2025年人教版选修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版选修3物理上册阶段测试试卷544考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，变压器为理想变压器，原、副线圈的匝数之比为10：1，R1为电阻箱，R2是阻值为6Ω的定值电阻，L为标有“4V，4W”的灯泡．现在ab端接入u=220sin100πt（V）的交流电；灯泡刚好正常发光，则电阻箱接入电路的电阻为（）

A.B.C.D.2、“拔火罐”时，用点燃的酒精棉球加热小玻璃罐内的空气，随后迅速把小罐倒扣在需要治疗的部位，冷却后小罐便紧贴在皮肤上。假设加热前小罐内的空气质量为空气温度为室温气压为标准大气压加热后小罐内的空气温度为T。则当紧贴在皮肤上的罐最后冷却为室温时，其罐内空气的质量和压强大小分别约为（）A.B.C.D.3、下列四幅图的有关说法中正确的是（）A.分子间距小于范围内，随分子间距离减小，分子势能先减小后增大B.水面上的单分子油膜，在测量分子直径d大小时可把分子当做球形处理C.食盐中的钠、氯离子按一定规律分布，具有各向同性，所以食盐属于非晶体D.猛推木质推杆，密闭的气体可看做是绝热变化，气体对外做功，内能增大温度升高4、在一个很小的厚度为d的矩形半导体薄片上，制作四个电极E、F、M、N，它就成了一个霍尔元件，如图所示．在E、F间通入恒定的电流I，同时外加与薄片垂直的磁场B，则薄片中的载流子（形成电流的自由电荷）就在洛伦兹力的作用下，向着与电流和磁场都垂直的方向漂移，使M、N间出现了电压，称为霍尔电压UH．可以证明UH=kIB/d，k为霍尔系数；它的大小与薄片的材料有关．下列说法正确的是。

A.若M的电势高于N的电势，则载流子带正电B.霍尔系数k较大的材料，其内部单位体积内的载流子数目较多C.借助霍尔元件能够把电压表改装成磁强计（测定磁感应强度）D.霍尔电压UH越大，载流子受到磁场的洛仑兹力越小5、一电阻接到方波交流电源上，在一个周期内产生的热量为Q方；若该电阻接到正弦交流电源上，在一个周期内产生的热量为该电阻上电压的峰值均为u0，周期均为T，如图所示。则Q方∶Q正等于（）

A.1∶B.∶1C.1∶2D.2∶16、如图甲所示；一理想变压器原；副线圈匝数之比为55∶6，其原线圈两端接入如图乙所示的正弦交流电，副线圈通过电流表与负载电阻相连。若交流电压表和交流电流表都是理想电表，则下列说法中正确的是。

A.原线圈输入的正弦交变电流的频率是100HzB.变压器输入电压的最大值是220VC.电压表的示数是VD.若电流表的示数为0.50A，则变压器的输入功率是12W7、如图所示，L1和L2是输电线；甲是电压互感器，变压比为1000∶1，乙是电流互感器．变流比为100∶1，并且知道电压表示数为220V，电流表示数为10A，则输电线的输送功率为()

A.2.2×108WB.2.2×105WC.2.2×104WD.2.2×103W评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、如图所示为一定质量的理想气体状态变化时的p—T图像，由图像可知（）

A.该气体的体积先增大后不变B.该气体分子的平均动能一直变大C.该气体的内能先变大后变小E.该气体一直从外界吸热E.该气体一直从外界吸热9、下列说法正确的是（）A.晶体的物理性质是各向异性的，非晶体是各向同性的B.热力学温度是国际单位制中7个基本物理量之一C.热量能够自发地从高温物体传到低温物体，但不能自发地从低温物体传到高温物体E.液体不浸润固体的原因是，附着层的液体分子比液体内部的分子稀疏E.液体不浸润固体的原因是，附着层的液体分子比液体内部的分子稀疏10、如图所示,两只相同的白炽灯泡L1和L2串联后接在电压恒定的电路中.若L2的灯丝断了,经过搭丝后（搭丝后灯泡的电阻减小）仍然与L1串联,重新接入原来的电路中.假设在此过程中,灯丝电阻随温度变化的因素可忽略不计,且每只灯泡两端的电压均未超过其额定电压,则此时每只灯泡所消耗的功率与原来各自的功率相比,有。

