2025年苏科新版选择性必修3化学下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏科新版选择性必修3化学下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、阿魏酸甲酯有抗肿瘤活性；其结构简式如下图，有关阿魏酸甲酯的说法正确的是。

A.所有原子可能处于同一平面B.分子中的含三种官能团C.能发生加聚、水解和氧化反应D.阿魏酸甲酯最多可与加成2、中华文化源远流长，古代劳动人民用智慧与汗水缔造了丰富多彩的中华文化。下列说法错误的是A.苏绣的主要材料是丝绸，丝绸中含有蛋白质，不能用加酶洗衣粉浸泡B.“马踏飞燕”是东汉青铜器，青铜器属于合金材料，硬度比纯铜大C.宣纸选用青檀树皮和沙田稻草制作而成，宣纸的主要成分是纤维素，纤维素水解可得蔗糖D.甲骨文的主要载体是兽骨，兽骨的主要成分是碳酸钙，质地坚硬3、运用相关化学知识进行判断，下列说法正确的是A.聚乙烯能使酸性高锰酸钾溶液褪色B.等物质的量的甲烷、乙炔完全燃烧，耗氧量甲烷大C.分子式为的三种烃肯定是同系物D.利用超分子有“分子识别”的特性，可以用“杯酚”分离和4、热爱劳动是中华民族的传统美德。下列家务劳动与所涉及的化学知识不相符的是。

。选项。

家务劳动。

化学知识。

A

炒菜时添加食盐调味。

食盐的主要成分是NaCl

B

柠檬煮水除去水壶中的水垢。

柠檬酸可溶解碳酸钙等沉淀。

C

漂白粉使用后要密封放于阴凉处。

漂白粉见光容易被氧化。

D

蒸煮碱性食物时不用铝制餐具。

铝及其氧化物均能与碱反应。

A.AB.BC.CD.D5、下列有关同分异构体数目的叙述错误的是A.乙苯苯环上的一个氢原子被溴原子取代，所得产物有3种B.有机物C7H8O属于芳香族化合物的同分异构体有6种C.立体烷的二氯代物有3种D.菲的结构简式为它的一硝基取代物有5种评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、下列说法正确的是A.二取代芳香族化合物C9H10O2的同分异构体中，能与碳酸氢钠溶液反应的共有6种B.1mol普伐他汀()最多可与2molNaOH反应C.乳酸薄荷醇酯()能发生水解、氧化、消去、加成等反应D.去甲肾上腺素分子()与氢气充分还原后的产物中含有2个手性碳原子7、某烷烃发生氯代反应后，只能生成三种沸点不同的一氯代产物，此烷烃是A.(CH3)2CHCH2CH2CH3B.CH3CH2CH2CH2CH3C.(CH3)2CHCH(CH3)2D.(CH3)3CCH2CH38、下列物质性质实验对应的离子方程式书写正确的是A.向新制氯化银中滴入浓氨水：B.溶液与少量溶液反应：C.向溶液中通入少量D.通入酸性溶液中：9、下列说法正确的是A.C8H10只有3种属于芳香烃的同分异构体B.苯乙烯()苯环上的二氯代物共有4种(不考虑立体异构)C.的一氯代物有4种D.分子式为C5H11Cl的有机物，分子结构中含2个甲基的同分异构体有4种10、从中草药提取的某药物中间体M结构简式如图所示。

下列关于M的说法正确的是A.1mol该分子最多与8molH2发生加成反应B.该物质在过量NaOH溶液中加热，能生成丙三醇C.分子中含有3个手性碳原子D.苯环上氢原子发生氯代时，一氯代物有6种11、某有机化合物的结构简式如图；下列关于该有机化合物的说法正确的是。

A.该有机化合物可消耗B.该有机化合物的分子式为C.最多可与发生加成反应D.苯环上的一溴代物有6种12、顺丁橡胶在硫化过程中结构片段发生如下变化；下列说法错误的是。

