2025年人教版选择性必修1物理下册月考试卷含答案

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A.此时能明显观察到波的衍射现象B.频率不变，则AB孔越大，挡板后面的相邻波纹间距越大C.频率不变，将孔扩大，可观察到更明显的衍射现象D.孔的大小不变，使波源频率增大，可观察到更明显的衍射现象2、质量为m的物体静止在光滑水平面上。现在水平推力F作用下运动，推力随时间变化的规律如图所示。关于物体在0–t1时间内的运动情况；描述正确的是（）

A.物体的速度先增大后减小B.物体的速度一直增大C.t1时物体速度大小为D.该过程物体作匀变速运动3、下列说法正确的是（）A.冲量的方向与动量的方向一致B.冲量是物体动量变化的原因C.物体受力越大，其动量变化越大D.冲量越大，动量也越大4、如图所示，质量为M的的斜面位于水平光滑地面上，斜面高为h，倾角为θ。现将一质量为m的滑块（可视为质点）从斜面顶端自由释放，滑块滑到底端时对地速度为v，重力加速度为g；若不计一切摩擦，下列说法正确的是（）

A.斜面对滑块不做功B.滑块与斜面组成的系统动量守恒C.滑块滑到底端时，重力的瞬时功率为D.滑块滑到底端时，斜面后退的距离为5、超声波指纹识别是第3代指纹识别技术；相较于电容和光学指纹识别，具有精度高且不易受到外界干扰等优点，在现在智能手机上得到了广泛的应用，其原理是指纹识别器发出一束超声波，超声波在手指表面指纹的峰和谷处反射情况不相同，构建出手指指纹情况，关于超声波指纹识别，下列说法正确的是（）

A.指纹识别中的超声波可以用次声波代替B.超声波频率越高，在同种介质中传播速度越快C.超声波的频率越高，波长越短，识别就越精确D.超声波在从玻璃进入空气时波速变慢，波长变长6、一束复色光从空气射入光导纤维后分成a、b两束单色光，光路如图所示，比较内芯中的a、b两束光；a光的（）

A.频率小，发生全反射的临界角小B.频率大，发生全反射的临界角小C.频率小，发生全反射的临界角大D.频率大，发生全反射的临界角大评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、做简谐振动的水平弹簧振子，其振子的质量为m，振动过程中的最大速率为v，从某一时刻算起，在半个周期内A.弹力的冲量一定为零B.弹力的冲量大小可能是零到2mv之间的某一个值C.弹力所做的功一定为零D.弹力做功可能是零到之间的某一个值8、图甲为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0.2s时的波形图，质点P、Q的平衡位置分别位于x=2m和x=4m处。图乙为介质中某一质点的振动图像；则（）

A.该简谐横波的传播速度为10m/sB.乙图可能是质点Q的振动图像C.t=0时质点P的速度沿y轴负方向E.t=0.1s时，质点P的加速度与质点Q的加速度相同E.t=0.1s时，质点P的加速度与质点Q的加速度相同9、两小球A；B置于光滑的水平面上；A球以一定的速度与静止的B球发生弹性正碰，如图所示，关于两球碰撞过程中的说法正确的是（）

A.在两球碰撞的整个过程中，相互作用力冲量的矢量和为零，做功的代数和也为零B.在两球碰撞的整个过程中，B对A始终做负功C.在两球压缩形变阶段，相互作用力冲量的矢量和为零，做功的代数和为负，系统的动量不变，动能减少D.当两球的速度相等时，系统的机械能最小10、用不可伸长的细线悬挂一质量为的小木块，木块静止，如图所示．现有一质量为的子弹自左向右水平射向木块，并停留在木块中，子弹初速度为重力加速度为则下列说法正确的是（）

A.从子弹射向木块到一起上升到最高点的过程中系统的机械能守恒B.子弹射入木块瞬间动量守恒，故子弹射入木块瞬间子弹和木块的共同速度为C.忽略空气阻力，子弹和木块一起上升过程中系统机械能守恒，其机械能等于子弹射入木块前的动能D.子弹和木块一起上升的最大高度为11、如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即验证两个小球在水平轨道末端碰撞前后的动量守恒。入射小球质量为m1，被碰小球质量为m2，O点是小球抛出点在水平地面上的投影。实验时，先让入射小球多次从倾斜轨道上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置，并记下此位置距O点的距离；然后把被碰m2小球静置于水平轨道末端，再将入射小球m1从倾斜轨道上S位置静止释放，与小球m2相撞，多次重复此过程，并分别找到它们平均落点的位置距O点的距离；则下列说法正确的是（）