A.L1的功率变大B.L1的功率变小C.L2的功率变大D.L2的功率变小11、如图所示，水平面内的等边三角形ABC的边长为L，顶点C恰好位于光滑绝缘直轨道CD的最低点，光滑直导轨的上端点D到A、B两点的距离均为L，D在AB边上的竖直投影点为O，一对电荷量均为－Q的点电荷分别固定于A、B两点。在D处将质量为m、电荷量为+q的小球套在轨道上，由静止开始释放。已知静电力常量为k、重力加速度为g，且(忽略空气阻力及小球对原电场的影响)；则。

A.小球刚到达C点时，其动能为B.小球刚到达C点时，其加速度为零C.A、B两处的电荷在D点产生的场强大小为D.小球沿直轨道CD下滑过程中，其电势能先减小后增大12、如图所示，金属板放在垂直于它的匀强磁场中，当金属板中有电流通过时，在金属板的上表面A和下表面A′之间会出现电势差，这种现象称为霍尔效应。若匀强磁场的磁感应强度为B，金属板宽度为h、厚度为d，通有电流I，稳定状态时，上、下表面之间的电势差大小为U。已知电流I与导体单位体积内的自由电子数n、电子电荷量e、导体横截面积S和电子定向移动速度v之间的关系为I=neSv。则下列说法中正确的是（）

A.在上、下表面形成电势差的过程中，电子受到的洛仑兹力方向向上B.达到稳定状态时，金属板上表面A的电势高于下表面A′的电势C.只将金属板的厚度d减小为原来的一半，则上、下表面之间的电势差大小变为UD.只将电流I减小为原来的一半，则上、下表面之间的电势差大小变为U13、如图所示，质量为M的小车静止在光滑水平面上，小车A端固定一根轻弹簧，弹簧的另一端连接一个放置在小车上且质量为m的物体C，已知小车底部光滑，弹簧处于压缩状态．弹簧被释放后，物体C被弹出向B端运动，最后与B端粘在一起．下列说法中正确的是()

A.物体C离开弹簧时，小车在向左运动B.物体C与B端粘在一起之前，小车的运动速率与物体C的运动速率的比值为C.物体C与B端粘在一起后，与小车一同向右运动D.整个过程中，小车、物体C及弹簧组成的系统的机械能守恒评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、如图所示，将半径R的自行车轮架空，原地转动起来后测试制动。当制动片以大小N的力压在车轮上，车轮转过圆心角θ后停止。这一过程机械能转为_________能。若知道制动片和车制动片轮之间动摩擦因数可估算车轮在刹车前的动能是_________。

15、回热式制冷机是一种深低温设备，制冷极限约50K，某台设备工作时，一定量的氦气（可视为理想气体）缓慢经历如图所示的四个过程：从状态到和到是等温过程；从状态到和到是等容过程，体积分别为和则图中___（填“>”“<”或者“=”）；整个循环过程氦气系统是______的（填“吸热”“放热”或者“绝热”）。

16、如图所示，一定质量的理想气体从状态a依次经状态b、c、d和e后回到状态a，图中ae、bc延长线过坐标原点O，cd平行于T轴，ab、de平行于V轴。该理想气体经过的a→b、b→c、c→d、d→e、e→a五个过程中，气体对外做功的过程有________；气体内能增加的过程有________；气体等压放热的过程有________。

17、如图所示，一定质量的理想气体发生如图所示的状态变化，从状态A到状态B，在相同时间内撞在单位面积上的分子数_______（选填“增大”、“不变”或“减小”），从状态A经B、C再回到状态A，气体吸收的热量_______放出的热量（选填“大于”；“小于”或“等于”）。

