2025年人教五四新版高三生物下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教五四新版高三生物下册月考试卷452考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、某DNA分子中A+T占整个DNA分子碱基总数的48%，其中一条链（α）上的G占该链碱基总数的27%，那么，对应的另一条互补链（β）上的G占该链碱基总数的比例是（）A.35%B.27%C.24%D.25%2、红细胞具有运输氧的功能，它直接生活的内环境是（）A.组织液B.血浆C.淋巴D.细胞内液3、所有高等生物的胚胎发育都是由一个受精卵开始的，这可以说明（）A.古代脊椎动物共同的原始祖先生活在水中B.凡有同源器官的生物都有共同的原始祖先C.最初的生命进行有性生殖D.高等生物起源于单细胞生物4、下列过程或现象与物质跨膜运输无直接关系的是（）A.机体内环境渗透压维持相对稳定B.神经细胞电位的维持与产生C.胰岛B细胞中胰岛素基因的转录D.紫色洋葱鳞片叶外表皮细胞发生质壁分离5、淀粉→麦芽糖→葡萄糖→糖原，表示某生物体内糖类的转化过程，下列正确的是（）A.此生物一定是植物，因为它能利用淀粉和麦芽糖B.上述关于糖的转化不可能发生在同一生物体内C.此生物一定是动物，因为能将淀粉转化为糖原D.淀粉和糖原都是动物细胞储存能量的多糖6、如图为物质进出细胞的两种方式；对该图的正确理解是（）

A.Ⅰ和Ⅱ分别表示协助扩散和主动运输B.Ⅰ和Ⅱ分别表示胞吞和胞吐C.葡萄糖、性激素是以Ⅱ方式进入细胞的D.水、二氧化碳、氧气是以Ⅰ方式进入细胞的7、【题文】下列关于生物技术实践的叙述中，正确的是（）A.用移液管稀释菌液时，吹吸三次的目的是使菌液与水充分混匀B.参与制作果酒、果醋和腐乳的菌种中只有毛霉是真核生物C.海藻酸钠溶液浓度过高会导致制作的凝胶珠颜色过浅呈白色D.用花菜提取DNA时加入食盐和洗涤剂的目的分别是充分研磨和瓦解细胞膜评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)8、美国耶鲁大学的生物学家称；他们正在从事将病毒引诱到能导致其死亡的栖息地或生活环境方面的试验研究．他们期望将病毒群引诱到人体陷阱细胞中，以防止病毒发生增殖，该方法将给人们战胜很多疾病（如AIDS）带来希望．HIV通过细胞表面的CD4识别T细胞（如图甲），如果给AIDS患者注射大量用CD4修饰过的红细胞（如图乙），也会被HIV所识别入侵．但HIV在红细胞内无法完成复制增殖，最后随红细胞的死亡而被清除，该方法目前已经在小鼠体内获得阶段性成果．

（1）图丙简单表示HIV的化学组成，其中小分子a到大分子A的过程发生在本题中的细胞的____（填细胞器）上．人如果因艾滋病而死亡，则其直接死因是____或____．

（2）人类成熟的红细胞之所以能成为“细胞陷阱”，从结构角度看原因是其不具备____和众多的细胞器等结构；无法提供HIV增殖的条件．

（3）CD4是HIV识别T细胞的重要特征物质，该物质最可能的成分是____．

（4）图丙中小分子b到大分子B过程中所需要的酶是____．

（5）如果HIV中决定某一性状的一段单链RNA中碱基A、C、G所占的比例分别为19%、26%、32%，则通过逆转录形成的双链DNA中碱基A所占的比例为____．9、（2015•重庆）欧洲兔曾被无意携入澳洲大草原；对袋鼠等本地生物造成极大威胁，据题图回答下列问题：

（1）0（起始年）→a年，欧洲兔种数量每年以一定的倍数（λ）增长．若起始年种群数量为24只，则a年种群数量Na=____；若不加以防治，将导致该草原生态系统的____锐减．

（2）a年引入狐狸防治兔灾．据a→b年欧洲兔和袋鼠数量的变化推测：狐狸和袋鼠的种间关系为____

（3）c年控制狐狸数量，并引入仅对欧洲兔致命的黏液瘤病毒后，草原生态系统逐渐恢复稳定．这体现了生态系统具有自我调节能力，其调节方式是____

（4）d年后，欧洲兔种群数量回升，最可能的原因是____．10、2012年诺贝尔化学奖授予在G蛋白偶联受体领域作出杰出贡献的科学家．G蛋白偶联受体调控着细胞对激素；神经递质的大部分应答．下图表示位于甲状腺细胞膜内侧的G蛋白在与促甲状腺激素受体结合形成G蛋白偶联受体后被活化；进而引起细胞内一系列代谢变化的过程．请回答：

（1）促甲状腺激素受体的化学本质是____，图中“功能蛋白A”的生物效应是促进的____合成和分泌．

（2）过程①需要细胞质为其提供作为原料，催化该过程的酶是____．

（3）过程②除了需要图中已表示出的条件外，还需要____（至少写出2项）．一个mRNA上结合多个核糖体的意义是____．

（4）科研人员发现有些功能蛋白A分子量变小，经测序表明这些分子前端氨基酸序列正确，但从某个谷氨酸开始以后的所有氨基酸序列丢失，则功能蛋白A基因转录的模板链上相应位置碱基发生的变化为____（只考虑一个碱基对的变化，已知谷氨酸密码子：GAA、GAG，终止密码子：UAA、UAG、UGA）．11、下面是某个高等动物体内细胞分裂的示意图；右下的曲线图表示该动物细胞中一条染色体上DNA的含量变化．请分析回答：

