2025年华师大新版必修2物理下册阶段测试试卷VIP

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华师大新版必修2物理下册阶段测试试卷956考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，两同学站在悬崖边上，以相同的初速率从悬崖边抛出质量相同的甲、乙两球，甲球被竖直向上抛出，乙球被水平抛出，最终两球均落在悬崖下方的水面上。不计空气阻力。用分别表示甲、乙两球从抛出到落到水面重力所做的功，用分别表示甲；乙两球从抛出到落到水面重力势能的变化。下列说法正确的是（）

A.B.C.D.2、如图所示，一个内壁光滑的圆锥筒固定在水平地面上，其轴线处于竖直方向，A、B两个小球紧贴着筒内壁分别在不同的两个水平面上做匀速圆周运动（A做圆周运动的半径大于B，即RA>RB）。分析A；B两球的运动；可知它们具有相同的（）

A.线速度B.角速度C.向心加速度D.周期3、如图所示光滑直管倾斜固定在水平地面上，直管与水平地面间的夹角为45°，管口到地面的竖直高度为在距地面高为处有一固定弹射装置，可以沿水平方向弹出直径略小于直管内径的小球。某次弹射的小球恰好无碰撞地从管口处进入管内，设小球弹出点到管口的水平距离为弹出的初速度大小为重力加速度取关于和的值；下列选项正确的是（  ）

A.B.C.D.4、关于匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A.匀速圆周运动是速度不变的运动B.匀速圆周运动是加速度不变的运动C.匀速圆周运动中，合外力提供向心力D.做匀速圆周运动的物体受到的合外力不变5、城市中为了解决交通问题，修建了许多立交桥。如图所示，桥面是半径为R的圆弧形的立交桥AB横跨在水平路面上，一辆质量为m的小汽车，从A端冲上该立交桥，小汽车到达桥顶时的速度大小为v1；若小汽车在上桥过程中保持速率不变，则()

A.小汽车通过桥顶时处于失重状态B.小汽车通过桥顶时处于超重状态C.小汽车在上桥过程中受到桥面的支持力大小为FN＝mg－mD.小汽车到达桥顶时的速度必须大于6、关于力、位移和功三个物理量，下列说法正确的是（）A.力、位移和功都是矢量B.力是矢量，位移和功是标量C.力和位移是矢量，功是标量D.位移是矢量，力和功是标量评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、假设地球和金星都绕太阳做匀速圆周运动，已知金星到太阳的距离小于地球到太阳的距离，那么（）A.地球公转的线速度大于金星公转的线速度B.地球公转的角速度大于金星公转的角速度C.地球公转的周期大于金星公转的周期D.地球公转的加速度小于金星公转的加速度8、泉州小岞风电场利用风能发电，既保护环境，又可创造很高的经济价值。如图所示，风力发电机的叶片半径为R。某段时间内该区域的风速大小为v，风恰好与叶片转动的圆面垂直，已知空气的密度为风力发电机的发电效率为下列说法正确的是（）

A.单位时间内通过叶片转动圆面的空气质量为B.此风力发电机发电的功率为C.若仅风速减小为原来的发电的功率将减小为原来的D.若仅风速增大为原来的2倍，发电的功率将增大为原来的4倍9、如图甲所示，静止在水平地面上的物块A，受到水平向右拉力F作用，F与时间t的关系如图乙所示，设物块与地面间的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等；则（）

A.时刻物块A的加速度最大B.时刻物块A的动能最大C.时刻后物块A做反向运动D.时间内F的功率逐渐增大10、在大型物流货场，广泛的应用传送带搬运货物。如图甲所示，与水平面倾斜的传送带以恒定的速率运动，皮带始终是绷紧的，将的货物轻放在传送带上的A端，经过到达传送带的B端，用速度传感器测得货物与传送带的速度v随时间t变化的图像如图乙所示。已知重力加速度则可知（）