A.实验中要求两小球半径相等，且满足m1<m2B.实验中不要求倾斜轨道必须光滑C.如果等式m1x3=m1x1+m2x2成立，可验证两小球碰撞过程动量守恒D.如果等式m1x22=m1x12+m2x32成立，可验证两小球发生的是弹性碰撞12、图示为一列沿x轴负方向传播的简谐横波，实线为t=0时刻的波形图，虚线为t=0.6s时的波形图，波的周期T>0.6s；则（）

A.波的周期为2.4sB.在t=0.9s时，P点沿y轴负方向运动C.经过0.4s，P点经过的路程为4mD.在t=0.5s时，Q点到达波峰位置13、下列说法中正确的是（）

A.图甲是一束复色光进入水珠后传播的示意图，其中a束光在水珠中传播的速度一定大于束光在水珠中传播的速度B.图乙是一束单色光进入平行玻璃砖后传播的示意图，当入射角逐渐增大到某一值后不会再有光线从面射出C.图丙是双缝干涉示意图，若只减小屏到挡板间的距离L，两相邻亮条纹间距离将减小E.图戊中的是偏振片，是光屏，当固定不动缓慢转动时，光屏上的光亮度将会发生变化，此现象表明光波是横波E.图戊中的是偏振片，是光屏，当固定不动缓慢转动时，光屏上的光亮度将会发生变化，此现象表明光波是横波评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、薄膜干涉。

（1）薄膜干涉中的获得光照射到薄膜上，在薄膜的前后两个面______的光是由同一个光波分解而成的，它们具有相同的______；恒定的相位差及振动方向；

（2）薄膜干涉的原理。

光照在厚度不同的薄膜上时，在薄膜的不同位置，前后两个面的反射光的______不同，在某些位置两列波叠加后相互加强，于是出现______条纹；在另一些位置，两列波叠加后相互削弱，于是出现______条纹。15、某同学设计了如图所示的实验来验证碰撞过程中的动量守恒．轨道AOB在O处平滑相接，B右侧为粗糙水平面，有两个材料及表面粗糙程度均相同的小物块甲、乙，其质量分别为m1和m2（m1＞m2），令小物块甲从斜面上M点由静止下滑，运动至粗糙水平面上的C点速度恰好减为0，测量B、C间距为x0，把小物块乙置于B点，小物块甲仍从斜面上M点由静止下滑，小物块甲与小物块乙碰撞后，在粗糙水平面上的位移分别为x1、x2．

（1）为验证碰撞过程动量守恒，是否需要测量小物块与粗糙水平面间的动摩擦因数？_____（选填“是”或“否”）；小物块甲与轨道AOB间的摩擦力是否影响实验结果？_____（选填“是”或“否”）．

（2）若满足关系式_____，则二者碰撞过程动量守恒．16、如图所示，一质点在平衡位置O点两侧做简谐运动，在它从平衡位置出发向最大位移A处运动过程中，经第一次通过M点，再经第二次通过M点，此后还要经_____，它可以第三次通过M点，该质点振动的频率为__________.

17、若实心玻璃管长宽玻璃的折射率为光从管的左端正中心射入，则光最多可以在管中反射___________次。

18、周期T、频率f

（1）周期（频率）：在波动中，各个质点的______叫波的周期（或频率）

（2）周期T和频率f的关系：互为______，即

（3）波长与周期的关系：经过______，振动在介质中传播的距离等于一个波长评卷人得分四、作图题(共3题，共24分)19、O点是弹簧振子的平衡位置，在图上标出振子在B点的振动位移和在A点的加速度。

20、向水面上扔一个石块，形成如图所示的波形，已知相邻实线间的距离等于一个波长，不考虑水波的反射，试大致画出水波通过图甲的孔和以及遇到图乙中障碍物和之后的传播情况。

21、如图所示，一列简谐波在x轴上传播，波速为50m/s。已知时刻的波形图像如图甲所示，图中M处的质点此时正经过平衡位置沿y轴的正方向运动。将时的波形图像画在图乙上（至少要画出一个波长）。

评卷人得分五、实验题(共2题，共20分)22、小丽做“用单摆测量重力加速度的大小”实验。

(1)如图甲所示，细线的上端固定在铁架台上，下端系一个小钢球，做成一个单摆。图乙、丙分别画出了细线上端的两种不同的悬挂方式，你认为图______（填“乙”或“丙”）的悬挂方式较好。

