2025年人教A新版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A新版必修3物理上册阶段测试试卷198考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，在真空中相距为L的a、b两点分别放置电荷量大小均为Q的正、负电荷，那么在离a、b两点距离都等于L的点的电场强度的方向和该点的场强大小为（）

A.沿a到b方向，B.沿b到a方向，C.方向沿ab中垂线向外，D.方向沿ab中垂线向里，2、如图所示，直角三角形ABC，∠A=60°，AD=DC，B、C两点在同一水平线上，垂直纸面的直导线置于B、C两点，通有大小相等、方向向里的恒定电流，D点的磁感应强度大小为B0。若把置于C点的直导线的电流反向，大小保持不变，则变化后D点的磁感应强度（）

A.大小为B0，方向水平向左B.大小为B0，方向水平向右C.大小为B0，方向竖直向下D.大小为2B0，方向竖直向下3、已知表头的内阻为200Ω，满偏电流Ig为2mA，现将表头改装为量程为0-3V和0-10V的双量程电压表如图甲及量程为0-0.1A和的双量程电流表如图乙；则下列说法正确的是（）

A.图甲中使用A、B两个端点时，量程为0-10V，使用A、C两个端点时，量程为0-3VB.C.图乙中使用A、B两个端点时，量程为0-1A；使用A、C两个端点时，量程为0-0.1AD.4、请用学过的电学知识判断下列说法不正确的是（）A.高压输电导线表面要很光滑，以避免因尖端放电而损失电能B.避雷针避雷是将云层中积聚的电荷导入大地或将大地的负电荷与其中和C.接触带有精密电子元件的电路板时，最好先用手接触一下金属水管或其它接地金属D.雷雨天，武当山金殿的屋顶常出现“雷火炼殿”的奇观，这是静电屏蔽的原因5、如图，电荷量分别为q和–q（q>0）的点电荷固定在正方体的两个顶点上，a、b是正方体的另外两个顶点。则下列说法不正确的是（）

A.a点和b点的电势相等B.a点和b点的电场强度大小相等C.a点和b点的电场强度方向相同D.将负电荷从a点移到b点，电势能减少评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、匀强电场中有相距cm的a、b两点，电势差V，在该电场中电荷量C的带电粒子受到的电场力大小可能为（）A.0.03NB.0.30NC.3.0ND.4.0N7、如图所示，小球A固定在绝缘支架上，电荷量为Q，小球B用丝线悬挂，电荷量为+q，B偏转后两球距离为r，A、B均视为点电荷。下列说法正确的是（）

A.A带负电B.B对A的作用力F大小为C.减小B的电荷量，丝线与竖直方向的夹角变大D.减小B的电荷量，丝线与竖直方向的夹角变小8、如图所示为一块多用电表；用这一多用电表欧姆挡测电阻时，下列说法正确的是（）

A.换用不同倍率的欧姆挡后不需进行欧姆调零B.选择适当倍率的欧姆挡，使测量时表针落在刻度盘的中间区域，测量较为准确C.测量时应该用两手分别将两表笔与待测电阻两端紧紧捏一起D.使用完毕应当拔出表笔，并把选择开关旋转到“OFF”位置9、D是一只理想二极管（a正极：电流只能从a流向b，而不能从b流向a）。平行板电容器A、B两极板间有一电荷在P点处于静止。以E表示两极板间电场强度，U表示两极板间电压，Ep表示电荷在P点电势能。若保持极板B不动；将极板A稍向上平移则（）

A.E变小B.U变大C.Ep不变D.电荷仍保持静止10、如图所示，光滑水平桌面上固定一光滑挡板ABCD，构成小球的运动轨道。其中AB段直轨道与半径为R的半圆轨道BCD在B处相切，BD为半圆轨道直径。整个轨道都处在大小为E、方向水平且与AB垂直的匀强电场中。一质量为m、带电荷量为+q的小球静止在挡板内侧A处，小球大小可以忽略。现给小球沿AB方向的瞬时冲量，使小球开始运动，经过D处时刚好对挡板无压力。已知重力加速度为g，则小球（）