A.货物与传送带间的动摩擦因数为0.5B.A、B两点的距离为C.货物从A运动到B过程中，传送带对货物做功的大小为D.货物从A运动到B过程中，货物与传送带摩擦产生的热量为11、气象卫星是用来拍摄云层照片，观测气象资料和测量气象数据的．我国先后自行成功发射了“风云一号”和“风云二号”两颗气象卫星．“风云一号”卫星轨道与赤道平面垂直，通过两极，每12小时巡视地球一周，称为“极地圆轨道”．“风云二号”气象卫星轨道平面在赤道平面内称为“地球同步轨道”，则“风云一号”卫星比“风云二号”卫星A.周期小B.运行角速度小C.运行线速度大D.向心加速度大12、为了实现人类登陆火星的梦想，我国宇航员王跃和俄罗斯宇航员一起进行了“模拟登火星”的实验活动，假设火星半径与地球半径之比为1：2，火星质量与地球质量之比为1：9，已知地球表面的重力加速度为g，地球半径为R，万有引力常量为G，忽略自转的影响，则（）A.火星表面与地球表面的重力加速度之比为2：9B.火星的密度为C.火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为D.若王跃以相同初速度在火星表面与地球表面能竖直跳起的最大高度之比为9：413、某星级宾馆安装一高档电梯，在电梯的底板上安装了一压力传感器，在竖直墙壁上的显示盘上可显示人对传感器的作用力，某乘客乘坐电梯从1层直接到10层，之后又从10层直接回到1层，用照相机进行记录了相关的信息，如图所示，则下列说法中正确的是（）

A.根据图（a）和图（e）可估测出电梯向下制动时的加速度B.根据图（a）和图（b）可估测出电梯向上制动时的加速度C.根据图（a）和图（c）可知人的机械能在减小D.根据图（a）和图（d）可知人的机械能在减小14、关于机械能是否守恒，下列叙述中正确的是（）A.做匀速直线运动的物体的机械能一定守恒B.做匀变速运动的物体机械能可能守恒C.做平抛运动的物体机械能一定守恒D.只有重力对物体做功，物体机械能一定守恒评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、表演“水流星”节目，如图所示，拴杯子的绳子长为l，绳子能够承受的最大拉力是杯子和杯内水重力的8倍．要使绳子不断，节目获得成功，则杯子通过最高点时速度的最小值为________，通过最低点时速度的最大值为________．

16、定义：做匀速圆周运动的物体所受的合力总指向______，这个指向______的力叫作向心力。17、角速度。

（1）定义：连接物体与圆心的半径转过的______与转过这一______所用时间的______叫作角速度，公式：ω＝

（2）意义：描述做圆周运动的物体绕圆心______的快慢。

（3）单位：弧度每秒，符号是______，在运算中角速度的单位可以写为______。

（4）匀速圆周运动是角速度______的运动。18、如图所示，当运动员从直升机上由静止跳下后，在下落过程中将会受到水平风速的影响。风速增大时，运动员下落时间______，运动员着地速度_______。（选填“增大”；“不变”、“减小”）

19、判断下列说法的正误．

（1）合运动与分运动是同时进行的，时间相等。____

（2）合运动一定是实际发生的运动。____

（3）合运动的速度一定比分运动的速度大。____

（4）两个夹角为90°的匀速直线运动的合运动，一定也是匀速直线运动。____20、常见的传动方式有_____________、____________、________________和齿轮传动等；齿轮传动的传动比是主动轮与__________的转速之比，传动比等于___________的齿数之比。21、某同学在原地进行单手运球训练中发现，让篮球从静止开始下落并自由弹起，弹起的最大高度比原来低20cm。为了让篮球每次都能弹回原来的高度，当球回到最高点时，向下拍打一次球，每分钟拍打100次，篮球质量为0.6kg。取重力加速度g=10m/s2.。不计空气阻力和拍球瞬间的能量损失，则该同学每次拍打篮球需做功为___________J，拍打篮球的平均功率为___________W。22、重力所做的功。

（1）重力所做的功WG=___________，Δh指初位置与末位置的高度差。

（2）重力做功的特点：物体运动时，重力对它做的功只跟它的___________有关，而跟物体___________无关。23、爱因斯坦提出的相对论长度收缩效应公式________，时间延缓效应公式_____评卷人得分四、作图题(共4题，共8分)24、如图所示，在一内壁光滑环状管道位于竖直面内，其管道口径很小，环半径为R（比管道的口径大得多）。一小球直径略小于管道口径，可视为质点。此时小球滑到达管道的顶端，速度大小为重力加速度为g。请作出小球的受力示意图。

25、图甲为抛出的石子在空中运动的部分轨迹，图乙是水平面上一小钢球在磁铁作用下的部分运动轨迹．请画出物体在A、B、C、D四点的受力方向和速度方向．（不计空气阻力）

26、一个物体在光滑水平面上运动，其速度方向如图中的v所示。从A点开始，它受到向前但偏右（观察者沿着物体前进的方向看，下同）的合力。到达B点时，这个合力的方向突然变得与前进方向相同。达到C点时，合力的方向又突然改为向前但偏左。物体最终到达D点。请你大致画出物体由A至D的运动轨迹，并标出B点、C点和D点。

