2025年冀教版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版高二物理下册阶段测试试卷193考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，有一个等腰直角三角形的匀强磁场区域，其直角边长为L

磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B

一边长为L

总电阻为R

的正方形导线框abcd

从图示位置开始沿x

轴正方向以速度v

匀速穿过磁场区域。取沿a隆煤b隆煤c隆煤d隆煤a

的感应电流为正，则下图中表示线框中电流i

随bc

边的位置坐标x

变化的图象正确的是A.B.C.D.2、如图所示；一平行板电容器两板间有匀强电场．其中有一个带电液滴处于静止状态，当发生下列哪些变化时，液滴将向上运动？（）

A.将电容器上极板稍稍下移。

B.将电容器下极板稍稍下移。

C.将S断开；并把电容器的上极板稍稍下移。

D.将S断开；并把电容器的下极板稍稍向左水平移动。

3、如图所示，直线上有o、a、b、c四点，ab间的距离与bc间的距离相等，在o点处有固定点电荷，已知b点电势低于c点电势．若一带负电粒子仅在电场力作用下先从c点运动到b点，再从b点运动到a点，则（）A.两个过程中电场力做功相等B.前一过程中，粒子的电势能不断减小C.前一过程中电场力做的功大于后一过程中电场力做的功D.后一过程中，粒子动能不断减小4、如图所示，a、b、c是匀强电场中同一平面上的三点，各点的电势分别为φa=5V、φb=2V、φc=3V．则在下列各示意图中能表示该电场强度E方向的是（）A.B.C.D.5、如图所示，两根粗细相同、两端开口的直玻璃管A

和B

竖直插入同一水银槽中，各用一段水银柱封闭着一定质量同温度的空气，空气柱长度H1>H2

水银柱长度h1>h2

今使封闭气柱降低相同的温度(

大气压保持不变)

则两管中气柱上方水银柱的移动情况是：()

A.均向下移动，A

管移动较多B.均向上移动，A

管移动较多C.A

管向上移动，B

管向下移动D.无法判断评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)6、某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：

（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为______mm；

（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为______mm；

（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为______Ω．

（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R；现有的器材及其代号和规格如下：

待测圆柱体电阻R

直流电源E（电动势4V；内阻不计）

电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～10mA；内阻约30Ω）

电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V；内阻约25kΩ）

滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω；允许通过的最大电流2.0A）

滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ；允许通过的最大电流0.5A）

开关S导线若干。

为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图4中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．7、小明在实验室采用如图1

所示装置探究“物体的加速度a

与物体所受外力F

物体质量M

间的关系”时；设小车及车中的砝码的总质量为M

砂及砂桶的总质量为m

．

(1)

在做该实验时；小明将砂及砂桶的重力视为绳子对小车的拉力大小，他这样认为的条件是______；

(2)

小明做该实验的具体操作步骤如下；以下做法正确的是______

A.平衡摩擦力时；应将砂及砂桶用细绳通过定滑轮系在小车上。

B.每次改变小车的质量时；不需要重新平衡摩擦力。

C.实验时；先放开小车，再接通打点计时器的电源。

D.用天平测出m

以及小车质量M

小车运动的加速度可直接用公式a=mgM

求出。

(3)

若保持小车及车中的砝码质量M

一定，探究加速度a

与所受外力F

的关系，由于操作不当，得到的a鈭�F

关系图象如图2

所示.

其原因是______．8、在接近收费口的道路上安装了若干条突起于路面且与行驶方向垂直的减速带，减速带间距为10m，当车辆经过减速带时会产生振动．若某汽车的固有频率为1.25Hz，则当该车以____m/s的速度行驶在此减速区时颠簸得最厉害，我们把这种现象称为____．9、在做《利用单摆测定重力加速度》的实验时；实验步骤如下：

