2025年外研衔接版选修3物理下册阶段测试试卷含答案_第1页
2025年外研衔接版选修3物理下册阶段测试试卷含答案_第2页
2025年外研衔接版选修3物理下册阶段测试试卷含答案_第3页
2025年外研衔接版选修3物理下册阶段测试试卷含答案_第4页
2025年外研衔接版选修3物理下册阶段测试试卷含答案_第5页
已阅读5页,还剩24页未读 继续免费阅读

下载本文档

版权说明:本文档由用户提供并上传,收益归属内容提供方,若内容存在侵权,请进行举报或认领

文档简介

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页,总=sectionpages22页第=page11页,总=sectionpages11页2025年外研衔接版选修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围:全部知识点;考试时间:120分钟学校:______姓名:______班级:______考号:______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题,共12分)1、一定质量的理想气体封闭在气缸内,当用活塞压缩气体时,一定增大的物理量为()A.气体分子的平均动能B.气体分子的势能C.气体的内能D.气体密度2、如图,一定量的理想气体从状态经热力学过程后又回到状态a。对于三个过程;下列说法正确的是()

A.过程中,气体始终放热B.过程中,气体的温度先升高后降低C.过程中,气体的温度先降低后升高D.过程中,气体对外界做功3、某校中学生参加某电视台“异想天开”节目的活动,他们提出了下列四个设想方案,从理论上讲可行的是()A.制作一个装置从海水中吸收内能并全部用来做功B.制作一种制冷设备,使温度降至绝对零度以下C.在房屋顶盖上安装太阳能板,可以用太阳能来解决照明和热水问题D.汽车尾气中的各类有害气体排入大气后严重污染了空气,想办法使它们自发地分离,既清洁了空气,又变废为宝4、天然放射现象通常会放出三种射线,即α、β、γ射线,关于这三种射线以下说法正确的是()A.云室中α射线径迹长而粗,这是因为α射线具有较强的穿透能力B.β射线是来源于原子内层电子,很容易穿透黑纸,也能穿透几毫米厚的铝板C.γ射线是能量很高的电磁波,在电场和磁场中都不偏转D.用β射线照射带正电的验电器,则验电器的张角会变大5、光滑曲面与竖直平面的交线是抛物线,如图所示,抛物线的方程为y=x2,其下半部处在一个水平方向的匀强磁场中,磁场的上边界是y=2m的直线(如图中的虚线所示).一个质量为1kg的小金属块从抛物线上y=4m处以速度v=2m/s沿抛物线下滑,假设曲面足够长,重力加速度g取10m/s2;则金属块在曲面上滑动的过程中产生的焦耳热总量为()

A.20JB.18JC.22JD.42J6、如图所示的电路中,a、b是两个完全相同的灯泡,L为自感线圈(直流电阻不计),E为电源;S为开关。下列说法中正确的是。

A.闭合开关,a、b同时亮B.闭合开关,a先亮,b后亮C.断开开关,a、b过一会儿同时熄灭D.断开开关,b先熄灭,a闪亮后熄灭评卷人得分二、多选题(共7题,共14分)7、一个微型吸尘器的直流电动机的额定电压为U,额定电流为I,线圈电阻为R,将它接在电动势为E,内阻为r的直流电源的两极间,电动机恰好能正常工作,则()A.电动机消耗的总功率为UIB.电动机消耗的热功率为C.电源的输出功率为EID.电源的效率为1-8、如图是双缝干涉实验装置的示意图,S为单缝,S1、S2为双缝,P为光屏.用绿光照射单缝S时,可在光屏P上观察到干涉条纹.为使相邻两个亮条纹的中心间距增大;下列措施可行的是。

A.减小双缝间的距离B.增大双缝到屏的距离C.将绿光换为红光D.将绿光换为紫光9、如图所示,两端与定值电阻相连的光滑平行金属导轨倾斜放置,其中导轨电阻不计,导轨宽度为L,匀强磁场垂直穿过导轨平面,磁感应强度为B。导体棒ab的电阻为R,垂直导轨放置,与导轨接触良好。释放后,导体棒ab沿导轨向下滑动,某时刻流过的电流为I,在此时刻()