A.经过D处时速度的大小为B.经过B处时速度的大小为C.在B处对挡板压力的大小为6qED.在A处受到瞬时冲量的大小为11、如图所示，两条完全相同的圆弧形材料AOB和COD，圆弧对应的圆心角都为120°，圆弧AOB在竖直平面内，圆弧COD在水平面内，以O点为坐标原点、水平向右为x轴正方向，两弧形材料均匀分布正电荷，P点为两段圆弧的圆心，已知P点处的电场强度为E0、电势为φ0，设圆弧AO在圆心P处产生的电场强度大小为E，产生的电势为φ；选无穷远的电势为零，以下说法正确的是（）

A.B.C.将质子（比荷）从P点无初速度释放，则质子的最大速度为D.若两段弧形材料带上的是等量异种电荷，x轴上各点电场强度为零，电势为012、真空中，两个相距L的固定点电荷E、F所带电荷量大小分别是QE和QF，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图中实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向．电场线上标出了M、N两点，其中N点的切线与EF连线平行，且∠NEF＞∠NFE．则（）

A.E带正电，F带负电，且QE＜QFB.在M点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到N点C.过N点的等势面与过N点的切线垂直D.负检验电荷在M点的电势能大于在N点的电势能13、某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标上，如图中的a、b、c所示．以下判断正确的是()

A.直线a表示电源的总功率B.曲线c表示电源的输出功率C.电源的电动势E＝3V，内电阻r＝1ΩD.电源的最大输出功率Pm＝9W14、如图所示的是一个电容式传感器，在金属a的外面涂一层绝缘的电介质后放在导电液体中构成一个电容器，a与导电液体就是该电容器的两极，今使该电容器充电后与电源断开，并将a与静电计的导体球相连，插入导电液体中的电极b与静电计外壳相连，则当导电液体深度h变大时

A.引起两极间正对面积变大B.电容器的电容将变小C.电容器两极间的电压将变大D.静电计指针偏角将减小评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、匀强电场的方向平行于平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为完成下列填空：

（1）电场强度的大小为______

（2）坐标原点处的电势为_________V；

（3）电子在a点的电势能比在b点的高_________

（4）电子从b点运动到c点，电场力做功为________16、如图所示的实验装置为库仑扭秤。细银丝的下端悬挂一根绝缘棒，棒的一端是一个带电的金属小球A，另一端有一个不带电的球B，B与A所受的重力平衡，当把另一个带电的金属球C插入容器并使它靠近A时，A和C之间的作用力使悬丝扭转，通过悬丝扭转的角度可以比较力的大小，便可找到力F与距离r和电荷量q的关系。这一实验中用到了下列什么方法？__________、____________（微元法；微小量放大法、极限法、控制变量法、逐差法、估算法）

17、在探究“电阻定律”实验时，某同学猜想电阻R可能与材料、长度、横截面积、温度等有关。为完成实验，该同学通过__________（选填“控制变量法”或“等效法”）实验探究导体电阻与决定因素的关系得出电阻定律，并总结表达式__________。18、下图游标卡尺读数分别为左图_________mm，右图_________mm。

19、请完成下列各表的读数；把答案填在图下的横线上。

（1）量程为0~3V和0~3A的电表。读数___________，读数___________

（2）量程为0~15V的电压表读数。读数___________，读数___________，读数___________

（3）量程为0~0.6A的电流表读数。读数___________，读数___________，读数___________，读数___________

20、如图所示，电流表A的量程为0-0.6A,表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A,R1的阻值等于电流表内阻的的阻值等于电流表内阻的2倍.若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值；则。

(1)将接线柱1、2接入电路时,每一小格表示_____A.

