2025年沪科版选修3物理上册阶段测试试卷含答案VIP

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版选修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，当滑动变阻器的活动触点P向上滑动时；则（  ）

A.A灯和B灯均变亮B.A灯和B灯均变暗C.A灯变亮，B灯变暗D.A灯变暗，B灯变亮2、如图所示是某种晶体加热熔化时，它的温度T随时间t的变化图线；由图可知（）

A.图线中间平坦的一段，说明这段时间晶体不吸收热量B.这种晶体熔化过程所用时间是6minC.A、B点对应的物态分别为固液共存状态、液态D.在图线中的AB段，吸收的热量增大了分子势能3、强子对撞机加速器工作时，需要注入约1万吨液氮对电路进行冷却，冷却的最低温度可达到零下271摄氏度，这时该温度用热力学温标来表示为（）A.2KB.271KC.4KD.0.1K4、下列说法中正确的是（）A.由于能量的转化过程符合能量守恒定律，所以不会发生能源危机B.随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，并最终达到绝对零度C.第一类永动机违背热力学第一定律D.自然界中涉及热现象的宏观过程都具有方向性5、矩形导线框固定在匀强磁场中；如图所示，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向为垂直纸面向外，磁感应强度B随时间t变化的规律如图所示，则（）

A.0～t1时间内，导线框中电流的方向为abcdaB.0～t1时间内，导线框中电流越来越小C.0～t2时间内，导线框中电流的方向始终为adcbaD.0～t2时间内，导线框ab边受到的安培力大小恒定不变6、法拉第研制成的世界上第一台发电机模型的原理图如图所示．将铜盘放在磁场中，让磁感线垂直穿过铜盘，a、b为导线；逆时针转动铜盘，就可以使灯泡亮起的，则下列说法正确的是（）

A.回路中电流大小恒定B.回路中电流方向不变，且从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘C.回路中有大小和方向作周期性变化的电流D.若垂直穿过铜盘的磁场的磁感应强度按正弦规律变化，不转动铜盘，灯泡中也会有电流7、如图所示，abcd是一个质量为m，边长为L的正方形金属线框．如从图示位置自由下落，在下落h后进入磁感应强度为B的磁场，恰好做匀速直线运动，该磁场的宽度也为L.在这个磁场的正下方h＋L处还有一个未知磁场，金属线框abcd在穿过这个磁场时也恰好做匀速直线运动；那么下列说法正确的是()．

A.未知磁场的磁感应强度是2BB.未知磁场的磁感应强度是BC.线框在穿过这两个磁场的过程中产生的电能为4mgLD.线框在穿过这两个磁场的过程中产生的电能为2mgL8、台球是一项深受人们喜爱的休闲运动，如图在某次击球过程中，白球以的速度向右运动与静止的黑球发生正碰；假设白球与黑球质量相等，碰撞中没有机械能损失，将台球视为质点，通过计算得到两球碰撞后的运动情况为（）

A.白球静止，黑球以的速度向右运动B.黑球静止，白球以的速度反弹向左运动C.白球和黑球都以下的速度向右运动D.白球以的速度反弹向左运动，黑球以的速度向右运动评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、下列说法正确的是（）A.“用油膜法测分子直径”实验体现了用宏观量的测量代替微观量的间接测量方法B.若已知铜的摩尔质量，铜的密度，阿伏加德罗常数，则可求得铜原子的直径C.液晶显示器是利用了液晶对光具有各向同性的特点E.随着制冷技术的不断提高，总有一天绝对零度会达到E.随着制冷技术的不断提高，总有一天绝对零度会达到10、一定质量理想气体的状态经历了如图所示的A→B；B→C、C→D、D→A四个过程；其中AB的延长线通过原点，BC与竖直轴平行，DA与水平轴平行，AB与CD平行，则（）