（1）让细线的一端穿过摆球的小孔；然后打一个比小孔大的结．线的另一端用铁夹固定在铁架台上，把铁架台放在实验桌边，使铁夹伸到桌边以外，让摆球自由下垂．

（2）用米尺测量出悬线的长度l；用游标卡尺测量出摆球的直径d．

（3）使摆球在同一竖直平面内做小角度摆动（小于5°）；从摆球通过平衡位置时开始计时，数出以后摆球通过平衡位置的次数n，用停表记录下所用时间t．

（4）计算出重力加速度．

（5）变更悬线的长度；重做几次实验，计算出每次实验得到的重力加速度值．

（6）求出几次实验得到的重力加速度的平均值．

实验中单摆的摆长等于____．

实验中计算重力加速度的公式为____．

（以上两空均要求用实验步骤中所给出的代表实验数据的字母表示）10、（两个温度不同的物体接触时，热量会自发地从高温物体传向低温物体，直到两者温度相等；一个温度处处相等的物体，不可能自发地变得一部分温度高，另一部分温度低．这一事实说明，一切自然过程总是沿着分子热运动的____的方向进行的．11、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，用导线a、b；c、d、e、f、g和h按图甲所示方式连接好电路；电路中所有元器件都完好，且电压表和电流表已调零．闭合开关后：

（1）若不管怎样调节滑动变阻器，小灯泡亮度能发生变化，但电压表、电流表的示数总不能为零，则可能是______导线断路．

（2）某学生测出电源和小灯泡的U-I图线如图乙所示，将小灯泡和电阻R串联后接到电源上，要使电路中电流为1.0A，则R=______Ω．

（3）某同学在实验中还测出a、b、c三种元件的伏安特性曲线分别如图丙中的（a）、（b）、（c），下列说法正确的是______．

A．a可以作为标准电阻使用。

B．b能作为标准电阻使用。

C．b的阻值随电压升高而增大。

D．c的阻值随电压升高而增大。

12、如图所示，AB

是一条电场线上的两点，若在A

点释放一初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A

运动到B

其速度随时间变化的规律如图所示.

设AB

两点的电场强度分别为EAEB

电势分别为娄脮A娄脮B

则EA

____EB(

填">""="或"<")娄脮A

____娄脮B(

填">""="或"<")13、如图1所示；在斯特林循环的P-V图象中，一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B；C和D后再回到状态A，整个过程由两个等温和两个等容过程组成。

（1）B→C的过程中；单位体积中的气体分子数目______（选填“增大”；“减小”或“不变”）。状态A和状态D的气体分子热运动速率的统计分布图象如图2所示，则状态A对应的是______（选填“①”或“②”）。

（2）在A→B和D→A的过程中，气体放出的热量分别为4J和20J；在B→C和C→D的过程中，气体吸收的热量分别为20J和12J，则气体完成一次循环对外界所做的功为______J。评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)14、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）15、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）16、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

17、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

18、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）19、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）20、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）21、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

22、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、解答题(共2题，共12分)23、如图（a）所示，电子从加速电场的O点发出（初速不计），经电压为U1的加速电场加速后沿中心线进入两平行金属板M、N间的匀强电场中，通过电场后打到荧光屏上的P点处，设M、N板间的电压为U2，两极板间距离与板长相等，均为L1，板的右端到荧光屏的距离为L2，已知U1=200V，U2=300V，L1=6cm，L2=21cm，电子的比荷e/m=1.8×1011C/kg．求：

（1）电子离开偏转电场时的偏角θ的正切函数值tanθ（若可以求出具体角度也行）；

（2）电子打到荧光屏上的位置P偏离荧光屏中心O′的距离Y；

（3）若撤去M、N间的电压U2，而在两平行板间直径为L1的圆形区域内加一方向垂直纸面向里的匀强磁场（如图b所示；圆心恰好在平行板的正中间），要使电子通过磁场后仍打在荧光屏上的P点处，则电子在磁场中的轨道半径为多大？磁感应强度B的大小为多大？

