2025年冀少新版必修1物理上册阶段测试试卷含答案

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A.B.物块受到地面的支持力大小为m1g﹣FsinθC.弹簧的弹力大小等于拉力F和小球重力的合力D.如果在物块上再固定一个质量为m1的物体，则它们的加速度不变物块的加速度为2、一质点沿直线Ox方向做变速直线运动，它离开O点的距离x随时间变化的关系为x=6t–2t3（m），它的速度v随时间t变化的关系为v=6–6t2（m/s），则该质点在t=2s时的瞬时速度、t=0到t=2s间的平均速度、平均速率分别为（）A.–18m/s、–2m/s、2m/sB.–18m/s、–2m/s，6m/sC.–2m/s、–2m/s、–18m/sD.–18m/s、6m/s，6m/s3、热气球运动爱好者从某高处由静止释放一个质量为0.5kg的物体，地面测量人员测量发现物体在落地前1s内下落的高度是40m，不考虑空气阻力，重力加速度取下列说法正确的是（）A.物体从释放到落地经历的时间为4.5sB.物体落地时的动能为400JC.从释放到落地物体运动的平均速度大小为20m/sD.物体下落的高度为80m4、如图所示，足够长的光滑杆与水平方向成放置，丝线一端固定在C点，另一端系在轻环A上。丝线上B点为死结，下悬一质量为m的物块，且若A环能沿细杆自由滑动，平衡时及丝线所受的拉力分别为和则和的大小比值为（）

A.B.C.D.5、2021年东京奥运会；十四岁的中国小将全红婵夺得东京奥运会女子10米跳台冠军（如图甲所示），图乙为其竖直分速度与时间的关系图象，以其向上离开跳台时作为计时起点，运动过程中视其为质点，则下列说法正确的是（）

A.时刻达到最高点B.时刻开始进入水面C.时间段加速度竖直向下D.时间段与时间段加速度方向相反6、关于弹力的说法，下列说法中正确的是（）A.物质互相接触，就有弹力的相互作用B.放在桌面上的木块受到桌面对它向上的弹力，这是由于木块发生微小形变而产生的C.由胡克定律可知弹簧的劲度系数与弹力成正比，与形变量成反比D.压力和支持力的方向都垂直于物体的接触面，绳的拉力沿绳而指向绳收缩的方向7、如图所示是旅游景区中常见的滑索。研究游客某一小段时间沿钢索下滑；可将钢索简化为一直杆，滑轮简化为套在杆上的环，滑轮与滑索间的摩擦力及游客所受空气阻力不可忽略，滑轮和悬挂绳重力可忽略。游客在某一小段时间匀速下滑，其状态可能是图中的（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、如图所示,将一轻质弹簧的一端固定在铁架台上,然后将最小刻度是毫米的刻度尺竖直放在弹簧一侧,刻度尺的0刻线与弹簧上端对齐,使弹簧下端的指针恰好落在刻度尺上.当弹簧下端挂一个50g的砝码时，指针示数为L1=3.10cm;当弹簧下端挂两个50g的砝码时,指针示数为L2=5.60cm.弹簧处于弹性限度内，取g=10m/s2.由此可知（）

A.弹簧的原长是0.60cmB.弹簧的原长是1.60cmC.弹簧的劲度系数约为20N/mD.由于弹簧的原长未知,无法算出弹簧的劲度系数9、热气球运动起源于18世纪的法国，随着球皮材料和致热燃料的普及，热气球已成为公众休闲观光和体育旅游项目。在一次观光游览中，甲、乙、丙三人各乘一个热气球，甲看到楼房匀速上升，乙看到甲匀速上升，甲看到丙匀速上升，丙看到乙匀速下降。那么，从地面上看，甲、乙、丙的运动情况说法可能正确的是（）A.甲、乙匀速下降，v乙＜v甲，丙停在空中B.甲、乙匀速下降，v乙＞v甲，丙匀速上升C.甲、乙匀速下降，v乙＞v甲，丙匀速下降D.以上说法均不对10、如图所示为甲、乙两车在平直公路上行驶的v-t图象，则在t1到t2时间内。