（1）该动物体细胞内有染色体____条．表示细胞有丝分裂的图是____．

（2）经有丝分裂产生的子细胞具有与亲代细胞相同数目、相同形态的染色体，其原因是____．

（3）在曲线图中，a～b段DNA含量发生变化的原因是____．在A、B、C三图中，与b～c段相对应的细胞是图____．

（4）C细胞处于____时期，有染色单体____条，有____个染色体组，乙细胞分裂后的子细胞叫____．

（5）若该动物体细胞内有两对等位基因Y、y和R、r，它们分别位于两对同源染色体上，则图C细胞分裂形成的子细胞的基因组成可能为____．12、柴油树俗称麻疯树；一般为雌雄同株异花的二倍体，体细胞染色体数为22条，其种子榨出的油稍加提炼就可成为柴油，研究发现，柴油树产油的途径如下图，图中基因遵循自由组合定律，请据图回答：

（1）绘制柴油树的基因组图谱时需测定____条染色体；上图说明了基因控制生物性状的途径是____．

（2）若两株不能产油的纯合柴油树杂交，F1均能产油，则两植株的基因型分别是____．F1自交后代的表现型及比例是____．

（3）现有不产油的植株甲（Aabb）和植株乙（aaBb）；要在最短时间内获得能稳定遗传的产油植株，请完成下列问题．

①育种原理：____

②大致过程：根据题中所提供的实验材料，首先需要获得基因型为____的植株．然后采用花药离体培养的方法获得____，用____溶液处理得到染色体数目恢复正常的植株，从中选出符合要求的植株．13、某猕猴桃种植基地为解决猕猴桃滞销易腐烂问题；引进果酒；果醋生产线进行猕猴桃的深加工，获得了较好效益，比生产流程如图所示，据图回答：

（1）侯选菌A、B在结构上的主要区别是A具有____；在筛选最适菌A时，可用____试剂来检测____生成的多少．

（2）在纯化侯选菌A时，最好选择____法将菌种A接种于固体培养基上．

（3）菌种的扩大培养应在无菌恒温箱中进行．在进行菌种A的扩大培养过程中，锥形瓶的瓶口应____，并适时____锥形瓶．

（4）将猕猴桃加工成果汁时，为提高果汁的产量和品质，应加入适量的____酶，该酶能瓦解植物细胞的____．

（5）在发酵罐中生产果酒、果醋过程中，其温度应分别控制在____、____．14、如图是有关棉花成熟绿叶组织的相关图解，其中图1是叶肉细胞的光合作用过程图解；图2表示某光照强度和适宜温度下，光合作用强度增长率随CO2浓度变化的情况．请回答下列问题．

（1）由图1可知，甲、乙分别代表的物质是____、____，要想使叶绿体内C3的含量快速下降，可以改变的环境条件是____，光反应中O2的生成发生在类囊体膜内，产生的O2扩散到邻近的线粒体中被利用至少要经过____层生物膜．

（2）图2中在____点光合作用速率达到最大，此时限制光合作用速率的主要环境因素是____，C点和D点相比，叶绿体中[H]的含量____（较低；相等、高）

（3）从生长状况相同的棉花叶片上剪出大小、部位相同的若干圆叶片，抽取叶片细胞内的气体，平均分成若干份，然后，置于不同浓度的NaHCO3溶液中；给予相同的一定强度光照，测量圆叶片上浮至液面所需时间，其记录结果绘成曲线如图3．请据此回答．

①该实验的目的是：____

②从图解分析，b点比a点细胞内的C5含量____，bc段曲线平缓的限制因素可能是____而c点以后曲线上行，其原因应该是____．15、（2008•嘉定区一模）根据如图回答问题：

（1）有一试管中有1毫升蛋白质胶体溶液，放入1毫升胃液，pH值为一定时，其反应曲线是Ⅲ，当反应时间为t时，加入了2毫升胰液，此时的反应曲线应是____

A．ⅠB．ⅡC．ⅢD．Ⅳ

（2）胰液中主要的消化酶是____、____、____．

（3）若反应时间为t时，检测到有一多肽分子含15个氮，则该多肽最多有____个肽键．

（4）该多肽在生物体内合成时，需要____个氨基酸，完成这一多肽的合成，除了需要氨基酸作为原料外，还需两种大分子物质，这两种大分子物质分别在细胞中的____和____中合成．

