E.直流电源E(电动势1.5V；内阻忽略不计)

F.滑动变阻器(总阻值5；额定电流0.5A)

G.开关一个；导线若干。

①请利用上述所给器材，设计出合理的、便于多次测量的实验电路图，并保证各电表的示数超过其量程的一半，将电路图画在题中的虚线框中__________．

②在所测量的数据中选一组，用测量量和已知量来计算A1的内阻，表达式为______．(用物理量对应的字母表示)28、如图1是用来测量未知电阻的实验电路图，阻值约为几千欧；E是电池组，电动势为6V，内阻不计；V是电压表，盘程为3V，内阻R是电阻箱，阻值范围0~9999Ω；是滑动变阻器，和是单刀单掷开关。主要的实验步骤如下：

a.连好电路如图1，合上开关和调节滑动变阻器的滑片，使得电压表的示数为3.0V。

b.保持闭合，断开开关保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱的阻值，使得电压表的示数为1.5V。

c.读出电阻箱的阻值，并计算求得未知电阻的大小。

d.实验后整理仪器。

（1）供选择的滑动变阻器有：

A．最大阻值100Ω；额定电流0.5A

B．最大阻值20Ω；定电流1.5A

为了使实验测量值尽可能地准确，根据实验电路图可知，实验应选用的滑动变阻器是___________（填实验器材前的字母）。

（2）电压表示数为1.5V时，电阻箱的旋钮位置如图2所示，它的读数是___________Ω。

（3）未知电阻___________Ω。

（4）的测量值与其真实值相比___________（填“偏大”、“相等”或“偏小”）。评卷人得分六、解答题(共3题，共24分)29、如图，A、B、C三个木块的质量均为m，置于光滑的水平面上，B、C之间有一轻质弹簧，弹簧的两端与木块接触而不固连，将弹簧压紧到不能再压缩时用细线把B和C紧连，使弹簧不能伸展以至于B、C可视为一个整体，让A以初速度沿BC的连线方向朝B运动；与B相碰并粘合在一起，之后立即断开细线，求：

（1）A；B碰撞过程中产生的热量；

（2）已知弹簧恢复原长时C的速度为求此时AB的速度及弹簧释放的弹性势能．30、一定质量的理想气体经历了如图所示的状态变化；问：

（1）已知从A到B的过程中，气体的内能减少了300J，则从A到B气体吸收或放出的热量是多少；

（2）如果知道气体在状态C时的温度则气体在状态A时的温度为多少。

31、如图所示，在倾角θ＝37°的光滑斜面上存在一垂直斜面向上的匀强磁场区域MNPQ，磁感应强度B的大小为5T，磁场宽度d＝0.55m，有一边长L＝0.4m、质量m1＝0.6kg、电阻R＝2Ω的正方形均匀导体线框abcd通过一轻质细线跨过光滑的定滑轮与一质量为m2＝0.4kg的物体相连，物体与水平面间的动摩擦因数μ＝0.4，将线框从图示位置由静止释放，物体到定滑轮的距离足够长.(取g＝10m/s2；sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)求：

(1)线框abcd还未进入磁场的运动过程中；细线中的拉力为多少？

(2)当ab边刚进入磁场时，线框恰好做匀速直线运动，求线框刚释放时ab边距磁场MN边界的距离x多大？

(3)在(2)问中的条件下，若cd边恰离开磁场边界PQ时，速度大小为2m/s，求整个运动过程中ab边产生的热量为多少？参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【详解】

AB.温度下降，电阻增大，并联部分电阻增大，总电阻增大，总电流减小，电压减小；电流表。

示数减小；故AB错误；

CD.因为两端电压减小；根据串联电路电压特点可知，灯泡的电压增大，故灯泡变亮；

故C正确，D错误．2、B【分析】【分析】

滑动变阻器滑片P向左移动时；变阻器在路电阻增大，分析电路总电阻的变化，由闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化，判断灯泡B亮度的变化；当内；外电阻相等时，电源的输出功率功率最大；灯泡B的电阻大于电源的内阻，当R增大时，电源的输出功率减小；变阻器两端电压增大，通过A灯的电流增大，A灯变亮；

【详解】

AB、当滑动变阻器滑片P向左移动，其接入电路的电阻增大，电路总电阻增大，干路电流I减小，B灯变暗，电源的内电压减小，路端电压增大，B的电压减小，所以A的电压增大，A灯变亮，故A错误，B正确；