(2)将接线柱1、3接入电路时,每一小格表示______A.21、如图所示为伏打电池示意图，由于化学反应，在A、B两电极附近产生了很薄的两个带电接触层a、b。

（1）说明铜板带正电、锌板带负电的原因是什么______？

（2）在电源内部的a、b两个区域，电荷如何被搬运到极板上______？

（3）在正常工作的闭合电路中，静电力对做定向运动的电子做______（选填“正”或“负”）功，使电子向电势______（选填“升高”或“降低”）的方向运动，电子的电势能______（选填“增加”或“减少”）；非静电力对做定向运动的电子做______（选填“正”或“负”）功，使电子向电势______（选填“升高”或“降低”）的方向运动，电子的电势能______（选填“增加”或“减少”）．

（4）沿电流方向绕电路一周，非静电力做功的区域是()

A．RB．bC．rD．a

（5）在图中闭合回路的各区域内，电势升高的总和等于电源的______。

（6）沿电流方向绕电路一周，在什么地方电势降低______？在什么地方电势升高______？22、通电螺线管内有一在磁场力作用下处于静止的小磁针，小磁针的指向如图所示，则螺线管的端为_______（选填“”或“”）极，接电源的_____（选填“正”或“负”）极。

23、如图所示，平行板电容器板间距离d=20cm，与一个直流电源连接，电源电压为10V，N板接地，取大地电势为零.两板间有一点P，P点距上极板M10cm，把K闭合给电容器充电，然后再断开，P点场强大小为_________，电势为_________，若把N板向下移动20cm，则P点场强大小为__________，电势为_________.

评卷人得分四、作图题(共2题，共10分)24、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

25、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)26、某实验小组要描绘标有“3.8V0.32A”字样的小灯泡L的伏安特性曲线；可供选用的器材除了开关；导线外，还有：

A.电压表V1（量程0~3V，内阻等于3kΩ）B.电压表V2（量程0~15V；内阻等于15kΩ）

C.电流表A1（量程0~400mA，内阻约等于1.0Ω）D.电流表A2（量程0~3A；内阻约等于0.1Ω）

E.滑动变阻器R1（0~10Ω，额定电流2A）F.滑动变阻器R2（0~1kΩ；额定电流0.5A）

G.定值电阻R3（阻值等于1Ω）H.定值电阻R4（阻值等于1kΩ）

I.电源E（E=6V；内阻不计）

（1）实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能进行多次测量，电流表应选用_________；电压表应选用__________；滑动变阻器应选用__________；定值电阻应选用_________。（均填仪器前的字母）

（2）请在给定的虚线方框内画出实验电路图，并将所选各元件字母代码标在该元件的符号旁_________。

（3）实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图甲所示，将该小灯泡跟标有“6.0V1.80W”的小电动机和另一电源E。（内阻r=0.33Ω）连接成图乙所示的电路时，小电动机恰好正常转动，则此时小灯泡的实际功率为__________W，电源E0的电动势为__________V。（结果均保留两位小数）27、如图甲所示为一个小灯泡的两端电压与通过它的电流的变化关系曲线。

（1）若把三个相同这样的灯泡串联后，接到电压恒定的12V电源上，由图甲可知流过小灯泡的电流为______________A，小灯泡的电阻为___________

（2）如图乙所示，将同种规格的两个这样的小灯泡并联后再与10的定值电阻串联，接在电压恒定的8V的电源上，则电流表的示数为_________A，小灯泡的电阻为__________28、某实验小组测定一电流表的内阻实验室提供如下器材：

A.待测电流表（量程为内阻约）；

B.电阻箱（最大阻值为）；

C.滑动变阻器（最大阻值额定电流）；

D.滑动变阻器（最大阻值额定电流）;

E.电源（电动势约内阻不计）；

F.开关两个；导线若干。

设计了如图甲所示的电路图；实验步骤如下：

①根据实验设计的电路图连接好电路，正确调节滑动变阻器

②先闭合使保持断开状态，调节滑动变阻器滑片的位置，使得待测电流表示数达到满偏电流

③保持滑动变阻器滑片的位置不动，闭合并多次调节变阻箱记下电流表的示数和对应的电阻箱的阻值

④以为纵坐标，为横坐标作出了图线；如图乙所示；

⑤根据图线的相关数据求解电流表的内阻回答下列问题：

(1)实验中应选择滑动变阻器_____（填“”或“”），实验前，先将滑动变阻器滑片移到____（填“”或“”）端；

(2)在调节电阻箱过程中干路电流几乎不变，则与的关系式为______（用题中所给出物理量的字母表示），根据图象中的数据求出电流表的内阻_____（结果保留两位有效数字）；