(2)如图丁所示，用游标卡尺测得小钢球的直径______测出摆线的长度，算出摆长再测出摆的周期得到一组数据，改变摆线的长度，再得到几组数据。

(3)根据实验数据作出图像，发现图像是过坐标原点的倾斜直线，斜率为根据单摆周期公式，可以测得当地的重力加速度______（用表示），利用图像法处理数据是为了减小______（填“偶然”或“系统”）误差。23、某实验小组利用如图（a）所示的实验装置验证动量守恒定律。实验的主要步骤如下：

①用游标卡尺测量小球A、B的直径d，其示数如图（b）所示，用天平测量小球A、B的质量分别为m1、m2；

②用两条细线分别将球A；B悬挂于同一水平高度；自然下垂时两球恰好相切，球心位于同一水平线上；

③将球A向左拉起使其悬线与竖直方向的夹角为α时由静止释放，与球B碰撞后，测得球A向左摆到最高点时其悬线与竖直方向的夹角为θ1，球B向右摆到最高点时其悬线与竖直方向的夹角为θ2。

回答下列问题：

(1)小球的直径d=___________cm；

(2)为保证A碰撞后向左摆动，则A、B两球质量应满足m1________m2（填“>”、“<”或“=”）；

(3)若两球碰撞前后动量守恒，则___________（用③中测量的量表示）；评卷人得分六、解答题(共1题，共8分)24、利用物理模型对复杂现象进行分析；是重要的科学思维方法。

已知太阳的质量为M，半径为R，万有引力常量为G。

（1）太阳的外层大气不断向四周膨胀，形成由太阳径向向外的粒子流，通常被称为太阳风。关于太阳风的成因，一种观点认为：由于太阳外层温度高，粒子的动能较大，能够克服太阳的引力向外层空间运动。

a．已知质量为m的粒子与太阳中心相距r时具有的引力势能为（以无穷远处势能为零）。忽略粒子间的相互作用。求在距离太阳中心2R处、质量为m的粒子，为了脱离太阳引力的束缚所需的最小速率vm。

b．太阳风会造成太阳质量的损失。已知太阳风粒子的平均质量为m，探测器在距离太阳r处探测到该处单位体积内太阳风粒子的数目为n，太阳风粒子在探测器周围的平均速率为v。求单位时间内太阳因太阳风而损失的质量Δm。

（2）彗星的彗尾主要由尘埃粒子和气体组成。一种观点认为：太阳光辐射的压力和太阳的引力，对彗尾尘埃粒子的运动起关键作用。假定太阳光的辐射功率P0恒定，尘埃粒子可视为密度相同、半径不都相等的实心球体，辐射到粒子上的太阳光被全部吸收，太阳光的能量E、动量P、光速c的关系为

如图所示，当彗星运动到A处，部分尘埃粒子被释放出来，不再沿彗星轨道运动。已知沿轨道切线方向释放的三个尘埃粒子，分别沿直线Ab和曲线Aa、Ac运动。关于造成这三个尘埃粒子轨迹分开的原因；有同学认为是它们被释放出来时的速度大小不同所致。请分析说明该同学的结论是否正确。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】【详解】

A．当孔；缝的宽度与波长差不多或者比波长还小时；就能够发生明显的衍射现象，A正确；

B．由于同一列波的频率不变；而衍射前后波速相同，因此衍射前后波长相同，即挡板前后的相邻波纹之间距离相等，B错误；

C．频率不变；波速不变，波长不变，如果将孔扩大，有可能使孔的宽度大于波的波长，这样可能观察不到明显的衍射现象，只有当孔；缝的宽度与波长差不多或者比波长还小时，就能够发生明显的衍射现象，C错误；