C、当内、外电阻相等时，电源的输出功率最大，灯泡B的电阻大于电源的内阻，当R增大时，电源的输出功率减小，故C错误；

D、电源的总功率P=EI，电流减小，总功率减小，故D错误；

故选B．

【点睛】

关键是闭合电路的动态分析，抓住电源电动势和内阻不变，按照从局部到整体再到局部的方法进行分析．3、A【分析】【详解】

A．从状态A到状态B；气体作等压变化，故A正确；

B．从状态A到状态B；温度升高，所以气体内能变大，故B错误；

CD．从状态B到状态C；温度升高，气体内能增大，体积不变，气体不做功，由热力学第一定律可知气体从外界吸收热量。故CD错误。

故选A。4、D【分析】【分析】

【详解】

A．多晶体是多个单晶体的结合体；在热传导中不具有各向异性，而是表现为各向同性，故A错误；

B．第二类永动机不可能制成是因为它违反了热力学第二定律；没有违反能量守恒定律，故B错误；

C．空气的相对湿度定义为相同温度时空气中所含水蒸气的压强与水的饱和蒸汽压之比；故C错误；

D．分子间有间隙；存在着相互作用的引力和斥力，当分子间距离比较大时，表现为引力，当分子间距离减小时，分子引力先增大后减小；当表现为斥力时，分子间距离变小时分子力增大，故D正确。

故选D。5、B【分析】【详解】

线性电阻的的斜率的倒数表示电阻的大小；故斜率越大，电阻越小，所以b的电阻阻值较大，A错误B正确；该图只能比较阻值大小，不能比较电阻率大小，CD错误．6、B【分析】【详解】

A项：由于磁感应强度均匀增大，不变，根据法拉第电磁感应定律得，感应电动势恒定，则ab中的感应电流不变，故A错误；。

B项：磁感应强度均匀增大，穿过线框的磁通量增大，根据楞次定律得，ab中的感应电流方向由a到b；故B正确；

C项：若B均匀减小，根据法拉第电磁感应定律可知；电流不变，故C错误；

D项：当B不变时；穿过线框的磁通量不变，电路中无电流，金属棒不受安培力，也不受摩擦力作用，故D错误．

故选B．7、B【分析】【详解】

A；图示位置；线圈平面与磁感线平行，此时产生的电动势最大，可知线圈中产生电流按余弦规律变化，A错误。

B、根据可得：B正确。

C、线圈旋转产生的最大电动势正弦式交流电的有效值是峰值的线圈转一周产生的热量C错误。

D、电阻R上的电压为D错误8、B【分析】【详解】

A、根据原线圈两端输入电压的瞬时值表达式知交变电源的频率故选项A错误；

B、当选择挡位3后，副线圈的匝数为1200匝，根据电压与匝数成正比得即解得电动机两端电压的有效值为110V，故选项B正确；

C、当由挡位3变为挡位2后，根据电压与匝数成正比知副线圈两端的电压减小，输出功率变小，根据知原线圈的电流变小；故选项C错误；

D、当选择挡位4后，副线圈的匝数为2400匝，根据电压比规律得副线圈两端的电压为220V，电动机正常工作，流过的电流电动机的发热功率热电动机的输出功率出故选项D错误．9、A【分析】【详解】

小球从圆弧轨道上端抛出后，小球水平方向的速度和车的速度相同，故小球仍会落回到小车上；小球落回到小车后，相对小车向左滑动，然后从左边离开小车：如果小球对地面的速度向左，则小球离开小车水平向左做平抛运动；如果小球对地面的速度为零，则小球离开小车后做自由落体运动；如果小球对地面的速度向右，则小球离开小车水平向右做平抛运动．故A正确，BCD错误．二、多选题(共8题，共16分)10、A:C:D【分析】【详解】

A项：导体棒切割产生的感应电动势的最大值产生的是正弦式交流电，则电动势的有效值由电流的热效应可得：解得：由闭合电路欧姆定律得，电压表的示数为2.5V，故A正确；

B项：导体棒运动到图示位置时，由右手定则可知，产生的电流方向由由于二极管具有单向导通特性，所以此时无电流流过电阻R；故B错误；

C项：导体棒切割产生的感应电动势的最大值所以最大电流故C正确；

D项：导体棒上的电流为：所以热功率为：故D正确．11、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．当一定质量的理想气体分子的平均动能增大时；即温度升高，根据理想气体状态方程可知，当体积增大时，其压强可能减小。A正确；

B．在一定条件下；非晶体与晶体可以相互转化。B错误；

C．第一类永动机不可能制成是因为违反了能量守恒定律。C正确；

D．当一定量的理想气体体积减小时；外界一定对气体做正功。D正确；

E．两分子间的引力和斥力总是同时存在的。E错误。

故选ACD。12、A:C:E【分析】【详解】

A．物体机械能大小与速度的有关；内能大小与物体宏观速度无关，所以装有一定质量气体的密闭容器沿水平方向加速运动，气体的内能不一定增大．故A项错误．

B．一定质量0℃的水结成0℃的冰的过程中；需放出热量，又由于体积变大，物体对外做功，根据热力学第一定律知，内能减小；而温度不变，分子总的动能不变，则总的分子势能减小．故B项正确．

C．足球充气后很难压缩；是因为足球内外气体压强差的原因，与分子间斥力作用无关，故C项错误．

D．气体等压膨胀的过程中压强不变；体积增大，温度升高；而理想气体的内能仅仅与温度有关，温度升高则气体的内能增大；理想气体等压膨胀过程中对外做功，根据热力学第一定律可知气体一定从外界吸收热量．故D项正确．

