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…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页,总=sectionpages22页第=page11页,总=sectionpages11页2025年人民版高三物理下册阶段测试试卷469考试试卷考试范围:全部知识点;考试时间:120分钟学校:______姓名:______班级:______考号:______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题,共10分)1、如图所示;一个圆形线圈处在垂直纸面向里的匀强磁场中,当磁感应强度增大时()
A.线圈有顺时针的电流B.线圈有逆时针的电流C.线圈没有电流D.线圈的电流可能是顺时针方向,也可能是逆时针方向2、皮球从3m高处自由落下,被地板弹起后,在1m高处被接住,则小球在整个过程中说法正确的是()A.路程为4m,位移2m,方向竖直向下B.路程为4m,位移2m,方向竖直向上C.路程为3m,位移1m,方向竖直向下D.路程为3m,位移1m,方向竖直向上3、质量为m的圆球放在光滑斜面和光滑的竖直挡板之间,如图.当斜面倾角α由零逐渐增大时(保持挡板竖直),斜面和挡板对圆球的弹力大小的变化,说法错误的是()A.斜面的弹力由零逐渐变大B.斜面的弹力由mg逐渐变大C.挡板的弹力由零逐渐变大D.挡板和斜面对圆球的弹力的合力不变4、2011年3月11日,日本发生里氏9.0级大地震,造成福岛核电站的核泄漏事故。在泄露的污染物中含有和两种放射性元素,它们通过一系列衰变产生对人体有危害的辐射,其中的衰变方程为其半衰期为8天。下列说法不正确的是()A.该核反应是衰变B.原子核中含有78个中子C.经过16天,75%的原子核发生了衰变D.虽然该反应出现质量亏损,但核反应前后的原子核总质量数不变5、有一物体做直线运动,其速度-时间图象如图所示,则物体的加速度和速度方向相同的时间间隔是()A.只有0<t<2sB.只有2s<t<4sC.0<t<2s和5s<t<6sD.0<t<2s和6s<t<8s评卷人得分二、填空题(共9题,共18分)6、一个电容器所带电荷量为3×10-6C时,板间电势差为2×102V,则此电容器的电容为____F.7、重为150N的物体在水平面上向右运动,物体与水平面的动摩擦因数为0.1,与此同时物体受到一个水平向左的力F=15N,那么物体受到的摩擦力大小为____N,方向为____.8、甲、乙两个溜冰者,质量分别为m甲=59kg,m乙=50kg,均以6.0m/s的速度在同一直线上相向运动.甲手持一个质量为1.0kg的球,他将球抛给乙,乙再把球抛还给甲.这样抛接若干次后,甲接到球后的速度恰为零,这时乙的速度大小为____,速度方向与乙原来的方向____.9、(2016•金山区一模)如图,长为1m的轻杆OA可绕O处铰链在竖直平面内转动,质量均为1kg的小球固定在A、B两处,B为杆的中点.若杆在水平位置由静止起开始自由转动,不计阻力,转动30°角时B球的速度为____m/s,此过程中杆对A球做的功为____J.10、(2014秋•肥西县校级月考)长木板AB放在水平面上,如图所示,它的下表面光滑而上表面粗糙,一个质量为m、电量为-q的小物块C从A端以某一初速起动向右滑行.当存在向下的匀强电场时,C恰能滑到B端,当此电场方向改为向上时,C只能滑到AB的中点,此电场的场强E=____.11、(2013春•郫县校级月考)有一正弦交流电源,如图,电压有效值U=120V,频率为f=50Hz,向一霓虹灯供电,若霓虹灯的激发电压和熄灭电压均为U0=60V,试估算在一个小时内,霓虹灯发光时间为____s.12、磁感线是描述磁场____和____,磁感线上每一点____方向是这点____的方向,即磁场方向.磁感线越密的地方,磁场____,越疏的地方,磁场____.磁感线的疏密表示磁场____,磁感线是假想出来,实际不存在.