A.重力的功率为B.金属杆ab消耗的热功率为C.导体棒的速度大小为D.导体棒受到的安培力的大小为2BIL10、一理想变压器原、副线圈匝数比n1:n2=11:5.原线圈与正弦交变电源连接,输入电压为220V.副线圈仅接一个10Ω的电阻。则()A.变压器的输出电压为100VB.流过电阻的电流是22AC.原线圈中的电流是22AD.变压器的输入功率是11、下列说法中正确的是()A.水由液态变为气态,分子势能增加B.浸润和不浸润现象是液体分子间相互作用的表现C.气体压强仅与气体分子的平均动能有关E.温度降低,则分子的平均动能变小E.温度降低,则分子的平均动能变小12、下列说法正确的是()A.只要减弱气体分子热运动的剧烈程度,气体的温度就可以降低B.在完全失重的情况下,气体对容器壁的压强为零C.由于液体表面层分子间距距离大于液体内部分子间距离,所以存在浸润现象D.夏季天旱时,给庄稼松土是为了破坏土壤中的毛细管,防止水分蒸发13、一定质量的理想气体,从状态A开始经历三个不同的过程I、Ⅱ、Ⅲ到状态B、C、D,状态B、C、D的体积相同。过程I是等温膨胀过程;过程Ⅱ是等压膨胀过程,过程Ⅲ是绝热膨胀过程。关于三个过程和三个状态有关参量的比较,正确的是()A.D三个状态,C状态的温度最高B.Ⅱ过程对外做的功最多C.三个状态的D相比较,D状态分子数密度最小E.只有状态D的内能小于状态A的内能E.只有状态D的内能小于状态A的内能评卷人得分三、填空题(共9题,共18分)14、如图所示,甲木块的质量为m1=2kg,以v=4m/s的速度沿光滑水平地面向前运动,正前方有一静止的、质量为m2=3kg的乙木块,乙上连有一轻质弹簧.则甲木块与弹簧接触后弹簧获得的最大弹性势能为___J,乙木块受到的冲量I=___________

15、一气缸内储有10mol的单原子分子理想气体,在压缩过程中,外力做功209J,气体温度升高1K,则气体内能的增量E为________J,吸收的热量Q为________J。16、石坑崆位于广东省乳源瑶族自治县西部70多公里的群山中,是广东和湖南交界的地方,又名莽山峰,海拔1902米,是广东第一高峰。某人从山底释放一气象探测气球,气球上升到山顶时,内部气体的压强变小。若气球上升过程中体积不变,则从山底到山顶,气球内气体分子的平均动能___________(选填“变大”“变小”或“不变”);该过程中,气球内气体___________(选填“放出”或“吸收”)热量。17、如图所示,D是一只二极管,它的作用是只允许电流从a流向b,不允许从b流向a,水平放置的平行板电容器AB内部原有一电荷P处于静止状态,一直保持两极板处于平行状态,若A和B的间距稍增大一些后,P的运动情况将是________;若把A和B的正对面积稍增大一些后,P的运动情况将是_________;若充电后去掉电源与二极管,再在AB间插入一块陶瓷片,P的运动情况将是________.(填“静止不动”;“向下运动”或“向上运动”)

18、“测定玻璃的折射率”实验中,在玻璃砖的一侧竖直插两个大头针A、B,在另一侧再竖直插两个大头针C、D.在插入第四个大头针D时,要使它_____________.

如图是在白纸上留下的实验痕迹,其中直线a、a’是描在纸上的玻璃砖的两个边.根据该图可算得玻璃的折射率n=_____________.(计算结果保留两位有效数字)

19、一质点作简谐运动,它从最大位移处经0.3s第一次到达某点M处,再经0.2s第二次到达M点,则其振动频率为__________Hz。20、位于坐标原点O处的波源产生一个沿x轴正方向传播的脉冲波,波速v=20m/s.已知t=0时刻波刚好传播到x=10m处,如图所示.若传播过程中无能量损失,由图可知振源只振动了_____s,再经____s波刚好传播到x=20m处,t=0时刻后x=8m处的质点运动的路程为___cm.

