2025年新科版高一生物下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新科版高一生物下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、1.基因分离定律的实质是：A.F2出现性状分离B.F2性状的分离比为3﹕1C.F2基因型的分离比为1﹕2﹕1D.等位基因随同源染色体的分开而分离2、【题文】下列有关动、植物细胞结构区别的叙述，错误的是：A.所有植物细胞都有叶绿体等质体，动物细胞没有B.所有植物细胞都有细胞壁，动物细胞没有C.成熟的植物细胞有大液泡，动物细胞一般没有液泡D.动物和低等植物细胞有中心体，高等植物细胞则没有3、基因分离定律的实质是（）A.子二代的性状分离比为3：1B.测交后代的性状分离比为1：1C.等位基因随同源染色体的分开而分离D.非同源染色体上的非等位基因自由组合4、下图中，可表示次级卵母细胞分裂过程某一阶段示意图是()A.B.C.D.5、多个氨基酸分子缩合成含两条肽链的蛋白质时，相对分子量减少了900，由此可推知：此蛋白质分子所含的氨基酸数和肽键数分别是()A.52、52B.50、50C.52、50D.50、496、如图为酶催化反应的过程示意图；以数字编号的图形分别表示反应物；酶、生成物等反应要素，其中表示酶的图形编号是（）

A.①B.②C.③D.④评卷人得分二、双选题(共5题，共10分)7、下列有关分泌蛋白的合成、加工和运输过程的叙述，正确的是（）A．分泌蛋白最初在内质网上的核糖体中由氨基酸形成肽链B．该过程可以说明各种细胞器膜和细胞膜之间可以相互直接转化C．该过程需要消耗能量，这些能量的供给主要来自线粒体D．该过程中出现的囊泡只能由高尔基体形成8、下列现象不属于渗透作用的是A．水分子通过植物细胞的细胞壁B．水分子或其他溶剂分子通过细胞膜C．K2+通过原生质层D．水分子通过原生质层9、下列关于细胞结构的说法中，正确的是A.细胞的细胞壁都可以通过纤维素酶把它们分解掉B.乳酸菌、霉菌都含有核糖体和DNA、RNAC.蓝藻在生物进化中起着重要的作用，是因为它具有叶绿体能进行光合作用D.白菜根尖细胞中具双层膜的细胞器是线粒体10、下列几种生物的细胞中，属于原核细胞的是（）11、下列现象不属于渗透作用的是A．水分子通过植物细胞的细胞壁B．水分子或其他溶剂分子通过细胞膜C．K2+通过原生质层D．水分子通过原生质层评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)12、如图为动物细胞亚显微结构模式图；根据图示回答下列问题：（括号内填写图中相应的编号）

（1）与动物细胞分泌蛋白质有关的细胞器是[____]____

（2）下图中纵坐标表示物质通过细胞膜的运输速率．请据图回答：

①组织细胞排出CO2、吸收K+的方式依次是____（填字母序号），图b中出现BC平区的主要原因是____

②若对离体心肌细胞施用某种毒素，结果葡萄糖的吸收量明显减少，而Ca2+的吸收不受影响，其原因是____

③若使用呼吸作用抑制剂处理心肌细胞，则葡萄糖和Ca2+的吸收均受到显著影响，原因是____．13、下图为艾弗里的肺炎双球菌转化实验示意图，请据图回答：（1）图中①②表明：将S型细菌的多糖和蛋白质分别与R型活细菌混合培养，后代中的细菌类型为________型。（2）图中③表明：将S型细菌的________与R型活细菌混合培养，后代中的细菌类型为________型。（3）图中④表明，转化成的细菌的后代是________型细菌。（4）如将S型细菌的DNA与DNA酶混合一段时间后，再与R型活细菌混合培养，后代中的细菌类型为________型。（5）该实验说明：____________。（6）该实验最关键的设计思路是____。14、图为在一定的CO2浓度和温度条件下，某植物CO2吸收量和光照强度的关系曲线，据图回答

(1)该植物呼吸作用速度为每小时释放CO2mg/dm2。(2)b点表示____。光照强度为b点时，某叶肉细胞光合作用强度____（填“大于”、“等于”或“小于”）呼吸作用强度。(3)若该植物叶片面积为10dm2，在光照强度为25klx条件下光照1h，则该植物光合作用消耗的CO2为____mg，积累的葡萄糖为____mg（取小数点后一位）。15、囊性纤维化是一种严重的遗传性疾病；导致这一疾病发生的主要原因是编码CFTR蛋白的基因发生突变，如图表示CFTR蛋白在氯离子跨膜运输过程中的作用．