是____曲线,任意两条磁感线都不会相交.13、一个做匀加速直线运动的物体,初速度大小为8.0m/s,加速度大小为3.0m/s2,4s末物体的速度大小是____;这5s内发生的位移是____.14、(2013秋•包河区校级期中)如图所示.质量为m,带正电的小球以速度v0从O点沿水平方向射入方向向下的匀强电场中,A点是小球运动轨迹上的一点,O、A两点的连线与水平方向夹角а=30°,则小球通过A点时的动能为____.评卷人得分三、判断题(共8题,共16分)15、x-t图象描述了物体的位移随时间的变化规律.____.(判断对错)16、布朗运动是微观粒子的运动,其运动规律不遵循牛顿第二定律.____.(判断对错)17、月亮在云中穿梭,参考系是云.____(判断对错)18、“宁停三分,不抢一秒”指的是时间.____.(判断对错)19、x-t图象描述了物体的位移随时间的变化规律.____.(判断对错)20、单晶体的所有物理性质都是各向异性的.____.(判断对错)21、狭义相对论认为真空中的光速在不同的惯性参考系中是不同的____(判断对错)22、(2010•驻马店模拟)氢原子的能级图如图所示,欲使一处于基态的氢原子释放出一个电子而变成氢离子,该氢原子需要吸收的能量至少是13.60eV____(判断对错)评卷人得分四、计算题(共2题,共20分)23、一个质点沿直线做匀加速运动到A点时速度为2m/s;经过5s到达B点,速度达到10m/s.此时质点又开始做匀减速直线运动,经过4s后到达C点并停止运动.求:
(1)质点从A点运动到B点过程中的加速度.
(2)质点从B点运动到C点过程中的加速度.
(3)质点从A点运动到C点的位移.24、【题文】电动机M和电灯L并联之后接在直流电源上,电动机内阻r′=1Ω,电灯灯丝电阻R=10Ω,电源电动势ε=12V,内阻r=1Q,当电压表读数为10V时,求电动机对外输出的机械功率。评卷人得分五、画图题(共2题,共8分)25、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图,若波速是0.5m/s,试在图上画出经7s时的波形图。(提示:若用平移法,由于∴λ=2m故只需平移=1.5m)26、在图示中,物体A处于静止状态,请画出各图中A物体所受的弹力.评卷人得分六、实验探究题(共4题,共20分)27、为了研究轻质弹簧的弹性势能与弹簧压缩量的关系;某实验小组的实验装置如图1所示,光滑水平桌面距地面高为h,一轻质弹簧左端固定,右端与质量为m的小钢球接触,弹簧处于原长.将小球向左推,压缩弹簧一段距离后由静止释放,弹簧将小球沿水平方向推出,小球落到位于水平地面的记录纸上,留下痕迹,已知重力加速度为g
(1)某次实验测得小球的落点P到O点的距离为S,那么由理论分析得到小球释放前压缩弹簧的弹性势能Ep与h、s、mg之间的关系式为______;
(2)改变弹簧压缩量进行多次实验;测量数据如表所示,请在图2坐标纸上做出x-s图象.
。弹簧压缩量x/m0.0100.0150.0200.0250.0300.035小球飞行水平距离s/m2.03.04.15.96.07.0(3)由图象得出x与s的关系式为______;由实验得到弹簧弹性势能Ep与弹簧压缩量x之间的关系式为______.28、在“描绘小电珠的伏安特性曲线”的实验中,用导纽ab.cde.fg
和h
按图甲所示方式连接好电路,电路中所有元器件都完好,且电压表和电流表已调零。闭合开关后:
(1)
若不管怎样调节滑动变阻器;小电珠亮度能发生变化,但电压表;电流表的示数总不能为零,则可能是______导线断路。
(2)
某同学排除故障后侧绘出电源和小电珠的U鈭�I
特性图线。如图乙所示。电源的电动势E=
______V
小电珠的电阻随温度的上升而______
(3)
将与上面相同的两个小电珠并联后接到上面电源上;每一只小电珠的实际电功率是______W(
保留两位小数)
29、某同学想利用家中常见的东西来验证牛顿第二定律:他先用两条光洁的铁丝做了两个“V
”形的框架甲和乙;尖角向下悬空固定,在“V
”形下尖角处抹少许润滑油,模拟两个光滑定滑轮:用两个农夫山泉瓶盖儿做成两个小桶A
和B
并用一条跨过两“V
”形框架的较长细线相连;再找来卷尺竖直立于小桶B
旁边.