A.顺丁橡胶由1，3-丁二烯加聚而成B.顺丁橡胶为反式结构，易老化C.硫化橡胶不能发生加成反应D.硫化过程发生在碳碳双键上13、聚脲具有防腐；防水、耐磨等特性；合成方法如下：

n+n

下列说法正确的是A.M和N通过缩聚反应形成聚脲B.M分子中碳原子的杂化方式有3种C.N苯环上的一氯代物有2种D.一定条件下聚脲能发生水解生成M和N评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)14、按要求回答下列问题：

(1)维生素C，又称抗坏血酸，其分子结构为：其中含氧官能团的名称为___。推测维生素C___溶于水(填“难”或“易”)，从结构上分析原因是__。

(2)2004年英国两位科学家用特殊的胶带将石墨片(如图)不断撕开，最后得到单层碳原子构成的薄片，这就是石墨烯，他们获得2010年诺贝尔物理学奖。用胶带撕开石墨层过程中破坏的作用力为___，从结构上分析石墨烯可以作为高强度材料的理由是___。

15、某有机化合物经李比希法测得其中含碳的质量分数为54.5%；含氢的质量分数为9.1%；其余为氧。用质谱法分析知该有机物的相对分子质量为88.请回答下列有关问题：

(1)该有机物的分子式为_______。

(2)若该有机物的水溶液呈酸性，且结构中不含支链，则其核磁共振氢谱图中的峰面积之比为_______。

(3)若实验测得该有机物中不含结构，利用红外光谱仪测得该有机物的红外光谱如图所示。则该有机物的结构简式可能是_______、_______(写出两种即可)。

16、化合物C()的同分异构体中能同时满足以下三个条件的有___个(不考虑立体异构体)

①含有两个甲基；②含有酮羰基(但不含C=C=O)；③不含有环状结构。

(a)4(b)6(c)8(d)10

其中，含有手性碳(注：连有四个不同的原子或基团的碳)的化合物的结构简式为___。17、某烃A0.2mol在氧气中完全燃烧后，生成CO2和H2O分别为2mol；1.4mol。试回答：

(1)烃A的分子式为___________。

(2)现有苯的同系物甲；乙、丙；分子式都与烃A相同。

①甲不能被KMnO4的酸性溶液氧化成芳香酸，它的结构简式___________；

②乙能被KMnO4的酸性溶液氧化成芳香酸且分子结构中只含有一个烷基，则乙可能的结构有___________种；如乙能被KMnO4的酸性溶液氧化成C8H6O4，则乙可能的结构有___________种；