（1）图中所示为细胞膜的____模型，其中构成细胞膜的基本支架是____，氯离子跨膜运输的正常进行是由膜上____决定的．

（2）在正常细胞内，氯离子在CFTR蛋白的协助下通过____方式转运至细胞外，随着氯离子在细胞外浓度逐渐升高，水分子向膜外扩散的速度____；使覆盖于肺部细胞表面的黏液被稀释．

（3）有一种CFTR基因突变会导致肽链错误折叠，使蛋白质的____结构发生改变，从而影响CFTR蛋白的正常功能．16、如图所示，图l为某绿色植物细胞内部分代谢活动图解，其中①～⑤表示代谢过程，A～F表示代谢过程中产生的物质；图2为该植物在CO2浓度为0.03%；温度及其它条件适宜且恒定的情况下氧气释放速率曲线．回答有关问题：

（1）图1中，A的移动方向从类囊体薄膜到____，F代表的物质是____

（2）图1中，代表有氧呼吸中释放能量最多的过程是____（填序号）．图2中a点能发生图1中的生理过程有____（填序号）．

（3）图2中d点时限制光合作用速率的主要环境因素是____．与b点相比，c点光反应生成[H]的量____（填“较少”“相等”“较多”）．

（4）在图2实验的环境条件下，若每天光照12小时，则平均光照强度至少要大于____klx时，植株才能够正常生长．17、牛奶中含有丰富的蛋白质；有研究发现空腹喝牛奶，不能充分利用其营养价值．请设计实验，探究空腹喝牛奶时营养物质的利用情况．

（1）资料准备：牛奶中的蛋白质在____的作用下分解在小肠内被吸收．蛋白质的营养价值主要体现在____的种类和数量能否满足机体的需要．

（2）探究问题：空腹喝下的牛奶中的蛋白质会发生怎样的变化。

（3）提出假设：____

（4）实验设计：____（注意：不能用人体做实验；应该用动物实验）

（5）实验步骤：①____，②____，③____．

（6）实验结果预测：①____，②____，③____．

（7）结论：____．评卷人得分四、判断题(共1题，共3分)18、兔的白毛与黑毛，狗的长毛与卷毛都是相对性状．()____评卷人得分五、其他(共4题，共12分)19、【题文】（1）细胞增殖是以细胞分裂的方式使细胞数目____，分裂完成后____数目保持不变，使后代在形态、结构和功能上保持了相似性；细胞分化则是形态、结构、功能发生____的过程。

（2）单细胞生物：____的衰老或死亡就是个体的衰老或死亡；多细胞生物：个体衰老的过程也是组成个体的细胞____衰老的过程。

（3）癌细胞：有的细胞受到____的作用，细胞中的遗传物质发生变化，就变成____的、____的恶性增殖细胞；在适宜条件下，癌细胞能够____增殖；而一般正常人体细胞只能分裂____次。20、【题文】从模板和产物上分析，转录不同于复制之处在于转录是以_____________为模板，而复制是以___________为模板；转录的产物是____________，复制的产物是_________。21、【题文】（1）细胞增殖是以细胞分裂的方式使细胞数目____，分裂完成后____数目保持不变，使后代在形态、结构和功能上保持了相似性；细胞分化则是形态、结构、功能发生____的过程。

（2）单细胞生物：____的衰老或死亡就是个体的衰老或死亡；多细胞生物：个体衰老的过程也是组成个体的细胞____衰老的过程。

（3）癌细胞：有的细胞受到____的作用，细胞中的遗传物质发生变化，就变成____的、____的恶性增殖细胞；在适宜条件下，癌细胞能够____增殖；而一般正常人体细胞只能分裂____次。22、【题文】从模板和产物上分析，转录不同于复制之处在于转录是以_____________为模板，而复制是以___________为模板；转录的产物是____________，复制的产物是_________。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】位于同源染色体上的等位基因随同源染色体的分开而分离，独立地随配子遗传给后代。【解析】【答案】D2、A【分析】【解析】