整个装置侧视图如下.
他用小纸片一点点加入桶中;调节到AB
桶都能静止平衡为止,设此时每个桶(
含纸片)
质量都为M
再找到一瓶过期但完好的相同药片,在AB
桶中各放入5
片药片,设每片药片质量为m
.
从A
桶中拿出一片药片放入B
桶;控制小桶静止释放,用手机秒表功能测出B
桶下降高度h
所用时间为t.
则小桶加速度a=
______,若每个小桶质量M=km
则k=
______.(
都用htg
表示)
将两桶中所有药片取出(
纸片不取)
再在B
桶中放入一片药片,将桶静止释放,测得下降高度h
所用时间为,以后每次实验都在前一次实验基础上同时在两桶中各加入一片药片,每次都让B
桶静止释放下降相同高度h
测得每次时间为不同的t
若这些______(
填tt2t3)
与______(
填“从A
桶拿入B
桶药片数量”、“AB
两桶的总质量”)
的比值在误差范围内为定值,则得到结论:物体合外力一定时,加速度与质量成反比.30、探究小组利用传感器研究小球在摆动过程中的机械能守恒规律;实验装置如图1
所示.
在悬点处装有拉力传感器,可记录小球在摆动过程中各时刻的拉力值.
小球半径;摆线的质量和摆动过程中摆线长度的变化可忽略不计.
实验过程如下:
垄脵
测量小球质量m
摆线长L
垄脷
将小球拉离平衡位置某一高度处无初速度释放;在传感器采集的数据中提取最大值为F
小球摆到最低点时的动能表达式为______.(
用上面给定物理量的符号表示)
垄脹
改变释放高度h
重复上述过程,获取多组摆动高度h
与对应过程的拉力最大值F
的数据,在F鈭�h
坐标系中描点连线:
垄脺
通过描点连线;发现h
与F
成线性关系,如图2
所示,可证明小球摆动过程中机械能守恒.
垄脻
根据F鈭�h
图线中数据,可知小球质量m=
______kg
摆线长L=
______m(
计算结果保留两位有效数字,重力加速度g=l0m/s2)
参考答案一、选择题(共5题,共10分)1、B【分析】【分析】当磁感应强度增大时根据楞次定律即可判断出感应电流的方向.【解析】【解答】解:当磁感应强度增大时;穿过线框的磁通量增大,则感应电流的磁场的方向与原磁场的方向相反,极向外,所以感应电流的方向为逆时针方向.
故选:B2、A【分析】【分析】位移等于从初位置到末位置有向线段的长度,路程是物体运动路线的长度.【解析】【解答】解:物体的初位置距地面高度为3m;末位置距地面高度为1m,则物体的位移大小等于x=3m-1m=2m,方向竖直向下.物体向下运动的路程是3m,向上运动的路程是1m,总路程是4m.故A正确,BCD错误;
故选:A.3、A【分析】【分析】以小球为研究对象,分析受力情况,作出力图,由平衡条件求得斜面对球的支持力大小和挡板对小球的支持力,即可得解.【解析】【解答】解:以小球为研究对象,分析受力情况,作出力图如图,由平衡条件得
A、斜面对球的支持力大小F2=>mg,故当α增大时F2从mg逐渐增大;故B正确A错误.