24、电场中某区域的电场线如图所示，A、B是电场中的两点。一个电荷量的点电荷在A点所受电场力将该点电荷从A点移到点，电场力做功

求：（1）A点电场强度的大小

（2）A、B两点间的电势差

评卷人得分五、识图作答题(共4题，共24分)25、（12分）下图1是小肠上皮细胞亚显微结构示意图，图2是植物细胞亚显微结构示意图，图3为氨基酸和Na+进出肾小管上皮细胞的示意图。请据图分析回答：图1图2图3(1)细胞膜的基本骨架是____。(2)细胞膜表面还存在水解二糖的膜蛋白D，说明膜蛋白D具有____功能。细胞膜可执行多种功能，从膜的成分分析，出现这一现象的主要原因是____。(3)若将紫色洋葱表皮细胞置于30%的蔗糖溶液中一段时间后，观察到的变化最明显的细胞器是对应于图2中的____（用图中标号表示），其具体变化是____。(4)据图3分析，氨基酸和Na+运出肾小管上皮细胞的方式分别是____。26、[生物——选修1：生物技术实践]根据下面装置图，回答有关问题：(1)装置甲表示的是植物芳香油提取中的______________法，常用于玫瑰精油的提取；该装置还可用于胡萝卜素提取中的________过程，在进行该过程前，要过滤，其目的是______________________。(2)装置乙常用于果酒、果醋的制作，在果酒制作时起作用的微生物是_________，它与果醋制作的微生物相比，不同的结构特点是____________。如果该装置用于制作酸奶，对该装置如何处理？______________________。(3)装置丙表示的方法为________________________，在加热的瓶口安装了回流冷凝装置，其作用是______________________。要想取得好的效果，必须保证原料颗粒小，温度高，时间长，目的是让提取的物质__________________。27、研究发现；汞污染中的甲基汞（有机汞）的毒性远高于无机汞。在湿地生态系统等环境中，这两种物质可以相互转化，如下图所示。

（1）湿地生态系统被称为“地球之肾”，是因为其具有________功能。该功能体现了红树林在生态系统多样性中的_______价值，图中各生物种群占据不同的位置，体现了群落的________结构。目前人们正在逐步恢复被破坏的红树林湿地生态系统。红树林湿地生态系统恢复过程属于_______演替。（2）甲基汞的富集是通过______实现的，甲基汞会危害人体神经系统。研究发现，在甲基汞的作用下突触间隙会持续存在较多的乙酰胆碱（神经递质），同时发现甲基汞高度亲脂又能与蛋白质结合，请推测乙酰胆碱增多的可能原因是（合理即可）______________________________。（3）底泥中存在与B类细菌类似作用的真菌，这类真菌在生态系统中所属的成分是________。浮游植物所固定的太阳能除流向下一营养级的生物外，其去向还有_____________。（4）为有效降低水体汞污染，可采取在污染水体中栽培某些速生型植物或投放某些细菌等措施，这些植物和细菌的共同特点是______。28、下图是某实验室做的通过动物纤维母细胞等获得单抗的实验研究。据图回答相关问题。(1)①过程类似于植物组织培养技术中的______________过程。(2)②过程的根本原因是________________________________。(3)③过程中需用到的生物诱导剂是__________________。诱导后，培养基中细胞种类较多，原因是________________________________________。(4)对经过选择性培养的Z细胞还应进行_________________和_________________检验。评卷人得分六、推断题(共2题，共6分)29、风靡全球的饮料果醋中含有苹果酸(MLA)

其分子式为C4H6O50.1mol

苹果酸与足量NaHCO3

溶液反应能产生4.48LCO2(

标准状况)

苹果酸脱水能生成使溴水褪色的产物。如图表示合成MLA

的路线。

(1)

写出下列物质的结构简式：A

____，D

____。

(2)

指出反应类型：垄脵

____垄脷

____。

(3)

写出所有与MLA

具有相同官能团的同分异构体的结构简式：____。

(4)

写出E隆煤F

转化的化学方程式____。

(5)

上述转化关系中步骤垄脹

和垄脺

的顺序能否颠倒？____(

填“能”或“不能”)

说明理由：____。30、下表为元素周期表的一部分，针对表中rm{垄脵隆芦垄脼}元素，回答下列问题。rm{垄脵}rm{垄脷}rm{垄脹}rm{垄脺}rm{垄脻}rm{垄脼}rm{(1)垄脵}元素在周期表中的位置是第二周期_____________族。rm{(2)垄脷}和rm{垄脻}两种元素中原子半径较大的是__________rm{(}填元素符号rm{)}rm{垄脻}和rm{垄脼}两种元素的最高价氧化物对应水化物中酸性较强的是________rm{(}填化学式rm{)}rm{(3)}写出rm{垄脹垄脺}两种元素的最高价氧化物对应水化物反应的离子方程式_______________。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】本题考查法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律。解答此题的关键是确定线框有效切割长度与x

