2025年沪科版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版高二物理下册月考试卷875考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图5所示,一电子以初速度v沿金属板平行方向飞入MN极板间,若突然发现电子向M板偏转,则可能是（）.A.电键S闭合瞬间B.电键S由闭合到断开瞬间C.电键S是闭合的,变阻器滑片P向左迅速滑动D.电键S是闭合的,变阻器滑片P向右迅速滑动2、某白炽灯泡的额定功率与额定电压分别为36W与36V．若把此灯泡接到输出电压为18V的电源两端，则灯泡消耗的电功率()A.等于36WB.小于36W，大于9WC.等于9WD.小于36W3、如图所示；虚线框内为改装好的电表，M；N为新表的接线柱．已知灵敏电流计G的满偏电流为100μA，内阻为495.0Ω，电阻箱读数为5.0Ω，根据以上数据计算可知改好的电表。

A.电压量程为1mVB.电压量程为500mVC.电流量程为1μAD.电流量程为10mA4、下列说法正确的是（）A.以点电荷为圆心，r为半径的球面上，各点的场强都相同B.电荷所受电场力大，该点电场强度一定很大C.负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加D.正电荷的电势能一定是正值，负电荷的电势能一定是5、如图所示，示波器的示波管可以视为加速电场与偏转电场的组合，若已知加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转极板长为L，极板间距为d，且电子被加速前的初速度可忽略，则关于示波器的灵敏度（即偏转电场中每单位偏转电压所引起的偏转量）与加速电场、偏转电场的关系，下列说法中正确的是（）A.L越大，灵敏度越高B.d越大，灵敏度越高C.U1越大，灵敏度越高D.U2越大，灵敏度越高评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)6、如图，是学生实验用的有两个量程的电压表刻度盘，当使用较小量程时，测量电压最大值不得超过____V，每一小格表示____V；图中指针示数为____V．若使用的是较大量程，则表盘刻度每小格表示____V；测量电压最大值不得超过____V．

7、设M是太阳的质量，m是地球的质量，太阳与地球之间的距离为r，万有引力常量为G，则地球和太阳之间的万有引力F=____，地球绕太阳运行的线速度=____。8、A.如图所示，线圈LL与电流表GG串联，线圈为100100匝，在时间0.4s0.4s内把磁铁插入线圈，这段时间里穿过线圈的磁通量由00增至1.2隆脕101.2隆脕10鈭�2Wb.Wb.此过程电流表的指针____((填“会”或“不会”))偏转，线圈中产生的感应电动势为____V.V.

B.如图所示的电路中；电源的电动势为5V

内阻为1娄赂

定值电阻的阻值为9娄赂

电流表和电压表均是理想电表.

则开关S

闭合后，电流表的示数为____A

电压表的示数为____V.

9、电量为2×10-6C的正点电荷放入电场中A点，受到作用力为4×10-4N，方向向右，则该点的场强为____N/c，方向____．若把另一电荷放在该点受到力为2×10-4N，方向向左，则这个电荷的电量大小为____C，是____（填正或负）电荷．10、在某次光电效应实验中，得到的遏制电压Uc与入射光的频率ν的关系如图所示，若该直线的斜率和截距分别为k和b，电子电荷量的绝对值为e，则普朗克常量可表示为______．11、电场中沿着电场线方向电势逐渐____(

选填“升高”或“降低”).

在电场中移动电荷时，电场力所做的功与电荷的运动路径____(

选填“有关”或“无关”)

12、如图是点电荷Q

所产生的电场中的一条电场线，AB

是电场线上的两点.

由图可知，Q

所带电荷为______电荷.

若取A

点的电势为零，则B

点电势______(

填“大于”、“等于”或“小于”)

零.

若取无限远处的电势为零，则B

点电势______(

填“大于”、“等于”或“小于”)

零.

若把同一个负电荷分别置于AB

两点，则它在______点时电势能较大．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)13、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）14、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）15、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

16、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

17、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）18、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）19、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）20、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

21、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、简答题(共3题，共24分)22、略23、在一列横波的传播方向上有两点P

和Q

两点间距离PQ=24m

它们的振动图象如图所示，P

点距波源近．

(1)

波速多大？

(2)

若PQ娄脣(

波长)

画出t=4.2s

时，PQ

之间的波形曲线.(

请标出坐标的物理量及单位、有关数值)

24、由于温室效应和资源短缺等问题，如何降低大气中的rm{CO_{2}}含量并加以开发利用，引起了各国的普遍重视。目前工业上有一种方法是用rm{CO_{2}}生产燃料甲醇。

rm{(1)}在rm{25^{0}}C、rm{101KPa}时，rm{3.2}克甲醇rm{(CH_{3}0H)}完全燃烧生成rm{CO_{2}}和液态水时放热rm{72.576kJ}则能表示甲醇燃烧的热化学方程式为__________。rm{(2)}为探究反应原理，现进行如下实验，在体积为rm{2L}的密闭容器中，充入rm{2molCO_{2}}和rm{6molH_{2}}一定条件下发生反应：rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)?CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)triangleH=隆陋49kJ/mol}测得rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)?

CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)triangleH=隆陋49kJ/mol}和rm{CO_{2}}的浓度随时间变化如下图所示。从反应开始到平衡，氢气的平均反应速率rm{H_{2}O(g)}__________rm{v(H_{2})=}

rm{mol/(L隆陇min)^{-1}}评卷人得分五、实验题(共4题，共20分)25、如图为“研究一定质量气体在压强不变的条件下，体积变化与温度变化关系”的实验装置示意图。粗细均匀的弯曲玻璃管A臂插入烧瓶，B臂与玻璃管C下部用橡胶管连接，C管开口向上，一定质量的气体被封闭于烧瓶内。开始时，B、C内的水银面等高，外界大气压恒定不变。（1）若气体温度升高，为使瓶内气体的压强不变，应将C管_______（填“向上”或“向下”）移动，直至_____________。（2）（单选）实验中多次改变气体温度，用t表示气体升高的温度，用h表示B管内水银面高度的改变量。根据测量数据作出的图线是（）26、小船在宽300m的河中横渡，两河岸均与水流方向平行，水流速度为1.2m/s，船在静水中的航速是5m/s，要求渡河时间最短应该如何渡河？________（选填“船头斜指向上游”、“船头始终垂直河岸”、“船头斜指向下游”），渡河的最短时间为________s．27、某位同学用下面的方法测量某种液体的折射率。如图所示，他在一个烧杯中装满了某种透明液体，紧贴着杯口竖直插入一根直尺AB，眼睛从容器边缘的P处斜向下看去，观察到A经液面反射所成的虚像A′恰好与B经液体折射形成的虚像重合。他读出直尺露出液面的长度AC、没入液体中的长度BC，量出烧杯的直径d。由此求出这种透明液体的折射率为28、电吉他是利用电磁感应原理工作的一种乐器。如图a所示为电吉他的拾音器的原理图，在金属弦的下方置有一个连接到放大器的螺线管。一条形磁铁固定在管内，当拨动金属弦后，螺线管内就会产生感应电流，经一系列转化后可将电信号转为声音信号。①金属弦的作用类似“研究电磁感应现象”实验中铁芯的作用，则被拨动后靠近螺线管的过程中，通过放大器的电流方向为（以图象为准，填“向上”或“向下”）。②下列说法正确的是（）A．金属弦上下振动的周期越大，螺线管内感应电流的方向变化也越快B．金属弦上下振动过程中，经过相同位置时速度越大，螺线管中感应电动势也越大C．电吉他通过扩音器发出的声音随感应电流强度增大而变响，增减螺线管匝数会起到调节音量的作用D．电吉他通过扩音器发出的声音频率和金属弦振动频率相同，则金属弦振动越快，发出的声越响③若由于金属弦的振动，螺线管内的磁通量随时间的变化如图b所示，则对应感应电流的变化为()评卷人得分六、综合题(共2题，共12分)29、一个质量为m

电荷量为鈭�q

不计重力的带电粒子从x

轴上的P(a,0)

点以速度v

沿与x

轴正方向成60鈭�

的方向射入第一象限内的匀强磁场中，并恰好垂直于y

轴射出第一象限，求：

(1)

匀强磁场的磁感应强度B

(2)

穿过第一象限的时间．30、【物理隆陋隆陋

选修3鈭�4

】(1)

一列简谐横波沿x

轴正向传播，t

=0

时的波的图象如图所示，质点P

的平衡位置在x

=8m

处。该波的周期T

=0.4s

下列说法正确的是_____。A.该列波的传播速度为20m/s

B.在0隆芦1.2s

内质点P

经过的路程24m

C.t

=0.6s

时质点P

的速度方向沿y

轴正方向D.t

=0.7s

时质点P

位于波谷E.质点P

的振动方程是y

=10sin5娄脨

t

(cm)

(2)