D．如果孔的大小不变，使波源频率增大，因为波速不变，由可知；波长减小，有可能使孔的宽度大于波的波长，可能观察不到明显的衍射现象，D错误。

故选A。

2、B【分析】【分析】

【详解】

AB．由于推力的方向和运动方向始终一致；因此物体始终做加速运动，速度一直增大，A错误，B正确；

C．在图像中，图像与时间轴围成的面积等于冲量的大小，根据动量定理

可得t1时物体速度大小为C错误；

D．由于整个过程中；推力的大小发生变化，因此物体作变加速运动，D错误。

故选B。3、B【分析】【分析】

【详解】

ABD．根据动量定理可知；冲量是物体动量变化的原因，冲量和动量没有必然的联系，冲量的方向与动量的方向不一定一致，冲量越大，动量也不一定越大，故AD错误，B正确；

C．根据动量定理。

FΔt=mΔv物体受力越大；其动量变化不一定越大，还和受力的时间有关，故C错误。

故选B。4、D【分析】【详解】

AB．滑块下滑的过程中，斜面沿水平地面向左运动，滑块和斜面组成的系统在竖直方向受力不平衡，在水平方向不受外力，故系统水平方向动量守恒；滑块受到的弹力FN与斜面垂直，但是由于斜面也在运动，导致滑块的位移和弹力FN不垂直，故弹力FN做功不为零；即斜面对滑块要做功，选项AB错误；

C．滑块滑到斜面底端瞬间，其速度v的方向并不沿着斜面，故其重力的瞬时功率不等于选项C错误；

D．设滑块从斜面顶端滑动到底端的过程中，滑块和斜面沿水平方向的位移大小分别为和水平方向动量守恒，根据反冲模型

解得斜面后退的距离

选项D正确。

故选D。5、C【分析】【详解】

A．超声波具有较强的穿透能力；而次声波没有这能力，所以指纹识别中的超声波不可以用次声波代替，故A错误；

B．超声波属于机械波；传播速度由介质决定，与频率无关，则超声波频率越高，在同种介质中传播速度不变，故B错误；

C．超声波的频率越高；周期越小，波速不变，则波长越短，识别就越精确，故C正确；

D．超声波在从玻璃进入空气时波速变慢，频率不变，根据

可知波长变短；故D错误。

故选C。6、C【分析】【分析】

【详解】

由光路图可知a光的偏折程度没有b光的大，因此a光的折射率小，频率小，由全反射可知折射率越小发生全反射的临界角越大。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)7、B:C【分析】【详解】

A．由于经过半个周期后；物体的速度反向，故动量也反向，根据动量定理，弹力的冲量一定不为零，故A错误；

B．振子的最大速率为v，最小速率为0，所以速度的变化范围在0到2v之间，根据动量定理可知，弹力的冲量大小可能是零到2mv之间的某一个值；故B正确；

CD．经过半个周期后；位移与之前的位移关系是大小相等；方向相反；速度也有同样的规律，故动能不变，根据动能定理，弹力做的功为零，故C正确，D错误。

故选BC。8、A:B:C【分析】【详解】

A．从甲图中可知根据图乙可知故波速为

A正确；

B．根据走坡法可知图甲中的P点在t=0.2时正向上运动，而Q点在t=0.2s时正向下振动，而图乙中t=0.2s时质点正通过平衡位置向下振动，所以乙图可能是质点Q的振动图像；B正确；

C．因为周期为0.4s，故在t=0时，即将甲图中的波形向前推半个周期，P点正向下振动；C正确；

D．根据题意可知0.1s为四分之一周期，质点P在0.2s~0.3s内的位移为2cm；0.25s为过程中的中间时刻，质点从平衡位置到波峰过程中做减速运动，所以前一半时间内的位移大于后一半时间内的位移，即0.25s时的位移大于1cm，D错误；

E．P点和Q点相距半个波长；两点为反相点，振动步调总是相反，在任意时刻两点的加速度方向总是相反，E错误。

故选ABC。9、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．由牛顿第三定律知；在两球碰撞的整个过程中相互作用力始终大小相等；方向相反，故相互作用力冲量的矢量和为零，由于两球发生弹性碰撞，系统机械能守恒，故相互作用力做功的代数和为零，选项A正确；

B．若两球碰后A的速度反向；则在整个碰撞过程中，B对A先做负功再做正功；若两球碰后A的速度方向不变，则在整个碰撞过程中，B对A做负功，选项B错误；

CD．在两球压缩形变阶段；相互作用力始终大小相等；方向相反，故相互作用力冲量的矢量和为零，将两球压缩形变阶段当做两球压缩弹簧处理，当压缩量最大时，两球速度相等，弹性势能最大，由于系统机械能守恒，故动能最小。由动能定理可知，相互作用力做功的代数和为负，此过程中系统动量守恒，故系统动量不变，选项C正确，D错误。