21、.如图甲所示,为某简谐横波在t=0时刻的波形图象,乙图为在该波的传播方向上某质点的振动图象.下列说法中正确的是_______(填正确答案标号.)

A.该波的波速为10m/s

B.该波一定沿x轴正方向传播

C.若图乙是质点P的振动图象,那么,在t=0.15s时刻,质点Q的坐标为(0.5m,0)

D.若图乙是质点Q的振动图象,那么,在t=0.15s时刻,质点P的坐标为(1m,-4cm)

E.当t=0.1s时,质点P一定正在经过平衡位置22、质量为M的物块静止在光滑水平桌面上,质量为m的子弹以水平速度v0射入物块后,以水平速度2v0/3射出.则物块的速度为_______,此过程中损失的机械能为______.评卷人得分四、作图题(共3题,共15分)23、如图所示,甲、乙是直线电流的磁场,丙、丁是环形电流的磁场,戊、己是通电螺线管的磁场,试在各图中补画出电流方向或磁感线方向.

24、示波管的内部结构如图所示.如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压,电子束将打在荧光屏中心.如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压,请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图.

25、图中表示某一时刻的波形图,已知波速为0.5m/s,波沿着x轴的正方向传播;画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题,共12分)26、现要用伏安法描绘一只标值为“2.5V,0.6W”小灯泡的I-U图线,有下列器材供选用:

A.电压表(0~3V,内阻)

B.电流表(0~0.6A,内阻)

C.电流表(0~3A,内阻)

D.滑动变阻器(,2A)

E.滑动变阻器(,1.0A)

F.蓄电池(电动势6V,内阻不计)

实验要求测量数据范围尽可能大些①则滑动变阻器应选用__________(用序号字母表示);电流表应选用_______(用序号字母表示).

②设计电路,用笔画线代替导线在图中将实物连接成实验所需电路图._______

③通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图所示.由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为______Ω.27、某实验小组要精确测定额定电压为220V的电热丝正常工作时的电阻;已知电热丝正常工作时电阻大约1100Ω,电学符号电阻的电学符号相同.

实验室提供的器材有:

A.电流表A1(量程为0至3mA,内阻RA1约为6Ω)

B.电流表A2(量程为0至1mA,内阻RA2约为10Ω)

C.定值电阻R1=500Ω

D.定值电阻R2=1200Ω

E.滑动变阻器R(0至20Ω)一只。

F.电压表V1(量程为0至100V,内阻Rv1=1000Ω)

G.电压表V2(量程为0至300V,内阻Rv2约9kΩ)

H.Ups不间断电源E(可视为蓄电池组;电动势为300V,内阻不计)

I.开关S一只。

(1)如图所示,请选择合适的器材(填写器材前的字母编号):电表1为______,电表2为______,实验小组的同学认为应该将其中一个电表______联(填入“串联”或“并联”)一定值电阻方可顺利完成实验,则该电表为______,该定值电阻应为______.

(2)实验小组按要求正确连接电路(图略)后,进行了测量______.

(3)若电流表A1的测量值为I1,电流表A2的测量值为I2,电压表V1的测量值为U1,电压表V2的测量值为U2,写出测量电热丝正常工作时的电阻表达式Rx=____________(填字母).28、某物理学习小组设计了如图所示的实验电路准备测量未知电阻Rx的值.图中G是指针在中央(零刻线在中央)的灵敏电流计(已知电流从左侧接线柱流入指针向左偏);R是已知阻值的定值电阻,AB是一根粗细均匀的长直电阻丝,从刻度尺测得AB长度为L,D是与电阻丝接触良好的滑动触头.回答下列问题:

(1)同学在某一次将D调节到如图位置时发现电流计指针向右偏,则他应该把D向________(填左或右)移动适当距离,直到____________为止.