A.甲、乙两车的位移相等B.甲车的平均速度等于C.甲车的平均速度比乙车的大D.乙车的加速度始终比甲车的加速度小11、如图所示；顶端装有定滑轮的斜面体放在粗糙水平地面上，A；B两物体通过细绳连接，并处于静止状态（不计绳的质量和滑轮轴的摩擦）．现用水平向右的力F作用于物体B上，将物体B缓慢拉高一定的距离，此过程中斜面体与物体A仍然保持静止．在此过程中。

A.地面对斜面体的摩擦力不变B.斜面体所受地面的支持力一定变大C.水平力F一定变大D.物体A所受斜面体的摩擦力不一定变大12、一个物体以初速度沿光滑斜面向上运动，其速度随时间变化的规律如图所示，在连续两段时间和内对应面积均为S，设经过时刻的加速度和速度分别为和则（）

A.B.C.D.13、下面关于合力和它的两个分力的叙述中，正确的是()A.两个力的合力，一定大于其中任意的一个力B.两个力的合力，有可能小于其中任意一个力C.两个力大小一定，夹角在0～180°之间变化时，夹角越大，其合力也越大D.两个力大小一定，夹角在0～180°之间变化时，夹角越大，其合力越小14、如图所示；在光滑斜面上，有一轻质弹簧的一端固定在斜面上，有一物体A沿着斜面下滑，当物体A刚接触弹簧的一瞬间到弹簧压缩到最低点的过程中，下列说法中正确的是。

A.物体的加速度将先增大，后减小B.物体的加速度将先减小，后增大C.物体的速度将先增大，后减小D.物体的速度将先减小，后增大15、如图所示，质量为m的木板A静止在水平地面上，在木板A的左端放置一个质量为2m的铁块B，铁块与木板之间的动摩擦因数为木板与地面之间的动摩擦因数为假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，现给铁块施加一水平作用力F，F由零开始逐渐变大至A；B相对滑动；下列判断正确的是（）

A.若木板A先相对地发生滑动，则当B刚要发生相对滑动时，A的加速度大小为B.若铁块B先相对A发生滑动，则当B刚要发生相对滑动时，F的大小为mgC.若木板A先相对地发生滑动，然后B相对A发生滑动，则一定是D.若木板A先相对地发生滑动，然后B相对A发生滑动，则一定是评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、现有以下一些物理量和单位；按下面的要求选择填空。（均选填字母代号）

A.密度B.米/秒C.牛顿D.加速度E.质量。

F.秒G.厘米H.长度I.时间J.千克。

（1）属于物理量的有____________；

（2）在国际单位制中，被选定的基本量有________；

（3）在国际单位制中的基本单位有________，属于导出单位的有________。17、一个物体初位置的坐标是-5m，4s末它的位置坐标是3m，它的坐标变化量为______m；它在4s内的平均速度为______m/s。18、物体从A到C由静止开始做匀加速直线运动，B把AC分成相等的两段；则；

（1）物体分别通过这两段位移的时间之比是_________；

（2）物体在B、C两点速度之比是_________；19、现有一合金制成的圆柱体；用游标卡尺测量该圆柱体的长度。螺旋测微器和游标卡尺的示数如图乙和甲所示。

由图读得圆柱体的直径为___________长度为___________20、在一次森林探险活动中，某探险队员在两棵树之间搭建一吊床用于晚间休息，如图所示，若两根绳子间的夹角为120°，探险队员和吊床总质量为80Kg，则每根绳对树的拉力大小为________N（g取10m/s2）评卷人得分四、作图题(共1题，共3分)21、请在图中的物体上作出它所受的弹力示意图。

评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)22、某同学通过下述实验验证力的平行四边形定则．

实验步骤：

①将弹簧秤固定在贴有白纸的竖直木板上,使其轴线沿竖直方向．

②如图甲所示,将环形橡皮筋一端挂在弹簧秤的秤钩上,另一端用圆珠笔尖竖直向下拉,直到弹簧秤示数为某一设定值时,将橡皮筋两端的位置标记为O1、O2,记录弹簧秤的示数F,测量并记录O1、O2间的距离（即橡皮筋的长度l）．每次将弹簧秤示数改变0．50N,测出所对应的l,部分数据如下表所示：。F/N00．501．001．502．002．50l/cml010．9712．0213．0013．9815．05