27、在图的实验中，假设从某时刻（）开始，红蜡块在玻璃管内每1s上升的距离都是10与此同时，玻璃管向右沿水平方向匀加速平移，每1s内的位移依次是4122028在图所示的坐标系中，y表示蜡块在竖直方向的位移，x表示蜡块随玻璃管通过的水平位移，时蜡块位于坐标原点。请在图中标出t等于1s；2s、3s、4s时蜡块的位置；并用平滑曲线描绘蜡块的轨迹。

评卷人得分五、实验题(共4题，共16分)28、对于“研究平抛运动”的实验；请完成下面两问．

(1)研究平抛运动的实验中，下列说法正确的是______．（请将正确选项前的字母填在横线上）

A．应使小球每次从斜槽上同一位置由静止释放。

B．斜槽轨道必须光滑。

C．斜槽轨道的末端必须保持水平。

(2)如图是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹，O为抛出点．在轨迹上任取两点A、B，分别测得A点的竖直坐标y1=4.90cm、B点的竖直坐标：y2=44.10cm，A、B两点水平坐标间的距离△x=40.00cm．g取9.80m/s2，则平抛小球的初速度v0为______m/s．29、采用重物自由下落“验证机械能守恒定律”的实验装置如图甲所示，已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，当地的重力加速度g=9.80m/s2．

(1)实验室可供选择的重物如下，最合理的是___________．

A质量为10g的石块。

B质量为100g的钩码。

C.质量为200g的木球。

D.质量为500g的塑料球。

(2)用正确选择的重物进行实验，得到一条符合实验要求的纸带如图乙所示，O为纸带下落的起始点，A、B、C为纸带上选取的三个连续点．重物由O点运动到B点的过程中，动能的增加量为___________J，重力势能的减少量为___________J(以上两空计算结果均保留三位有效数字)．这两者不相等的原因可能是______________________(任意答一条即可)．30、如图是用“落体法”验证机械能守恒定律的实验装置。（g取）

（1）下列做法正确的有___________。

A．不需要称出重锤的质量。

B．先释放纸带；再接通打点计时器的电源。

C．数据处理时；应选择纸带上距离较远的两点作为初；末位置。

D．可以用或者计算某点速度。

（2）选出一条清晰的纸带如图所示，其中O点为打点计时器打下的第一个点，A、B、C为合适位置选取的连续三个点，打点计时器连接频率为50Hz的交变电流。用刻度尺测得重锤的质量为（g取）。一同学根据以上数据算出：当打点计时器打到B点时重锤的重力势能比开始下落时减少了___________J；此时重锤的动能为___________J。（结果均保留三位有效数字）

31、一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中背景方格的边长均为5cm，如果取那么：

(1)闪光时间间隔是________s；

(2)小球运动中水平分速度的大小________m/s；

(3)小球在B点竖直分速度大小为___________m/s。评卷人得分六、解答题(共1题，共4分)32、如图所示，固定斜面AB的底面和高均为h，平台和斜面顶点B在同一条水平线上，平台右端点C在A的正上方。物体P以不同初速度从C点水平抛出，已知重力加速度为g，求P落在斜面上时的最小速度大小。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】【分析】

【详解】

AB．根据重力做功特点，重力做功只与初末位置有关，可知

故A正确；B错误；

CD．重力势能的变化只与相对高度有关，所以

故CD错误。

故选A。2、C【分析】【详解】

小球的受力情况如图所示。

其所受合力提供（向心力），即

又

结合可知，、两球的运动；它们具有相同的向心加速度。

故选C。3、A【分析】【详解】

由题意可知，弹出后小球做平抛运动，到管口时的速度方向沿直管方向；根据平抛运动特点，做平抛运动的物体任意时刻速度方向的反向延长线交此前水平位移于中点，如图所示。

根据几何关系得

小球在竖直方向做自由落体运动，可得小球从到的运动时间为

水平方向匀速运动有

故选A。4、C【分析】【详解】

匀速圆周运动的线速度大小不变；方向时刻改变．所以速度改变,故A错误．

匀速圆周运动的加速度大小不变,方向时刻改变,始终指向圆心．所以加速度改变,故B错误．匀速圆周运动的合外力大小不变；方向始终指向圆心，知方向时刻改变．而且合外力时刻提供向心力.故C正确,D错误．所以选择C．

【点睛】

匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，是变速运动．加速度方向始终指向圆心，加速度是变化的，是变加速运动．向心力方向始终指向圆心，是变化的．5、A【分析】【详解】