A.A→B过程中气体体积不变，内能增大，气体从外界吸收热量B.B→C过程中气体体积减小，内能不变，气体从外界吸收热量C.C→D过程中气体体积不变，内能减少，气体向外界放出热量D.D→A过程中气体体积增大，内能增加，气体从外界吸收热量11、下列说法正确的是（）A.晶体的所有物理性质沿各个方向是不同的B.把温度降到接近布朗运动依然可以发生C.两分子间距离变化时，可能存在分子势能相等的两个位置E.未来科技进步了，人类就可以将散失在空气中的内能全部重新收集起来加以利用E.未来科技进步了，人类就可以将散失在空气中的内能全部重新收集起来加以利用12、对于热力学定律，下列说法正确的是（）A.第一类永动机不可能实现，因为违背了能量守恒定律B.热力学第一定律指出，不可能达到绝对零度C.热力学第一定律指出，一个热力学系统的内能增量等于外界向它传递的热量与外界对它所做功的和E.电冰箱的制冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界，违背了热力学第二定律E.电冰箱的制冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界，违背了热力学第二定律13、如图所示的电路中，AB两端的电压U恒为14V，灯泡L标有“6V、12W”字样，电动机线圈的电阻．若灯泡恰能正常发光，且电机能正常运转，则以下说法中正确的是（）

A.电动机的输出功率是14WB.电动机的输入功率是16WC.电动机的热功率是1.0WD.整个电路消耗的电功率是30W14、下列提到的交流电，哪些指的是交流电的有效值（）A.电容器的击穿电压B.保险丝的熔断电流C.交流电压表的读数D.电动机铭牌上的额定电压15、图甲中S、N间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为理想交流电流表，V为理想交流电压表，矩形线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO＇匀速转动，矩形线圈通过滑环接理想变压器，滑片P上下移动时可改变变压器副线圈的输出电压，副线圈接有可调电阻R．从图示位置开始计时；发电机线圈中产生的交变电动势随时间变化的图像如图乙所示，忽略线圈；电刷与导线的电阻，下列说法正确的是()

A.t＝0.01s时穿过发电机线圈的磁通量最大B.t＝0.005时电压表的示数为10VC.保持R的大小不变，P的位置向上移动，电流表读数增大D.保持R的大小及P的位置不变，发电机线的转速增大一倍，变压器的输入功率增大到原来的2倍16、手摇式发电机产生的正弦交流电经变压器给灯泡L供电，其电路如图所示．当线圈以角速度ω匀速转动时，电压表示数为U，灯泡正常发光．已知发电机线圈的电阻为r，灯泡正常发光时的电阻为R，其他电阻可忽略，变压器原线圈与副线圈的匝数比为k；变压器可视为理想变压器．则()

A.灯泡的额定电压为B.灯泡的额定功率为C.发电机的线圈中产生的电动势最大值为D.从中性面开始计时，原线圈输入电压的瞬时值表达式为u＝Usinωt评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)17、如图所示是一个用实验测量得到的用电器两端电压随时间变化的图象，图象反映了不同性质的电压信号。其中图甲叫做_____信号，图乙叫做_____信号。

18、某物理兴趣小组用实验探究光的色散规律，他们将半圆形玻璃砖放在竖直面内，在其左方竖直放置一个很大的光屏P，让一复色光束SA射向玻璃砖的圆心O后，有a和b两束单色光射向光屏P，如图所示．他们根据实验现象提出了以下五个猜想，你认为不正确的是_______

A．单色光a的波长小于单色光b的波长

B．在玻璃中单色光a的传播速度大于单色光b的传播速度

C．单色光a通过玻璃砖所需的时间大于单色光b通过玻璃砖所需的时间

D．在光束SA绕圆心O逆时针转动的过程中，在光屏P上最早消失的是a光

E．单色光a比单色光b更容易发生明显衍射19、填写下列空格：

（1）某物体的温度为用热力学温度表示为________；

（2）对水加热，温度升高了则升高了________K；

（3）某物体温度为用热力学温度表示为________；

（4）对某物体降温则降低了________K。20、对于一定质量的理想气体，以p、V、T三个状态参量中的两个为坐标轴建立直角坐标系；在坐标系上描点能直观地表示这两个参量的数值．如图甲；图乙和图丙所示，三个坐标系中，两个点都表示相同质量某种理想气体的两个状态．根据坐标系中不同点的位置来比较第三个参量的大小．