E．根据氧气分子的摩尔质量M，密度ρ，可求氧气的摩尔体积

再结合阿伏伽德罗常数NA，可以求出一个氧气分子占据的空间

气体分子间间距较大；则气体分子大小远小于气体分子占据的空间．故E项错误．

故选ACE．

【点睛】

气体分子间间距较大，气体分子的大小远小于气体分子占据的空间．13、A:D【分析】【分析】

【详解】

AC．磁感应强度随时间均匀减小，故回路磁通量减小，根据楞次定律判断，感应电流的磁场方向向下，根据右手定则判断ab中的感应电流方向由a到b；A正确C错误。

BD．因为ab中的感应电流方向由a到b，磁场方向竖直向下，根据左手定则判断ab所受的安培力方向向右，B错误D正确14、A:C:D【分析】气体的压强是气体分子频繁撞击容器壁产生的，而不是由于分子间的斥力产生的，A正确B错误；气体的温度不变则单个分子对器壁的撞击力不变，压强增大，说明每秒撞击单位面积器壁的分子数增多，C正确；热力学温度T与摄氏温度t的关系是T=t+273.15K，D正确．15、B:C【分析】【详解】

AB．由振动图象乙可以知道时刻，处的质点的振动方向向上，根据波形平移法可以知道，简谐横波是沿轴负方向传播；故A错误，B正确；

CD．由甲、乙图分别读出则波速

故C正确；D错误。

故选BC。16、B:D【分析】【分析】

带电粒子在磁场中做匀速圆周运动；由几何关系可求出圆心角和半径，则可求得粒子转过的弧长，由线速度的定义可求得运动的时间．

【详解】

由几何关系可知粒子运动半径为故A错误，B正确；由洛伦兹力提供向心力得解得解得粒子在磁场中转过的角度为600，则运动时间为故D正确，C错误；故选BD．17、B:D【分析】【详解】

A．带电粒子在第一象限内做匀速圆周运动；运动轨迹如图。

由几何关系可得

解得

根据

可得磁场的磁感应强度大小为

故A错误；

B．带电粒子在第一象限内做匀速圆周运动，由几何关系可得圆心角为1800，该带电粒子自P点开始到第一次通过N点所用的时间为

故B正确；

C．带电粒子在无电场区域做匀速直线运动，匀强电场区域做匀减速直线运动，到达x轴上某点时速度恰好为零，返回时在匀强电场区域做匀加速直线运动，在无电场区域做匀速直线运动，第二次通过N点，做匀速直线运动位移为

做匀减速直线运动位移为

运动时间为

由题意可得

联立解得

故C错误；

D．在匀强电场区域有

解得匀强电场的电场强度大小为

故D正确。

故选BD。三、填空题(共6题，共12分)18、略

【分析】【详解】

因为是研究遏止电压的装置，所以所加电压应为反向电压，阻值光电子到达A极板形成光电流，所以A极板接电源负极，K级板接电源正极，电源右端为正极；根据图像乙可知，当频率为时，所需遏止电压为零，说明此时对应频率为截止频率所以逸出功：【解析】右3.38×10-1919、略

【分析】【详解】

②根据闭合电路欧姆定律得：总电流减小，所以路端电压变大；④根据并联电路电流关系：总电流变小，而变大，则一定变小【解析】20、略

【分析】【详解】

由电路的组成可知，R1和R3的上半部分串联，R2和R3的下半部分串联，然后再并联．只要求出P由a向b滑动过程中电阻的变化，就可求得电流的变化．设P、a间电阻为Ra；则混联电路的电阻为。

上式中分子里两个因式之和为定值，则当时当时，R＝1.6Ω，I1＝≈3.94A

当时，R＝2.1Ω，I2＝3A

故当滑动触头P从a端滑动到b端的过程中；电流表示数变化：从3.94A减小到2.52A再增大到3A.

【点睛】

本题正确列出并联电路电阻表达式，再根据数学关系，即可正确解题．【解析】从3.94A减小到2.52A再增大到3A21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】温度22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]状态A变到状态B过程中；是等容变化，不对外做功，但温度升高，所以气体吸热；

[2]从状态C到状态D，是等容变化，温度降低，由

可得，压强减小，所以状态C气体的压强大于状态D气体的压强；【解析】吸收大于23、略

【分析】【详解】

[1]．从状态i到状态j温度的变化相同，则内能变化相同，即△U1=△U2=△U3

[2]．根据可知，p-V图像与坐标轴围成的面积等于做功的大小，则由图像可知W1<W2<W3

[3]．由题意可知Q1=0；根据热力学第一定律∆U=W+Q，因△U2=△U3，W2<W3，则Q2<Q3，即Q1<Q2<Q3【解析】△U1=△U2=△U3W1<W2<W3Q1<Q2<Q3四、作图题(共3题，共27分)24、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】25、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同