试题分析：大多数植物细胞都有叶绿体等质体；但是也有植物细胞就不含质体，比如，导管细胞这种死细胞，故A错误；所有植物细胞的细胞膜外都有细胞壁，动物细胞没有，故B正确；成熟的植物细胞有大液泡，动物细胞一般没有液泡，故C正确；动物和低等植物细胞有中心体，高等植物细胞则没有中心体，故D正确。

考点：本题考查动、植物细胞结构的相关知识，意在考查考生理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力。【解析】【答案】A3、C【分析】解：A；子二代出现性状分离是基因分离定律的结果；而不是实质，A错误；

B；测交后代性状分离比为1：1；是现象而不是实质，B错误；

C；在减数分裂过程中；等位基因随同源染色体分开而分离，分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代，C正确；

D；基因自由组合定律的实质是非同源染色体上的非等位基因自由组合；D错误．

故选：C．

基因分离的实质是减数分裂形成配子时；控制一对相对性状的等位基因随着同源染色体的分开而分离，分别进入子细胞中．

本题考查了分离定律的实质，意在考生学生的识记能力和理解能力，难度不大．【解析】C4、B【分析】【分析】本题结合细胞分裂图，考查细胞的减数分裂，重点考查精子和卵细胞的形成过程，要求考生识记细胞减数分裂不同时期的特点，掌握精子和卵细胞形成过程的异同，能准确判断各选项中细胞的名称，再作出准确的判断。【解答】A.图A细胞处于减数第一次分裂后期，且细胞质不均等分裂，称为初级卵母细胞，A错误；

B.图B细胞处于减数第二次分裂后期，且细胞质不均等分裂，称为次级卵母细胞，B正确；

C.图C细胞处于减数第一次分裂后期，且细胞质均等分裂，称为初级精母细胞，C错误；

D.图C细胞处于减数第二次分裂后期，且细胞质均等分裂，称为次级精母细胞或第一极体，D错误。

故选B。【解析】B5、C【分析】【分析】蛋白质是通过脱水缩水形成的，相对分子质量减少值就是脱去水的相对分子质量，即脱去一分子水形成一个肽键，肽键数也为50个。氨基酸个数-肽链数=脱去水分子数或形成的肽键数，氨基酸数即为50+2=52.6、A【分析】【解答】解：酶促反应的原理是降低化学反应的活化能；酶在反应前后，其数量和性质不会发生改变，所以在示意图中，表示酶的是①．