③找出②中F=2．50N时橡皮筋两端的位置,重新标记为O、橡皮筋的拉力记为FOO′．

④在秤钩上涂抹少许润滑油,将橡皮筋搭在秤钩上,如图乙所示．用两圆珠笔尖成适当角度同时拉橡皮筋的两端,使秤钩的下端达到O点,将两笔尖的位置标记为A、B,橡皮筋OA段的拉力记为FOA,OB段的拉力记为FOB．

完成下列作图和填空：

（1）利用表中数据在给出的坐标纸上画出F-l图线．______

（2）测得OA=6．00cm,OB=7．60cm,则FOA的大小为____N．

（3）根据给出的标度,作出FOA和FOB的合力的图示．_____

（4）通过比较与_____的大小和方向,即可得出实验结论．23、某同学利用滑块在气垫导轨上的运动测量当地的重力加速度，如图（a）所示，所用器材包括：气垫导轨、滑块（上方安装有宽度为d的遮光片）、数字计时器、光电门等。导轨下方两支点间的距离为l。实验步骤如下：

(1)开动气泵；调节气垫导轨，轻推滑块，当光电门A记录的遮光时间________（填“大于”“小于”或“等于”）光电门B记录的遮光时间时，认为气垫导轨水平；

(2)用游标卡尺测量遮光片宽度d。如图（b）所示，d=_______cm；

(3)在导轨左支点下加一高度为h的垫块，让滑块从导轨顶端滑下，记录遮光片经过A、B两处光电门的光时间△t1、△t2及遮光片从A运动到B所用的时间t12，可求出重力加速度g=______（用题中给出的物理量符号表示）；

(4)分析实验结果发现，重力加速度的测量值比该地的实际值偏小，写出一条产生这一结果的可能原因：______。24、用如图甲的装置研究自由落体运动规律。已知打点计时器的工作频50Hz。

①电火花打点计时器必须接___________（填“220交流”；“低压交流”或“低压直流”）电源。

②部分实验步骤如下：

A．测量完毕；关闭电源，取出纸带。

B．接通电源；待打点计时器工作稳定后放开重锤。

C．扶着重锤停靠在打点计时器附近；重锤与纸带相连。

D．把打点计时器固定在夹板上；让纸带穿过限位孔。

上述实验步骤的正确顺序是：___________（用字母填写）。

③图乙中标出的每相邻两点之间还有4个记录点未画出，则相邻两计数点的时间间隔T=___________s。

④计数点C对应的瞬时速度大小为vC=___________m/s。

⑤根据实验记录的数据计算重锤的加速度大小a=9.85m/s225、某实验小组为了测定金属丝的电阻率，用螺旋测微器测量金属丝的直径，用米尺测量金属丝的长度，用伏安法测出金属丝的电阻然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率。

（1）测量时螺旋测微器如图甲所示，金属丝的直径为______mm。

（2）现有电动势3V的电源；开关和若干导线及下列器材：

A.电压表V（量程3V；内阻约10kΩ）

B.电流表A（量程0.6A；内阻约2Ω）

C.滑动变阻器（最大阻值为10Ω）

D.滑动变阻器（最大阻值为100Ω）

①用多用电表粗测金属丝的电阻大约为5Ω，要求较准确地测出其阻值，滑动变阻器应选______（填“”或“”）

②实验中该小组实物接线如图乙所示，合上开关前检查电路，请指出其明显错误或不合理的地方是______。

（3）不论使用电流表内接法还是电流表外接法；都会产生系统误差，某小组按如图丙所示的电路进行测量，可以消除由于电表内阻造成的系统误差。利用该电路进行实验的主要操作过程是：

第一步：先将的滑动触头调到最左端，单刀双掷开关向1闭合，闭合开关调节滑动变阻器和使电压表和电流表的示数尽量大些（不超过量程），读出此时电压表和电流表的示数

第二步：保持两滑动变阻器的滑动触头位置不变，将单刀双掷开关向2闭合，读出此时电压表和电流表的示数由以上数据可计算出被测电阻______。

评卷人得分六、解答题(共2题，共4分)26、如图所示，一足够长的斜面倾角为37°，斜面BC与水平面AB圆滑连接。质量m＝2kg的物体静止于水平面上的M点，M点距B点之间的距离L＝9m，物体与水平面和斜面间的动摩擦因数均为μ＝0.5，现使物体受到一水平向右的恒力F＝14N作用，运动至B点时撤去该力（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，取g＝10m/s2）。则：

