2025年沪科版选择性必修1物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版选择性必修1物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，为一横波发生器的显示屏,可以显示出波由0点从左向右传播的图象，屏上每一小格长度为1cm.在t=0时刻横波发生器上能显示的波形如图所示；因为显示屏的局部故障，造成从水平位置A到B之间（不包括A、B两处）的波形无法被观察到（故障不影响波在发生器内传播），此后的时间内,观察者看到波形相继传经B、C处，在t=5秒时，观察者看到C处恰好第三次（从C开始振动后算起）出现平衡位置；则该波的波速不可能是。

A.3.6cm/sB.4.8cm/sC.6cm/sD.7.2cm/s2、如图所示，物体A静止在光滑的水平面上，A的左边固定有轻质弹簧，与A质量相同的物体B以速度v向A运动并与弹簧发生碰撞；A；B始终沿同一直线运动，则A、B组成的系统动能损失最大的时刻是（）

A.A开始运动时B.A的速度等于v时C.B的速度等于零时D.A和B的速度相等时3、玻璃杯从同一高度落下，落在坚硬地面上比落在地毯上容易碎，下列说法正确的是（）A.玻璃杯落在坚硬地面上比落在地毯上的动量大B.玻璃杯落在坚硬地面上比落在地毯上的冲量大C.玻璃杯落在坚硬地面上比落在地毯上的动量变化率大D.玻璃杯落在坚硬地面上比落在地毯上的动量变化量大4、冲量是一个物体所受外力在时间上的积累效应。某个学生用长为的细绳，一端固定，另一端拴一质量的小球，把小球拉至水平，从静止释放到小球运动到最低点。若对于这一过程以下结论正确的是（）A.重力对小球的冲量的大小为0.2N·sB.细绳对小球拉力的冲量为0C.细绳对小球拉力的冲量的大小一定等于重力对小球冲量的大小D.小球受合力的冲量大小为0.2N·s5、两个振幅相同的波源S1、S2在水槽中形成如图所示的波形；其中实线表示波峰，虚线表示波谷，则。

A.在两波相遇的区域中会产生干涉B.a点此时位移最大C.a点的振动始终加强D.a点的振动始终减弱评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、图示为一直角棱镜的横截面，一平行细光束从O点沿垂直于bc面的方向射入棱镜。已知棱镜材料的折射率n=若不考虑原入射光在bc面上的反射光；则有光线（）

A.从ab面射出B.从ac面射出C.从bc面射出，且与bc面斜交D.从bc面射出，且与bc面垂直7、匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象如图所示。当t=0时；在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子（带正电），设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是（）

A.带电粒子将始终向同一个方向运动B.2s末带电粒子回到原出发点C.3s末带电粒子的速度为零D.内，电场力的冲量为零8、如图所示，一长为2l、宽为l的矩形导线框abcd，在水平外力作用下从紧靠匀强磁场边缘处以速度v向右匀速运动3l，规定水平向左为力的正方向．下列关于导线框所受安培力F、水平外力的冲量I、通过导线框的电量q及导线框ab两点间的电势差Uab随其运动的位移x变化的图象正确的是（）

A.B.C.D.9、如图（a）所示，光滑绝缘水平面上有甲、乙两个点电荷。t=0时，甲静止，乙以初速度6m/s向甲运动，此后，它们仅在静电力的作用下沿同一直线运动（整个运动过程中没有接触），它们运动的v-t图像分别如图（b）中甲；乙两曲线所示。则由图线可知（  ）

A.两电荷的电性一定相反B.t1时刻两电荷的电势能最大C.0~t2时间内，两电荷的静电力先增大后减小D.0~t3时间内，甲的动能一直增大，乙的动能一直减小，且整个过程中动量守恒10、如图；花样滑冰运动员所穿冰鞋的冰刀与冰面间的动摩擦因数是相同的，为表演一个动作，甲；乙两人站在一起互推一把，分开后两人都不再蹬地，甲在冰上滑行的距离比乙远，下列有关说法正确的是（）

A.甲的质量比乙的小B.在互推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力C.在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度D.分开后，乙的滑行时间比甲的滑行时间长11、如图所示，两侧带有固定挡板的平板车乙静止在光滑水平地面上，挡板的厚度可忽略不计，车长为2L，与平板车质量相同的物块甲（可视为质点）由平板车的中点处以初速度向右运动，已知甲、乙之间的动摩擦因数为重力加速度为g；忽略甲；乙碰撞过程中的能量损失，下列说法正确的是（）