(2)他还需要测量的物理量有______________(用字母符号表示),未知电阻的计算表达式为Rx=________(用题目中给出和你设的字符表示)

(3)关于本次实验系统误差的分析为:测量值________电阻真实值(填“>”、“<”或“=”).评卷人得分六、解答题(共4题,共8分)29、水平直线MN上方有垂直纸面向外的足够大的有界匀强磁场区域,磁感应强度为B,正、负电子同时从MN边界O点以与MN成300角的相同速度v射入该磁场区域(电子质量为m;电量为e)经一段时间后从边界MN射出.求:

(1)它们从磁场中射出时;出射点间的距离;(画出电子运动的轨迹图)

(2)它们从磁场中射出的时间差.30、如果气体的温度是1℃,也可以说气体的温度是多少K?如果气体的温度升高了1℃,也可以说气体的温度升高了多少K?31、如图所示的正方形盒子开有a、b、c三个微孔,盒内有垂直纸面向里的匀强磁场。一束速率不同的带电粒子(质量、电量均相同,不计重力)从a孔沿垂直磁感线方向射入盒中,发现从c孔和b孔有粒子射出;试分析下列问题:

(1)判断粒子的电性;

(2)从b孔和c孔射出的粒子速率之比v1:v2;

(3)它们在盒内运动时间之比为t1:t2。

32、在匀强电场中,将一电荷量为2×10-5C的正电荷由A点移到B点,电场力做功0.4J,已知A、B两点间距=10cm;两点连线与电场方向成60°角,如图所示,问:

(1)在电荷由A移到B的过程中;电荷电势能变化了多少?

(2)A、B两点间的电势差为多少?

(3)该匀强电场的电场强度为多大?参考答案一、选择题(共6题,共12分)1、D【分析】【详解】

AC.当用活塞压缩气体时;外界对气体做功,若同时气体放出热量,则气体的内能不一定增大,所以气体的分子平均动能也不一定增大,故AC不符合题意;

B.理想气体不考虑分子的势能;故B不符合题意;

D.当用活塞压缩气体时;体积一定减小,故气体密度一定增大,故D正确。

故选D。2、B【分析】【分析】

【详解】

A.由理想气体的图可知,理想气体经历ab过程,体积不变,则而压强增大,由

可知,理想气体的温度升高,则内能增大,由

可知;气体一直吸热,故A错误;

BC.由

可知,图像的坐标围成的面积反映温度,b状态和c状态的坐标面积相等,而中间状态的坐标面积更大,故bc过程的温度先升高后降低;故B正确,C错误;

D.理想气体经历ca过程为等压压缩;则外界对气体做功,故D错误;

故选B。3、C【分析】【详解】

A.根据热力学第二定律知;在不产生其他影响时,内能不能全部转化为机械能,因此从海水中吸收内能并全部用来做功而不产生其他影响是不可能实现的,A错误;

B.绝对零度是温度的极值;使温度降至绝对零度以下是不能的,B错误;

C.在房屋顶盖上安装太阳能板;利用太阳能来解决照明和热水问题是可以的,C正确;

D.有害气体和空气不可能自发地分离;违反热力学第二定律的方向性,D错误。

故选C。4、C【分析】【分析】

【详解】

A.由于α粒子的电离本领大;贯穿本领小,所以α射线在云室中的径迹粗而短,故A错误;

B.β射线是高速电子流;是原子核衰变时产生的一种射线,这种射线来源于原子核内部,很容易穿透黑纸,也能穿透几毫米厚的铝板,故B错误;

C.γ射线是能量很高的电磁波;因其不带电,所以在电场和磁场中都不偏转,故C正确;

D.β射线是高速电子流;照射带正电的验电器,与验电器中的正电荷中和,则验电器的张角会变小,故D错误。

故选C。5、C【分析】【详解】

圆环最终在y=2m以下来回摆动,以y=4m处为初位置,y=2m处为末位置,知末位置的速度为零,在整个过程中,重力势能减小,动能减小,减小的机械能转化为内能,根据能量守恒定律得:故C正确,ABD错误;6、C【分析】由图可以看出,a、b灯泡在两个不同的支路中,对于纯电阻电路,不发生电磁感应,通电后用电器立即开始正常工作,断电后停止工作.但对于含电感线圈的电路,在通电时,线圈产生自感电动势,对电流的增大有阻碍作用,使a灯后亮,则合上开关,b先亮,a后亮.当断开电键时,线圈中产生自感电动势,由a、b及电感线圈组成一个回路;两灯同时逐渐熄灭.故C正确,A;B、D错误.故选C.