的关系，再结合数学知识选择图象，意在考查学生对电磁感应图像问题的理解能力和分析能力。【解答】bc

边的位置坐标x

在L鈭�2L

过程，线框bc

边有效切线长度为l=x鈭�L

感应电动势为：E=Blv=B(x鈭�L)v

感应电流：i=ER=B(x鈭�L)vR

根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a隆煤b隆煤c隆煤d隆煤a

为正值；

x

在2L鈭�3L

过程，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿a隆煤d隆煤c隆煤b隆煤a

为负值，线框ad

边有效切线长度为：l=x鈭�2L

感应电动势为E=Blv=B(x鈭�2L)v

感应电流：i=鈭�ER=鈭�B(x鈭�2L)vR

根据数学知识知道C正确。

故选C。【解析】C

2、A|D【分析】

A；将电容器的上极板稍稍下移；d变小，电势差不变，则电场强度增大，电场力增大，将向上运动．故A正确．

B；将电容器的下极板稍稍下移；d变大，电势差不变，则电场强度减小，电场力减小，将向下运动．故B错误．

C、将S断开，Q不变，减小d，根据则与d无关，则E不变，带电液滴不动．故C错误．

D、将S断开，Q不变，s减小，根据E变大，则电场力变大，液滴向上运动．故D正确．

故选AD．

【解析】【答案】带电液滴受到重力和电场力处于平衡；当电场强度增大时，液滴将会向上运动．电容器始终与电源相连，两端的电压不变，电容器与电源断开，所带的电量不变，根据动态分析判断电场强度的变化．

3、D【分析】解：A、B由题，b点电势低于c点电势，则知电场线方向由c指向O，则点电荷带负电，a、b间电场线比b、c间电场线密，则a、b间场强大于b、c间的场强，由公式U=Ed可知，a、b间电势差大于b；c间电势差；由公式W=qU可知，后一过程中电场力做的功大于前一过程中电场力做的功．故AC错误．

C；负电荷所受的电场力方向向右；与速度方向相反，则电场力做负功，电势能增大，故B错误；

D；电场力做负功；由动能定理得知，后一过程，粒子动能不断减小，故D正确．

故选：D．

根据b点电势低于c点电势，可判断出电场线的方向，确定出点电荷的电性，即可知道a、b间与b；c间场强的大小关系；由U=Ed分析电势差关系，由W=qU，分析电场力做功的关系；

根据电场力方向与负电荷速度方向的关系；判断出电场力做功的正负，即可判断电势能和动能的变化．

本题利用匀强电场中电势差与场强关系公式U=Ed，定性判断a、b间与b、c间电势差的大小，再根据电场力与速度方向的关系判断电场力做功正负，从而明确电势能的变化情况．【解析】【答案】D4、D【分析】解：各点电势φa=5V，φb=2V，φc=3V，则ab两点连线的线段分三等分，则取点M的电势为3V，因此M点与C点的连线为等势面，那么与连线垂直的即为电场线．由于φa=5V，φb=2V，φc=3V；又因为电势沿着电场线降低．所以只有D正确；

故选：D

在匀强电场中；电场强度大小处处相等，方向处处相同，则电场线是平行且等间距．电势沿着电场线降低，电场线与等势面垂直．

等势面就是电势相等的点所构成的平面．电荷在等势面上移动，电场力不做功．因此电场线与等势面垂直．【解析】【答案】D5、A【分析】因为在温度降低过程中；被封闭气柱的压强恒等于大气压强与水银柱因自重而产生的压强之和，故封闭气柱均做等压变化。并由此推知，封闭气柱下端的水银面高度不变。

根据盖隆陋

吕萨克定律的分比形式娄陇

V

=

隆陇

V

，因A

、B

管中的封闭气柱，初温T

相同，温度降低量娄陇

T

也相同，且娄陇

T

<0

所以娄陇

V

<0

即A

、B

管中气柱的体积都减小；又因为l

1>

l

2

A

管中气柱的体积较大，|娄陇

V

1

V

2|

A

管中气柱减小得较多，故A

、B

两管气柱上方的水银柱均向下移动，且A

管中的水银柱下移得较多。【解析】A

二、填空题(共8题，共16分)6、略

【分析】解：（1）20分度的游标卡尺最小分度是0.05mm；主尺读数是5.0cm=50mm；游标读数是0.05×3=0.15mm；总读数是：50mm+0.15mm=50.15mm

（2）由图示螺旋测微器可知；螺旋测微器固定刻度示数为4.5mm，可动刻度示数为20.0×0.01mm=0.200mm，螺旋测微器示数为4.5mm+0.200mm=4.700mm；