故选AC。10、B:D【分析】【详解】

A．从子弹射向木块到一起上升到最高点的运动中；由于子弹在木块中运动时，要克服阻力做功，转化为系统的内能，因此系统机械能不守恒，A错误；

B．子弹射入木块的瞬间系统的动量守恒，因此有mv0=（M+m）v＇

所以子弹射入木块后子弹和木块的共同速度为

B正确；

C．忽略空气阻力；子弹和木块一起上升运动中，只有重力做功，机械能守恒，可其机械能小于子弹射入木块前的动能，C错误；

D．从子弹和木块一起上升到最高点时，该运动机械能守恒，因此有

解得上升的最大高度为

D正确。

故选BD。11、B:D【分析】【详解】

A．实验中要求两小球半径相等，且满足

以保证入射球碰后不反弹；故A错误；

B．实验中倾斜轨道没必要光滑；只需到达底端的速度相同即可，故B正确；

C．因x2是m1碰前的射程，x1是m1碰后的射程，x3是m2碰后的射程，如果等式

成立；可验证两小球碰撞过程动量守恒，故C错误；

D．如果等式

即

成立；可验证两小球发生的是弹性碰撞，故D正确。

故选BD。12、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．沿x轴负方向传播，从两时刻的波形图可以看出，在Δt=0.6s时间内，波传播的距离Δx=6m=

故传播时间Δt=0.6s=

所以周期T=0.8s

选项A错误；

B．同时可求波速为10m/s

t=0时刻P点向y轴负方向振动，经过Δt=0.9s=1T

所以P点正向y轴负方向振动；选项B正确；

C．经过t=0.4s，即半个周期，P点经过的路程为2A=0.4m

选项C错误；

D．经过t=0.5s，波向x轴负向平移Δx=vt=5m

可知Q点处于波峰；选项D正确。

故选BD。13、A:C:E【分析】【详解】

A．甲图中a束光折射角大，折射率小，根据a束光在水珠中的传播速度大；选项A正确；

B．乙图中，光束在面的折射角等于在面的入射角，只要入射角面的入射角就小于临界角；就不会发生全反射，选项B错误；

C．丙图中根据可知，若只减小屏到挡板间的距离L；两相邻亮条纹间距离将减小，选项C正确；

D．丁图中的干涉条纹说明被检测的平面在此处是凹陷的；选项D错误；

E．有偏振现象的光波为横波；选项E正确。

故选ACE。三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.反射②.频率③.路程差④.亮⑤.暗15、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]无论小物块甲与轨道AOB间是否存在摩擦力，摩擦力大小如何，只要每次放点相同，则其每次运动到B点的速度相同，故小物块甲与轨道AOB间的摩擦力不影响实验结果；

(2)[3]在粗糙水平面上的运动过程，由运动学公式得

小物块材料和表面粗糙程度相同，故与水平面间的动摩擦因数桢，若满足动量守恒，则满足

即

因此动摩擦因数不要测量。【解析】否否16、略

【分析】【详解】

[1]由题意可知，第二次到达A点时，来回是对称的，故单程的时间为0.05s；则由平衡位置到最大位置所用的时间：

则周期：

第三次经过A点时，用时：

[2]频率：【解析】0.7s1.25Hz17、略

【分析】【详解】

入射角越大，折射角越大，光在管中反射次数越多。当入射角接近时，由折射定律可

可得折射角

第一次射到玻璃和空气界面上时，根据几何关系可知，入射角为

此时光从界面上射出，因此应减小光从空气射入玻璃的入射角，使折射角恰好为30o时，恰好再次射到界面上时发生全反射，发生第一次全反射时，光沿玻璃管中心前进距离为

第二次反射，光沿玻璃管中心前进距离

以后每次反射光沿玻璃管中心前进距离都为

所以光最多可以在管中反射次数为（次）【解析】618、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.振动周期（或频率）②.倒数③.一个周期T四、作图题(共3题，共24分)19、略

【分析】【分析】

【详解】

弹簧振子的位移由平衡位置指向振子的方向；加速度指向平衡位置，如图。

【解析】20、略

【分析】【详解】

由题图可知，孔A和障碍物D跟波长相比相差不多，因此，从孔A传出的波和遇障碍物D之后的波均有明显的衍射现象；孔B和障碍物C跟波长相比相差较大，因此，从孔B传出的波和遇障碍物C之后的波无明显的衍射现象，在画通过孔A的衍射波时要强调画出的同心半圆都是以孔A为圆心的；遇障碍物D之后波的传播并没有受影响；而从孔B传出的波和遇障碍物C之后的波只沿直线传播，所以从孔A、B传出的波和遇障碍物C、D之后的波如图所示。