(3)用这种方法测量出的电流表内阻比电流表内阻的真实值_____（填“偏大”“相等”或“偏小”）。29、为了测一个自感系数很大的线圈L的直流电阻R；实验室提供以下器材：

待测线圈L（阻值约为5Ω）；电流表A1（量程3.0A，内阻r1约为0.2Ω）；电流表A2（量程0.6A，内阻r2=1.0Ω）；滑动变阻器R1（0~10Ω）；电压表V（3V量程，约为2kΩ）；电阻箱R2（0~99.9Ω）；电源E（电动势E约为3V，内阻很小）；单刀单掷开关S1、S2；导线若干。

(1)某实验小组按如图（a）所示的电路测量线圈L的直流电阻RL。实验主要步骤如下：

①按电路图连接好电路，断开开关S1、S2，滑动变阻器R1的滑片移动___（填“左”或者“右"）端；

②闭合开关S1、S2，移动滑动变阻器R的滑片至适当位置，记下电流表A2的示数为I2，电压表V的示数为U，线圈L的直流电阻的测量值的计算式为RL=_____；

③测量完后，应先断开开关S2，再断开开关S1，其理由是_________。

(2)若只提供一个开关S1，为避免自感现象对电表的影响，经讨论，同学们认为可以利用两个电流表和一个电阻箱达到测量的目的。图（b）方框中已画了部分电路，请根据你的设计，在方框中完成电路图________。

评卷人得分六、解答题(共1题，共9分)30、如图所示，匀强电场的场强E=4×104N/C，沿电场线方向有A、B两点，A、B两点间的距离d=0.2m。将电荷量q=+2×10﹣8C的点电荷从A点移至B点。求：

（1）电荷所受电场力F的大小；

（2）A、B两点间电势差U；

（3）电荷从A点移至B点的过程中，电场力所做的功W。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【详解】

两个等量异种点电荷在B两点距离都等于L的点产生的电场强度大小相等；方向如图．

大小为E1＝E2＝则合场强为：E＝．方向由a指向b；故选A.