（3）欧姆表读数：22×10=220Ω

（4）电源的电动势是4V，所以要选择量程是3V的电压表V1；

电路中的电流约为：．所以要选择量程是10mA的电流表A2．

题目要求测得多组数据进行分析，所以需要采用分压式接法，滑动变阻器选择电阻值比较小的R1．

由于所以采用电流表外接法．电路图如图：

故答案为：（1）50.15；（2）4.700；（3）220；（4）如图。

（1）游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数；不需估读；

（2）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；

（3）欧姆表读数时要注意乘以倍率；

（4）根据提供的电源选择电压表；根据电路中的电流选择电流表；根据实验器材确定滑动变阻器接法；根据待测电阻阻值与电表内阻关系确定电流表接法，作出电路图．

本题考查了电阻定律的应用、游标卡尺与螺旋测微器的读数，应用电阻定律即可求出电阻率的表达式；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，螺旋测微器需要估读．【解析】50.15；4.700；2207、略

【分析】解：(1)

该实验的研究对象是小车；采用控制变量法研究.

当质量一定时，研究小车的加速度和小车所受合力的关系.

为消除摩擦力对实验的影响，可以把木板D

的左端适当垫高，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力．

根据牛顿第二定律得：对mmg鈭�F脌­=ma

对MF脌­=Ma

解得：F脌­=mMgm+M=mg1+mM

当M>>m

时；即当砝码和盘的总重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于砝码和盘的总重力．

(2)A

平衡摩擦力时；应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，是小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动.

故A错误．

B；每次改变小车的质量时；小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力.

故B正确．

C；实验时；应先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理.

故C错误．

D、小车运动的加速度是利用打点计时器测量，如果用天平测出m

以及小车质量M

直接用公式a=mgM

求出；这是在直接运用牛顿第二定律计算的，而我们实验是在探究加速度与物体所受合外力和质量间的关系.

故D错误．

故选：B

．

(3)

图2

中当盘及盘中砝码质量较大时；a鈭�F

图象发生弯曲，这是由于没有保证小车质量远大于盘及盘中砝码质量造成的．

故答案为：(1)m<<M(2)B(3)

小车质量没有远大于盘及盘中砝码的质量．

解决实验问题首先要掌握该实验原理；了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．

该实验采用的是控制变量法研究；其中加速度；质量、合力三者的测量很重要．

教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．【解析】m<<MB

小车质量没有远大于盘及盘中砝码的质量8、略

【分析】

由T=可知，汽车的固有周期为T=s，则汽车的速度v==m/s=12.5m/s；即当速度为12.5m/s时；汽车达到共振颠簸的最厉害；

故答案为：12.5；共振．

【解析】【答案】当汽车的固频率等于减速带产生的驱动力频率时；汽车会发生共振，振动最强烈．

9、略

【分析】

摆长等于摆线的长度与摆球的半径之和；

所以实验中单摆的摆长等于L=l+．

通过T=求出单摆的周期．

根据周期公式得：T=2所以g==（l+）

故答案为：l+（l+）

【解析】【答案】摆长等于摆线的长度与摆球的半径之和；

由单摆的周期公式即可求解；

10、无序性增大【分析】【解答】一切与热现象有关的宏观自然过程都是不可逆的；任何自然过程一定总是沿着熵增加的方向进行的，即切自然过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行的．