（5）该多肽在生物体内合成时，决定该多肽合成的基因中至少含脱氧核甘酸____个，若核苷酸的平均分子量为300，则指导该多肽合成的mRNA的分子量为____，若氨基酸的平均分子量为120，则该多肽的分子量是____．评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)16、DNA和RNA的基本组成单位都是核苷酸．____（判断对错）17、物种大都是经过长期的地理隔离，最后出现生殖隔离形成的．____．（判断对错）18、突触小体是突出前神经元轴突或树突末端膨大部分，其上的膜构成突触前膜．____（判断对错）19、磷脂是所有细胞必不可少的脂质．____（判断对错）．20、贮藏水果时为减少有机物的消耗，应放在完全无氧的环境中21、叶绿体中只有叶绿素能够吸收光能．____（判断对错）．评卷人得分四、计算题(共2题，共20分)22、现有4个纯合南瓜品种；其中2个品种的果形表现为圆形（圆甲和圆乙），1个表现为扁盘形（扁盘），1个表现为长圆形（长圆）．用这4个南瓜品种做了3个实验，结果如下：

实验1：圆甲×圆乙，F1为扁盘，F2中扁盘：圆：长圆=9：6：1

实验2：扁盘×长圆，F1为扁盘，F2中扁盘：圆：长圆=9：6：1

实验3：用长圆形品种植株的花粉分别对上述两个杂交组合的F1植株授粉；其后代中扁盘：圆：长圆均等于1：2：1．综合上述实验结果，请回答下列问题：

（1）南瓜果形的遗传受____对等位基因控制，且遵循____定律．

（2）若果形由一对等位基因控制用A、a表示，若由两对等位基因控制用A、a和B、b表示，以此类推，则圆形的基因型应为____，扁盘的基因型为____，长圆形的基因型应为____．

（3）为了验证（1）中的结论，可用长圆形品种植株的花粉对实验1得到的F2植株授粉，单株收获F2中扁盘果实的种子，每株的所有种子单独种植在一起可得到一个株系．观察多个这样的株系，则所有株系中，理论上有的株系F3果形均表现为扁盘，有____的株系F3果形的表现型及其数量比为扁盘：圆=1：1，有____的株系F3果形的表现型及其数量比为____．23、如图为某化合物的结构简图；请据图回答：

（1）此化合物的名称是____，它含有____个-NH2．

（2）该化合物由____种氨基酸构成，造成氨基酸种类不同的原因是图中R基____不同（标号）．

（3）图中含有肽键____个，可表示肽键的是____；

（4）形成该化合物的生物化学反应叫做____，在这个过程中，相对分子质量减少了____．

（5）组成这类化合物的基本单位的结构通式是____．评卷人得分五、实验题(共2题，共14分)24、体重近似，发育正常的A、B、C、D四只雄性小狗，A不做任何处理，B、C、D分别手术处理。几个月后，得到如下表所示结果（单位：毫克/100毫升血液），请回答：（1）A狗在实验中的作用是____。

。ABCD雄性激素43.82.60.8甲状腺激素30.12.83生长激素65.80.15.5（2）B狗被切除了____。

（3）C狗被切除了____。

（4）D狗被切除了____。25、某科研兴趣小组欲对土壤中分解尿素的细菌进行分离纯化和计数；请帮助完成实验．

（1）实验原理：分解尿素的细菌由于含有脲酶；可将______而使周围环境的PH上升，在______的培养基中加入______指示剂，对其进行分离；鉴别；通过平板上的菌落数可以推测样品中的活菌数．

（2）实验简要步骤：

①土壤取样并制备培养基：用______法对培养基进行灭菌．

②分离纯化该细菌：用稀释涂布平板法进行接种；首先需对土壤滤液进行______，再分别取土壤滤液0.1mL涂布在每一平板上．

③培养；观察与计数．

（3）有同学发现，稀释倍数为104的5个平板上；长出的菌落数分别为9；147、150、153和360，则每升土壤样液中的细菌数量为______个．

（4）某些同学想将分离出的目的菌在-20℃长期保存，菌液中常需要加入一定量的______（填化学物质）．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【分析】碱基互补配对原则的规律：

（1）在双链DNA分子中；互补碱基两两相等，A=T，C=G，A+T=C+G，即嘌呤碱基总数等于嘧啶碱基总数．

（2）DNA分子的一条单链中的比值等于其互补链和整个DNA分子中该种比例的比值；

（3）DNA分子一条链中的比值与互补链中的该种碱基的比值互为倒数；在整个双链中该比值为1；

（4）不同生物的DNA分子中互补配对的碱基之和的比值不同，即的比值不同．该比值体现了不同生物DNA分子的特异性．

（5）双链DNA分子中，A=，其他碱基同理．【解析】【解答】解：已知DNA分子中A+T占整个DNA分子碱基总数的48%，根据碱基互补配对原则：A=T、C=G，所以A=T=24%，则C=G=50%-24%=26%．又已知一条链（α）上的G占该链碱基总数的27%，即G1=27%．在双链DNA分子中，G=，则G2=25%．

故选：D．2、B【分析】【分析】内环境又叫细胞外液，是人体内细胞来源生存的液体环境，由血浆、组织液、淋巴组成，不同细胞生活的内环境可能不同，大多数组织细胞生活的内环境是组织液．【解析】【解答】解：人体红细胞存在于血浆中；与血浆直接进行物质交换，因此人体红细胞生活的具体内环境是血浆．