③丙的苯环上的一溴代物只有一种，则丙可能的结构有___________种。18、的名称是_______19、请写出以下反应的化学方程式。

(1)乙烯与氯气发生加成反应___________。

(2)乙烯与氯化氢发生加成反应___________。

(3)氯乙烯()发生加聚反应生成聚氯乙烯___________。20、根据以下有关信息确定某有机物的组成：

(1)测定实验式：某含C、H、O三种元素的有机物，经燃烧实验测得其碳的质量分数为64.86%，氢的质量分数为13.51%，则其实验式是___。

(2)确定分子式：如图是该有机物的质谱图，则其相对分子质量为__，分子式为__。

(3)该有机物能与钠反应的结构可能有___种，其中不能被氧化的名称是___。

(4)若能被氧化成醛，其醛与新制备的Cu(OH)2悬浊液反应的化学方程式是___。(写一种即可)21、BPA的结构简式如右下图所示；常用来生产防碎塑料聚碳酸酯。

（1）该物质的分子式为___________，含氧官能团的名称是_________，属于____类。

（2）该物质最多_____个碳原子共面。

（3）充分燃烧0.1mol该有机物，消耗的O2在标准状况下的体积为_________。

（4）下列关于BPA的叙述中，不正确的是_______。

A．可以发生还原反应B．遇FeCl3溶液紫色。

C．1mol该有机物最多可与2molH2反应D．可与NaOH溶液反应评卷人得分四、判断题(共2题，共20分)22、核酸分为和是生物体的遗传物质。(____)A.正确B.错误23、C8H10中只有3种属于芳香烃的同分异构体。(____)A.正确B.错误评卷人得分五、计算题(共3题，共15分)24、某烃2.8g，在氧气中燃烧生成4.48L(标准状况)二氧化碳，3.6g水，它相对氢气的密度是14，求此烃的化学式_______，写出它的结构简式_______。25、某烃的衍生物W，仅含C、H、O三种元素．测其密度是相同条件下H2的45倍，各元素的质量百分含量如下表：。C%H%O%40.00%6.67%53.33%

已知；W既能与乙酸反应，又能与乙醇反应，生成物都是酯和水。W的核磁共振氢谱图中有四种吸收峰，面积之比为3：1：1：1。

求：（1）W的相对分子质量为___；

（2）试计算确定W的分子式：___；

（3）W的结构简式为：___。26、(1)有两种气态烃组成的混和气体，其密度为同状况下氢气密度的13倍，取此混和气体4.48L(标准状况下)通入足量溴水中，溴水增重2.8g，则此混和气体的组成是______(Br的相对原子质量：80)

A．CH4与C3H6B．C2H4与C3H6C．C2H4与CH4D．CH4与C4H8

(2)0.2mol某烃A在氧气中充分燃烧后；生成物B；C各1.4mol。

①烃A的分子式为_______

②若烃A能使溴水褪色，在催化剂的作用下可与氢气加成，其产物分子中含有3个乙基，则符合条件的烃A的结构简式可能为___________、___________(任写两种)。评卷人得分六、工业流程题(共2题，共12分)27、乙酸正丁酯有愉快的果香气味；可用于香料工业，它的一种合成步骤如下：

I．合成：在干燥的圆底烧瓶中加11.5mL(9.3g，0.125mol)正丁醇、7.2mL(7.5g，0.125mol)冰醋酸和3～4滴浓H2SO4；摇匀后，加几粒沸石，再按图1所示装置安装好。在分水器中预先加入5.00mL水，其水面低于分水器回流支管下沿3～5mm，然后用小火加热，反应大约40min。

Ⅱ．分离提纯。

①当分水器中的液面不再升高时；冷却，放出分水器中的水，把反应后的溶液与分水器中的酯层合并，转入分液漏斗中，用10mL10%的碳酸钠溶液洗至酯层无酸性，充分振荡后静置，分去水层。

②将酯层倒入小锥形瓶中，加少量无水硫酸镁干燥(生成MgSO4·7H2O晶体)。

③将乙酸正丁酯粗产品转入50mL蒸馏烧瓶中，加几粒沸石进行常压蒸馏，收集产品。主要试剂及产物的物理常数如下：。化合物正丁醇冰醋酸乙酸正丁酯正丁醚密度/g·mL-10.8101.0490.8820.7689沸点/℃117.8118.1126.1143在水中的溶解性易溶易溶难溶难溶

制备过程中还可能发生的副反应有：2CH3CH2CH2CH2OHCH3CH2CH2CH2OCH2CH2CH2CH3+H2O

根据以上信息回答下列问题：

(1)写出合成乙酸正丁酯的化学方程式___________。

(2)如图1整个装置可看作由分水器、圆底烧瓶和冷凝管组成，其中冷水应从___________(填“a”或“b”)管口通入。

(3)分离提纯步骤①中的碳酸钠溶液的作用主要是除去___________。

(4)在步骤②后(即酯层用无水硫酸镁干燥后)，应先进行___________(填实验揉作名称)；再将乙酸正丁酯粗产品转入蒸馏烧瓶中。

(5)步骤③中常压蒸馏装置如图2所示，应收集___________℃左右的馏分，则收集到的产品中可能混有___________杂质。

(6)反应结束后，若放出的水为6.98mL(水的密度为lg·mL-1)，则正丁醇的转化率为___________(精确到1%)。28、以乳糖；玉米浆为原料在微生物作用下得到含青霉素(~8mg/L)的溶液；过滤掉微生物后，溶液经下列萃取和反萃取过程(已略去所加试剂)，可得到青霉素钠盐(~8g/L)。流程为：滤液打入萃取釜，先调节pH=2后加入溶剂，再调节pH=7.5，加入水；反复此过程，最后加丁醇，得到产物纯的青霉素钠盐。(如下流程图)