18、如图所示，水平桌面上有一质量为m的铜质矩形线圈abcd，当一竖直放置的条形磁铁的S极从线圈正上方快速靠近线圈时，流过ab边的电流方向为___________；若线圈始终不动，线圈受到的支持力FN与自身重力间的关系是FN__________mg（选填“＞”、“＜”或“＝”）。19、如图，交流电压随时间按正弦函数规律变化，则该交流电的电压最大值为_________V，有效值为_________V．

20、如图所示，一辆质量为M的小车以速度在光滑水平面上向右运动，一质量为m、速度为物体以俯角为θ的方向落到车上并埋在车里的砂中，此时小车的速度为_________________

评卷人得分四、作图题(共3题，共9分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)24、某中学生课外科技活动小组利用铜片、锌片和家乡盛产的柑橘作了果汁电池，他们测量这种电池的电动势E和内阻r，并探究电极间距对E和r的影响．实验器材如图所示．

①测量E和r的实验方案为：调节滑动变阻器，改变电源两端的电压U和流过电源的电流I，依据公式___________，利用测量数据作出U-I图像，得出E和r．

②将电压表视为理想表，要求避免电流表分压作用对测量结果的影响，请在图中用笔画线代替导线连接电路_________．

③实验中依次减小铜片与锌片的间距，分别得到相应果汁电池的U-I图像如图中（a）、（b）；（c）、（d）所示；由此可知：

在该实验中，随电极间距的减小，电源电动势___________（填“增大”“减小”或“不变”），电源内阻________（填“增大”“减小”或“不变”）．

曲线（c）对应的电源电动势E=_____________V，内阻r=____________Ω，当外电路总电阻为2500Ω时，该电源的输出功率P=_____________mW.（均保留三位有效数字）25、物理兴趣小组某次实验中用到保护电阻R0；需要测量保护电阻的阻值，请完成相关的内容：

（1）用多用表测量保护电阻R0的阻值，将转换开关转到“Ω×1K”挡，进行欧姆调零后，将红、黑表笔分别接在R0的两端，测量结果如图所示，则R0的阻值为_______。

（2）现要进一步精确测量R0阻值；提供了下列可选用的器材：

A．电流表A1（量程0.3mA，内阻约1Ω）

B．电流表A2（量程0.6mA；内阻约0.3Ω）

C．电压表V1（量程3.0V；内阻约3kΩ）

D．电压表V2（量程15.0V；内阻约5kΩ）

E．滑动变阻器R1（最大阻值为50Ω）

F．滑动变阻器R2（最大阻值为5kΩ）

G．电源E（电动势为4V；内阻可忽略）

H．开关；导线若干。

①为了取得较多的测量数据，尽可能提高测量准确度，某同学采用如图_______所示电路，应选择的器材为（只需填器材前面的字母）电流表_______、电压表_______、滑动变阻器_______。

②请根据自己设计的电路图完成实物图连线______

③通过实验，电阻R0的测量值_______（填“大于”“小于”或“等于”）真实值。26、新型冠状病毒肆虐全球，给人类的生命安全带来了极大的威胁与伤害，感染新冠病毒的主要症状有咳嗽、发热、头疼、全身乏力等，进行体温监测是进行新冠排查的主要手段之一。顺德某中学生小明利用热敏电阻自制了一简易温度计，其内部电路装置如图甲，使用的器材有：直流电源内阻不计）、毫安表（量程未知）、电阻箱（最大阻值）、热敏电阻一个、开关一个、单刀双掷开关一个；导线若干。

（1）为了确定毫安表的量程和内阻，先把电阻箱的阻值调到最大，然后将开关接至端，闭合开关逐渐调节电阻箱的阻值，发现当毫安表指针刚好偏转至满偏的处，电阻箱示数如图乙，此时电阻箱阻值为__将电阻箱阻值调为时，毫安表刚好偏转至满偏的处，由此知毫安表的量程为__内阻__