故选：B．3、D【分析】【分析】本题主要考查生物进化与生物多样性形成的知识．

1；不同物种之间、生物与无机环境之间在相互影响中不断进化和发展．这是由于生物与生物之间的相互选择和生物与无机环境之间的相互影响．

2；生物多样性包括：基因多样性、物种多样性和生态系统多样性．生物多样性的形成原因是：生物的进化．研究生物进化历程的主要依据是：化石．

3、生物进化的历程是由简单到复杂、由低等到高等、由水生到陆生．【解析】【解答】解：ABCD；因为单细胞生物的结构简单；而且一般起源于海洋中，海洋中的温度比较稳定，环境相对于陆地上要安全，便于生存．这从侧面也反映了生物的进化过程从低等到高等，从简单到复杂，ABC错误；D正确．

故选：D．4、C【分析】解：A；机体内环境渗透压维持相对稳定涉及水和无机盐等物质进出细胞；并保持动态平衡，A错误；

B、神经细胞膜电位的维持与产生与Na+和K+进出细胞有关；B错误；

C；胰岛B细胞中胰岛素基因的转录发生在细胞核中；转录产物通过核孔进入细胞质与核糖体结合，与物质跨膜运输无直接关系，C正确；

D；紫色洋葱鳞片叶外表皮细胞发生质壁分离与水分进出细胞有关；是出细胞的水分子多于进细胞的水分子造成细胞失水，D错误。

故选：C。

物质跨膜运输方式的比较：

。名称运输方向载体能量实例自由扩散高浓度→低浓度不需不需水，CO2，O2，甘油，苯、酒精等协助扩散高浓度→低浓度需要不需红细胞吸收葡萄糖主动运输低浓度→高浓度需要需要小肠绒毛上皮细胞吸收氨基酸，葡萄糖，K+，Na+等此外；大分子物质跨膜运输的方式是胞吞或胞吐。

本题考查物质跨膜运输的相关知识，意在考查学生分析问题和解决问题的能力，难度不大。【解析】C5、C【分析】【分析】根据题意“淀粉-麦芽糖-葡萄糖-糖原”，在生物体中将淀粉分解最终合成糖原，可以看出是在动物体内完成的．【解析】【解答】解：A；此生物一定不是植物；因为有糖原的合成，糖原为动物多糖，A错误；

B；此过程是将淀粉分解；是在消化道内完成的，最终合成糖原是在动物体内完成的，所以上述关于糖的转化可能发生在同一生物体内，B错误；

C；此生物一定是动物；因为能合成糖原，糖原为动物多糖，C正确；

D；糖原是动物细胞储存能量的多糖；淀粉是植物细胞储存能量的多糖，D错误．

故选：C．6、D【分析】【分析】据图Ⅰ分析；物质是从高浓度一侧运输到低浓度一侧，不需要载体和能量，属于自由扩散．

根据图Ⅱ分析，物质是从低浓度一侧运输到高浓度一侧，需要载体和能量，属于主动运输．【解析】【解答】解：A；I不需要载体和能量；属于自由扩散，II需要载体和能量，属于主动运输，A错误；

B；胞吐和胞吞是大分子依赖生物膜的流动性进出细胞；没有直接通过细胞膜，B错误；

C；性激素通过自由扩散进入细胞；葡萄糖进入红细胞为协助扩散，C错误；

D；水、二氧化碳、氧气进入细胞为自由扩散；动力是浓度差，D正确．

故选：D．7、A【分析】【解析】

试题分析：用移液管稀释菌液时；吹吸三次的目的是使菌液与水充分混匀，故A正确。果酒与酵母菌相关，果醋和醋酸菌相关，腐乳与多种霉菌相关，只有醋酸菌是原核生物，其他是真核生物，故B错。海藻酸钠溶液浓度过低会导致制作的凝胶珠颜色过浅呈白色，固定的酵母细胞少，故C错。用花菜提取DNA时加入食盐和洗涤剂的目的分别是溶解DNA和瓦解细胞膜，故D错。

考点：本题考查生物技术实践相关知识，意在考查考生能独立完成“生物知识内容表”所列的生物实验，包括理解实验目的、原理、方法和操作步骤，掌握相关的操作技能，并能将这些实验涉及的方法和技能进行综合运用能力。【解析】【答案】A二、填空题(共8题，共16分)8、核糖体多种病原体感染恶性肿瘤细胞核糖蛋白RNA聚合酶21%【分析】【分析】1、由题干信息，小分子a是氨基酸，大分子A是蛋白质，小分子b是核糖核苷酸；大分子B是RNA．HIV小分子a到大分子A的过程，即氨基酸脱水缩合形成蛋白质的过程，该过程发生是寄主细胞T淋巴细胞内，（HIV是病毒，不能进行自身蛋白质和核酸的合成，只能依靠寄主细胞进行蛋白质和核酸的合成）．

2；红细胞无细胞核和核糖体；HIV病毒在其内无法进行蛋白质合成和核酸的复制，所以无法增殖．

3；细胞膜表面的识别物质成分应该是糖蛋白．

4、HIV中决定某一性状的一段RNA中含碱基A19%、C26%、G32%，则含U23%（100个中），对应逆转录形成的DNA单链中与U对应的A含量为23%（100个中），与DNA单链互补的另一链含A19%（100个中），所以A含量在整个DNA分子中，为42%÷2=21%．【解析】【解答】解：（1）HIV病毒攻击的是人T淋巴细胞；其繁殖的场所在T淋巴细胞，合成的蛋白质外壳的场所的T淋巴细胞的核糖体上，RNA合成中需要的原料；RNA聚合酶，能量等均来自T淋巴细胞；艾滋病患者死亡的直接原因是多种病原体感染或恶性肿瘤等疾病所导致的死亡．