【点睛】

解决本题的关键掌握点电荷的场强公式E＝以及知道场强是矢量，合成分解遵循平行四边形定则．2、C【分析】【分析】

【详解】

如图所示。

由几何关系知θ=60°，设每根导线在D点产生的磁感强度为B，据平行四边形定则有

若把置于C点的直导线电流反向，据几何知识可得α=30°

D点合磁感强度大小为

方向竖直向下；C正确。

故选C。3、C【分析】【详解】

A．图甲中使用A、C两个端点时，量程为0-10V，使用A、B两个端点时；量程为0-3V，故A错误；

B．根据

解得

根据

得

故B错误；

C．图乙中使用A、B两个端点时，量程为0-1A；使用A、C两个端点时；量程为0-0.1A，故C正确；

D．根据

解得

故D错误。

故选C。4、D【分析】【详解】

A．高压输电导线表面要很光滑；以避免因尖端放电而损失电能，A正确；

B．避雷针避雷是将云层中积聚的电荷导入大地或将大地的负电荷与其中和；B正确；

C．接触带有精密电子元件的电路板时；最好先用手接触一下金属水管或其它接地金属，C正确；

D．“雷火炼殿”是奇特的闪电现象；非静电屏蔽，D错误。

本题选不正确项，故选D。5、A【分析】【详解】

A．等量异号电荷形成的电场线和等势面如图所示

结合图中对应的几何关系可知，a靠近负电荷，而b靠近正电荷，则可知a点电势一定小于b点电势；故A错误；

BC．a、b两点是两电荷单独在两点形成的电场强度的叠加，如图所示

由图可知，两点处的两分场强恰好相同，故a点和b点的电场强度大小相等；电场强度方向相同，故B；C正确；

D．由于a点电势小于b点电势，根据可知将负电荷从a点移到b点的过程中电势能减小；故D正确；

故错误的选A。二、多选题(共9题，共18分)6、C:D【分析】【分析】

【详解】

在匀强电场中，若a、b两点在同一电场线，由

解得

则带电粒子受到的电场力

若a、b两点不在同一电场线，由

则

即

故选CD。7、B:D【分析】【详解】

A．因为同种电荷相斥，异种电荷相吸，B带正电，两者相互排斥，所以A带正电；A错误；

B．根据库仑定律

B对A的作用力大小为B正确；

CD．小球B受重力mg，绳的拉力，库仑力F，绳与竖直方向夹角为

当减小B的电荷量；依据库仑定律可知，库仑力减小，则有丝线与竖直方向的夹角变小，C错误，D正确。

故选BD。8、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．每换一次挡位；都要进行一次欧姆调零，故A错误；

B．用欧姆表测电阻；指针越接近刻度盘中央时，误差越小，故B正确；

C．人是导体；人与导体接触时，人与导体并联，并联阻值小于电阻阻值，用欧姆表测电阻时，不应用两手将表笔和待测电阻两端捏紧，故C错误；

D．多用电表使用完毕；应把选择开关置于OFF挡或交流电压最高挡上，故D正确。

故选BD。9、B:C:D【分析】【详解】

将极板A稍向上平移，板间距离增大，根据电容的决定式得知，电容C减小，而电容器的电压不变，则电容器所带电量将要减小，由于二极管具有单向导电性，电容器上电荷放不掉，电荷不能流回电源，所以电容器的电量保持不变，根据可知U变大；根据可知

即电量不变时两板间场强与两板间距无关，则板间场强E不变，而电荷所受的电场力不变，仍保持静止状态；P与B板间电势差UPB=EdPB，E、dPB都不变，UPB保持不变，P点的电势保持不变，则电荷在P点电势能Ep不变.

故选BCD。10、B:C:D【分析】【详解】

A．在D点由牛顿第二定律有

解得

故A错误；

BC．从B到D由动能定理得

解得

在B点由牛顿第二定律有

联立解得

由牛顿第三定律可知，在B处对挡板压力的大小为6qE。故BC正确；

D．小球在A处获得的速度

由动量定理可知小球在A处受到瞬时冲量的大小为

故D正确。

故选BCD。11、B:D【分析】【详解】

AB．根据电场强度的叠加有

所以

故A错误；B正确；

C．将质子从P点无初速度释放，根据动能定理可得

解得

故C错误；

D．若两段弧形材料带上的是等量异种电荷，根据对称性，x轴上各点电场强度为零；电势为0，故D正确。

故选BD。12、A:C【分析】【详解】

A.根据电场线的指向知E带正电，F带负电；N点的场强是由E、F两电荷在N点产生场强的叠加，电荷E在N点电场方向沿EN向上，电荷F在N点产生的场强沿NF向下，合场强水平向右，且∠NEF＞∠NFE，可知F电荷在N点产生的场强大于E电荷在N点产生的场强，而NF＞NE，所以由点电荷场强公式知QE＜QF．故A正确；

B.只有电场线是直线，且初速度为0或初速度的方向与电场平行时，带电粒子的运动轨迹才与电场线重合．而该电场线是一条曲线，所以运动轨迹与电场线不重合．故在M点由静止释放一带正电的检验电荷，不可能沿电场线运动到N点．故B错误．