【点睛】对于线圈要抓住这个特性:当电流变化时,线圈中产生自感电动势,相当于电源,为回路提供瞬间的电流.二、多选题(共7题,共14分)7、A:D【分析】【详解】

电动机消耗的总功率应该用P=IU来计算,所以总功率为IU,所以A正确;电动机消耗的热功率应该用P=I2R来计算,所以热功率P=I2R,所以B错误.电源的输出功率等于电动机的输入功率,得P出=UI.故C错误.电源的总功率为IE,内部发热的功率为I2r,所以电源的效率为所以D正确.故选AD.8、A:B:C【分析】【详解】

A.根据双缝干涉条纹的间距公式知,减小双缝间的距离,即d变小,则干涉条纹间距减大,故A正确.

B.根据双缝干涉条纹的间距公式知,增大双缝到屏的距离,即l增大,干涉条纹间距增大.故B正确.

C.根据双缝干涉条纹的间距公式知,将绿光换为红光,波长变长,则干涉条纹间距变大.故C正确.

D.根据双缝干涉条纹的间距公式知,将绿光换为紫光,波长变短,则干涉条纹间距减小.故D错误.9、B:D【分析】【详解】

AB.据题知R1=R2=2R,流过R2的电流为I,则流过ab棒的电流为2I,金属杆ab消耗的热功率为

若导体棒匀速运动,根据能量守恒重力的功率等于电路的总功率

由于导体棒不一定匀速运动,所以重力的功率不一定为8I2R,也不一定是6I2R,故A错误,B正确;

C.金属杆ab产生的感应电动势为

得导体棒的速度大小为

故C错误;

D.导体棒受到的安培力的大小为

故D正确。

故选BD。10、A:D【分析】【分析】

由图可读出最大值;周期,电表的示数为有效值,由输入功率等于输出功率可求得输入功率.

【详解】

根据变压器的变压规律:求得U2=U1=100V,选项A正确;流过电阻的电流I2==10A,故选项B错误;由P1=P2可求得原线圈的电流故选项C错误;变压器的输入功率为原线圈的功率:P1=U1I1=220×W=1×103W;故选项D正确.故选AD.

【点睛】

此题考查交流电的图象及表达式,明确输入功率等于输出功率,电表的示数为有效值.还涉及到变压器的原理、功率公式等问题,只要正确应用公式应该不难.11、A:D:E【分析】【详解】

A.水由液态变为气态;吸收热量,分子势能增加,故A正确;

B.浸润与不浸润均是分子作用的表现;是由于液体的表面层与固体表面的分子之间相互作用的结果,故B错误;

C.气体压强不仅与分子的平均动能有关;还与分子的密集程度有关,故C错误;

D.水中的花粉颗粒在不停地做无规则运动;反映了液体分子运动的无规则性,故D正确;

E.温度降低;则分子的平均动能变小,故E正确。

故选ADE。12、A:D【分析】【详解】

A.温度就是量度分子运动剧烈程度的物理量;分子运动越剧烈温度越高,反之亦然,故A正确;

B.在完全失重情况下;气体分子也在撞击容器壁,所以依然存在压强,故B错误;

C.液体表层分子间距大于液体内部分子间距时,液体表面有表面张力;而浸润现象是器壁分子对附着层分子作用力大于内层子分子对附着层分子力,导致附着层分子增多,分子间距小于R0体现出斥力;故C错误;

D.干旱的时候;土壤中存在毛细管,加速土壤水分蒸发;给土壤松土后破坏了毛细管,减弱了毛细现象,从而防止土壤内层的水分蒸发,故D正确。

故选AD。13、A:B:E【分析】【详解】

A.过程I是等温膨胀过程,根据玻意耳定律可知当体积增大时,压强减小;过程Ⅱ是等压膨胀过程,根据盖吕萨克定律可知当体积增大时,温度升高;过程Ⅲ是绝热膨胀过程,根据热力学第一定律