C、挡板对小球的弹力F1=mgtanα,当α增大时F1从零逐渐增大;故C正确;
D;圆球一直处于平衡状态;合力为0,则挡板和斜面对圆球的弹力始终与重力等大反向,即合力不变,故D正确.
题目要求选错误的,故选:A.4、A【分析】【解答】本题考查的是原子核的组成.核反应.半衰期等原子物理知识。该核反应是β衰变,选项A错误;的中子数为131-53=78,选项B正确;16天为两个半衰期,有的发生了衰变;选项C正确;核反应前后,电荷数和质量数守恒,选项D正确。
【分析】衰变过程是原子核自发的,满足质量数与质子数守恒,而原子核由中子与质子组成5、C【分析】【分析】速度时间图象的斜率等于物体运动的加速度,斜率大于零说明物体的加速度沿正方向,斜率小于0说明物体的加速度沿负方向;速度v>0,说明物体的速度沿正方向,v<0,说明物体运动的方向沿负方向.【解析】【解答】解:速度时间图象的斜率等于物体运动的加速度;斜率大于零说明物体的加速度沿正方向,斜率小于0说明物体的加速度沿负方向,速度v>0,说明物体的速度沿正方向,v<0,说明物体运动的方向沿负方向,则由图可知:
在0<t<2s时间内速度与加速度方向相同;均沿正方向;5s<t<6s时间内,速度和加速度都沿负方向,方向相同.故加速度方向和速度方向相同的时间间隔是0<t<2s和5s<t<6s.
故选:C二、填空题(共9题,共18分)6、1.5×10-8F【分析】【分析】已知电容器两板上的电量和两板间的电压;根据可求电容.【解析】【解答】解:根据电容定义式:可得,该电容器的电容:==1.5×10-8F
故答案为:1.5×10-87、15水平向左【分析】【分析】物体在地面上运动,则受到滑动摩擦力;由f=μFN可求得滑动摩擦力.【解析】【解答】解:物体对地面的压力FN=150N;
则其受到的摩擦力f=μFN=0.1×150=15N;
方向与运动方向相反;即应水平向左;
故答案为;15;水平向左.8、12m/s相反【分析】【分析】以两人和球为研究对象,系统水平方向动量守恒,根据动量守恒列方程即可正确解答.【解析】【解答】解:设甲溜冰者的运动方向为正方向;根据动量守恒定律,选择开始和最后两个状态列方程得:
(M甲+m)v0-M乙v0=M乙v;即:(59+1)×6-50×6=50v,解得v=12m/s,与乙的初速度方向相反.
故答案为:12m/s;相反.9、1【分析】【分析】两球都是绕O点转动,则两球的角速度ω相等,分别找出两球速度的关系,再从释放到转动30°角的过程中,由动能定理求出角速度ω,再求出此时B球的速度;之后再单独对A球分析,求出杆对A球做的功.【解析】【解答】解:两球都是绕O点转动,则两球的角速度ω相等,此时B球的速度为:;
此时A球的速度为:vA=ωLOA=ω
从释放到转动30°角的过程中;对两球整体分析,由动能定理得:
mg+mgLOAsin30°=
代入数据解得:ω=2rad/s
则B球的速度为:m/s;
A球的速度为:
再对A球单独隔离分析;由动能定理有:
解得此过程中杆对A球做的功为:W=1J;
故答案为:;1.10、【分析】【分析】对于物块C与长木板AB组成的系统,水平方向不受外力,竖直方向受力平衡,则合外力为零,系统的动量守恒.当电场方向向下时,由物块与木板组成的系统动量守恒和系统能量守恒列出等式.电场方向向上时,由物块与木板组成的系统动量守恒和系统能量守恒列出等式求解.【解析】【解答】解:由题设条件判断可知;带电粒子应带负电.