AB．由圆周运动知识知，小汽车通过桥顶时，其加速度方向向下，由牛顿第二定律得mg－FN＝m

解得FN＝mg－m＜mg

故其处于失重状态；A正确，B错误；

C．FN＝mg－m只在小汽车通过桥顶时成立；而在其上桥过程中不成立，C错误；

D．由mg－FN＝mFN≥0，解得v1≤

D错误。

故选A。6、C【分析】【详解】

力和位移是矢量；有大小有方向；功是标量，只有大小没有方向，C正确，ABD错误。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)7、C:D【分析】【详解】

A、由牛顿第二定律得：解得由于则故A错误．

B、由牛顿第二定律得：解得由于则故B错误．

C、由牛顿第二定律得：解得：由于则故C正确．

D、由牛顿第二定律得：解得：由于则故D正确．

故选CD．

【点睛】

本题考查了万有引力定律的应用，知道万有引力提供向心力是解题的前提，应用万有引力公式与牛顿第二定律可以解题，8、A:C【分析】【详解】

A.由于风速v可以理解为单位时间内通过叶片转动圆面的空气柱长度，所以单位时间内通过叶片转动圆面的空气质量为

故A正确；

B.根据能量的转化与守恒可知，风的一部分动能转化为发电机发出的电能，而发电功率为单位时间内参与能量转化的那一部分动能，所以发电机发电功率为

故B错误；

CD.根据P的表达式可知，若仅风速减小为原来的发电的功率将减小为原来的若仅风速增大为原来的2倍，发电的功率将增大为原来的8倍，故C正确，D错误。

故选AC。9、A:B【分析】【详解】

A．由图像可知，在t2时刻物块A受到的拉力最大；物块A受到的合力最大，由牛顿第二定律可得，此时刻物块A的加速度最大，故A正确；

B．由图像可知，在t1～t3时间内，物块A受到的合力一直做正功，物体动能一直增加，在t3时刻以后，合力做负功，物块动能减小，因此在t3时刻物块动能最大；故B正确；