A.甲、乙达到共同速度所需的时间为B.甲、乙共速前，乙的速度一定始终小于甲的速度C.甲、乙相对滑动的总路程为D.如果甲、乙碰撞的次数为n（n≠0），则最终甲距离乙左端的距离可能为12、质量为m的小球A，沿光滑水平面以速度v0与质量为2m的静止小球B发生正碰，碰撞后，A球的动能变为原来的那么小球B的速度可能是()A.v0B.v0C.v0D.v013、下列说法正确的是（）A.潜艇利用声呐探测周围物体的分布情况，利用了波的反射原理B.隐形飞机的表面涂上特殊隐形物质，是为了减少波的反射，从而达到隐形的目的C.雷声轰鸣不绝是声波的多次反射形成的D.水波从深水区传到浅水区时传播方向发生改变的现象，是波的折射现象评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)14、如图所示表示两个相干波源S1、S2产生的波在同一种均匀介质中相遇。图中实线表示波峰，虚线表示波谷，c和f分别为ae和bd的中点，则在a、b、c、d、e、f六点中，振动加强的点是_____.若两振源S1和S2振幅相同，此时刻位移为零的点是________.15、x＝Asin（ωt＋φ0）＝Asin（t＋φ0），其中：A为______，ω为圆频率，T为简谐运动的_____，φ0为初相位。16、A、B两个弹簧振子，A的固有频率为f，B的固有频率为4f，若它们均在频率为f的驱动力作用下做受迫振动，则________的振幅较大，A的振动频率是________，B的振动频率是________。17、原点O处有一简谐横波的波源，形成的简谐波沿x轴传播，如图所示是t=0时的波形图，t=0.02s时，质点A第一次到达波峰处。则该简谐波的传播速度大小为______m/s；已知质点B的平衡位置位于x=0.1m处，则质点B的振动方程为______。

18、如图所示为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，质点M、N分别在波谷和平衡位置，质点P的横坐标为10m。已知t=0.6s时N到达波峰，则波传播的最小速度为___________m/s，波速最小时t=0起P到达平衡位置所用的最短时间为___________s。若波速为45m/s，则在0~s时间内M的路程为___________m。

19、如图所示，光滑水平面上用轻绳连接质量分别为和的两个物体和B，物体静止，物体B以初速度水平向右运动，绳子被拉紧时突然断裂，物体B的速度变为则物体的速度变为______。根据以上数据______求出此过程中系统损失的机械能（选填“能”或“不能”）。

20、在向下匀速直线运动的升降机中有一摆长为L的单摆在做简谐振动，当该升降机以加速度a_______________．若在单摆摆到最低点时，升降机突然做自由落体运动，则摆球相对升降机做______________．若在单摆摆到最高点时，升降机突然做自由落体运动，则摆球相对升降机做_____________;(升降机内部空气阻力不计；且最后两空均用文字说明运动情况)

21、如图所示，位于介质Ⅰ和Ⅱ分界面上的波源S，产生两列分别沿x轴正方向与负方向传播的机械波。若该机械波在介质Ⅰ和Ⅱ中的频率及传播速度分别为f1、f2和v1、v2，则f1：f2=______；v1：v2=______。

评卷人得分四、实验题(共3题，共30分)22、在“用单摆测量重力加速度的大小”的实验中。

（1）安装好实验装置后，先用游标卡尺测量摆球直径测量的示数如图所示，则摆球直径_______

（2）摆球摆动稳定后，当它到达_________（填“最低点”或“最高点”）时启动秒表开始计时，并记录此后摆球再次经过最低点的次数当时刚好停表。停止计时的秒表读数为该单摆的周期为______（周期要求保留三位有效数字）；

（3）测出多组单摆的摆长和运动周期作出图像。理论上图像是一条过坐标原点的直线，某同学根据实验数据作出的图像如图所示，造成图像不过坐标原点的原因可能是___________，由图像求出的重力加速度__________（取）23、在“验证动量守恒定律”实验中，装置如图所示，按照以下步骤进行操作：

（1）为了保证在碰撞过程中球不反弹，两球的质量间的关系应满足______（填“>”、“<”或“=”）；

（2）下列器材选取或实验操作符合实验要求的是______

A.小球a、b半径可以不同。

B.小球a每次必须从斜槽轨道同一位置由静止释放。

C.斜槽轨道末端必须保持水平。

D.需用秒表测定小球在空中飞行的时间。

（3）实验测得，小球a、b质量分别为m₁、m₂，O点到A、B、C三点的距离分别为y₁、y₂、y₃，若满足关系式______（用所测物理量表示），则可以认为两球碰撞前后系统动量守恒。24、如图是利用DIS完成“用单摆测定当地重力加速度”实验．实验时，先量出摆球的半径与摆线的长度．单摆摆动后，点击“记录数据”．摆球每经过平衡位置时记数1次，第1次记为“0”，当记数为“50”时，点击“停止记录”，显示时间为．