设动摩擦因数为μ;场强大小为E,板长为L,物体的初速度为v.D在匀强磁场竖直向下时,在板上滑行后达到共同速度v',据动量定理有。
mv=(m+M)v′
而小物块C在板AB上的相对位移为L.据功能关系有。
μ(mg-qE)L=mv2-(m+M)v′2①
当匀强电场变为竖直向上时;小物块C在板上滑行后也最终达到共同速度v′
根据小物块C在板AB的相对位移只有;用功能关系可得。
μ(mg+qE)L=mv2-(m+M)v′2②
①式比②式得
得E=
故答案为:11、2400【分析】【分析】根据题意求出该交流电的表达式,然后根据电压大于60V时放电管发光,计算出一个周期内的发光次数,可进一步求出1分钟内的发光时间.【解析】【解答】解:由正弦交流电的最大值Um与有效值U的关系得:Um=120V
设t=0时交流电的瞬时电压U=0,则交流电的瞬时表达式为:u=120sin100πt(V)
画出一个周期内交流电的u-t图象如图r所示,其中阴影部分对应的时间0~t1表示霓虹灯不能发光的时间,根据对称性,一个周期内霓虹灯不能发光的时间为4t1
当u=U0=60V时,由上式得t1=s
再由对称性求得一个周期内能发光的时间为:t=T-4t1=s
由比例关系求得一小时内霓虹灯发光的时间为:t=×s=2400s.
故答案为:2400.12、强弱方向切线磁感线越强越弱强弱假想【分析】【分析】(1)磁体的周围存在着看不见;摸不着但又客观存在的磁场,为了描述磁场,在实验的基础上,利用建模的方法想象出来的磁感线,磁感线并不客观存在.
(2)磁感线在磁体的周围是从磁体的N极出发回到S极.在磁体的内部;磁感线是从磁体的S极出发,回到N极.
(3)磁场中的一点;磁场方向只有一个,由此入手可以确定磁感线不能相交.
(4)磁场的强弱可以利用磁感线的疏密程度来描述.磁场越强,磁感线越密集.【解析】【解答】解:磁感线是描述磁场强弱和方向;磁感线上每一点切线方向是这点磁感线的方向,即磁场方向.磁感线越密的地方,磁场越强,越疏的地方,磁场越弱.磁感线的疏密表示磁场强弱,磁感线是假想出来,实际不存在.是假想曲线,任意两条磁感线都不会相交.
故答案为:强弱、方向、切线、磁感线、越强、越弱、强弱、假想13、20m/s77.5m【分析】【分析】根据速度时间公式v=v0+at求出速度,根据位移时间公式x=v0t+求解位移.【解析】【解答】解:物体做匀加速直线运动,已知初速度v0=8.0m/s,加速度a=3.0m/s2;则。
4s末物体的速度大小是v4=v0+at4=8+3×4=20(m/s);
5s内发生的位移是x5=v0t5+=8×5+=77.5(m)
故答案为:20m/s;77.5m.14、【分析】【分析】小球在电场中受到重力和电场力而做类平抛运动,水平方向不受力做匀速运动,运用速度合成,求出P点的速度,再求出动能.【解析】【解答】解:小球做类平抛运动,tan30°==.
解得;
在A点的动能=.
故答案为:.三、判断题(共8题,共16分)15、√【分析】【分析】位移-时间图象中的曲线反映了物体的位移随时间变化的规律.由此分析即可.【解析】【解答】解:根据x-t图象的意义可知;x-t图象描述了物体的位移随时间的变化规律,所以该说法是正确的.
故答案为:√16、×【分析】【分析】布朗运动是由于分子的无规则运动而使花粉小颗粒受到撞击而振动;布朗运动的实质是大量分子做无规则热运动的结果.【解析】【解答】解:布朗运动是固体小颗粒的运动;是宏观物体,故符合牛顿第二定律;
故答案为:×17、√【分析】【分析】参考系,是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系;参考系的选取是任意的,如何选择参照系,必须从具体情况来考虑,一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系.【解析】【解答】解:月亮在云中穿梭;月亮相对于云层的位置发生变化,所以参考系为云层,该说法是正确的.