(1)p－T图象(图甲)中A、B两个状态；________状态体积小．

(2)V－T图象(图乙)中C、D两个状态；________状态压强小．

(3)p－V图象(图丙)中E、F两个状态，________状态温度低．21、将长为1m的导线ac从中点b折成如图所示的形状，放入B＝0.08T的匀强磁场中，abc平面与磁场垂直．若在导线abc中通入25A的直流电，则整个导线所受安培力大小为______N．22、如图所示，一质量为m、电荷量为+q的小球从距地面为h处，以初速度v0水平抛出，在小球运动的区域里，加有与小球初速度方向相反的匀强电场，若小球落地时速度方向恰好竖直向下，小球飞行的水平距离为L，小球落地时动能Ek=__________，电场强度E=_____________．

23、一列波沿x轴正方向传播的简谐波，在t=0时刻的波形图如图所示，已知这列波在P出现两次波峰的最短时间是0.4s；根据以上可知：

(1)这列波的波速是____m/s；

(2)再经过___s质点R才能第一次到达波峰；

(3)这段时间里R通过的路程为___cm。24、如图所示，在水平向左的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细线长度为L，一端拴一个质量为m电荷量为q的带负电小球，另一端固定在O点。把小球拉到使细线水平伸直的位置A然后将小球由静止释放，小球沿弧线运动到细线与水平方向成θ=60°的位置B时速度为零。则电场强度E=_____________，小球运动过程中的最大速率为____________。

____评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)25、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

26、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

27、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、解答题(共3题，共30分)28、如图所示，倾角为的光滑斜面上，有一垂直于斜面向下的有界匀强磁场区域PQNM，磁场区域宽度L=0.1m．将一质量m=0.02kg、边长L=0.1m、总电阻R=0.4的单匝正方形闭合线圈abcd由静止释放，释放时ab边水平，且到磁场上边界PQ的距离也为L，当ab边刚进入磁场时，线圈恰好匀速运动，g=10m/s2；求：

（1）ab边刚进入磁场时，线圆所受安培力的大小F安方向；

（2）ab边刚进入磁场时，线圈的速度及磁场磁感应强度B的大小；

（3）线圈穿过磁场过程产生的热量Q．29、如图所示，开口向上、放在地面上的气缸内用活塞封闭一定质量的气体，活塞的质量为m，横截面的面积为S．一质量为2m的物块放在缸底，用细线(不可伸长)与活塞相连接且细线刚好拉直，这时缸内气体的温度为T0，大气压强为P0；不计活塞与缸壁间的摩擦，现对缸内气体缓慢加热，重力加速度为g．

(i)当缸底物块对缸底的压力刚好为零时，缸内气体温度T1为多大?

(ⅱ)当缸内气体体积为原来的1.2倍时；缸内气体温度是多少?若此时细线断了，细线断开的一瞬间，活塞的加速度多大?

30、如图，A、B两个内壁光滑、导热良好的气缸用细管连接，A气缸中活塞M截面积为500cm2，装有一个大气压强的理想气体50L．B气缸中活塞N截面积为250cm2，装有两个大气压强的理想气体25L．现给活塞M施加一水平推力，使其缓慢向右移动，此过程中气缸均不动，周围环境温度不变，大气压强为105pa．求：