（1）则该单摆振动周期为______________．

（2）图示摆线上端的悬点处，用两块木片夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将木片夹紧，是为了()

A.便于测量单摆周期。

B.便于测量摆长时拉紧摆线。

C.保证摆动过程中摆长不变。

D.保证摆球在同一竖直平面内摆动。

（3）若某组同学误以摆线的长度作为纵坐标，以单摆周期的平方作为横坐标，作出的图像．其他操作测量都无误，则作出的图线是上图中的_________（选填“1”；“2”或“3”）．

（4）现发现三组同学作出的图线分别是1、2和3，但测出的斜率都为是否可以根据斜率求出当地的重力加速度？___________．（若不可以求出，填“否”；若可以求出，请填重力加速度的表达式）．评卷人得分五、解答题(共2题，共4分)25、如图所示，一质量的滑块（可视为质点）静止于水平轨道上的A点。现对滑块施加一恒定的水平外力使其向右运动，经过一段时间后撤去外力，滑块继续滑行至B点后水平飞出，恰好在C点沿切线方向进入固定在竖直平面内的光滑圆弧形轨道，轨道的最低点D处装有压力传感器，当滑块到达传感器上方时，传感器的示数已知轨道的长度半径和竖直方向的夹角圆形轨道的半径物块与水平轨道间的动摩擦因数均为空气阻力可忽略，重力加速度

(1)求滑块运动到C点时速度的大小；

(2)求水平外力作用在滑块上的位移s；

(3)若紧挨着D点右侧放置质量也是m的另一滑块，两滑块最终静止时的距离求碰撞时损失的机械能。

26、一个水平放置的圆柱形罐体内装了一半的透明液体，液体上方是空气，其截面如图所示。一激光器从罐体底部P点沿着罐体的内壁向上移动，它所发出的光束始终指向圆心O点。当光束与竖直方向成角时，恰好观察不到从液体表面射向空气的折射光束。已知光在空气中的传播速度为c，求液体的折射率n和激光在液体中的传播速度v。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【详解】

由图读出波长λ=12cm．

若图示时刻波刚好传到A点，波传到C的时间为1.5T，质点C再经过1.5T恰好第三次出现平衡位置，则t=5s=1.5T+1.5T，得T=s，波速

若图示时刻波刚好传到x=12cm处，波传到C的时间为1T，质点C再经过1.5T恰好第三次出现平衡位置，则t=5s=1.5T+T，得T=2s，波速

若图示时刻波刚好传到B点，波传到C的时间为0.5T，质点C再经过1.5T恰好第三次出现平衡位置，则t=5s=1.5T+0.5T，得T=2.5s，波速

A．3.6cm/s；选项A错误，符合题意；

B．4.8cm/s；选项B正确，不符合题意；

C．6cm/s；选项C正确，不符合题意；

D．7.2cm/s，选项D正确，不符合题意；2、D【分析】【分析】

【详解】

ABC．在压缩弹簧的过程中，没有机械能的损失，减少的动能转化为弹簧的弹性势能。在压缩过程中水平方向不受外力，动量守恒。则有当A开始运动时，B的速度等于v，所以没有损失动能。当A的速度v时；根据动量守恒定律有B的速度等于零，所以系统动能又等于初动能；故ABC错误；

D．在AB速度相等时；此时弹簧压缩至最短，故弹簧的弹性势能最大，故动能应最小，故D正确。

故选D。3、C【分析】【详解】

玻璃杯从同一高度落下，落在水泥地面上或落在地毯上时，速度是相同的，则动量相同，动量的变化量相同，根据动量定理可知I=mv

所受合外力的冲量相同；但是落在水泥地上时作用时间较短，动量变化率大。

故选C。4、D【分析】【详解】

ABD．小球运动到最低点的过程中，根据动能定理有

解得

则合力的冲量为

冲量是力和时间的乘积，绳子对小球的拉力在小球运动过程不为零，所以冲量不为零，重力对小球的冲量的大小不等于故AB错误，D正确；

C．根据矢量法；如图所示。

可知细绳对小球拉力的冲量的大小大于重力对小球冲量的大小；故C错误。

故选D。5、B【分析】【分析】

【详解】

A．从图中看出，两列波的波长不同，而在同一介质中不同的机械波的波速相等，根据v=λf；所以两列水波的频率不同，而只有两列波的频率相同时才能发生干涉现象，所以在两波相遇的区域中不会产生干涉，故A错误；