已知青霉素结构式：

（1）在pH=2时，加乙酸戊酯的原因是_______。为什么不用便宜的乙酸乙酯_______。

（2）在pH=7.5时，加水的原因是_______。

（3）加丁醇的原因是_______。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】

【详解】

A．分子结构中含有甲基；甲基为四面体结构，分子中所有原子不可能位于同一平面上，故A错误；

B．分子中的含有醚键；羟基、酯基和碳碳双键四种官能团；故B错误；

C．含有酯基；能够发生水解反应，含有碳碳双键，能够发生加聚反应，含有酚羟基，能够发生氧化反应，故C正确；

D．苯环和碳碳双键能够与氢气发生加成反应，酯基不能与氢气加成，阿魏酸甲酯最多可与加成；故D错误；

故选C。2、C【分析】【详解】

A．丝绸中含有蛋白质；加酶洗衣粉会使蛋白质水解，因此不能用来洗丝绸制造的衣物，A正确；

B．青铜属于铜的合金；硬度比纯铜大，B正确；

C．纤维素水解可得葡萄糖；C错误；

D．兽骨的主要成分是碳酸钙；质地坚硬，D正确。

本题选C。3、D【分析】【详解】

A．聚乙烯中不含碳碳双键；不能能使酸性高锰酸钾溶液褪色，A错误；

B．1mol甲烷消耗2mol氧气；1mol乙炔消耗2.5mol氧气，所以等物质的量的甲烷；乙炔完全燃烧，耗氧量乙炔大，B错误；

C．分子式为的烃可能是烯烃或环烷烃；三种烃不一定是同系物，C错误；

D．用“杯酚”分离和利用超分子有“分子识别”的特性，D正确；

故答案选D。4、C【分析】【分析】

【详解】

A．食盐的主要成分是NaCl；其中还会添加钾；碘等元素，A正确；

B．柠檬酸可溶解碳酸钙等沉淀；因为柠檬酸的酸性强于碳酸，B正确；

C．漂白粉在空气中容易变质的原因是因为漂白粉的成分中含有次氯酸钙Ca(ClO)₂，Ca(ClO)₂易与空气中的CO2和水作用从而导致变质生成次氯酸；次氯酸不稳定见光分解，C错误；

D．铝在空气中容易氧化；会在铝的表面形成一层薄薄的氧化膜，可以保护铝不会进一步氧化，所以铝制用品不容易坏，所以如果长时间存放酸性；碱性或咸的食物会破坏已经形成氧化膜，导致里面的铝被腐蚀，D正确；

答案选C。5、B【分析】【分析】

【详解】

A．乙苯苯环上的氢原子有3类；其中一个氢原子被溴原子取代，所得产物有3种，故A正确；

B．C7H8O属于芳香族化合物；可能为苯甲醇；苯甲醚、邻甲基苯酚、间甲基苯酚、对甲基苯酚，共5种，故B错误；

C．二氯有面上相邻；相对及体心相对位置；二氯代物有3种，故C正确；

D．由结构对称性可知；菲分子中含5种H，则一硝基取代物有5种，故D正确；

故选B。二、多选题(共8题，共16分)6、AB【分析】【分析】

【详解】

A．二取代芳香族化合物C9H10O2能与碳酸氢钠溶液反应，说明结构中含有羧基和苯环，苯环上的两个取代基可以是：甲基和-CH2COOH；乙基和羧基；都存在邻位、间位和对位3种结构，共6种同分异构体，故A正确；