(i)当推力F=5×103N时；活塞M向右移动的距离；

(ii)气缸B中能达到的最大压强．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

P向上滑动时连入电路的电阻增大，故电路总电阻增大，总电流减小，根据闭合回路欧姆定律

可知路端电压U增大，即A两端的电压增大，故A灯变亮，通过A灯的电流增大，而总电流减小，所以通过的电流减小，两端的电压减小，而

所以并联电路两端的电压增大，通过的电流增大；所以通过B灯的电流减小，故B灯变暗。

故选C。2、D【分析】【详解】

AD．由该种晶体熔化时的变化曲线可知，该晶体从开始加热，随着时间的增加而温度升高，经过2min后达到此时已经达到晶体熔点，晶体开始熔化，但是物体还是处于固态，A；B平坦的一段线段说明晶体吸收了热量，但是温度并没有升高，这些热量全部用来破坏晶体的规则结构，增大分子间间势能，所以D正确，A错误；

BC．A；B平坦的一段线段；A对应物体是固态，所以在此段时间是固态和液态共存，熔化过程用了4min，图线的B点说明晶体全部熔化，变成液态，故B对应的是液态，所以BC错误。

故选D。3、A【分析】【分析】

【详解】

由热力学温标与摄氏温标的关系式。

和。

得。

故选A。4、D【分析】【分析】

由于能量转移或转化是有方向性的；虽然能量守恒，但是还会产生能源危机；绝对零度只能无限接近，不能达到；第一类永动机违背能的转化和守恒定律；自然界中涉及热现象的宏观过程都具有方向性。

【详解】

A．由于能量转移或转化是有方向性的；虽然能量守恒，但是还会产生能源危机，故A错误；

B．绝对零度只能无限接近；不能达到，故B错误；

C．第一类永动机违背能的转化和守恒定律；不能制造出来，不是违背了热力学第一定律，故C错误；

D．根据热力学第二定律；自然界中涉及热现象的宏观过程都具有方向性，故D正确。

故选D。

【点评】

本题考查对热力学基本规律的理解，熟记知识即可。5、A【分析】【分析】

由右图可知B的变化；则可得出磁通量的变化情况，由楞次定律可知电流的方向；由法拉第电磁感应定律可知电动势，即可知电路中电流的变化情况；由F=BIL可知安培力的变化情况．

【详解】

由图可知，0-t2内，线圈中磁通量的变化率相同，故0到t2时间内电流的方向相同，由楞次定律可知，电路中电流方向为顺时针，即电流为adcba方向，故A正确，C错误；从0到t1时间内，线圈中磁通量的变化率相同，感应电动势恒定不变，电路中电流大小时恒定不变；导线电流大小恒定，故B错误；从t1到t2时间内，磁场的变化率不变，则电路中电流大小时恒定不变，故由F=BIL可知，F与B成正比，即增大，则0～t2时间内，导线框ab边受到的安培力大小不是恒定不变的；故D错误；故选A。

【点睛】

本题要求学生能正确理解B-t图的含义，才能准确的利用楞次定律、左手定律等进行判定；解题时要特别注意，两个时段，虽然磁场的方向发生了变化，但因其变化为连续的，故产生的电流一定是相同的．6、B【分析】【详解】

铜盘转动产生的感应电动势为B、L不变，但是ω可能变化，E可能变化，根据欧姆定律得电流不一定恒定不变，故A错误．根据右手定则判断，回路中电流方向不变，从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘．故B正确，C错误．垂直穿过铜盘的正弦变化的磁场，铜盘中产生涡旋电场，但a、b间无电势差，灯泡中没有电流流过．故D错误．7、C【分析】【详解】

A、B设线圈刚进入第一个磁场时速度为

那么线框进入第一个磁场前,机械能守恒,则得:①

计算得出,

设线圈刚进入第二个磁场时速度为则得

计算得出

线框进入两个磁场都做匀速直线运动,则有:

,

联立以上三式计算得出,故AB错误.

C、D线框穿过两个磁场时都做匀速直线运动,减少的重力势能都转化为电能,所以在穿过这两个磁场的过程中产生的电能为所以C选项是正确的,D错误.