(1)物体到达B点时的速度是多大？

(2)物体在斜面上滑行的时间是多少？

27、如图所示，一水平的长L=2.25m的传送带与平板紧靠在一起，且上表面在同一水平面，皮带以v0=4m/s匀速顺时针转动，现在传送带上左端静止放上一质量为m=1kg的煤块（视为质点），煤块与传送带及煤块与平板上表面之间的动摩擦因数为均为μ1=0.2，经过一段时间，煤块被传送到传送带的右端，此过程在传送带上留下了一段黑色痕迹，随后煤块在平稳滑上右端平板上的同时，在平板右侧施加一个水平向右恒力F=17N，F作用了t0=1s时煤块与平板速度恰相等，此时刻撤去F最终煤块没有从平板上滑下，已知平板质量M=4kg，（重力加速度为g=10m/s2）；求：

(1)传送带上黑色痕迹的长度；

(2)求平板与地面间动摩擦因数的大小；

(3)平板上表面至少多长？（计算结果保留两位有效数字）参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【分析】

直接对m1、m2、弹簧整体受力分析，即可以知道m1受到的支持力和摩擦力；注意在对整体分析时，要注意弹簧的弹力为内力，不予考虑．

【详解】

将m1、m2；弹簧看作整体；受力分析如图所示：

根据平衡条件并采用正交分解法，得：（m1+m2）a=Fcosθ；所以：．故A正确；竖直方向：N+Fsinθ﹣（m1+m2）g=0，解得：N=（m1+m2）g﹣Fsinθ．故B错误；小球的加速度不为0，即小球受到的三个力的合力不为0，所以弹簧的弹力大小不等于拉力F和小球重力的合力．故C错误；如果在物块上再固定一个质量为m1的物体，则它们的加速度：可知加速度减小．故D错误．故选A.

【点睛】

本题是牛顿第二定律的应用中已知受力求加速度的情况，关键是采用整体法并结合正交分解法列式求解；隔离法与整体法：①整体法：以几个物体构成的整个系统为研究对象进行求解．在许多问题中用整体法比较方便，但整体法不能求解系统的内力．②隔离法：从系统中选取一部分（其中的一个物体或两个物体组成的整体，少于系统内物体的总个数）进行分析．隔离法的原则是选取受力个数最少部分的来分析．③通常在分析外力对系统作用时，用整体法；在分析系统内各物体之间的相互作用时，用隔离法．有时在解答一个问题时要多次选取研究对象，需要整体法与隔离法交叉使用．2、B【分析】【详解】

该质点在t=2s时的瞬时速度v2=6–6×22=–18m/s（m/s）；t=0时，x0=0m，t=2s时，x2=–4m，故2s内的位移为Δx=x2–x0=–4m，2s内的平均速度当v=0时，由v=6–6t2（m/s），得t=1s，此时x1=4m，在前1s内质点通过的路程s1=x1=4m，在后1s内通过的路程为s2=|x2–x1|=8m，则平均速率选B．3、A【分析】【分析】

【详解】

A．设物体下落时间为t，由题意可求物体落地前1s内的平均速度为40m/s，即最后1s中间时刻的速度，根据自由落体运动规律有

代入数据解得

A正确；

B．落地速度为

所以落地动能为

B错误。

C．从释放到落地物体运动的平均速度为

C错误。

D．物体下落的高度为

D错误。

故选A。4、D【分析】【详解】

由于杆光滑，所以平衡时，AB一定垂直于OC，根据几何关系及平衡条件可得

解得

故选D。5、A【分析】【详解】

由题图可知0~t1时间内全红婵向上做竖直上抛运动，在t1时刻达到最高点，之后在t1~t2时间内做自由落体运动，所以时间段与时间段加速度方向相同。全红婵在t2时刻开始进入水面，之后在t2~t3时间内在水中做匀减速运动；此时全红婵的加速度方向竖直向上，综上所述可知A正确，BCD错误。