B．能和NaOH反应的是羧基和酯基水解生成的羧基，所以1mol最多可与2molNaOH反应；故B正确；

C．乳酸薄荷醇酯()中含有酯基；羟基；羟基可发生氧化、消去反应，酯基可发生水解反应，但该物质不能发生加成反应，故C错误；

D．去甲肾上腺素分子()与氢气充分还原后的产物为其中含有4个手性碳原子（）；故D错误。

故选AB。7、BD【分析】【分析】

某烷烃发生氯代反应后；只能生成三种沸点不同的一氯代产物，则说明该有机物的一氯代物有3种；根据等效氢原子来判断各烷烃中氢原子的种类，有几种类型的氢原子就有几种一氯代物，据此进行解答。

【详解】

A.(CH3)2CHCH2CH2CH3中有5种位置不同的氢；所以其一氯代物有5种，能生成5种沸点不同的产物，选项A错误；

B.CH3CH2CH2CH2CH3中有3种位置不同的氢；所以其一氯代物有3种，能生成3种沸点不同的产物，选项B正确；

C.(CH3)2CHCH(CH3)2含有2种等效氢；所以能生成2种沸点不同的有机物，选项C错误；

D.(CH3)3CCH2CH3中有3种位置不同的氢；所以其一氯代物有3种，能生成3种沸点不同的产物，选项D正确。

答案选BD。8、AC【分析】【详解】

A．AgCl溶于浓氨水生成配合物[Ag(NH3)2]Cl，[Ag(NH3)2]Cl溶于水完全电离，离子方程式为：故A正确；

B．(NH4)2Fe(SO4)2溶液与少量Ba(OH)2溶液反应，除了钡离子和硫酸根离子生成沉淀外，还有氢氧根离子和Fe2+或铵根离子的反应，当OH-少量时，OH-先和Fe2+反应，所以反应的离子方程式为：故B错误；

C．Fe2+和Br-都能被氯气氧化，氯气少量时，氯气先和还原性强的Fe2+反应；故C正确；

D．SO2通入酸性高锰酸钾溶液中，SO2有还原性，KMnO4有氧化性，两者发生氧化还原反应，选项中的方程式生成物正确，但电子和电荷都不守恒，正确的离子方程式为：故D错误；

故选AC。9、CD【分析】【分析】

【详解】

A．C8H10中属于芳香烃，可为乙苯或二甲苯，其中二甲苯有邻、间、对3种，共4种，即故A错误；

B．由苯乙烯的结构简式可知，苯环有5个H可被取代，对应的二氯代物有6种，即故B错误；

C．为对称结构，苯环上的氢原子有3种，甲基上有一种H原子，即一氯代物有4种，即故C正确；

D．分子式为C5H11Cl的同分异构体有主链为5个碳原子的有CH3CH2CH2CH2CH2Cl；CH3CH2CH2CHClCH3；CH3CH2CHClCH2CH3；主链为4个碳原子的有CH3CH(CH3)CH2CH2Cl；CH3CH(CH3)CHClCH3；CH3CCl(CH3)CH2CH3；CH2ClCH(CH3)CH2CH3；主链为3个碳原子的有CH3C(CH3)2CH2Cl；共有8种情况，但含有2个甲基的有机物有4种，分别为CH3CH2CH2CHClCH3、CH3CH2CHClCH2CH3、CH3CH(CH3)CH2CH2Cl、CH2ClCH(CH3)CH2CH3；故D正确；