湿地公园有一处矩形观景台伸向水面，如图所示是其截面图，观景台下表面恰好和水面相平，A

为观景台右侧面在湖底的投影，水深h

=4m

在距观景台右侧面x

=4m

处有一可沿竖直方向移动的单色点光源S

，在该光源从距水面高3m

处向下移动到接近水面的过程中，观景台水下被照亮的最远距离为AC

，最近距离为AB

，且AB

=3m

求：(1)

该单色光在水中的折射率；(2)

AC

的距离。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A|C【分析】试题分析:开关K接通瞬间，穿过线圈的磁通量向右增加，由楞次定律知在右侧线圈中感应电流的磁场方向向左，产生左正右负的感应电动势，电子向M板偏振，A正确；断开开关K瞬间，穿过线圈的磁通量减少，由楞次定律知在右侧线圈中产生左负右正的感应电动势，电子向N板偏振，B错误；接通K后，变阻器滑动触头向左迅速滑动，电阻减小，电流增大，穿过线圈的磁通量增加，由楞次定律知在上线圈中产生左正右负的电动势，电子向M板偏振，C正确；接通K后，变阻器滑动触头向右迅速滑动，电阻增大，电流减小，穿过线圈的磁通量减少，由楞次定律知在上线圈中感应出左负右正的电动势，电子向N板偏振，D错误．考点：楞次定律；带电粒子在电场中的运动【解析】【答案】AC2、B【分析】试题分析：由于金属的电阻随温度的升高而增大，所以以额定电压工作时的电阻大于以18V电压工作的电阻．根据有：则所以灯泡消耗的功率小于36W大于9W，故B正确．考点：本题考查电功、电功率及电阻率与温度的关系．【解析】【答案】B3、D【分析】【详解】

电流计与电阻箱并联；此为电流表，M，N两端电压为：

U=IgRg=100×10-6×495.0=0.0495V=49.5mV，流过电阻箱的电流为：故电流表的总电流故D正确，ABC错误．

故选D.4、C【分析】解：A、以点电荷为圆心，r为半径的球面上；各点的场强大小相等，而方向不同，故A错误；

B；同一电荷所受电场力大；该点电场强度一定很大，故B错误；

C；负电荷沿电场线方向移动时；电场力做负功，则电势能一定增加，故C正确；

D；正电荷的电势能不一定是正值；负电荷的电势能不一定是负值，还与电势的正负有关，故D错误；

故选：C

点电荷为圆心，r为半径的球面上；各点的场强大小相等，方向不同；同一电荷所受电场力大，该点电场强度才越大；负电荷沿电场线方向移动，电场力做负功，电势能增加；正电荷的电势能不一定为正，负电荷的电势能不一定为负，还要根据电势的正负确定．

考查点电荷的电场强度的大小与方向的不同，掌握控制变量的方法，理解电场力做功的正负与电势能变化有关，同时注意电势能的正负与电荷的正负没有必然联系．【解析】【答案】C5、A【分析】解：根据动能定理得，eU1=mv2；

粒子在偏转电场中运动的时间t=

在偏转电场中的偏转位移h=at2=•=

则灵敏度=．知L越大，灵敏度越大；d越大，灵敏度越小；U1越小，灵敏度越大．灵敏度与U2无关．故A正确；CBD错误．

故选：A．

根据带电粒子在加速电场中加速；在偏转电场中做类平抛运动，结合动能定理；牛顿第二定律和运动学公式求出偏转量，从而得出灵敏度的大小．

本题考查了带电粒子在电场中的加速和偏转，综合考查了动能定理、牛顿第二定律、运动学公式等，难度中等【解析】【答案】A二、填空题(共7题，共14分)6、略

【分析】

当使用较小量程时，测量电压最大值不得超过3.0V．总共有30格，则每一小格表示．图中指针示数为1.70V．使用的是较大量程，则表盘刻度每小格表示测量电压的最大值不得超过15V．

故答案为：30.11.700.515

【解析】【答案】电表每小格代表的数是：读数为：格子数×每小格代表的数．

7、略

【分析】【解析】【答案】8、A.会，3B.0.5；4.5【分析】A.【分析】线圈的磁通量变化时，产生感应电动势，由法拉第电磁感应定律可得感应电动势大小。平均感应电动势的大小由E=N?娄脮?t