体积增大时;气体对外做功,故内能减小,又因为理想气体的内能只与温度有关,所以可得温度降低,根据理想气体状态方程,当温度降低,体积增大时,压强减小;综合可得C状态的温度最高,A正确;

B.根据前面分析;Ⅱ过程中压强不变,Ⅰ;Ⅲ过程中压强都减小,同时状态B、C、D的体积变化量相同,可知Ⅱ过程对外做的功最多,B正确;

C.三个状态的B;C、D的体积相同;所以分子数密度相同,C错误;

D.根据前面分析;Ⅱ过程对外做的功最多,末状态的温度最高即内能最大,根据热力学第一定律可知该过程吸收的热量最多,D错误;

E.理想气体的内能只与温度有关;只有状态D的温度低于状态A,所以只有状态D的内能小于状态A的内能,E正确。

故选ABE。三、填空题(共9题,共18分)14、略

【分析】【详解】

[1]当滑块甲、乙的速度相同时,间距最小,弹簧压缩量最大,弹簧的弹性势能最大,设向右为正方向,由动量守恒定律有

弹簧的最大弹性势等于滑块甲、乙系统损失的动能

联立并代入数据解得

[2]乙木块受到的冲量

【点睛】

解决本题首先要明确研究的过程,其次把握信隐含的条件:弹簧伸长最长时两木块的速度相同。考查学生应用动量守恒定律和能量守恒定律解决物理问题的能力。【解析】9.6J4.8NS15、略

【分析】【详解】

[1][2]根据理想气体内能增量公式

由题目可知单原子代入相关数据得

根据热力学第一定律,有

即气体吸收了-84.3J的热量。【解析】124.7-84.316、略

【分析】【详解】

[1][2]从山底到山顶,气球的体积不变,气球内气体的压强变小,可知气体的温度变低,分子平均动能变小,又由热力学第一定律可知,气体的内能减小,则气体要放出热量。【解析】变小放出17、略

【分析】【详解】

[1]电容器与电源保持相连,电容器的电压不变,板间距离增大,电容减小,电容量的电量要减小,放电,但由于二极管的作用只允许电流从a流向b,电容器的电量无法减小,根据

板间电场强度

Q、S、ɛ不变,则改变d,E不变,电荷P受的电场力不变;仍静止。

[2]使极板A和B正对面积增大后,跟据

电容变大,根据

电量要增加,但是由于电压不变,根据

两板间距不变;故场强不变,电场力不变,则电荷仍静止不动。

[3]若充电后去掉电源与二极管,再在AB间插入一块陶瓷片,根据

则电容变大,电量不变,根据

则电压减小,根据

场强减小,电场力减小,故P的运动情况将是向下运动【解析】(1)静止不动(2)静止不动(3)向下运动18、略

【分析】【详解】

(1)[1]在玻璃砖的一侧竖直插两个大头针A、B,在另一侧再竖直插两个大头针C、D,使C挡住A、B的像,要使D挡住C和A、B的像,说明CD在AB的出射光线上,CD连线即为AB的出射光线,所以要使D挡住C和A、B的像。

(2)[2]如图所示,连接AB延长交a于E点,连接CD反向延长交与G点,连接EG,以E为圆心以EG长为半径画圆,交AB与I,分别过I、G做过E点的法线的垂线IH、GF,用刻度尺测量IH、GF,折射率

【点睛】【解析】挡住C及A、B的像;1.8(1.8—1.9都算对)19、略

【分析】【详解】

质点作简谐运动,它从最大位移处经0.3s第一次到达某点M处,再经0.2s第二次到达M点,从M位置沿着原路返回到最大位移的时间也为0.3s,故完成一个全振动的时间为:T=0.3+0.2+0.3=0.8s,故频率为:.【解析】1.2520、略