答案为CD。10、BD【分析】【分析】

【详解】

A．该分子含碳碳双键（2个）、苯环（2个）、羰基（1个），根据加成比例碳碳双键~H2、苯环~3H2、羰基~H2，故最多消耗H29mol；A错误；

B．该有机物中酯基；与过量氢氧化钠发生水解后可生成丙三醇，B正确；

C．手性C必须是单键C，且连接4个不同原子（团），该有机物中含有2个手性碳，如图所示，C错误；

D．该有机物不是对称结构；故两个苯环不等效，两个苯环加起来有6种H，故苯环上一氯代物为6种，D正确；

故答案选BD。11、AD【分析】【详解】

A．该有机化合物分子中酯基水解后的产物中共有2个酚羟基和2个羧基，所以该有机化合物可消耗故A正确；

B．该有机化合物的分子式为故B错误；

C．该有机化合物的物质的量未知，无法计算出与之发生加成反应的的物质的量；故C错误；

D．该有机化合物分子中苯环上存在6种化学环境的氢原子；所以苯环上的一溴代物有6种，故D正确；

故选AD。12、BC【分析】【分析】

【详解】

A．顺丁橡胶是由1；3-丁二烯加聚而成的，故A正确；

B．顺丁橡胶中相同原子或原子团位于碳碳双键同一侧；所以为顺式结构，故B错误；

C．硫化橡胶中含有碳碳双键；可以发生加成反应，故C错误；

D．根据硫化橡胶的结构可知，硫化过程中硫化剂将碳碳双键打开，以二硫键()把线型结构连接为网状结构；所以硫化过程发生在碳碳双键上，故D正确；

答案选BC。13、BC【分析】【分析】

【详解】

A．由结构简式可知，M分子中的C=N键和N分子中的—NH2发生加聚反应形成聚脲；故A错误；

B．由结构简式可知，M分子中—CH3中碳原子为sp3杂化、苯环中碳原子为sp2杂化；O=C=N—中碳原子为sp杂化；碳原子的杂化方式共有3种，故B正确；

C．由结构简式可知，N分子结构对称，苯环上有如图所示的2类氢原子：则苯环上的一氯代物有2种，故C正确；

D．由结构简式可知，聚脲分子中含有酰胺键，一定条件下能发生水解反应生成和二氧化碳(或碳酸根)；不能水解生成M和N，故D错误；

故选BC。三、填空题(共8题，共16分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)根据结构简式上显示；有机物含有“—OH”与“—COOR”结构，故本问第一空应填“羟基；酯基”；第二空填“易”，原因是第三空填写内容：“分子中有多个羟基，羟基易跟水分子形成氢键”；

(2)石墨晶体属于混合型晶体，层与层之间没有化学键连接，是靠范德华力维系，每一层内碳原子之间是通过形成共价键构成网状连接，作用力强，不易被破坏；所以本问第一空应填“范德华力”，第二空应填“石墨烯通过碳碳共价键形成平面网状结构”。【解析】羟基、酯基易分子中有多个羟基，羟基易跟水分子形成氢键范德华力石墨烯通过碳碳共价键形成平面网状结构15、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)根据已知：有机物的相对分子质量为88，含碳的质量分数为54.5%、含氢的质量分数为9.1%，其余为氧，所以1mol该有机物中，故该有机物的分子式为故答案：

(2)若该有机物的水溶液呈酸性，说明含有羧基；结构中不含支链，则该有机物的结构简式为则其核磁共振氢谱图中的峰面积之比为3：2：2：1。故答案：3：2：2：1；

(3)由图可知，该有机物分子中有2个1个1个-C-O-C-结构或2个1个-COO-结构，据此可写出该有机物可能的结构简式有：故答案：【解析】3：2：2：116、略

【分析】【分析】

【详解】

C为有2个不饱和度，含酮羰基但不含环状结构，则分子中含一个碳碳双键，一个酮羰基，外加2个甲基，符合条件的有8种，如下：CH3CH=CHCOCH2CH3、CH3CH=CHCH2COCH3、CH3CH2CH=CHCOCH3、CH2=CHCH(CH3)COCH3、CH2=C(C2H5)COCH3、CH2=C(CH3)COCH2CH3、CH2=C(CH3)CH2COCH3、CH2=CHCOCH(CH3)2，其中，含有手性碳的为CH2=CHCH(CH3)COCH3()，故答案为：c；CH2=CHCH(CH3)COCH3()。【解析】cCH2=CHCH(CH3)COCH3()17、略