（2）哺乳动物成熟的红细胞典型的特征是不具有细胞核和众多细胞器．

（3）HIV通过细胞表面的CD4识别T细胞；CD4的成分是糖蛋白．

（4）小分子b是核糖核苷酸；大分子B是RNA，合成时需要RNA聚合酶．

（5）HIV中一段RNA中含碱基A19%；C26%、G32%；则U23%，根据碱基互补配对原则，逆转录过程形成的双链DNA中一条链中A占19%，另一条链中占23%，则双链DNA含碱基A的比例为（19%+23%）÷2=21%．

故答案为：

（1）T核糖体多种病原体感染恶性肿瘤。

（2）细胞核。

（3）糖蛋白。

（4）RNA聚合酶。

（5）21%9、24λa生物多样性捕食负反馈欧洲兔对黏液瘤病毒的抗性增强【分析】【分析】据图分析，欧洲兔急剧增加，呈现J型曲线，而袋鼠减少，引入狐狸后欧洲兔数量小幅度减少，而袋鼠仍然减少，说明狐狸和袋鼠的种间关系为捕食；引入黏液瘤病毒后，欧洲兔的数量减少，而袋鼠的数量恢复．【解析】【解答】解：（1）0（起始年）→a年，欧洲兔种数量每年以一定的倍数（λ）增长，若起始年种群数量为24只，则a年种群数量Na=24λa；欧洲兔持续增加；若不加以防治，将导致袋鼠等本地生物造成极大威胁，即该草原生态系统的生物多样性锐减．

（2）a年引入狐狸防治兔灾；则欧洲兔和袋鼠的数量都减少，说明狐狸和袋鼠的种间关系也是捕食．

（3）c年控制狐狸数量；并引入仅对欧洲兔致命的黏液瘤病毒后，草原生态系统逐渐恢复稳定，调节方式是负反馈．

（4）d年后；欧洲兔种群数量回升，最可能的原因是欧洲兔对黏液瘤病毒的抗性增强．

故答案为：

（1）24λa生物多样性。

（2）捕食。

（3）负反馈。

（4）欧洲兔对黏液瘤病毒的抗性增强10、蛋白质甲状腺激素RNA聚合酶转运RNA、氨基酸和能量短时间内能合成较多的肽链C→A（或CTC→ATC，或CTT→ATT）【分析】【分析】分析题图：图示表示位于甲状腺细胞膜内侧的G蛋白在与促甲状腺激素受体结合形成G蛋白偶联受体后被活化，进而引起细胞内一系列代谢变化的过程，其中①表示转录过程，②表示翻译过程．【解析】【解答】解：（1）促甲状腺激素受体的化学本质是蛋白质；由图可知；“功能蛋白A”能促进甲状腺细胞合成和分泌甲状腺激素．

（2）①为转录过程；该过程需要RNA聚合酶参与．

（3）②为翻译过程；该过程需要的条件有模板（mRNA）；原料（氨基酸）、能量、酶和tRNA；一个mRNA上结合多个核糖体同时进行翻译过程，这样可以在短时间内能合成较多的肽链．

（4）功能蛋白A在发生基因突变后；从谷氨酸之后所有的氨基酸序列丢失，对比谷氨酸的密码子（GAA，GAG）和终止密码子（UAA，UAG，UGA）可推知，在功能蛋白A基因上发生的碱基变化可能是C→A（或CTC→ATC，或CTT→ATT）．

故答案为：

（1）蛋白质甲状腺激素。

（2）核糖核苷酸RNA聚合酶。

（3）转运RNA；氨基酸和能量短时间内能合成较多的肽链。

（4）C→A（或CTC→ATC，或CTT→ATT）11、4A染色体完成复制后平均分配到两个子细胞中DNA的复制A和B减数分裂第二次后期02精细胞或（第二）极体YR或Yr或yR或yr【分析】【分析】分析题图：A细胞含有同源染色体；且着丝点都排列在赤道板上，处于有丝分裂中期；B细胞含有同源染色体，且同源染色体成对地排列在赤道板上，处于减数第一次分裂中期；C细胞不含同源染色体，处于减数第二次分裂后期．

分析曲线图：曲线图分别表示该动物细胞中一条染色体上DNA的含量变化及一个细胞中染色体组的变化，其中ab段是DNA复制形成的；bc段可表示有丝分裂前期和中期，也可以表示减数第一次分裂过程和减数第二次分裂前期、中期；cd段形成的原因是着丝点分裂；de段表示有丝分裂后期和末期、减数第二次分裂后期和末期．【解析】【解答】解：（1）A细胞（含有4条染色体）所含染色体数目与体细胞相同；因此该动物体细胞内有4条染色体．由以上分析可知，图中A进行的是有丝分裂．