而瞬时感应电动势则由E=BLV

来求得，注意V

是切割磁感线的速度，L

是有效切割长度。【解答】磁铁插入线圈；闭合线圈的磁通量发生变化，从而产生感应电动势，形成感应电流，则指针会偏转；

根据法拉第电磁感应定律得。

E=N?娄脮?t=100隆脕1.2隆脕10鈭�20.4=3V

故填：会，3

B.【分析】开关闭合后，电压表测量路端电压，电流表测量干路电流，根据闭合电路欧姆定律列式即可求解。本题主要考查了闭合电路欧姆定律的直接应用，难度不大，属于基础题。【解答】根据闭合电路欧姆定律得：I=ER+r=59+1=0.5A

路端电压

故填：0.54.5

【解析】A.会，3

B.0.54.5

9、略

【分析】

A点的场强E==N/C=200N/C；方向：向右．

把另一电荷放在该点时；场强不变．由F′=q′E得。

q′==C=1×10-6C

因电场力方向与场强方向相反；则该电荷带负电荷．

故本题答案是：200；向右；1×10-6C；负。

【解析】【答案】电场强度等于试探电荷所受电场力与其电荷量的比值；方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反．同一点电场强度不变，由电场力F=qE求解电荷量．

10、略

【分析】解：根据爱因斯坦光电效应方程EK=hγ-W，任何一种金属的逸出功W一定，说明EK随频率f的变化而变化，且是线性关系（与y=ax+b类似），直线的斜率等于普朗克恒量，由于：EK=eUe所以：eUe=hγ-W；

由图可得Ue=kγ-b

整理得：h=ek；

故答案为：ek

由爱因斯坦光电效应方程EK=hγ-W去分析图象中所包含的对解题有用的物理信息；图象与纵轴和横轴交点分别表示普朗克常量和金属的极限频率．

本题考查了爱因斯坦光电效应方程EK=hγ-W，注意将有关的物理知识和数学的图线联系起来，培养用数学知识解决物理物体．【解析】ek11、降低；无关【分析】本题考查了电场线、电场力做功。电场力做功与重力做功相似，与电荷经过路径无关；根据电场力方向与位移方向的关系，分析电场力做功的正负，由功的公式计算功的大小；电场力做正功，电荷的电势能减小，相反，电场力做负功，电势能增加，沿着电场线的方向电势降低。所以，根据电场力做功的特点，在电场中移动电荷时，电场力所做的功只与电荷的初、末位置有关，与路径无关；沿着电场线的方向电势降低。【解析】降低；无关12、略

【分析】解：电场线的方向从正电荷出发.

指向负电荷.

由图可知；电场线指向Q

所以该点电荷是负电荷．

沿着电场线，电势逐渐降低，故娄脮A<娄脮B

若取无限远处的电势为零；电场线从无穷远指向B

所以B

点电势小于零；

负电荷在电势低的地方的电势能大；所以把同一个负电荷分别置于AB

两点，则它在A

点时电势能较大．

故答案为：负；大于，小于，A

沿着电场线，电势逐渐降低；若A

点到点电荷的距离是A

点到B

点的距离的2

倍，故点电荷在B

点右侧，再根据E=kQr2

列式比较AB

电场强度的大小关系．

本题关键是明确电场线与电势的关系，会根据公式E=kQr2

列式求解，基础题目．【解析】负；大于；小于；A

三、判断题(共9题，共18分)13、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．14、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．15、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．16、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．17、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．18、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．19、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．20、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、简答题(共3题，共24分)22、【分析】​【解析】23、解：（1）根据振动图象可知；横波的周期T=1.2s；

表明P点先于Q点振动．由图可知，P点的振动状态传到Q点需要时间：△t=（n+）T=（0.4n+0.3）s；

则波速（n=0；1、2）

（2）波长λ=vT=（n=0；1、2）；

若PQ＜λ；则n=0，此时波长λ=32m；

t=4.2s=

根据振动图象可知，t=0时，P在波峰处，Q在平衡位置处且向下振动，则经过P在波谷处，Q在平衡位置处且向上振动；

PQ之间的波形曲线；如图所示：

答：（1）波速为（n=0；1、2）；

（2）PQ之间的波形曲线如图所示．【分析】

(1)

先根据振动图象得出周期；P

点距波源近，P

点与Q

点振动早，根据振动图象，P

与Q

振动时间相隔至少，得出时间与周期的关系式，求出波速．

(2)

根据PQ<娄脣

求出波长；根据振动图象得出t=0

时，PQ

的位置及振动情况，再结合t=4.2s

与周期的关系判断t=4.2s

时，PQ

的位置及振动情况，进而画出图象．

本题通过振动图象表示两个质点的状态，根据同一时刻两质点的状态，分析波传播时间与周期关系，也可以分析两质点间距离与波长的关系．【解析】解：(1)

根据振动图象可知；横波的周期T=1.2s

表明P

点先于Q

点振动.