（2）将开关接至端，该温度计可开始工作，为了得到温度与电流之间的关系，小明通过查阅资料，发现自己使用的热敏电阻为正温度系数热敏电阻该电阻时的阻值为电阻随温度增加而线性增加，比例系数为请帮助小明写出该简易温度计所测温度与电流之间的关系式：__（用等符号表示）。

（3）当该温度计使用一段时间后，其所用电源会有一定程度老化。电动势基本不变，内阻逐渐增大，则使用一段时间后该温度计所测温度会比实际温度__（填“偏低”、“偏高”或“相同”）。27、某兴趣小组在学习了多用表后；在实验室找到一个电流表G，尝试自己动手改装一个电压表．

(1)先用半偏法测量电流表G的内阻；实验电路图如图所示，准备有下列器材：

A.待测电流表G(量程1mA；内阻约几十欧)

B.滑动变阻器(阻值范围0～100Ω)

C.滑动变阻器(阻值范围0～20kΩ)

D.电阻箱(0～999.9Ω)

E电阻箱(0～9999Ω)

F.电源(电动势9V；有内阻)

G.开关；导线。

①实验中要求有较高的精确度，在以上器材中，R1应选用________，R2应选用_________．

②实验要进行的步骤有：

A闭合开关S1

B.闭合开关S2

C.将R1的阻值调到最大。

D.调节R1的阻值；使电流表指针满偏。

E.调节R2的阻值；使电流表指针偏转到满刻度一半处。

F.记下R2的阻值并断开S1

G.按图所示连接好实验电路。

以上步骤；合理的顺序是______________________(用步骤前的英文字母表示)．

③若在步骤F中读得R2的阻值是50.0Ω，则电流表内阻Rg=___________Ω．

(2)要将该电流表改装成量程是3V的电压表，则应串联的一个阻值是_________Ω的电阻．评卷人得分六、解答题(共2题，共12分)28、工人在锻压机；冲床、钻床等机器上劳动时；稍有不慎就会把手压在里面，造成工伤事故，工厂中大都是利用光电控制设备来避免事故发生的。如图所示为光控继电器的示意图，它由电源、光电二极管（当有光照射时，二极管导通，没有光照时，二极管截止）、放大器、电磁继电器等几部分组成。这样，当工人不慎将手伸入危险区域时，由于遮住了光线，光控继电器衔铁立即带动开关，使机床停止工作，避免事故发生。请简述光控继电器的原理。

29、如图所示，一对平行金属极板a、b水平正对放置，极板长度为L，板间距为d，极板间电压为U，且板间存在垂直纸面磁感应强度为B的匀强磁场（图中未画出）．一带电粒子以一定的水平速度从两极板的左端正中央沿垂直于电场、磁场的方向射入极板间，恰好做匀速直线运动，打到距离金属极板右端L处的荧光屏MN上的O点．若撤去磁场，粒子仍能从极板间射出，且打到荧光屏MN上的P点．已知P点与O点间的距离为h；不计粒子的重力及空气阻力．