【分析】【分析】

设烃A的分子式为0.2molA完全燃烧生成和分别为2mol、1.4mol，则个；个，即A的分子式为

【详解】

(1)烃A的分子式为故填

(2)根据题意甲；乙、丙均为A的同分异构体；

①甲不能被酸性高锰酸钾氧化，所以其与苯环相连的C原子上无H，其结构为故填

②若乙中只有一个烷基，则苯环上的取代基只有一个，且能被高锰酸钾氧化，其结构有共计3种；如乙被氧化成说明苯环上有两个取代基，且与苯环相连的C原子上有H原子，其结构有共9种，故填3；9；

③丙的苯环上的一溴代物只有1种，说明苯环上的取代基处于对称位置，其结构有共3种，故填3。【解析】39318、略

【分析】【详解】

含有羟基，属于醇，主链上有5个碳原子，从离羟基近的一端给碳原子编号，2号碳原子连有羟基、4号碳原子连有2个甲基，名称是4，4-二甲基-2-戊醇。【解析】4，4-二甲基-2-戊醇19、略

【分析】(1)

乙烯与氯气发生加成反应生成1，2-二氯乙烷，反应的化学方程式为：CH2=CH2+Cl2→ClCH2CH2Cl。

(2)

乙烯与氯化氢发生加成反应生成氯乙烷，反应的化学方程式为：CH2=CH2+HClClCH2CH3。

(3)

氯乙烯()在催化剂的条件下发生加聚反应生成聚氯乙烯，反应的化学方程式为：n【解析】(1)CH2=CH2+Cl2→ClCH2CH2Cl

(2)CH2=CH2+HClClCH2CH3

(3)n20、略

【分析】【详解】

(1)该有机物中C、H、O的原子个数比为N(C)∶N(H)∶N(O)=则其实验式是C4H10O。

(2)质谱图中质荷比最大的值就是该有机物的相对分子质量，则该有机物的相对分子质量为74，该有机物的实验式是C4H10O，则该有机物分子式为C4H10O。

(3)C4H10O为丁醇，丁醇的同分异构体有4种，分别为CH3CH2CH2CH2OH、CH3CH2CHOHCH3、(CH3)2CHCH2OH、(CH3)3COH，羟基可以与钠反应，则与钠反应的结构有4种；醇羟基可以被氧化，醇中连接羟基的碳原子上连有2个氢原子时可以被氧化为醛，醇中连接羟基的碳原子上连有1个氢原子时可以被氧化为酮，醇中连接羟基的碳原子上没有氢原子时不能被氧化，醛丁醇的4个同分异构体中(CH3)3COH不能被氧化；名称为2-甲基-2-丙醇。

(4)CH3CH2CH2CH2OH、(CH3)2CHCH2OH被氧化为的醛分别为CH3CH2CH2CHO、(CH3)2CHCHO，它们与新制备的Cu(OH)2悬浊液反应的化学方程式分别为CH3CH2CH2CHO+2Cu(OH)2+NaOHCH3CH2CH2COONa+Cu2O↓+3H2O、(CH3)2CHCHO+2Cu(OH)2+NaOH(CH3)2CHCOONa+Cu2O↓+3H2O。【解析】①.C4H10O②.74③.C4H10O④.4⑤.2-甲基-2-丙醇⑥.CH3CH2CH2CHO+2Cu(OH)2+NaOHCH3CH2CH2COONa+Cu2O↓+3H2O或(CH3)2CHCHO+2Cu(OH)2+NaOH(CH3)2CHCOONa+Cu2O↓+3H2O21、略