故答案为:√18、√【分析】【分析】时间是指时间的长度,在时间轴上对应一段距离,对应物体的位移或路程,时刻是指时间点,在时间轴上对应的是一个点,对应物体的位置.【解析】【解答】解:“宁停三分;不抢一秒”中的3分是3分钟,3分钟与1秒钟在时间轴上都是指的时间的长度,都是时间.故该说法正确;
故答案为:√19、√【分析】【分析】位移-时间图象中的曲线反映了物体的位移随时间变化的规律.由此分析即可.【解析】【解答】解:根据x-t图象的意义可知;x-t图象描述了物体的位移随时间的变化规律,所以该说法是正确的.
故答案为:√20、×【分析】【分析】晶体有单晶体和多晶体两种,单晶体各向异性,而多晶体各向同性.【解析】【解答】解:由于晶体在不同方向上物质微粒的排列情况不同;即为各向异性,则为单晶体具有各向异性,但并不是所有物理性质都是各向异性的.故该说法是错误的.
故答案为:×21、×【分析】【分析】根据狭义相对论的两个基本假设:
①物理规律在所有惯性系中都具有相同的形式.这叫做相对性原理.
②在所有的惯性系中,光在真空中的传播速率具有相同的值C.这叫光速不变原理.它告诉我们光(在真空中)的速度c是恒定的,它不依赖于发光物体的运动速度.【解析】【解答】解:根据相对论的两个基本假设可知;在所有的惯性系中,光在真空中的传播速率具有相同的值C.这叫光速不变原理.故以上说法是错误的.
故答案为:×22、√【分析】【分析】当电子跃迁到无穷远时,电子脱离氢原子核的约束,成为自由电子,氢原子变成氢离子,刚好到无穷远处的能量为0,因此这时吸收的能量最小.【解析】【解答】解:当电子恰好电离时吸收的能量最小;此时有:△E=0-(-13.60)=13.6eV,故以上说法是正确的.
故答案为:√四、计算题(共2题,共20分)23、略
【分析】【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出质点从A点到B点过程中和B到C过程中的加速度,根据平均速度推论分别求出A到B和B到C的位移,从而求出AC的位移.【解析】【解答】解:(1)质点从A点运动到B点的加速度为:
;
(2)质点从B点到C点的加速度为:
.
(3)AB段的位移为:=30m;
BC段的位移为:;
则AC段的位移为:x=x1+x2=30+20m=50m.
答:(1)质点从A点运动到B点过程中的加速度为1.6m/s2.
(2)质点从B点运动到C点过程中的加速度为-2.5m/s2.
(3)质点从A点运动到C点的位移为50m.24、略
【分析】【解析】
【错解分析】错解:由部分电路的欧姆定律,=1A;由于L与M并联,流过的电流与其电阻成反比;
上述错解过程中有两处致命的错误:一是将电动机视为纯电阻处理了,电动机不属于纯电阻,而是将电能转化为机械能,错解中利用了并联电路中支路电流与电阻成反比的结论是不恰当的,因为该结论只适用于纯电阻电路,二是不明确电动机的输入功率PM入与输出功率PM出的区别,IM2r′是电动机内阻发热功率。三者的关系是:PM入=PM出+IM2r′。
【正解】根据题意画出电路图;如图所示。
由全电路欧姆定律ε=U+Ir得出干路电流。
由已知条件可知:流过灯泡的电流。
电动机的输出功率的另一种求法:以全电路为研究对象,从能量转化和守恒的观点出发P源=P路。本题中电路中消耗电能的有:内电阻、灯泡和电动机,电动机消耗的电能又可分为电动机输出的机械能和电动机自身消耗的内能。即Iε=I2r+IL2R+PM出+IM2r′。
PM出=Iε-(I2r+IL2R++IM2r′)=9(W)
【点评】站在能量转化与守恒的高度看电路各个部分的作用。就可以从全局的角度把握一道题的解题思路,就能比较清醒地分清公式规律的适用范围和条件。【解析】【答案】9(W)五、画图题(共2题,共8分)25、略