C．由图像可知，在t2～t3时间内物体受到的合力与物块的速度方向相同；物块一直做加速运动，故C错误；

D．由图像可知，0～t1时间内拉力F小于最大静摩擦力；物体静止，拉力功率为零，故D错误。

故选AB。10、A:B:D【分析】【详解】

A．在时间内，货物的速度小于传送带速度，货物受到沿斜面向下的滑动摩擦力作用，由牛顿第二定律有

由图乙可得

货物加速到与传送带速度相等后，在时间内，货物速度大于传送带速度，故有

由图乙可得

联立解得

故A正确；

B．图像与t轴所围的面积表示位移，货物在1.2s内发生的位移等于A、B两点的距离，由图乙可知传送带的长度为

故B正确；

C．货物受到的摩擦力为

时间内的位移为

对货物受力分析知摩擦力沿传送带向下，摩擦力对货物做正功

同理时间内，货物的位移为

摩擦力沿传送带向上，对货物做的负功为

所以整个过程，传送带对货物做功为

所以传送带对货物做功大小为11.2J；故C错误；

D．货物与传送带摩擦产生的热量等于摩擦力乘以相对路程，时间内，传送带的位移为

时间内，传送带的位移为

总相对路程为

货物与传送带摩擦产生的热量为

故D正确。

故选ABD。11、A:C:D【分析】【详解】

A.根据万有引力提供向心力得：因为风云二号是同步卫星，周期为24小时，所以风云一号的周期小于风云二号的周期，A正确。

B.根据周期大的角速度小，所以风云一号角速度大于风云二号的角速度，B错误。

C.根据联立解得：风云一号周期小，所以风云一号线速度大，C正确。

D.根据向心加速度方程：风云一号线速度大，角速度大，所以向心加速度大，D正确12、C:D【分析】【详解】

A．星球表面重力与万有引力相等有

可得重力加速度为

得火星与地球表面的重力加速度之比为

故A错误；

B．在火星表面重力与万有引力相等有

得火星的质量为

火星的体积为所以火星的密度为

故B错误；

C．根据

得

所以火星与地球的第一宇宙速度之比

故C正确；

D．根据公式得

所以以相同初速度在火星表面与地球表面能竖直跳起的最大高度之等于火星表面与地球表面重力加速度的反比；即9：4，故D正确。

故选CD。13、A:D【分析】【详解】

A．（a）图可看出人的重力大小；（e）图表示电梯减速下降时这位同学超重时的示数；所以根据图（a）和图（e），能够求出的是电梯向下制动时的加速度，所以A正确；

B．（b）图表示电梯加速上升时这位同学超重时的示数；此时能够求出的是电梯向上起动时的加速度，所以B错误；

C．（c）图表示电梯减速上升时这位同学失重时的示数；此时电梯还在向上运动，对人做正功，人的机械能在增加，所以C错误；

D．（d）图表示电梯加速下降时这位同学失重时的示数；此时电梯在向下运动，对人做负功，人的机械能在减小，所以D正确。

故选AD。14、B:C:D【分析】【详解】

A.做匀速直线运动的物体的机械能不一定守恒；例如向上做匀速直线运动的物体，选项A错误；

B.做匀变速运动的物体机械能可能守恒；例如平抛运动，选项B正确；

C.做平抛运动的物体只有重力做功；则机械能一定守恒，选项C正确；

D.只有重力对物体做功，物体机械能一定守恒，选项D正确.三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【详解】

[1]在最高点,临界情况是桶底对水的弹力为零.有:

解得.

[2]在最低点绳子的最大拉力为,则有:

解得.【解析】16、略

【分析】【详解】

略【解析】①.圆心②.圆心17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.角度②.角度③.比值④.转动⑤.rad/s⑥.s－1⑦.不变18、略

【分析】【详解】

[1]运动员下落的时间取决于他在竖直方向上的速度分量；水平风速不能影响他的竖直速度，故运动员下落时间不变；

[2]当水平风速增大时，运动员的竖直速度不受水平风速影响，但水平方向的速度会增大，所以由

可得，运动员着地速度增大。【解析】不变增大19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.正确②.正确③.错误④.正确20、略

【分析】【详解】

[1][2][3]常见的传动方式有链传动；带传动、液压传动和齿轮传动等；

[4]齿轮传动的传动比是主动轮与从动轮的转速之比；

[5]齿轮传动边缘点线速度相等，齿数比等于周长比，也等于半径比；根据公式v=ωr

知角速度比等于半径比的倒数；根据

知传动比（转速比）等于从动轮与主动轮齿数之比。【解析】链传动带传动液压传动从动轮从动轮与主动轮21、略

【分析】【详解】

[1]该同学每一次拍打小球做的功最终转化为小球的重力势能，则有

[2]每分钟做的功

该同学拍打小球的平均功率【解析】1.2222、略

【分析】【详解】

略【解析】mgΔh23、略

【分析】【详解】

[1]爱因斯坦提出的相对论长度收缩效应公式

[2]时间延缓效应公式【解析】四、作图题(共4题，共8分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

小球滑到达管道的顶端，设小球受重力和管道的作用力，则

由于

所以

说明小球在管道最高点不受管道的作用力；仅受重力作用，故小球的受力示意图为。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

各点受力方向和速度方向如图所示。

【解析】26、略

【分析】【详解】

从位置A开始，它受到向前但偏右（观察者沿着物体前进方向看，下同）的合力，运动的轨迹位于F与v之间，做曲线运动；到达B时，这个合力的方向突然变得与前进方向相同，所以受力的方向与速度的方向相同，做直线运动；达到C时，又突然改为向前但偏左的力，物体的轨迹向下向右发生偏转，最后到达D点；其轨迹大致如图。

【解析】27、略

【分析】【详解】

玻璃管向右沿水平方向匀加速平移；每19内的位移依次是4cm；12cm、20cm、28cm；则1s末的坐标为(4cm，10cm)，2s末的坐标为(16cm，20cm)，3s未的坐标为(36cm，30cm)，4s末的坐标为(64cm，40cm)，根据描点法作出图象如图所示：

【解析】见解析五、实验题(共4题，共16分)28、略

【分析】【分析】

（1）在实验中要画出平抛运动轨迹，必须确保小球做的是平抛运动所以斜槽轨道末端一定要水平，同时斜槽轨道要在竖直面内要画出轨迹，必须让小球在同一位置多次释放，才能在坐标纸上找到一些点然后将这些点平滑连接起来；就能描绘出平抛运动轨迹．

（2）根据位移时间公式分别求出抛出点到A、B两点的时间；结合水平位移和时间求出初速度．

【详解】

（1）因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故A正确；小球与斜槽之间的摩擦不影响平抛运动的初速度，不影响实验，所以斜槽轨道可以不光滑，故B错误；通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动，故C正确．故选AC．

（2）

根据得：

根据得：

则小球平抛运动的初速度为：

【点睛】

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向