综上所述本题答案是：C

点睛：线框进入第一个磁场做匀速直线运动,重力与安培力平衡,根据机械能守恒定律求出线框刚进入磁场时的速度,根据平衡条件和安培力与速度的关系式列出方程;线框从刚出磁场到刚进第二个磁场的过程,由运动学公式求出线框刚进第二个磁场时的速度,根据平衡条件列式,即可求得第二个磁场的磁感应强度;线框穿过两个磁场时都做匀速直线运动,重力势能转化为电能,根据能量守恒定律求解产生的电能.本题是电磁感应与力学知识的综合,安培力是联系电磁感应和力学的桥梁,安培力的分析和计算是解决这类问题的关键.8、A【分析】【详解】

设每个球质量为m，取碰撞前白球的速度方向为正方向。由动量守恒定律得mv0=mv白+mv黑

由能量守恒可得

联立解得v白=0m/sv黑=3m/s

故A正确，BCD错误。

故选A。二、多选题(共8题，共16分)9、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．“用油膜法测分子直径”实验体现了用宏观量的测量代替微观量的间接测量方法；故A正确；

B．若已知铜的摩尔质量M，铜的密度阿伏加德罗常数NA，则可求得铜原子的直径

故B正确；

C．液晶显示器是利用了液晶对光具有各向异性的特点；故C错误；

D．一定量100℃的水变成100℃的水蒸气；分子间的距离增大，分子力做负功，其分子势能增加，故D正确；

E．当分子处于绝对零度时；运动速度为零，这与分子热运动理论相违背，故E错误。

故选ABD。10、A:D【分析】【详解】

A→B过程中气体体积不变，温度升高，内能增大，根据热力学第一定律可知，气体从外界吸收热量，故A正确；B→C过程中气体体积减小，内能不变，根据热力学第一定律可知，气体放出热量，故B错误；C→D过程中气体体积减小，温度降低，内能减少，气体向外界放出热量，故C错误；D→A过程中气体体积增大，温度升高，内能增加，气体从外界吸收热量，故D正确．所以AD正确，BC错误．11、B:C:D【分析】【详解】

A．单晶体具有各向异性；即单晶体沿着各个方向的物理性质和化学光学性质不同，多晶体具有各向同性，故A选项错误；

B．布朗运动是热运动的反映，而热运动在时不会停止；布朗运动可以继续发生，故B选项正确；

C．由于分子之间的距离为时；分子势能最小，故存在分子势能相等的两个位置，故C选项正确；

D．热力学第一定律揭示了一切跟热有关的现象遵循能量守恒定律；故D选项正确；

E．能量转化过程中；存在能量散失，不能使散失在环境中的内能全部重新收集起来加以利用，故E选项错误。

故选BCD。12、A:C:D【分析】【详解】

A．第一类永动机既不消耗能量又能源源不断对外做功；违背了能量守恒定律，所以不可能制成，故A正确；

B．由热力学第三定律知；绝对零度无法到达，故B错误；

C．据热力学第一定律△U=Q+W可知；一个热力学系统的内能增量等于外界向它传递的热量与外界对它所做的功的和，故C正确；

D．热力学第二定律指出不能从单一热源吸热全部用来对外做功而不产生其它影响；故D正确；

E．电冰箱的制冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界；同时要消耗一定的电能，所以不违背了热力学第二定律，故E错误。