B．此时a点为波峰与波峰叠加，a点的位移为这两列波引起位移的矢量和，则此时a点位移最大；故B正确；

CD．从图上可以看成；两列波的波长不同，波速相等，则频率不等，则不会发生干涉现象，不会出现振动始终加强点和减弱点，故CD错误。

故选B。二、多选题(共8题，共16分)6、B:D【分析】【详解】

当入射光线垂直射入时，入射光线没有发生偏折，由于棱镜材料的折射率n=所以由折射定律

可得临界角C等于45°。

当光线射到ab面时，入射角等于60°，所以发生光的全反射，当反射光线射到另一直角边ac时，由几何关系可得，入射角等于30°，因此既发生了折射也发生反射，由折射定律得折射角等于60°，正好平行于棱镜的底边。而反射光线对应的反射角是30°，导致光线到达bc面时垂直bc面；所以会垂直射出。如图所示。

综上分析可知BD正确；AC错误。

故选BD。7、C:D【分析】【详解】

A．由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度为

第2s内加速度为

故a2=2a1

因此先加速1s再减小0.5s时速度为零，接下来的0.5s将反向加速，v-t图象如图所示：

带电粒子在前1秒匀加速运动；在第二秒内先做匀减速后反向加速，所以不是始终向一方向运动，故A错误；

B．根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，在t=2s时；带电粒子没有回到出发点，故B错误；

C．由解析中的图可知；粒子在第1s内做匀加速运动，第2s内做匀减速运动，3s末的瞬时速度刚减到0，故C正确；

D．因为第3s末粒子的速度刚好减为0；根据动量定理知粒子只受电场力作用，前3s内动量变化为0，即电场力的冲量为零，故D正确。

故选CD。8、A:C【分析】【详解】

A．导线框匀速进入磁场的过程中，根据：E＝Blv

可知感应电动势E不变，根据：

可知感应电流电流不变，根据：F＝BIl

可知安培力不变；完全进入磁场；感应电流为零，安培力为零，故A正确；

B．匀速运动，水平外力和安培力F大小相等，进入磁场过程中，水平外力的冲量I＝Ft

I﹣x关系图象为正比例函数；完全进入后外力为零，冲量为零，故B错误；

C．进入磁场的过程中，电量有：q＝I电t═

q﹣x关系图象为正比例函数，完全进入后电流为零，q为零；故C正确；

D．进入磁场的过程中，Uab＝I电RBlv

完全进入磁场的过程中，ab边的电势差：Uab＝Blv

可知此时不为零；故D错误。

故选AC．9、B:C【分析】【详解】

A．由图像段看出；甲从静止开始与乙同向运动，说明甲受到了乙的排斥力作用，则知两电荷的电性一定相同，故A错误；

B．时间内两电荷间距离逐渐减小，在时间内两电荷间距离逐渐增大，t1时刻两球相距最近；系统克服电场力最大，两电荷的电势能最大，故B正确；

C．时间内两电荷间距离逐渐减小，在时间内两电荷间距离逐渐增大；由库仑定律得知，两电荷间的相互静电力先增大后减小，故C正确；

D．由图像看出，时间内；甲的速度一直增大，则其动能也一直增大。乙的速度先沿原方向减小，后反向增大，则其动能先减小后增大，系统合外力一直为零，总动量守恒，故D错误。

故选BC。10、A:C【分析】【详解】

AC．由匀变速直线运动规律及牛顿运动定律

可知

甲在冰上滑行的距离比乙远，所以甲刚分开时的初速度大小v甲大于乙刚分开时初速度大小v乙，由动量守恒

可知甲的质量小于乙的质量。AC正确；

B．由牛顿第三定律知；在互推的过程中，甲推乙的力等于乙推甲的力，二力方向相反，B错误；

D．由运动学公式

可知甲滑行时间比乙的滑行时间长；D错误。

故选AC。11、A:C:D【分析】【详解】

AB．整个运动过程中甲、乙组成的系统动量守恒，则两者最终的速度为

解得

若能发生碰撞，碰前甲、乙的速度分别为碰后甲、乙的速度分别为则有

解得

可知碰撞使得两者速度互换，且在运动过程中两者的加速度大小均为

则甲、乙达到共同速度所需的时间为

碰撞使得两者速度互换；即甲；乙共速前，乙的速度不一定小于甲的速度，A正确，B错误；

C．从开始到相对静止过程中，甲、乙相对滑动的总路程为根据动能定理可得

解得

C正确；

D．甲、乙碰撞的次数为n，且静止时距离左端的距离为若第次碰撞发生在平板车的左挡板，则有

解得

若第次碰撞发生在平板车的右挡板，则有

解得

即最终甲距离乙左端的距离可能为D正确。

故选ACD。12、A:B【分析】【详解】

A球碰后动能变为原来的则其速度大小变为原来的两球在光滑水平面上正碰，碰后A球的运动有两种可能，继续沿原方向运动或被反弹，当以A球原来的速度方向为正方向时，则根据两球碰撞前、后的总动量守恒，有mv0＋0＝m×(v0)＋2mvB′mv0＋0＝m×(－v0)＋2mvB″