C.因为电场线和等势面垂直，所以过N点的等势面与过N点的切线垂直．故C正确．

D.沿电场线方向电势逐渐降低，φM＞φN，再根据Ep＝qφ，q为负电荷，知EpM＜EpN．故D错误；13、A:B:C【分析】【详解】

A．闭合电路中电动势E和内电阻r不变，外电阻的变化引起电路中的电流I发生变化．电路中消耗的总功率PE＝IE，E一定时，PE与I成正比，故直线a表示电源的总功率与电流的关系，且a图线的斜率大小为电源电动势E＝3V．

B．电源内电阻消耗的功率：

r一定时，Pr与I2成正比，所以抛物线b表示电源内电阻消耗的功率与电流的关系；外电阻上消耗的功率：

故抛物线c表示外电阻消耗的功率与电流的关系；选项A；B正确；

C．图线a、b的交点表示此时外电阻消耗功率为0，R＝0，则：

所以内阻：r＝1Ω

选项C正确；

D．图线b、c的交点也是抛物线c的顶点，该处纵坐标表示外电阻消耗功率的最大值，此时：R＝r

选项D错误．14、A:D【分析】【详解】

A、由图可知，液体与芯柱构成了电容器，两板间距离不变；液面变化时只有正对面积发生变化；当液面升高时，只能是正对面积S增大；故A正确.

B、由可知电容增大；B错误.

C、D、因电容器充电后与电源断开，则电容器的总电荷量Q不变，依据因此电势差减小，而静电计指针的偏角反映电容器的电压大小，即静电计的指针偏角变小；C错误，D正确.

故选AD.

【点睛】

本题考查平行板电容器在生产生活中的应用，是电容器的电何量不变为前提的动态分析．三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]沿x方向的场强大小为

沿y方向的场强大小为

故该电场的电场强度为

（2）[2]在匀强电场中，相互平行的等距离两点间的电势差相等，即为

所以原点O的电势为

（3）[3]根据电势能的定义可知，电子在a点的电势能为

电子在b点的电势能为

则电子在a点的电势能比在b点的高

（4）[4]电子从b点运动到c点，电场力做功为【解析】①.2.5②.4③.7④.916、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]当小球C靠近小球A时，旋转小角度，因此通过微小量放大，能比较准确的测出转动角度；同时体现了控制变量法，控制电荷量，去研究库仑力与距离的关系；控制距离，去研究库仑力与电荷量的关系。【解析】①.微小量放大法②.控制变量法17、略

【分析】【详解】

[1][2]在探究电阻R与材料、长度、横截面积、温度等有关的实验中，为完成实验，应控制单个变量，其他物理量保持不变，即采用控制变量法；再综合结论可得出电阻定律，为

其中S为导体横截面积，L为导体长度，ρ为比例系数，且由导体材料和温度决定。【解析】控制变量法18、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺的主尺读数为游标尺上第0个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标尺读数为所以最终读数为

[2]游标卡尺的主尺读数为0mm，游标尺上第15个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标尺读数为所以最终读数为【解析】20.000.7519、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]量程为0-3V的电压表；分度值为0.1V，由图可知，其读数为0.90V；量程为0-3A的电压表，分度值为0.1A，故其读数为1.90A。

（2）[3][4][5]量程为0~15V的电压表；分度值为0.5V。由图可知，读数分别为10.0V；10.5V、10.2V。

（2）[6][7][8][9]量程为0~0.6A的电流表；分度值为0.02A。由图可知，读数分别为0.40A；0.50A、0.22A、0.52A。

【点睛】

确认所用电表对应量程的分度值，再根据表盘指针所指位置进行读数即可。【解析】0.90V1.90A10.0V10.5V10.2V##10.3V0.40A0.50A0.22A0.52A20、略

【分析】【详解】

（1）[1]．当接线柱1、2接入电路时，电流表A与R1并联，根据串并联电路规律可知，R1分流为1.2A；故量程为1.2A+0.6A=1.8A；故每一小格表示0.06A；