（2）有丝分裂过程中；染色体完成复制后平均分配到两个子细胞中，因此经有丝分裂产生的子细胞具有与亲代细胞相同数目；相同形态的染色体．

（3）在曲线图中，a～b段形成的原因是DNA的复制；b～c段表示每条染色体含有2个DNA分子；对应于A和B细胞．

（4）C细胞处于减数分裂第二次后期；含2个染色体组；由于着丝点分裂，姐妹染色单体分开成为染色体，因此该细胞不含染色单体；C细胞的细胞质均等分裂，称为次级精母细胞或第一极体，其分裂后的子细胞叫精细胞或（第二）极体．

（5）该动物体的基因型为YyRr，C细胞处于减数第二次分裂后期，根据基因分离和自由组合定律，其形成的子细胞的基因组成可能为YR或Yr或yR或yr．

故答案为：

（1）4A

（2）染色体完成复制后平均分配到两个子细胞中。

（3）DNA的复制A和B

（4）减数分裂第二次后期02精细胞或（第二）极体。

（5）YR或Yr或yR或yr12、11基因通过控制酶的合成，从而间接控制生物性状AAbb，aaBB产油：不产油=9：7基因重组和染色体数目变异AaBb单倍体幼苗秋水仙素【分析】【分析】雌雄同株异花的二倍体植物柴油树，无性染色体，基因组与染色体组数目相同．“神州六号”飞船上作了搭载幼苗属于诱变育种，原理是基因突变．据图分析，产油必需同时具备A和B基因，说明基因能控制酶的合成控制代谢过程．【解析】【解答】解：（1）柴油树是雌雄同株；没有性染色体，体细胞染色体数为22条，绘制柴油树基因组图谱需精确测定了柴油树基因全部DNA序列即测定柴油树的11条染色体上的基因．图示显示，无论是中间物质的形成还是油的生成，均是在酶的催化作用下完成的，故说明了基因控制生物性状的途径是基因通过控制酶的合成，从而间接控制生物性状．

（2）这两对基因是位于非同源染色体上的非等位基因，遵循自由组合定律．若均不能产油的两植株基因型分别是AAbb和aaBB进行杂交，其F1基因型为AaBb，且能产油，则可推知F1自交后代的表现型及比例是产油9（A_B_）：7不产油（3A_bb+3aaB+1aabb）．

（3）根据上面的分析可知稳定产油的植株基因型应是AABB，故用不产油的植株甲（Aabb）和植株乙（aaBb），要在最短时间内获得能稳定遗传的产油植株必须要利用基因重组原理获得基因型为AaBb的植株；然后利用染色体数目变异原理进行单倍体育种；即采用花药离体培养的方法获得单倍体幼苗，用秋水仙素溶液处理得到染色体数目恢复正常的植株，从中选出符合要求的植株．

故答：（1）11；基因通过控制酶的合成，从而间接控制生物性状．

（2）AAbb；aaBB，产油：不产油=9：7

（3）①基因重组和染色体数目变异．②AaBb单倍体幼苗秋水仙素13、成形的细胞核重铬酸钾酒精平板划线法打开振荡果胶酶细胞壁及胞间层18～25℃30～35℃【分析】【分析】分析图解可知；图为果酒；果醋的制作过程，图中侯选菌A表示酵母菌，侯选菌B表示醋酸菌．

果酒制作菌种是酵母菌；代谢类型是兼性厌氧型真菌，属于真核细胞，条件是18～25℃；前期需氧，后期不需氧．

果醋制作的菌种是醋酸菌；代谢类型是需氧型细菌，属于原核细胞，条件是30～35℃；一直需氧．

稀释涂布平板法是将菌液进行一系列的梯度稀释，然后将不同稀释度的菌液分别涂布到琼脂固体培养基表面，进行培养；在稀释度足够高的菌液里，聚集在一起的微生物将被分散成单个细胞，从而能在培养基表面形成单个菌落．【解析】【解答】解：（1）根据题意可知；果酒制备利用酵母菌，果醋制备利用醋酸菌，在结构上的主要区别是前者有核膜包围的细胞核．由于酵母菌在无氧呼吸条件下产生酒精，因此在筛选酵母菌时，可用重铬酸钾试剂来检测酒精生成的多少．

（2）在纯化酵母菌时；最好选择平板划线法将酵母菌接种于固体培养基上．

（3）由于酵母菌在有氧气的条件下进行有氧呼吸；并能大量繁殖，因此酵母菌菌种扩大培养过程中，锥形瓶的瓶口应打开，并适时振荡锥形瓶．

（4）由于细胞壁的成分为纤维素和果胶；榨汁后细胞壁会使果汁浑浊，并且产汁量低，因此将猕猴桃加工成果汁时，应加入适量的果胶酶，该酶能瓦解植物细胞的细胞壁及胞间层．

（5）酵母菌适宜生存的温度为18～25℃；醋酸菌适宜生存的温度为30～35℃．

故答案为：

（1）成形的细胞核重铬酸钾酒精。

（2）平板划线法。

（3）打开振荡。

（4）果胶酶细胞壁及胞间层。

（5）18～25℃30～35℃14、CO2[H]和ATP不提供CO2或增强光照5D光照强度较高探究CO2浓度对光合作用速率的影响低光照强度NaHCO3浓度太大，导致细胞失水，从而影响细胞代谢【分析】【分析】图1是光合作用过程图解，图中甲表示CO2；乙表示光反应产生的[H]和ATP，丙表示ADP和Pi．