（1）请判断匀强磁场的方向；

（2）求带电粒子刚进入极板左侧时的速度大小v；

（3）求粒子的比荷（）．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【详解】

灯泡刚好正常发光，则副线圈的电流为：I2=1A

则副线圈的电压为：U2=10V

原，副线圈的匝数之比为10：1，根据电压与匝数成正比得，原线圈电压为：U1=100V

根据电流与匝数成反比得，原线圈电流为：I1=0.1A

ab端接入u=220sin100πt（V）的交流电，有效值是220V，所以电阻箱接入电路的电阻为R1=1200Ω．

A.与计算结果不符；故A不符合题意．

B.与计算结果不符；故B不符合题意；

C.与计算结果相符；故C符合题意；

D.与计算结果不符，故D不符合题意．2、B【分析】【详解】

以小玻璃罐的气体为研究对象，依题意，设小玻璃罐的体积为加热后，小罐内的空气的体积变为则有

得

可得加热后罐内空气的质量为

加热后冷却至室温，有体积不变，故气体做等容变化，有

可得罐内空气的压强大小

故选B。3、B【分析】【分析】

【详解】

A．分子间距小于范围内；分子力表现为斥力，随着距离减小，分子力做负功，则分子势能一直增大，故A错误；

B．水面上的单分子油膜，在测量油膜分子直径d大小时把它们当作球形处理；故B正确；

C．食盐中的钠；氯离子按一定规律分布；具有各向同性，食盐属于晶体，故C错误；

D．猛推木质推杆；密闭的气体可看做是绝热变化，外界对气体做功，内能增大温度升高，故D错误。

故选B。4、C【分析】【详解】

根据左手定则可知正流子向N偏转，即N带正电，N的电势高于M的电势，A错误；设上下两个表面相距为L，电子所受的电场力等于洛仑兹力设材料单位体积内电子的个数为n，材料截面积为S，联立解得：令则所以根据可知单位体积内的载流子数目，随着霍尔系数越大，而越小，B错误；根据可得故借助霍尔元件能够把电压表改装成磁强计（测定磁感应强度），C正确；载流子受到的洛伦兹力霍尔电压UH越大，载流子受到磁场的洛仑兹力越大，D错误．5、D【分析】【分析】

【详解】

由有效值概念知，一个周期内产生的热量

可得

故D正确；ABC错误。

故选D。6、D【分析】【分析】

由图乙可知交流电压最大值周期T=0.02s，可由周期求出频率的值，则可得交流电压u的表达式（V），由变压器原理可得变压器副线圈的电压，根据求出输出功率；根据输入功率等于输出功率即可求出输入功率；

【详解】

A；变压器不改变频率；由图乙可知交流电周期T=0.02s，可由周期求出正弦交变电流的频率是50Hz，故A错误；

B、由图乙可知变压器输入电压的最大值是故B错误；

C、根据变压器电压与匝数成正比知电压表示数为故C错误；

D、变压器的输出功率输入功率等于输出功率，则变压器的输入功率为12W，故D正确；

故选D。

【点睛】

根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键。7、A【分析】【详解】

根据变压器原理，回路电压：回路电流：输送功率：BCD错误A正确。二、多选题(共6题，共12分)8、A:B:E【分析】【详解】

AD．根据可得由图可得，图上各点与原点连线的斜率先减小后不变，则该气体的体积先增大后不变，该气体分子的密集程度先减小后不变，选项A正确，选项D错误；

BC．该气体的温度一直升高；该气体分子的平均动能一直变大，理想气体的内能仅与温度有关，该气体的内能一直变大，选项B正确，选项C错误；

E．第一个过程；对外做功，而内能增大，气体从外界吸热，第二个过程，内能增大，不对外做功，气体从外界吸热，选项E正确。

故选ABE。9、B:C:E【分析】【详解】

A．单晶体的物理性质是各向异性的；多晶体和非晶体是各向同性的，A错误；

B．热力学温度是国际单位制中7个基本物理量之一；B正确；

C．热量能够自发地从高温物体传到低温物体；但不能自发地从低温物体传到高温物体，需要引起别的变化才能从低温传到高温，C正确；

D．做功是通过能量转化的方式改变系统内能；热传递是通过能量的转移方式改变系统的内能，D错误；

E．液体不浸润固体的原因是；附着层的液体分子比液体内部的分子稀疏，E正确。

故选BCE。10、A:D【分析】【详解】

串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得，电路中的电流：L2的灯丝搭接后，其电阻R2变小，电路中的电流变大，P1=I2R1，L1的功率变大，故正确，B错误；灯泡L2的电功率：由数学知道可知：当时，即L2灯丝未断时，R1=R2，P2最大，L2灯丝搭接后R2减小，故功率P2变小；故C错误，D正确．故选AD．

【点睛】

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是搭丝后灯泡电阻变化的分析和利用数学知识判断L1的最大电功率．11、B:D【分析】【分析】

根据矢量合成的方法；结合库仑定律即可求出D点的电场强度；对C点的小球进行受力分析，结合库仑定律即可求出小球在C点的加速度；根据功能关系即可求出小球到达C的动能；根据等量同种点电荷的电场的特点分析各点的电势的变化，然后结合电势与电势能的关系分析小球的电势能的变化。