故选：A．

【分析】酶是活细胞产生的具有生物催化能力的有机物，大多数是蛋白质，少数是RNA；酶的催化具有高效性（酶的催化效率远远高于无机催化剂）、专一性（一种酶只能催化一种或一类化学反应的进行）、需要适宜的温度和pH值（在最适条件下，酶的催化活性是最高的，低温可以抑制酶的活性，随着温度升高，酶的活性可以逐渐恢复，高温、过酸、过碱可以使酶的空间结构发生改变，使酶永久性的失活），据此分析解答．二、双选题(共5题，共10分)7、A|C【分析】试题分析：分泌蛋白的形成首先是在内质网上的核糖体中，由氨基酸形成肽链,肽链进入内质网腔中进行加工，形成较成熟的蛋白质，较成熟的蛋白质以分泌小泡的形式移向高尔基体，在高尔基体中进行修饰，形成具有一定功能的蛋白质，A正确；细胞器膜和细胞膜之间是通过囊泡间接进行转化的，B错误；该过程需要消耗能量，由细胞质基质与线粒体提供，主要来自线粒体，C正确；内质网与高尔基体都可形成囊泡，D错误。考点：本题考查分泌蛋白的合成、加工和运输过程的知识。意在考查能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力。【解析】【答案】AC8、A|C【分析】试题分析：渗透作用是指水分子或其它溶剂分子从低浓度的溶液通过半透膜进入高浓度溶液中的现象。植物细胞壁不是半透膜，是全透性膜，因此水分子通过植物细胞的细胞壁，不属于渗透作用，A不属于；细胞膜是选择透过性膜，水分子或其他溶剂分子通过细胞膜属于渗透作用，B属于；原生质层是选择透过性膜，但是K2+在溶液中作为溶质分子，不符合定义，C不属于；水分子通过原生质层，即植物细胞的渗透作用，D属于。故以上现象不属于渗透作用的是AC。考点：本题考查通过模拟实验探究膜的透性、观察植物细胞的质壁分离和复原，意在考查学生能独立完成“生物知识内容表”所列的生物实验，包括理解实验目的、原理。【解析】【答案】AC9、B|D【分析】试题分析：植物细胞的细胞壁的组成成分主要是纤维素和果胶，因此通过纤维素酶可以把细胞壁分解破坏掉，但细菌、真菌也有细胞壁,大多数细菌的细胞壁主要由肽聚糖构成，不能通过纤维素酶将其分解，A项错误；乳酸菌是原核生物，霉菌是真菌，是真核生物，无论原核细胞还是真核细胞，细胞中都有核糖体和DNA、RNA，B项正确；蓝藻在生物进化中起着重要的作用，是因为它能进行光合作用，但是蓝藻是原核生物，细胞中没有叶绿体，C项错误；具双层膜的细胞器是线粒体和叶绿体，白菜根尖细胞中没有叶绿体，D项正确；故选BD。考点：本题考查多种多样的细胞、细胞膜系统的结构和功能、主要细胞器的结构和功能，意在考查学生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论。【解析】【答案】BD10、A|D【分析】试题分析：甲图细胞没有核膜包被的细胞核，细胞内具有拟核和核糖体，是细菌，属于原核细胞；乙图细胞具有细胞核、各种细胞器和细胞壁，属于植物细胞；C图没有细胞壁，有细胞核，有中心体等细胞器，是动物细胞；D图有细胞壁，没有核膜包被的细胞核，细胞内具有拟核和核糖体，是蓝藻，属于原核细胞。考点：本题考查细胞结构的知识。意在考查能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，能用文字、图表以及数学方式等多种表达形式准确地描述生物学方面的内容的能力。【解析】【答案】AD11、A|C【分析】试题分析：渗透作用是指水分子或其它溶剂分子从低浓度的溶液通过半透膜进入高浓度溶液中的现象。植物细胞壁不是半透膜，是全透性膜，因此水分子通过植物细胞的细胞壁，不属于渗透作用，A不属于；细胞膜是选择透过性膜，水分子或其他溶剂分子通过细胞膜属于渗透作用，B属于；原生质层是选择透过性膜，但是K2+在溶液中作为溶质分子，不符合定义，C不属于；水分子通过原生质层，即植物细胞的渗透作用，D属于。故以上现象不属于渗透作用的是AC。考点：本题考查通过模拟实验探究膜的透性、观察植物细胞的质壁分离和复原，意在考查学生能独立完成“生物知识内容表”所列的生物实验，包括理解实验目的、原理。【解析】【答案】AC三、填空题(共6题，共12分)12、9高尔基体a、b受载体数量限制毒素抑制了葡萄糖的载体，对运输Ca2+的载体无影响抑制了心肌细胞的呼吸作用，使ATP数量减少【分析】【解答】解：（1）结构9为高尔基体；其在动植物细胞中的功能不同，在动物细胞中与分泌物的形成有关，在植物细胞中与细胞壁的形成有关．

（2）①组织细胞排出CO2、吸收K+的方式依次是自由扩散和主动运输，对应的图示为a和b．图b中出现平台区的主要原因是细胞膜上的载体数量是一定的；因而不能无限增多．

②由于细胞膜上的载体具有专一性，毒素使Ca2+吸收量明显减少，而K+的吸收量不受影响，说明毒素只抑制了Ca2+载体的活性，而对K+载体活性没有影响．

③由于心肌细胞吸收Ca2+、K+、葡萄糖为主动运输，要消耗能量，所以用呼吸抑制剂处理心肌细胞，供能不足，导致Ca2+、K+的吸收量都受到影响．

【分析】分析图解：图1为动物细胞亚显微结构模式图；其中1为线粒体，2为细胞质基质，3为内质网，4为染色质，5为中心体，6为内质网，7为核仁，8为核膜，9为高尔基体，10为核糖体．