由图可知，P

点的振动状态传到Q

点需要时间：鈻�t=(n+34)T=(0.4n+0.3)s

则波速v=xt=24(n+34)T=804n+3(n=012)

(2)

波长娄脣=vT=80隆脕1.24n+3=964n+3(n=012)

若PQ<娄脣

则n=0

此时波长娄脣=32m

t=4.2s=312T

根据振动图象可知，t=0

时，P

在波峰处，Q

在平衡位置处且向下振动，则经过312TP

在波谷处，Q

在平衡位置处且向上振动；

PQ

之间的波形曲线；如图所示：

答：(1)

波速为964n+3(n=012)

(2)PQ

之间的波形曲线如图所示．24、（1）2CH3OH(l)+3O2(g)=2CO2(g)+4H2O(l)△H＝-1451.52kJ/mol

（2）0.225

75%；＞；K=

【分析】【分析】本题考查化学平衡的计算，为高频考点，把握化学平衡三段法、转化率计算等为解答的关键，侧重分析与计算能力的考查，注意rm{K}的计算利用平衡浓度；题目难度不大。

【解答】rm{(1)}在rm{25}在rm{(1)}rm{25}rm{{,!}^{0}}时，C、rm{101KPa}时，rm{3.2}克甲醇rm{(CH}克甲醇rm{101KPa}rm{3.2}rm{(CH}完全燃烧生成rm{{,!}_{3}}rm{OH)}完全燃烧生成rm{CO}rm{OH)}则能表示甲醇燃烧的热化学方程式为：rm{2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)=2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)triangleH=-1451.52kJ/mol}rm{CO}

故答案为：rm{2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)=2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)triangleH=-1451.52kJ/mol}

rm{{,!}_{2}}由图像知从反应开始到平衡，和液态水时放热rm{72.576kJ}则能表示甲醇燃烧的热化学方程式为：的平均反应速率rm{72.576kJ}同一化学反应速率之比等于化学计量数之比，则rm{2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)=2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)

triangleH=-1451.52kJ/mol}rm{2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)=2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)

triangleH=-1451.52kJ/mol}rm{(2)}由图像知从反应开始到平衡，rm{H_{2}O}rm{(2)}rm{H_{2}O}

故答案为：rm{v(H_{2}O)=0.075mol/(L隆陇min)^{-1}}

氢气的平均反应速率rm{v(H}【解析】rm{(1)2CH}rm{(1)2CH}rm{{,!}_{3}}rm{OH(l)+3O}rm{OH(l)+3O}rm{{,!}_{2}}rm{(g)=2CO}rm{(g)=2CO}rm{O(l)triangleH=-1451.52kJ/mol}

rm{{,!}_{2}}

rm{(g)+4H}rm{(g)+4H}rm{K=dfrac{c(CH_{3}OH)c(H_{2}O)}{c(CO_{2})c^{3}(H_{2})}}rm{{,!}_{2}}

rm{O(l)triangle

H=-1451.52kJ/mol}五、实验题(共4题，共20分)25、略

【分析】试题分析：(1)气体温度升高，压强变大，B管水银面下降，为保证气体压强不变，应适当降低A管，所以应将C管向下移动，直至B、C两管水银面等高，即保证了气体压强不变．（2）实验中多次改变气体温度，用表示气体升高的温度，用表示B管内水银面高度的改变量．压强不变时体积变化与温度变化的关系是成正比的，所以根据测量数据作出的图线是A．考点：本题考查了理想气体状体方程.【解析】【答案】（1）向下，B、C两管内水银面等高，（2）A26、略

【分析】船的速度大于水流速度，所以要想渡河时间最短船头应始终垂直河岸，【解析】【答案】船头始终垂直河岸、60s；27、略

【分析】根据几何知识可得所以透明液体的折射率为【解析】【答案】28、略

【分析】本题考查电磁感应【解析】【答案】①向下②BC③D六、综合题(共2题，共12分)29、解：(1)设磁感应强度为B，粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为r

由

得

粒子在磁场中运动情况如图。

由几何知识有

有上两式得

(2)设粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为T，则

由图知；粒子在磁场中做圆周运动对应的圆心角为。

θ=180°-60°=120°

所以，粒子在磁场中运动的时间是