故答案为：无序性增大．

【分析】一切与热现象有关的宏观自然过程都是不可逆的，任何自然过程一定总是沿着熵增加的方向进行的．11、略

【分析】解：（1）若调节滑动变阻器；小电珠的亮度变化，但电压表；电流表示数总不能为零，说明滑动变阻器不起分压作用，所以可能是g导线断路．

（2）由电源的U-I图线知E=3.0V，电源内阻r==1Ω；

由图象可知的，电流为1.0A时灯泡两端电压UL=1.2V；

由闭合电路欧姆定律得：E=I（R+r）+UL；3.0=1×（R+1）+1.2，解得R=0.8Ω；

（3）因a元件的I-U图线是直线；说明其电阻不随电压的变化而变化，故可作为标准电阻，故A正确，B错误．

b的阻值随电压升高而增大；c的阻值随电压升高而降低，故C正确，D错误．故选AC．

故答案为：（1）g导线；（2）0.8；（3）AC．

（1）滑动变阻器采用分压接法时；电压表与电流表都能从零开始连续变化，如果滑动变阻器采用限流接法，则电压表与电流表不能从零开始变化．

（2）电源的U-I图象与纵轴的交点坐标是电源的电动势；图象斜率的绝对值是电源的内阻；由图象求出电力路为1A时灯泡两端电压，然后由闭合电路的欧姆定律求出电阻阻值．

（3）根据各元件的伏安特性曲线结合欧姆定律分析答题．

滑动变阻器的分压接法，分压电路电压与电流可以从零开始连续变化，限流电流电压与电流不能从零开始变化．【解析】g；0.8；AC12、=＜【分析】【分析】

根据电子运动的速度鈭�

时间图象可知；电子做初速度为零的匀加速直线运动，由此可以判断出电场的方向和电场强度大小的变化情况。

本题结合运动图象考查了电场强度和电势的变化情况；考查角度新颖，要注意结合图象的含义以及电场线和电场强度与电势的关系求解。

【解答】

由图可知：电子做初速度为零的匀加速直线运动..匀加速运动说明所受电场力恒定，因此为匀强电场，即EEA=E=EB，电子由静止从AA运动到BB所以电场力由AA指向BB因此电场线方向从BB指向AA沿电场线电势降低，即有娄脮娄脮A<娄脮<娄脮B。

故填：=<

【解析】=<

13、不变①8【分析】解：（1）由图可知；图线BC与纵坐标平行，表示气体的体积不变，所以B→C的过程中，单位体积中的气体分子数目不变；

根据理想气体的状态方程：可知，气体的温度越高，压强与体积的乘积PV值越大，所以由图可知TD＞TA；

气体的分子的运动的统计规律：中间多，两头少；温度高，最可几速率向速度较大的方向移动；故T1＜T2；因此状态A对应的是①。

（2）在气体完成一次循环后的内能与开始时是相等的；所以内能不变，即△U=0；

由图可知，A→B和D→A的过程中，气体放出的热量分别为4J和20J．在B→C和C→D的过程中气体吸收的热量分别为20J和12J，则吸收的热量Q=QAB+QBC+QCD+QDA=-4+20+12-20=8J。

由热力学第一定律得：△U=Q+W；所以W=-8J

所以气体完成一次循环对外做功是8J。

故答案为：（1）不变；①；（2）8

（1）气体的内能只与温度有关；根据热力学第一定律有△U=W+Q判断气体吸热还是发热；根据图象利用理想气体状态方程对每一个过程进行分析即可。

温度是分子热运动平均动能的标志；气体的分子的运动的统计规律：中间多；两头少；即大多数的分子的速率是比较接近的，但不是说速率大的和速率小的就没有了，也是同时存在的，但是分子的个数要少很多；

（2）根据热力学第一定律即可求出气体对外做功是多少。

该题是图象问题，解题的关键从图象判断气体变化过程，利用理想气体状态方程，然后结合热力学第一定律进行分析判断即可解决。【解析】不变①8三、判断题(共9题，共18分)14、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．15、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．16、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．17、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．18、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．19、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．20、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．21、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．22、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、解答题(共2题，共12分)23、略

【分析】

（1）对加速阶段应用动能定理；有：

解得：v=

偏转阶段类平抛轨迹如图a所示；可以得到：

所以θ=37°

（2）经过偏转电场时的偏转距离cm=2.25cm

从偏转电场出来后作直线运动：由

得Y==cm=18cm

[或直接求Y=（L2+）tanθ=（21+3）×cm=18cm]

（3）如图乙所示；电子轨迹从磁场出来的切线延长线交于磁场区的圆心，因为也打在P点，所以θ=37°

由图可知电子轨道半径R满足：

Rsinθ=

解之得：

R=cm=9cm

又

得B===5.24×10-4T

答：（1）电子离开偏转电场时的偏角θ的正切函数值tanθ为

（2）电子打到荧光屏上的位置P偏离荧光屏中心O′的距离Y为18cm；

（3）电子在磁场中的轨道半径为9cm，磁感应强度B的大小为5.24×10-4T．

【解析】【答案】（1）直线加速阶段；运用动能定理列式求解；类似平抛运动阶段，根据速度偏转角度正切值公式列式求解；

（2）根据列式平抛运动的分位移公式求解偏移量y，然后运用“速度的反向延长线通过”的结论并结合几何关系列式求解；

（3）画出运动轨迹后；结合几何关系求解出半径；然后根据洛伦兹力提供向心力列式求解磁感应强度．

24、略

【分析】【详解】

（1）根据公式

可得A点电场强度的大小

（2）根据

可得A、B两点间的电势差【解析】（1）（2）五、识图作答题(共4题，共24分)25、略

【分析】【分析】本题考查细胞的结构和功能、观察植物细胞质壁分离和物质出入细胞的方式等有关知识，意在考查考生识图能力和理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力；能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论。【解答】(1)细胞膜的基本骨架是磷脂双分子层。