图2中a图：表示物质通过细胞膜的运输速率与浓度差呈正相关；所以方式为自由扩散；

b图：表示在一定的氧气浓度范围内，物质通过细胞膜的运输速率与氧气浓度呈正相关，达到一定的浓度后则不再增加，所以方式为主动运输．13、（1）R（2）DNAR和S（3）S（4）R（5）DNA是该生物的遗传物质，蛋白质和多糖不是该生物的遗传物质。（6）把具有荚膜的S型细菌的DNA和蛋白质等成分分开，单独地去观察它们在细菌转化过程中的作用【分析】【分析】本题着重考查了艾弗里的肺炎双球菌转化的实验的设计思路及结论等知识，意在考查考生的识记能力和理解能力，解题关键是考生能够识记实验思路、过程和实验结果。R型和S型肺炎双球菌的区别是前者没有荚膜（菌落表现粗糙）；后者有荚膜（菌落表现光滑）。由肺炎双球菌转化实验可知，只有S型菌有毒，会导致小鼠死亡，S型菌的DNA才会是R型菌转化为S型菌。

在艾弗里证明遗传物质是DNA的实验中；艾弗里将S型细菌的DNA；蛋白质、糖类等物质分离开，单独的、直接的观察它们各自的作用．另外还增加了一组对照实验，即DNA酶和S型活菌中提取的DNA与R型菌混合培养。

【解答】（1）图中①和②表明：将S型细菌的多糖和蛋白质与R型活细菌混合培养；其后代都为R型细菌，没有发生转化现象。

（2）图中③表明：将S型细菌的DNA与R型活细菌混合培养；其后代有R型细菌和S型细菌，说明有部分R型细菌转化为S型细菌，所以后代中的细菌类型为R型和S型。

（3）图中④表明：转化成的S细菌的后代也是有毒性的S型细菌。

（4）艾弗里等人发现通过以上的实验步骤并不严密；仍不足以完全说明DNA是转化因子即遗传物质，又做了一组对照实验，其设计为将经过DNA酶处理的S型细菌的DNA加入到含有R型细菌的培养基中，结果没有出现S型细菌，后代中的细菌类型仍为R型。

（5）该实验说明：DNA是该生物的遗传物质；蛋白质和多糖不是该生物的遗传物质。

（6）该实验最关键的设计思路是把具有荚膜的S型细菌的DNA和蛋白质等成分分开，单独地去观察它们在细菌转化过程中的作用​。

【解析】（1）R（2）DNAR和S（3）S（4）R（5）DNA是该生物的遗传物质，蛋白质和多糖不是该生物的遗传物质。（6）把具有荚膜的S型细菌的DNA和蛋白质等成分分开，单独地去观察它们在细菌转化过程中的作用14、（1）5

（2）光合作用强度等于呼吸作用强度（或光合速率等于呼吸速率或光合作用吸收的CO2等于呼吸作用释放的CO2）大于（3）250136.4【分析】【分析】本题考查了影响光合作用的环境因素，意在考查考生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系；理论联系实际，综合运用所学知识解决自然界和社会生活中的一些生物学问题的能力和从题目所给的图形中获取有效信息的能力。

【解答】

（1）图中a点光照强度为0，此时的CO2吸收量表示呼吸作用速率，为5mg/dm2。

（2）图中b点CO2吸收量为0，表示光合作用速率等于呼吸作用速率，即光合作用吸收的CO2量等于呼吸作用释放的CO2量。

（3）在光照强度为25klx条件下，植物CO2净吸收量为20mg/dm2，而呼吸作用速率为5mg/dm2，则光合作用速率为20+5=25mg/dm2。因此若该植物叶片面积为10dm2，在光照强度为25klx条件下光照1h，则该植物光合作用利用的CO2为25×10=250mg，根据光合作用反应式计算可知，积累的葡萄糖为________mg。

【解析】（1）5

（2）光合作用强度等于呼吸作用强度（或光合速率等于呼吸速率或光合作用吸收的CO2等于呼吸作用释放的CO2）大于（3）250136.415、流动镶嵌磷脂双分子层载体蛋白功能正常主动运输加快空间【分析】【解答】（1）分析题图可知；该图是细胞膜的流动镶嵌模型，磷脂双分子层构成膜的基本骨架；氯离子跨膜运输的正常进行是由膜上相应的载体蛋白功能正常决定的．