解得vB′＝v0，vB″＝v0，故选AB。13、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．声呐探测水中的暗礁；潜艇；利用了波的反射现象，故A正确；

B．隐形飞机的原理是：通过降低飞机的声；光、电等可探测特征量；使雷达等防空探测器无法早期发现，所以隐形飞机可能在机身表面涂有高效吸收电磁波的物质，使用吸收雷达电磁波材料，在雷达屏幕上显示的反射信息很小、很弱，很难被发现，故B正确；

C．雷声轰鸣不绝与光的反射没有任何关系；C错误；

D．水波从深水区传到浅水区改变传播方向的现象；是波的折射现象，故D正确；

故选ABD三、填空题(共8题，共16分)14、略

【分析】【详解】

[1]在a、b、c、d、e、f六点中，a点是谷谷相遇点，振动加强；e点是峰峰相遇点，振动加强；而c点在ae点的连线上，也是振动加强点；即振动加强的点是a、c、e；

[2]因c点在峰峰相遇的e点和谷谷相遇的a点之间，则c点此时的位移为零；bd都是峰谷相遇点，振动减弱，振幅为零，则此时的位移为零；f点在bd之间，也是振动减弱点，振幅为零，此时的位移为零；即此时刻位移为零的点是b、c、d、f。

.【解析】a、c、eb、c、d、f15、略

【分析】【详解】

略【解析】①.振幅②.周期16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.A②.f③.f17、略

【分析】【详解】

[1]由题图可看出该波的波长λ=0.4m

由于O为波源，则在x轴负方向的波往左传播，则质点A第一次到达波峰处有T=0.02，v==5m/s

[2]由于该波的周期为0.08s，且则在x轴正方向的波往右传播，则在t=0时质点B往上振，质点B的振动方程为y=Asin(ωt)，A=0.4m，ω=

代入数据有y=0.4sin(25πt)（m）【解析】5y=0.4sin25πt（m）18、略

【分析】【详解】

[1]由图可知，该波的波长为

该波沿x轴正方向传播，t=0.6s时N到达波峰，则有

当时，周期取最大值为

则波传播的最小速度为

[2]由图可知，该波再向右传播4m时，质点P达到平衡位置，且用时最短，则波速最小时t=0起P到达平衡位置所用的最短时间为

[3]由图可知，该波的振幅为

若波速为45m/s，则该波的周期为

而

则在0~s时间内M的路程为【解析】50.80.4419、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]物体和B在光滑水平面上运动，动量守恒，有

解得

[2]根据能量守恒可知此过程中系统损失的机械能

代入和可得到因此根据以上数据能求出此过程中系统损失的机械能。【解析】能20、略

【分析】【详解】

[1]．当该升降机以加速度a<g竖直下降时，则等效重力加速度为摆的振动周期为．

[2]．当摆球摆到最低点时；升降机突然做自由落体运动，完全失重，球将做匀速圆周运动；

[3]．当摆球摆到最高点时，升降机突然做自由落体运动，完全失重，故摆球相对于升降机会保持静止；【解析】匀速圆周运动；相对静止.21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]该机械波是同一个波源产生的，故频率相同，即

[2]由图可知

由

可得【解析】1:11:2四、实验题(共3题，共30分)22、略

【分析】【详解】

（1）[1]由图甲所示游标卡尺可知，游标卡尺是10分度的，游标卡尺的精度是0.1mm，摆球直径d=18mm+4×0.1mm=18.4mm=1.84cm

（2）[2]为减小实验误差；摆球摆动稳定后，当它到达最低点时启动秒表开始计时；

[3]秒表读数为单摆周期为

[4]图象不通过坐标原点；将图象向右平移1cm就会通过坐标原点，故相同的周期下，摆长偏小1cm，故可能是漏加小球半径，有可能将线长当做摆长，从而当线长为零时，振动周期不为零；

[5]由单摆的周期公式可得

则图象的斜率表示为

解得重力加速度为【解析】①.1.84②.最低点③.2.25④.有可能将线长当做摆长，从而当线长为零时，振动周期不为零⑤.9.8723、略

【分析】【详解】

（1）[1]为防止两球碰撞后，入射球