【详解】

A项：由于C与D到A；B的距离都等于L；结合等量同种点电荷的电场特点可知，C点与D点的电势是相等的，所以小球从D到C的过程中电场力做功的和等于0，则只有重力做功，小球的机械能守恒，得。

由几何关系可得：

小球的动能：故A错误；

B项：由几何关系得：则：∠OCD=45°

对小球进行受力分析；其受力的剖面图如图：

由于C到A；B的距离与D到A、B的距离都等于L；结合A的分析可知，C点的电场强度的大小与D点的电场强度的大小相等，方向指向O点，即：

沿斜面方向：mgcos45°-F•cos45°=ma

垂直于方向：mgsin45°+Fsin45°=N

其中F是库仑力，联立以上三式得：a=0．故B正确；

C项：负电荷产生的电场指向负电荷；可知两个负电荷在D处的电场强度分别指向A与B，由于两个点电荷的电量是相等的，所以两个点电荷在D点的电场强度的大小相等，则它们的合场强的方向沿DA；DB的角平分线；

由库仑定律，A、B在D点的场强的大小：它们的合场强：ED=EAcos30°+EBcos30°=故C错误；

D项：由几何关系可知；在CD的连线上，CD连线的中点处于到A；B的距离最小，电势最低，小球带正电，所以小球在CD的连线中点处的电势能最小。则小球沿直轨道CD下滑过程中，其电势能先减小后增大。故D正确。

故选：BD。

【点睛】

此题的难度在于计算小球到最低点时的电场力的大小，注意AB处有等量同异种电荷，CD位于AB边的中垂面上。12、A:D【分析】【详解】

AB．电流向右；磁场向内；根据左手定则，安培力向上；电流是电子的定向移动形成的，洛伦兹力也向上；上极板聚集负电荷，下极板带正电荷，下极板电势较高；选项A正确，B错误；

CD．电子最终达到平衡，有evB=e

则U=vBh

电流的微观表达式I=nevS=nevhd

则v=

代入得U=

只将金属板的厚度d减小为原来的一半，则上、下表面之间的电势差大小变为2U；只将电流I减小为原来的一半，则上、下表面之间的电势差大小变为选项C错误，D正确。

故选AD。13、A:B【分析】【详解】

整个系统在水平方向不受外力，竖直方向上合外力为零，则系统动量一直守恒，系统初动量为零，物体离开弹簧时向右运动，根据系统的动量守恒定律得小车向左运动，故A正确；取物体C的速度方向为正方向，根据系统的动量守恒定律得：0=mv-Mv′，得物体与B端粘在一起之前，小车的运动速率与物体C的运动速率之比故B正确；当物体C与B端粘在一起时，整个系统最终的速度相同，根据系统的动量守恒定律得：0=（M+m）v″，v″=0，系统又处于静止状态，故C错误；物块C与B碰后要粘在一起，则损失机械能，则整个过程中，小车、物体C及弹簧组成的系统的机械能不守恒，选项D错误．三、填空题(共7题，共14分)14、略