【分析】【详解】

由图可知λ=6m,则λ=8m,周期则由图可知振源只振动了波刚好传播到x=20m处还需要的时间:t=0时刻后x=8m处的质点只振动了T/2,则运动的路程为2A=10cm.【解析】0.30.51021、A:D:E【分析】【详解】

由甲图读出波长由乙图读出周期T=0.2s,则该波的波速故A正确;由于不知道乙图为波的传播方向上哪个具体质点的振动图象,所以无法判断波的传播方向,故B错误;若乙是质点P的振动图象,则此时刻P向下振动,则波沿x轴负方向传播,所以Q点向上振动,经过时间:时,处于波谷处,所以坐标为(2m、-4cm),故C错误;若乙是质点Q的振动图象,则此时刻Q向下振动,则波沿x轴正方向传播,所以P点向上振动,经过时间:时,处于波谷处,所以坐标为(1m、-4cm),故D正确.由图可知t=0时刻P点处于平衡位置,经时P点又再次回到平衡位移,向反方向运动,故E正确.故选ADE.22、略

【分析】【详解】

子弹穿过物块过程动量守恒解得

系统损失的机械能即动能【解析】四、作图题(共3题,共15分)23、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则;已知电流的方向可判定磁场方向,也可以通过磁场方向来确定电流的方向;

图甲;已知磁场方向,顺时针方向,则电流垂直纸面向里;

图乙;电流右侧的磁场的方向向里,左侧的磁场的方向向外,则电流的方向向上;

图丙;已知磁场方向,则可知电流方向,逆时针方向;

图丁;环形电流从左侧流入,从右侧流出,所以磁场的方向向下;

图戊;根据螺线管中电流方向,利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左;

图已;根据螺线管中上边的电流方向向外,下边的电流的方向向里,利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右.如图所示:

【解析】24、略

【分析】试题分析:A图中;在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T,即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描,而竖直方向(y方向)的周期为T,所以在水平方向的一次水平扫描的过程中,竖直方向由2个周期性的变化;y方向的电压变化为正弦式的变化,由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比,所以A图中的扫描图形如图;

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象.XX′偏转电极要接入锯齿形电压;即扫描电压.

B图中;在XX′偏转电极所加的电压的周期为T,即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描,同时竖直方向的周期为T,所以在水平方向的一次水平扫描的过程中,竖直方向也完成一个周期性的变化;y方向的电压大小不变,方向每半个周期变化一次,结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比,所以B图中的扫描图形如图.

考点:考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理,示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压,XX′偏转电极通常接入锯齿形电压,即扫描电压,当信号电压与扫描电压周期相同时,就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后,故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同;因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题,共12分)26、略

【分析】【详解】

试题分析:①本实验中应选用分压接法;故滑动变阻器应选小电阻,滑动变阻器选D;由P=UI可得,电流为I=0.28A,电流表应选B;②题目中要求多测几组数据,故滑动变阻器采用分压接法;灯泡内阻较小;故电流表选用外接法,设计的电路图如图所示。

由电路图连成实物图如图所

温馨提示

  • 1. 本站所有资源如无特殊说明,都需要本地电脑安装OFFICE2007和PDF阅读器。图纸软件为CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.压缩文件请下载最新的WinRAR软件解压。
  • 2. 本站的文档不包含任何第三方提供的附件图纸等,如果需要附件,请联系上传者。文件的所有权益归上传用户所有。
  • 3. 本站RAR压缩包中若带图纸,网页内容里面会有图纸预览,若没有图纸预览就没有图纸。
  • 4. 未经权益所有人同意不得将文件中的内容挪作商业或盈利用途。
  • 5. 人人文库网仅提供信息存储空间,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对用户上传分享的文档内容本身不做任何修改或编辑,并不能对任何下载内容负责。
  • 6. 下载文件中如有侵权或不适当内容,请与我们联系,我们立即纠正。
  • 7. 本站不保证下载资源的准确性、安全性和完整性, 同时也不承担用户因使用这些下载资源对自己和他人造成任何形式的伤害或损失。

最新文档

评论

0/150

提交评论