图2中；光合作用增长速率类似于加速度，因此只要增长速率大于零，光合作用强度就不断增加．图中可以看出，BC段增长速率最大，到D点是增长速率降为0，此时光合作用强度达到最大．

影响光合作用的环境因素包括：光照强度、温度、CO2浓度等，一般光合作用达到饱和点时，自变量将不再成为限制因素．【解析】【解答】解：（1）根据图1光合作用过程可知，甲表示CO2，乙表示水光解生成的[H]和ATP；要想使C3化合物含量快速下降，可以使其合成减少（即不提供CO2）或去路增多（即增强光照）；光反应中产生的O2扩散到邻近的线粒体中被利用首先得从类囊体膜内出来（1层膜）；再从叶绿体中出来穿过叶绿体的两层膜，然后再进入线粒体穿过线粒体的两层膜，共5层膜．

（2）图2表示光合作用增长率，只要光合作用增长率为正值，植物光合作用速率都在不断增加，所以在增长率达到0时（即D点）光合作用速率达到最大，此时CO2浓度仍在继续上升，故限制光合作用速率的主要环境因素不是CO2应是光照强度；C点与D点相比，D点时CO2浓度较高；故还原时需消耗[H]和ATP较多，所以C点叶绿体中[H]的含量较高．

（3）①从题意可知，实验的单一变量是不同浓度的NaHCO3溶液，NaHCO3溶液可以分解为光合作用提供CO2，所以该实验的目的是探究CO2浓度对光合作用速率的影响；

②根据题意，圆叶片上浮至液面所需时间代表光合作用强度，时间越短光合作用强度越大，从图③可知，b点比a点相比圆叶上浮所需时间缩短，说明b点光合作用强度大，此时NaHCO3溶液浓度b点较高，说明C5去路增加，但来源不变，故b点C5含量较低；bc段NaHCO3溶液浓度继续上升，所以此时曲线平缓的限制因素可能为光照强度．曲线上升表明光合作用减弱（产生的氧气减少），而C点之后NaHCO3增加；导致叶片细胞外的浓度过高，叶片细胞失水从而影响了它的细胞代谢，故而导致光合作用降低．

故答案为：

（1）CO2[H]和ATP不提供CO2或增强光照5

（2）D光照强度较高。

（3）①探究CO2浓度对光合作用速率的影响。

②低光照强度NaHCO3浓度太大，导致细胞失水，从而影响细胞代谢15、D胰淀粉酶胰脂肪酶胰蛋白酶1415细胞核核糖体90127081548【分析】【分析】本题是对PH对酶活性的影响、氨基酸的脱水缩合反应、转录和的综合性考查，回忆PH对酶活性影响的模型曲线、氨基酸的脱水缩合反应和转录、翻译的过程，然后根据问题涉及的具体内容分析解答．【解析】【解答】解：（1）胃液中含有胃蛋白酶；胃蛋白酶的最适宜PH在2，胰液的PH在7左右，在t时加入了2毫升胰液，混合液的中的PH发生了改变，对胃蛋白酶来说，PH升高使胃蛋白酶失去活性，对胰蛋白酶来说，PH降低，失去活性，因此蛋白质胶体溶液的水解过程不再发生，生成物的量不再增加，即题图中的Ⅳ曲线．

故选：D．

（2）胰液由胰腺的外分泌部分泌的；其中含有多种消化酶，主要是胰淀粉酶；胰脂肪酶、胰蛋白酶．

（3）蛋白质中的N元素主要位于肽键上；肽键的结构是-CO-NH-，条肽链上至少含有一个游离的氨基，因此，一多肽分子含15个氮，则该多肽最多有14个肽键．

（4）肽键数=氨基酸个数-肽链数；因此，一条含有14个肽键的多肽链的氨基酸个数是15；氨基酸形成蛋白质的过程是基因的表达过程，包含转录和翻译过程，除了需要氨基酸作为原料外，还需两种大分子物质，这两种大分子物质是mRNA和酶，前者在细胞核中合成，后者在核糖体上合成．

（5）多肽链的合成经过转录和翻译过程；在该过程中DNA中脱氧核苷酸的个数：mRNA中核糖核苷酸的个数：多肽链中氨基酸的个数=6：3：1，由于该多肽链含有15个氨基酸，决定该多肽合成的基因中至少含脱氧核甘酸个数是6×15=90个；mRNA上核糖核苷酸的个数是3×15=45个，核苷酸的平均分子量为300，则指导该多肽合成的mRNA的分子量为45×300-44×18=12708；若氨基酸的平均分子量为120，则该多肽的分子量是120×15-14×18=1548．

故答案应为：

（1）D

（2）胰淀粉酶胰脂肪酶胰蛋白酶。

（3）14

（4）15细胞核核糖体。

（5）90127081548三、判断题(共6题，共12分)16、√【分析】【分析】1；细胞中的核酸根据所含五碳糖的不同分为DNA（脱氧核糖核酸）和RNA（核糖核酸）两种；构成DNA与RNA的基本单位分别是脱氧核苷酸和核糖核苷酸，每个脱氧核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子五碳糖和一分子含氮碱基形成，每个核糖核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子核糖和一分子含氮碱基形成．