【分析】【详解】

[1]当制动片制动时；车轮要克服摩擦力做功，把机械能转化为内能。

[2]车轮转过的路程

由动能定理得

联立解得【解析】①.内能②.15、略

【分析】【详解】

[1]从状态B到C，由查理定律得

由于所以

[2]A-B过程外界对系统做正功，C-D过程外界对系统做负功，p-V图象与横轴围成的面积表示做的功，所以

所以整个循环过程外界对系统做正功。整个循环过程

所以

整个循环过程A-B-C-D-A氦气系统要放热。【解析】>放热16、略

【分析】【详解】

[1]当气体体积增大时，气体对外做功，故气体对外做功的过程有：a→b、b→c两个过程；

[2]一定质量的理想气体的内能由温度决定，温度升高过程，气体内能增加，故气体内能增加的过程有：b→c、c→d；

[3]由气体定律可知，发生等压变化的过程有b→c、e→a；

b→c过程；气体体积变大，外界对气体做负功，温度升高，气体内能增加，根据热力学第一定律可知，该过程气体从外界吸热；

e→a过程；气体体积变小，外界对气体做正功，温度降低，气体内能减少，根据热力学第一定律可知，该过程气体对外放热；

故气体等压放热的过程有：e→a。【解析】a→b、b→c##b→c、a→bb→c、c→d##c→d、b→ce→a17、略

【分析】【详解】

[1][2]理想气体从状态A到状态B，压强不变，体积变大，分子的密集程度减小，所以在相同时间内撞在单位面积上的分子数减小，从状态A经B、C再回到状态A，内能不变，一个循环过程中，A到B气体对外做的功

B到C过程中外界对气体做功

C到A体积不变不做功，所以

根据

解得

即一个循环气体吸热2J，所以一个循环中气体吸收的热量大于放出的热量。【解析】①.减小②.大于18、略

【分析】【详解】

[1][2]当条形磁铁靠近线圈时，向上穿过线圈的磁通量增加，根据楞次定律判断出线圈中产生的感应电流方向为顺时针方向；若线圈始终不动，根据楞次定律可知，线圈受到排斥力作用，则线圈受到的支持力FN大于线圈的重力。【解析】顺时针方向＞19、略

【分析】【详解】

由图可知，该交流电的电压最大值为Um(V)，有效值为V．【解析】Um．20、略

【分析】【详解】

小球和小车组成的系统水平方向动量守恒，根据动量守恒定律有

解得【解析】四、作图题(共3题，共9分)21、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】22、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共36分)24、略

【分析】【详解】

①测量E和r的实验方案为：调节滑动变阻器，改变电源两端的电压U和流过电源的电流I，依据公式U="E-Ir"，利用测量数据作出U-I图像，U-I图像与纵轴截距等于电源电动势E，图线斜率的绝对值等于电源内阻r．

②由于将电压表视为理想表；要求避免电流表分压作用对测量结果的影响，所以把电流表与滑动变阻器串联后与电源开关构成闭合回路，电压表并联在电源和开关两端，实物图如图所示。

③图线与纵轴的交点的纵坐标即为电动势，由图象可知，图象与纵轴的交点纵坐标不变，所以电动势不变；图线斜率的绝对值即为内阻，由图象可知，（a）（b）（c）（d）图象斜率的绝对值变大，电源内阻变大．由此可知：随电极间距的减小电源内阻增大．由图示图象可知，图象与纵轴交点坐标值为0.975，电源电动势E=0.975V；（c）对应图线斜率绝对值约为478（从线上选取两点即可求斜率），电源的输出功率．【解析】U=E-Ir不变增大0.9754780.26825、略

【分析】【详解】

（1）[1]用多用表测量保护电阻R0的阻值，将转换开关转到“Ω×1k”挡，指针所指位置为3，则R0的阻值为R0=3×1kΩ=3kΩ

（2）[2]为了取得较多的测量数据，尽可能提高测量准确度，应使用较小的滑动变阻器并采用分压式接法，由于提供的电流表的内阻远小于R0的阻值；所以电流表应该内接，故应采用电路图甲；

[3][4]由于电源电动势为4V，所以电压表选V1（量程3.0V；内阻约3kΩ），即选C；

保护电阻R0的最大电流大约

所以电流表选A2（量程0.6mA；内阻约0.3Ω），即选B；

[5]滑动变阻器采用分压式，应选阻值较小的滑动变阻器，所以滑动变阻器选R1（最大阻值为50Ω）；即选E；

[6]根据电路图完成实物图连线；如图所示。

[7]由于电流表采用内接法，电流表分压使电压表示数偏大，所以电阻R0的测量值大于真实值。【解析】3kΏ甲BCE大于26、略

【分析】【详解】

(1)[1]由图乙所示电阻箱可知，其示数为

[2][3]根据闭合电路欧姆定律