(2)膜蛋白D能水解二糖；说明膜蛋白D具有催化功能；蛋白质的差异性使其执行不同的功能，具有高度的专一性。

(3)若将紫色洋葱表皮细胞置于30％的蔗糖溶液中；由于外界溶液溶度大于细胞液浓度，会发生质壁分离，所以一段时间后，液泡变小，颜色变深，液泡为图中的7。

(4)分析题图，氨基酸运出肾小管上皮细胞时需要载体蛋白的协助，但不消耗能量，属于协助扩散；Na+运出肾小管上皮细胞时需要载体蛋白的协助；并且消耗能量，故运输方式是主动运输。

【解析】(1)磷脂双分子层。

(2)(生物)催化蛋白质(或膜蛋白)不同。

(3)7体积变小；颜色变深。

(4)协助扩散(或被动运输)、主动运输26、（1）水蒸气蒸馏法浓缩除去萃取液中的不溶物（2）酵母菌具有成形的细胞核（有核膜）关闭进气口和排气口（3）萃取法防止加热时有机溶剂（萃取剂）的挥发充分溶解【分析】【分析】本题考查植物芳香油的提取、果酒果醋的制作等相关知识，意在考查考生的识图能力和理解所学知识要点，把握知识间内在联系，形成知识网络结构的能力；能运用所学知识，准确判断问题的能力，属于考纲识记和理解层次的考查。分析图示，装置甲表示的是植物芳香油提取中的水蒸气蒸馏法，常用于玫瑰精油的提取和胡萝卜素提取中的浓缩过程。装置乙常用于果酒、果醋的制作，其中出料口的作用是出料、检测；进气口的作用是在果醋制作时通入氧气的；排气孔是排气，其弯弯曲曲的好处是防止杂菌和浮尘的污染。装置丙表示萃取法。【解答】（1）装置甲表示的是植物芳香油提取中的水蒸气蒸馏法，常用于玫瑰精油的提取；该装置还可用于胡萝卜素提取中的浓缩过程，在进行该过程前，要过滤，其目的是除去萃取液中的不溶物。（2）在果酒制作时起作用的微生物是酵母菌，果醋制作的微生物是醋酸杆菌。与醋酸杆菌相比，酵母菌具有成形的细胞核。制作酸奶的原理是常利用乳酸杆菌在适宜的温度下进行发解产生乳酸，即为乳酸菌的无氧呼吸过程。因此如果该装置用于制作酸奶，应关闭进气口和排气口。（3）装置丙表示的方法为萃取法；在加热的瓶口安装了回流冷凝装置，其作用是防止加热时有机溶剂（萃取剂）的挥发。要想取得好的效果，必须保证原料颗粒小，温度高，时间长，目的是让提取的物质充分溶解。

【解析】（1）水蒸气蒸馏法浓缩除去萃取液中的不溶物（2）酵母菌具有成形的细胞核（有核膜）关闭进气口和排气口（3）萃取法防止加热时有机溶剂（萃取剂）的挥发充分溶解27、(1)净化水体间接空间(垂直和水平)次生

(2)食物链甲基汞导致突触前膜过量释放乙酰胆碱（也可以从影响酶的活性回答，也可以从影响受体蛋白的角度回答）

(3)分解者流向分解者和通过呼吸作用散失

(4)能大量吸收汞或能分解甲基汞【分析】【分析】本题考查生态系统的相关知识，意在考查考生对知识点的识记、理解和掌握程度，要求考生具有扎实的基础知识和一定的判断能力，能构建一定的知识网络。试题分析：从图可知；在水平方向上生物存在差异，在垂直水平上也存在差异，所以体现了群落的空间结构，演替是随着时间的推移，一个群落被另一个群落代替的过程，根据群落演替的一般规律，可以逐步恢复被破坏的生态系统；食物链和食物网是生态系统的营养结构，生态系统的物质循环和能量流动就是沿着这条渠道进行的；在生态系统中，生产者；消费者和分解者缺一不可，分解者能将动植物遗体和动物排遗物分解成无机物，主要是细菌和真菌，生产者固定的太阳能一部分流向下一营养级，一部分通过呼吸作用散失，一部分被分解者分解，剩余的供给自身生长发育和繁殖等生命活动；通过在植物中富集，来吸收汞。