故选ACD。13、A:B【分析】【详解】

ABC．电动机两端的电压UM=U-UL=（14-6）V=8V，

整个电路中的电流

所以电动机的输入功率P入=UMI=8×2W=16W．

电动机的发热功率P热=I2RM=22×0.5W=2W，

则电动机的输出功率P出=P入-P热=（16-2）W=14W．

故AB正确．C错误．

D．整个电路消耗的功率P总=UI=14×2W=28W

故D错误．

故选AB。14、B:C:D【分析】【详解】

A；电容器的击穿电压；是指交流电的最大值，故选项A错误；

B；保险丝的熔断电流；是指交流电的有效值，故选项B正确；

C；交流电压表的读数；是指交流电的有效值，故选项C正确；

D、电动机铭牌上的额定电压，是指交流电的有效值，故选项D正确。15、B:C【分析】【详解】

t＝0.01s时线圈中的感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，磁通量为0，故A错误；由图乙知交流电电压峰值为10V，电压表显示的为有效值10V，故B正确；若P的位置向上移动，匝数比减小，副线圈电压增大，R的大小不变时，电流表读数将增大，故C正确；若P的位置不变、R的大小不变，而把发电机线圈的转速增大一倍电压增大为原来的2倍，则变压器的输入电压和输出都增大为原来的2倍，负载消耗的电功率：P=U2/R增大为原来的4倍，则输入功率也将增大到原来的4倍，故D错误．16、A:D【分析】【详解】

电压表测量的是原线圈的电压有效值，因为此时灯泡正常发光，则灯泡的额定电压等于此时副线圈的电压，则由得灯泡的额定电压A正确；灯泡的额定功率B错误；副线圈的电流电流则原副线圈的电流之比故原线圈的电流因此发电机的线圈中产生的电动势的有效值E=U+I1r，最大值C错误；输入电压最大值为U，则从中性面开始计时，原线圈输入电压的瞬时值表达式为u=Usinωt，D正确；故选AD.三、填空题(共8题，共16分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

图甲电压信号随时间连续变化，是模拟信号，图乙电压信号随时间不连续，取值是离散的，是数字信号。【解析】模拟数字18、A:C:D【分析】【详解】

A、由图知，a光的偏折程度小于b光，所以a光的折射率小于b光的折射率，则a光的波长大于b光的波长；故A错误；

BC、由知，b光在玻璃砖中传播速度较小；时间较长，故B正确，C错误；

D、由知a光的临界角较大，b光的临界角较小，则当光束SA绕圆心O逆时针转动过程中，在光屏P上最早消失的是b光；D错误；

E、a光的波长大于b光的波长，a光波动性强，相同条件下，a光比b光容易发生衍射，故E正确；

不正确的是故选ACD．

【点睛】

根据光线的偏折程度，比较光的折射率大小，从而得出频率的大小关系；由比较光在玻璃砖中传播速度的大小，即可比较时间的长短；由比较临界角的大小，临界角小的光最先消失；折射率越小，波长越长，越容易发生衍射．19、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]]由于。

当时。

（2）[2]由于。

所以温度升高时；温度升高50K

（3）[3]由于。

当时。

（4）[4]由于。

物体降温时降低了20K。【解析】323.15K50253.15K2020、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]甲图画出的倾斜直线为等容线，斜率越小，体积越大，所以VB>VA，故A的体积小；

（2）[2]乙图画出的倾斜直线为等压线，斜率越小，压强越大，所以pD>pC，故C状态压强小；

（3）[3]丙图画出的双曲线为等温线，离原点越远，温度越高，所以TE>TF，故F态温度低.【解析】ACF21、略

【分析】试题分析：折线abc受力等效于a和c连线受力，由几何知识可知ac＝m，F＝ILBsinθ＝25×0.08××sin90°N＝N；

考点：匀强磁场中的安培力【解析】22、略

【分析】【详解】

[1]把小球的运动分解到水平和竖直方向，竖直方向做自由落体运动，水平方向作用下做匀减速运动。由小球落地时速度方向恰好竖直向下，知落地时v0恰好减为零，落地时速度为

落地时的动能为

解得

[2]竖直方向

水平方向

联立可得【解析】mgh23、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)依题；P点两次出现波峰的最短时间是0.4s，所以这列波的周期T=0.4s。由波速公式得。

(2)由t=0时刻到R第一次出现波峰；波移动的距离s=7m

则

(3)在上述时间内，R实际振动时间

因此R通过的路程为

故本题答案是：(1)10；(2)0.7；(3)6【解析】100.7624、略

【分析】【详解】

[1]由动能定理可知

解得

[2]设小球在运动中细线与水平方向的夹角为α，则对任一时刻应有

解得

当时，v最大，为【解析】四、作图题(共3题，共6分)25、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】26、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次