故选A。6、D【分析】【详解】

A．互相接触的物体只有发生弹性形变才有弹力的产生；故A错误；

B．放在桌面上的木块受到桌面对它向上的弹力；这是由于桌面发生微小形变而产生的，故B错误；

C．弹簧的劲度系数只与弹簧本身有关；而与弹力及形变量无关，故C错误；

D．压力和支持力的方向都垂直于物体的接触面；绳的拉力沿绳而指向绳收缩的方向，故D正确。

故选D。7、B【分析】【详解】

设索道的倾角为α，若不考虑任何阻力，对滑轮和乘客组成的整体，由牛顿第二定律得（M+m）gsinα=（M+m）a

对乘客由于满足Mgsinα=Ma

可知绳子与索道垂直。若索道与滑轮之间有摩擦，而乘客不受空气阻力，则当匀速运动时，绳子在竖直方向；若同时考虑滑轮与索道之间的摩擦以及人所受的空气阻力，则绳子应该在垂直于索道与竖直方向之间，则选项B正确，ACD错误；故选B。二、多选题(共8题，共16分)8、A:C【分析】【详解】

根据公式得弹簧的劲度系数约为：

由胡克定律得：

可得;

即可得：

弹簧的原长是：

A．与分析相符；故A正确；

B．与分析不符；故B错误；

C．与分析相符；故C正确；

D．与分析不符；故D错误；

故选AC。9、B:C【分析】【分析】

【详解】

甲看到楼房匀速上升；甲在匀速下降；乙看到甲匀速上升，乙在匀速下降，且乙的速度大于甲的速度；丙看到乙匀速下降，丙可能静止；上升或下降，但下降速度小于乙，故BC正确AD错误。

故选BC。10、B:C【分析】【详解】

A．在t1到t2时间内；两图线围成的面积不等，则位移不等，故A错误．

BC．甲做匀变速直线运动，在t1到t2时间内，平均速度根据图线围成的面积知，甲的位移大于乙的位移，时间相等，则甲的平均速度大于乙的平均速度，即以的平均速度小于故BC正确．

D．乙图线的切线斜率先比甲小，后比甲大，可知乙的加速度先小于甲，后大于甲，故D错误．11、C:D【分析】【详解】

C.取物体B为研究对象受力分析；运用合成法如图。

则有：

在物体B缓慢拉高的过程中，θ增大，则水平力F和绳子拉力T都随之变大；故C正确；

AB.选取物体A、B和斜面体组成的系统为研究对象，该系统受到竖直向下的重力、地面的支持力、水平向右的拉力和地面水平向左的摩擦力的作用，系统四力5衡条件，斜面体所受地面的支持力等于系统的重力，是恒定不变的，地面对斜面体的摩擦力大小等于F，此过程中，F变大；所以地面对斜面体的摩擦力一定变大，故AB错误；

D.该过程中，T逐渐变大，即绳中的弹力增大，物体A受到的沿斜面向上的拉力逐渐增大，假如刚开始时，斜面体对物体A的摩擦力沿斜面向上，那么摩擦力会随着T的变大而变小，故D正确．12、B:D【分析】【分析】

【详解】

设b点的速度为vb，加速度为a，由位移时间公式可得。

联立以上各式解得。

AC错误；BD正确。

故选BD。13、B:D【分析】【分析】

本题考查合力与分力的关系。

【详解】

A、B．合力与分力是等效替代的关系，两个力的合力合力的大小取决于两分力的夹角，所以合力可能大于某一分力，也可能小于某一分力，还可能等于某一分力，故A错误，B正确；

C、D．由余弦定理知可知当增大；合力就要减小，故C错误，D正确．

综上所述，本题正确答案选BD．14、B:C【分析】小球接触弹簧后；弹簧的弹力先小于重力沿斜面向下的分力，小球的合力沿斜面向下，加速度也沿斜面向下，与速度方向相同，故小球做加速运动，因弹力逐渐增大，合力减小，加速度减小；随着小球向下运动，弹簧的弹力增大，当弹簧的弹力大于重力沿斜面向下的分力后，小球的合力沿斜面向上，加速度沿斜面向上，与速度方向相反，小球做减速运动，弹力增大，合力增大，加速度也增大；综上可知，加速度先减小后反向增大；小球速度先增大后减小，故BC正确，AD错误；故选BC.