（2）[2]．当接线柱1、3接入电路时，A与R1并联后与R2串联，电流表的量程仍为1.8A，故每一小格表示0.06A；【解析】0.06A0.06A21、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]锌失去电子后，锌离子进入溶液中与硫酸根离子结合成硫酸锌，锌原子将电子留在锌板上，使锌板带负电，硫酸根离子与锌结合后，导致电解液与b之间处的电势升高，对于铜板，由于还原反应，硫酸中的氢离子从铜板上得到电子变成氢气，使铜板带正电，由于氢离子与铜板上的电子结合导致a与电解液处的电势降低；

(2)[2]在电源内部的a、b两个区域，非静电力做功，在a区域，氢离子被搬运到铜板上；在b处；硫酸根离子被搬到锌板上；

(3)[3][4][5]在正常工作的闭合电路中；静电力对做定向运动的电子做正功，电势能减少，所以电子向电势升高的方向运动；

[6][7][8]电源内部；从负极到正极电势升高，所以非静电力把电子从正极搬运到负极，对做定向运动的电子做正功，即电子向电势降低的方向运动，所以电子的电势能增加；

(4)[9]在电源的内阻和外电阻上，电荷移动过程中是静电力做功，r区域是内阻区域，由题意可知，“在A、B两电极附近产生了很薄的两个带电接触层a、b”则该区域即为非静电力作用的范围；也是沿着电流方向电势升高的范围，故BD正确，AC错误；

故选BD；

(5)[10]依据电动势定义可知；电势升高的总和等于电源的电动势；

(6)[11][12]ab区域为非静电力作用的范围，电势升高，R为外电阻，r为内阻，在电阻上，沿电流方向电势降低。【解析】锌失去电子后，锌离子进入溶液中与硫酸根离子结合成硫酸锌，锌原子将电子留在锌板上，使锌板带负电，硫酸根离子与锌结合后，导致电解液与b之间处的电势升高。对于铜板，由于还原反应，硫酸中的氢离子从铜板上得到电子变成氢气，使铜板带正电，由于氢离子与铜板上的电子结合导致a与电解液处的电势降低在a区域，氢离子被搬运到铜板上；在b处，硫酸根离子被搬到锌板上正升高减少正降低增加BD电动势电势两次降低即电流流过外电阻和内电阻时，电势降低电势两次升高即通过两个极板和电解液接触层a、b时电势升高22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由题图可知，小磁针静止时极指向端，则通电螺线管的端为极，通电螺线管的端为极，根据安培定则判断出电流的方向：从端流进，从端流出，接电源的正极，接电源的负极。【解析】①.②.正23、略

【分析】【详解】

(1)电容器接电源充电后U=10V，根据匀强电场的场强公式因P点距N板10cm，且N板电势为零，则

(2)若把N板向下移动20cm，而电容器已断开，根据公式可知，电场强度与间距无关，则P点的场强大小为

故

【点睛】

考查匀强电场强度与电势差的关系，掌握求解电势的方法，注意电势与零电势选取有关，而电势差与零电势无关，同时掌握平衡条件的运用，注意电容器断开后，电容器的电量不变，没有断开前，电容器极板电压不变．【解析】50V/m-5V50V/m-15V四、作图题(共2题，共10分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】25、略

【分析】【详解】

第一幅图中线圈内部磁场垂直纸面向外；根据右手定则可以判断，电流为逆时针；第二幅图中，磁场向上，根据右手定则可以判断，左端电流垂直纸面向外，右端电流垂直纸面向里。

【解析】第一幅图中电流为逆时针；第二幅图左端电流垂直纸面向外；右端电流垂直纸面向里。

五、实验题(共4题，共12分)26、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2][3][4]小灯泡的额定电流为0.32A，电流表A1的量程为0~400mA，满足测量要求，故电流表应选用C；小灯泡的额定电压为3.8V，电压表V1量程为0~3V，内阻等于3kΩ，由于

可以将电压表V1与定值电阻R4串联；改装成量程为0~4V的电压表，故电压表应选用A，定值电阻应选用H；滑动变阻器应该采用分压式接法，为了便于调节和控制电压变化，应选择最大阻值较小的滑动变阻器，故滑动变阻器应选用E。

（2）[5]滑动变阻器用分压