【解答】（1）因为湿地具有自然净化污水的功能，所以湿地生态系统被称为“地球之肾。对生态系统起到重要调节功能的为间接价值，因此自然净化污水的功能体现了生态系统的间接价值。由图可知，图中各生物种群占据不同的位置，在水平方向上存在差异，在垂直方向上也存在差异，这体现了群落的空间结构。演替是指随着时间的推移，一个群落被另一个群落代替的过程，被破坏的红树林湿地生态系统保留了原有土壤条件，还保留了植物的种子或其它繁殖体，因此红树林湿地生态系统恢复过程属于次生演替。

(2)根据生物富集效应；甲基汞是通过食物链富集而危害人体神经系统。甲基汞高度亲脂，又能与蛋白结合，在甲基汞的作用下突触间隙会持续存在较多的乙酰胆碱神经递质，这说明甲基汞导致突触前膜释放过多的神经递质。

(3)在生态系统中；生产者；消费者和分解者缺一不可，分解者能将动植物遗体和动物排遗物分解成无机物，主要是细菌和真菌，生产者固定的太阳能一部分流向下一营养级，一部分通过呼吸作用散失，一部分被分解者分解，剩余的供给自身生长发育和繁殖等生命活动。

(4)根据题干信息，能有效降低水体汞污染的方法是在污染水体中栽培某些速生型植物或投放某些细菌等措施，种植的植物或投放的细菌要能大量吸收贡或能分解甲基汞。【解析】(1)净化水体间接空间(垂直和水平)次生

(2)食物链甲基汞导致突触前膜过量释放乙酰胆碱（也可以从影响酶的活性回答，也可以从影响受体蛋白的角度回答）(3)分解者流向分解者和通过呼吸作用散失

(4)能大量吸收汞或能分解甲基汞28、略

【分析】【分析】本题源于课本中单克隆抗体制备的思路，又高于课本，启发学生联想，学习分析问题，解题的关键是理解单克隆抗体制备的过程。【解答】单抗是指将骨髓瘤细胞与B细胞形成的杂交瘤细胞，所以X为骨髓瘤细胞，Y为效应B细胞，Z为杂交瘤细胞，植物组织培养过程为脱分化和再分化过程，则①类似于脱分化过程，②是再分化过程，③是诱导细胞融合，采用的方法是物理、化学或灭活的病毒，④筛选出能产生特异性抗体的杂交瘤细胞。（1）①过程将已经分化的细胞培养成分化程度低的细胞过程，类似于植物组织培养技术中脱分化。（2）②是再分化过程．实质是基因的选择性表达。（3）③是诱导细胞融合，采用的方法是物理法、化学法或生物法，生物诱导剂为灭活的病毒，诱导后，培养基中细胞种类较多，原因是融合率低于100%且同种及异种细胞间均可融合。（4）对经过选择性培养的Z细胞还应进行克隆化培养和专一抗体检验。【解析】（1）脱分化（2）基因的选择性表达（3）灭活的病毒融合率低于100%且同种及异种细胞间均可融合（4）克隆化培养专一抗体六、推断题(共2题，共6分)29、略

【分析】【分析】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握反应中官能团的变化及官能团与性质的关系为解答的关键，侧重反应类型判断的考查，题目难度不大。苹果酸分子式为C4H6O50.lmol

苹果酸与足量NaHCO3

溶液反应能产生4.48LCO2(

标准状况)

二氧化碳的物质的量为0.2mol

则1mol

苹果酸含2mol鈭�COOH.

苹果酸脱水能生成使溴水褪色的产物，应含有1

个鈭�OH

结合苹果酸的分子式知，苹果酸的结构简式为：HOOCCH2CH(OH)COOH.

苹果酸酯化反应进行的聚合生成聚苹果酸(PMLA)

其结构为D

被氧化生成E

则E

中含有溴原子，E

和氢氧化钠的水溶液发生反应生成FF

酸化生成MLA

所以F

的结构简式为：NaOOCCH2CH(OH)COONaE

的结构简式为：HOOCCH2CHBrCOOHD

能发生银镜反应则D

中含有醛基，所以D

的结构简式为：OHCCH2CHBrCHO

根据13鈭�

丁二烯及D

的结构简式知，13鈭�

丁二烯和溴发生14

加成生成A

为BrCH2CH=CHCH2BrA

和氢氧化钠的水溶液发生取代反应生成B

为HOCH2CH=CHCH