【分析】【解析】试题分析:由图读出波长,由波速公式求出周期.根据简谐运动在一个周期内通过的路程,求出位移.采用波形平移的方法画出7s时的波形图.由图直接可得波长根据得:7秒内波传播的位移为:根据平移法,把波形沿传播方向平移3.5米,如下图实线:考点:画波形图【解析】【答案】图形向左平移1.5m26、略
【分析】弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直,然后指向受力物体,据此可得思路分析:弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直,然后指向受力物体试题【解析】【答案】【解析】弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直,然后指向受力物体,据此可得思路分析:弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直,然后指向受力物体试题六、实验探究题(共4题,共20分)27、略
【分析】解:(1)小钢球离开光滑槽后做平抛运动,设运动时间为t,离开光滑槽时的速度为v0.在竖直方向上是自由落体运动:
有:h=gt2(1)
水平方向上是匀速直线运动:
s=v0t(2)
在弹簧推小球的过程中;机械能守恒,所以有:
Ep=mv2(3)
由(1)(2)(3)式联立得:
Ep=(4)
(2)通过描点法根据测量数据作出x-s图象.
(3)通过图象可以看出;当s=5m时,x=2.5cm,x与s图线的斜率k=0.005;
所以x与s的关系式是x=0.005s(5)
由(4)(5)两式联立得:Ep=
故答案为:(1)Ep=(2)图象如图;(3)x=0.005s,Ep=
首先对小球的运动情况进行分析,小球离开光滑槽后做平抛运动,常用的方法是把运动沿水平和竖直方向进行分解为匀速直线运动和自由落体运动,分别进行列式可求出小球释放前压缩弹簧的弹性势能Ep与h;s和mg之间的关系式.
通过对图线的斜率进行分析和求解;可得出x和s之间的关系,结合以上的结论可得到弹簧弹性势能与弹簧压缩量x之间的关系式.
该题首先是考察了平抛运动的应用;解决关于平抛运动的问题常用的方法是沿着水平和竖直两个方向进行分解,运用各方向上的运动规律进行解答.
再次是考察了应用实验数据进行绘制图线,在绘制图线时要使尽可能多的点落到直线上,并使不在直线上的点尽可能的平均分布在直线的两侧,利用x与s之间的关系求出弹簧弹性势能与弹簧压缩量x之间的关系式.【解析】Ep=x=0.005s;Ep=28、略
【分析】解:(1)
若不管怎样润节滑动变阻器;小电珠亮度能发生变化,但电压表电流表的示数总不能为零,说明滑动变阻器不起作用,连成了限流接法,故g
断路。
(2)
电源的U鈭�I
图线纵轴截距等于电源的电动势;则由图知,电源的电动势E=3V
小电珠的电阻R=UI
由数学知识分析可知,R
等于小电珠的U鈭�I
特性图线上的点与原点连线的斜率,则小电珠的电阻随温度的上升而增大。
(3)
电源的内阻等于电源的U鈭�I
图线的斜率绝对值,则得内阻r=1娄赂
当两个小电珠并联后;接到电源上,由闭合电路欧姆定律得。
E=U+2Ir
电源的U鈭�I
图线为U=E鈭�2rI=E鈭�2I=3鈭�2I
作出图象;得U=1.1VI=0.9A
一只小电珠的实际电功率为P=UI=0.99W
故答案为:
(1)g
(2)3
增大。
(3)0.99
(1)
滑动变阻器采用分压接法时;电压表与电流表示数均可从零开始变化;滑动变阻器采用限流接法时,电压表与电流表示数不能从零开始变化。
(2)
电源的U鈭�I
图线纵轴截距等于电源的电动势。小电珠的电阻等于UI
由数学知识分析电阻的变化情况;
(3)
两个小电
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