点睛：解决本题的关键是分析小球的受力情况，再判断其运动情况；压缩弹簧运动的分析是中学阶段的一个难点．要注意分析弹簧的弹力随形变量的变化而变化；从而引起合力和加速度的变化过程．15、A:D【分析】【详解】

CD．B受到的滑动摩擦力大小为A受到地面的滑动摩擦力大小为

若木板A先相对地发生滑动，则

解得

当拉力增大到一定程度；使得B的加速度大于A的加速度时，B相对A发生滑动，故C错误，D正确；

A．若木板A先相对地发生滑动，当B刚要相对于A滑动时，A、B间的摩擦力是最大静摩擦力，由于最大静摩擦力等于滑动摩擦力，对A有

整理得

故A正确；

B．若铁块B先相对A发生滑动，以B为研究对象，水平方向根据共点力的平衡条件知，当A、B刚发生相对滑动时，F的大小为故B错误。

故选AD。三、填空题(共5题，共10分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）此题中给定的选项内；属于物理量的有密度；加速度、质量、长度、时间，故此空填“A、D、E、H、I”。

（2）此题中给定的选项内；在国际单位制中，被选定的基本量有质量；长度、时间，故此空填“E、H、I”。

（3）此题中给定的选项内，在国际单位制中是基本单位的有千克、秒，属于导出单位的有米/秒、牛顿，故第一个空填“F、J”，第二个空填“B、C”。【解析】A、D、E、H、IE、H、IF、JB、C17、略

【分析】【详解】

[1]坐标变化量为

[2]在4s内的平均速度【解析】8218、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]由。

到达A、B所用时间之比为则物体分别通过这两段位移的时间之比是

（2）[2]由。

v=at可得速度之比等与时间之比为【解析】19、略

【分析】【详解】

[1]圆柱体的直径为

[2]圆柱体的长度为【解析】1.845（1.844~1.846）4.24020、略

【分析】当夹角为为120°时，根据平行四边形定则，知合力与分力相等，所以F=F1=F2=800N。【解析】800；四、作图题(共1题，共3分)21、略

【分析】【详解】

由图可知；由于物体受到重力的作用会拉伸绳子，则绳子会对物体产生一个和形变方向相反的弹力，即沿绳子的方向向上；物体由于受到重力的作用，会对斜面产生一个压力，导致斜面发生形变，故斜面也会对物体产生一个垂直斜面向上的弹力，如下图所示。

【解析】见解析五、实验题(共4题，共24分)22、略

【分析】【详解】

试题分析：（1）根据表中数据利用描点法得出对应的数据，图象与横坐标的交点即为l0；

（2）橡皮筋两端拉力相等；根据题意求得总长度即可求得皮筋上的拉力；

（3）通过给出的标度确定力的长度；根据平行四边形得出图象如图所示；

（4）根据实验原理可明确应比较实验得出的拉力与通过平行四边形定则得出的合力。

解：（1）根据表格中数据利用描点法作出图象如图所示：

由图可知，图象与横坐标的交点即为l0；由图可知l0=10.0cm；

（2）AB的总长度为6.00+7.60cm=13.60cm；由图可知；此时两端拉力F=1.80N；

（3）根据给出的标度；作出合力如图所示；

（4）只要作出的合力与实验得出的合力F00′大小和方向在误差允许的范围内相等；即可说明平行四边形定则成立；

故答案为（1）如图所示；10.0；（2）1.80；（3）如图所示；（4）F00′

【点评】

本题考查验证平行四边形定则的实验，要注意通过认真分析题意掌握实验原理，注意本题中橡皮筋挂在钩上时，两端的拉力大小相等；根据总长度即可求得拉力大小【解析】1．80（1．70～1．90均正确）FOO′23、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]调节气垫导轨水平后；轻推滑块能做匀速直线运动，则滑块通过两光电门的时间应相等；

(2)[2]20分度的游标卡尺精确度为0.05mm；则遮光片宽度为。

(3)[3]滑块经过两光电门的时间较短；其平均速度可认为是经过两位置的瞬时速度，有。

滑块做匀加速直线运动；有。

而对滑块由牛顿第二定律有。

联立各式解得重力加速度为。

(4)[4]根据重力加速度的测量公式分析，测量值偏小，可能的原因如测量遮光片宽度d偏小，(或测量运动时间偏大，或气