2、脱氧核苷酸和核糖核苷酸在组成上的差异有：①五碳糖不同，脱氧核苷酸中的中的五碳糖是脱氧核糖，核糖核苷酸中的五碳糖是核糖；②碱基不完全相同，脱氧核苷酸中的碱基是A、T、G、C，核糖核苷酸中的碱基是A、U、G、C．【解析】【解答】解：DNA的基本组成单位是脱氧核糖核苷酸；RNA的基本组成单位是核糖核苷酸，脱氧核糖核苷酸和核糖核苷酸都属于核苷酸．

故答案为：√17、√【分析】【分析】现代生物进化理论的基本观点：种群是生物进化的基本单位，生物进化的实质在于种群基因频率的改变．突变和基因重组、自然选择及隔离是物种形成过程的三个基本环节，通过它们的综合作用，种群产生分化，最终导致新物种的形成．突变和基因重组产生生物进化的原材料，自然选择使种群的基因频率定向改变并决定生物进化的方向，隔离是新物种形成的必要条件（生殖隔离的形成标志着新物种的形成）．【解析】【解答】解：新物种的形成的过程为：地理隔离→突变；重组、自然选择→生殖隔离→新物种形成．因此物种大都是经过长期的地理隔离；最后出现生殖隔离而形成．

故答案为：√．18、×【分析】【分析】一个神经元的轴突末梢经过多次分支，最后每一小支的末端膨大呈杯状或球状，叫做突触小体．这些突触小体可以与多个神经元的细胞体或树突相接触，形成突触．从电子显微镜下观察，可以看到，这种突触是由突触前膜、突触间隙和突触后膜三部分构成．【解析】【解答】解：一个神经元的轴突末梢经过多次分支；最后每一小支的末端膨大呈杯状或球状，叫做突触小体，而非树突末端膨大部分，突触小体上的膜可以构成突触前膜，突触小体是突出前神经元轴突或树突末端膨大部分，这句话错误．

故答案为：×19、√【分析】【分析】脂质的种类及功能：

（1）脂肪：良好的储能物质；

（2）磷脂：构成生物膜结构的重要成分；

（3）固醇：分为胆固醇（构成细胞膜的重要成分，在人体内参与血液中脂质的运输）、性激素（能促进人和动物生殖器官的发育以及生殖细胞的形成）、维生素D（能有效促进人和动物肠道对钙和磷的吸收）．【解析】【解答】解：磷脂是构成细胞生物膜的重要成分；故是所有细胞必不可少的脂质．

故答案为：√20、F【分析】略【解析】F21、×【分析】【分析】叶绿体色素包括叶绿素和类胡萝卜素，叶绿素主要吸收红光和蓝紫光，类胡萝卜素主要吸收蓝紫光，以此分析答题．【解析】【解答】解：叶绿体中可以吸收光能的色素有叶绿素（叶绿素a和叶绿素b）和类胡萝卜素（叶黄素和胡萝卜素）；其中叶绿素主要吸收红光和蓝紫光，类胡萝卜素主要吸收蓝紫光．

故答案为：×四、计算题(共2题，共20分)22、两自由组合AAbb、Aabb和aaBB、aaBbAABB或AABb或AaBB或AaBbaabb扁盘：圆：长圆=1：2：1【分析】【分析】根据题意并分析实验现象可知：实验1和实验2中F2的分离比9：6：1是9：3：3：1的变式，由此可知，南瓜果形的遗传受2对等位基因控制，且遵循基因的自由组合定律．且可以进一步推测出：扁盘形基因型为A_B_，即有AABB、AABb、AaBB、AaBb；长圆形基因型为aabb；圆形基因型为A_bb和aaB_，即AAbb、Aabb、aaBB、aaBb．【解析】【解答】解：（1）根据实验1和实验2中F2的分离比9：6：1可以看出；南瓜果形的遗传受2对等位基因控制，且遵循基因的自由组合定律．

（2）根据实验1和实验2的F2的分离比9：6：1可以推测出，扁盘形基因型为A_B_，即有AABB、AABb、AaBB、AaBb，长圆形基因型为aabb，圆形基因型为A_bb和aaB_，即AAbb、Aabb、aaBB、aaBb．

（3）F2扁盘植株共有4种基因型，其比例为：AABB、AABb、AaBb和AaBB，测交后代分离比分别为A_B_；（A_B_：A_bb）；（A_B_：Aabb：aaBb：aabb）；（A_B_：aaB_）．

故答案为：

（1）两自由组合。

（2）AAbb、Aabb和aaBB、aaBbAABB或AABb或AaBB或AaBbaabb

（3）扁盘：圆：长圆=1：2：123、三肽13②③⑤2④脱水缩合36【分析】【分析】1、构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构通式是即每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基，氨基酸的不同在于R基的不同．

2、氨基酸通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH2）相连接；同时脱出一分子水的过程；连接两个相邻氨基酸的化学键是肽键，其结构式是-CO-NH-；氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数一肽链数，游离氨基或羧基数=肽链数+R基中含有的氨基或羧基数，至少含有的游离氨基或羧基数=