（2）分析题图可知；细胞排除氯离子的方式需要载体蛋白和能量，因此属于主动运输；随氯离子在细胞外浓度逐渐升高，细胞内渗透压下降，水分子向膜外扩散的速度加快．

（3）CFTR基因突变会导致肽链错误折叠；会使蛋白质的空间结构改变而影响蛋白质的正常功能．

【分析】本题是对流动镶嵌模型的内容和物质跨膜运输的方式的综合性考查，根据题图梳理流动镶嵌模型的基本内容和物质跨膜运输的方式，然后根据问题的具体要求进行解答．16、叶绿体基质丙酮酸③③④⑤CO2浓度较多4【分析】【解答】（1）根据题意和图示分析可知：图1中；①表示光反应，②表示暗反应，A表示[H]和ATP，光反应为暗反应提供的ATP和[H]，所以A的移动方向从类囊体薄膜到叶绿体基质；B表示ADP和Pi，C表示氧气，D表示二氧化碳，E表示[H]，F表示丙酮酸．

（2）⑤表示细胞呼吸的第一阶段；④表示有氧呼吸的第二阶段，③表示有氧呼吸的第三阶段，其中有氧呼吸的第三阶段③产生的能量最多；图2中，a点光照强度为0，此时只进行细胞呼吸，能发生图1中的⑤④③生理过程．

（3）图2中，分析图解可知，图中c﹣d段表示已经达到了光合作用的光饱和点，此时光照强度不再是其限制因素，图2为CO2浓度为0.03%（浓度较低）、温度及其它条件适宜且恒定的情况，因此CO2浓度是d点限制光合作用速率的主要因素；与b点相比；c点的光强度增强，光反应产生的ATP和[H]增多．

（4）在图2实验的环境条件下，每天在光照的12小时内，光合作用实际合成的有机物的量大于一昼夜呼吸作用消耗的有机物的量，植株才能够正常生长．分析图2可知，纵坐标表示O2的释放量即净光合速率，每小时呼吸作用消耗O2量即呼吸速率为2mmol/h，则一昼夜呼吸作用消耗O2量为2mmol/h×24h=48mmol．若每天光照12小时，则平均每小时O2的实际产生量即实际光合速率应大于48/12=4mmol/h时；植株才能够正常生长．依据净光合速率=实际光合速率﹣呼吸速率，可解得净光合速率=2（mmol/h），所对应的光照强度为4klx．

【分析】根据题意和图示分析可知：图1中，①表示光反应，②表示暗反应，⑤表示细胞呼吸的第一阶段，④表示有氧呼吸的第二阶段，③表示有氧呼吸的第三阶段．A表示[H]和ATP，B表示ADP和Pi，C表示氧气，D表示二氧化碳，E表示[H]，F表示丙酮酸．图2表示该植物在CO2浓度为0.03%、温度及其它条件适宜且恒定的情况下氧气释放速率曲线．17、胃蛋白酶、胰蛋白酶、肽酶等氨基酸空腹喝下的牛奶中的蛋白质发生了脱氨基作用用含14N标记的蛋白质液体饲喂动物，检测14N的去向选择生长状态、体形大小等基本一致的小鼠，饥饿12小时使成空腹，分A、B两组A组仅饲喂含14N标记的蛋白质液体，B组饲喂含14N标记的蛋白质液体中添加淀粉等糖类检测两组小鼠排出的尿液中含14N的物质的种类和数量含14N标记的物质在尿液中的含量A组比B组多含14N标记的物质在尿液中的含量A组和B组差不多含14N标记的物质在尿液中的含量A组比B组少情况如①，说明发生了脱氨基作用，空腹喝牛奶营养有损失；情况如②，说明发生的脱氨基作用属于正常情况，与空腹无关；情况如③，不能说明发生的脱氨基作用与空腹有关【分析】【解答】（1）在人的消化道内；牛奶中的蛋白质在胃蛋白酶；胰蛋白酶、肽酶等的作用下分解成在氨基酸，通过主动运输方式在小肠内被吸收；蛋白质的营养价值主要体现在氨基酸的种类和数量能否满足机体的需要．

（2）本题是设计实验探究空腹喝牛奶时营养物质的利用情况；所以探究问题是：空腹喝下的牛奶中的蛋白质会发生怎样的变化？

（3）提出假设：空腹喝下的牛奶中的蛋白质发生了脱氨基作用．

（4）设计实验：用含14N标记的蛋白质液体饲喂动物，检测14N的去向．

（5）实施实验：①根据生物实验设计的原则，将所选择的生长状态、体形大小等基本一致的小鼠，饥俄12