【分析】【详解】

（1）根据结构简式可知，分子式为C15H16O2，官能团有酚羟基，可判断该物质属于酚类物质，故答案为：C15H16O2；羟基；酚；

（2）由物质的空间结构可知，与两个苯环相连的碳原子和两个苯环上的碳原子可能共平面，则BPA分子中最多有13个碳原子共面()；故答案为：13；

（3）根据烃的含氧有机与氧气反应的化学方程式可知1mol该有机物和氧气反应消耗氧气18mol；所以标况下即消耗403.2L的氧气，故答案为：403.2L；

（4）A；BPA含苯环；能与氢气发生加成反应，与氢气的加成反应也属于还原反应，故A正确；

B、BPA含酚-OH，遇FeCl3溶液变色；故B正确；

C、苯环能够与氢气加成，则1molBPA最多可与6molH2反应；故C错误；

D；BPA含酚-OH；具有酸性，可与NaOH溶液反应，故D正确；

C错误；故答案为：C。

【点睛】

与两个苯环相连的碳原子和两个苯环上的碳原子可能共平面是解答关键，也是解答难点。【解析】①.C15H16O2②.羟基③.，酚④.13⑤.403.2L⑥.C四、判断题(共2题，共20分)22、A【分析】【详解】

核酸分为脱氧核糖核酸简称DNA和核糖核酸简称RNA；是生物体的遗传物质，正确；

故答案为：正确。23、B【分析】【分析】

【详解】

含有苯环，两个甲基取代有邻、间、对三种，苯环上乙基取代只有一种，总共有4种同分异构体，故错误。五、计算题(共3题，共15分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

该烃的相对分子质量是氢气的14倍，则经的相对分子质量是14×2=28。燃烧生成的二氧化碳和水的物质的量分别是即碳氢原子的个数之比是1:2，所以该烃的分子式为C2H4，结构简式为H2C=CH2。【解析】C2H4CH2=CH225、略

【分析】【分析】

⑴根据密度之比等于摩尔质量之比；等于相对密度，计算出有机物的相对分子质量。

⑵根据质量分数计算出碳；氢、氧的个数比；计算出最简比，再根据相对分子质量计算出分子式。

⑶W既能与乙酸反应；又能与乙醇反应，生成物都是酯和水，说明W含有—OH；—COOH，再根据核磁共振氢谱图中有四种吸收峰得出结构简式。

【详解】

⑴有机物质的密度是相同条件下H2的45倍；所以有机物质的相对分子质量=45×2=90，故答案为：90。

⑵所以设分子为(CH2O)n，结合相对分子质量为90，30n=90，得n=3，因此分子式为C3H6O3，故答案为：C3H6O3。

⑶W既能与乙酸反应，又能与乙醇反应，生成物都是酯和水，说明W的结构中有，—OH、—COOH，核磁共振氢谱图中有四种吸收峰，面积之比为3：1：1：1，得结构简式为CH3CH(OH)COOH;故答案为：CH3CH(OH)COOH。【解析】①.90②.C3H6O3③.CH3CH（OH）COOH26、略

【分析】【分析】

(1)两种气态烃组成的混和气体，对氢气的相对密度为13，则混合气体的平均相对分子质量是2×13=26，混合气体的平均摩尔质量为26g·mol－1，烯烃中摩尔质量最小为乙烯的28g·mol－1，而28g·mol－1＞26g·mol－1，则烷烃的摩尔质量应小于26g·mol－1，小于26g·mol－1的只有甲烷；因此混合气体中一定含有甲烷，又根据溴水增重质量为烯烃的质量，可推算出烯烃的分子结构；

(2)①0.2mol烃完全燃烧生成的是CO2、H2O，生成CO2、H2O的物质的量均为1.4mol；则0.2mol该烃含有C；H的物质的量为1.4mol、2.8mol，据此分析作答；

②若烃A能使溴水褪色；则是烯烃，与氢气加成，其加成产物经测定分子中含有3个乙基，据此分析作答。

【详解】

(1)两种气态烃组成的混和气体，对氢气的相对密度为13，则混合气体的平均相对分子质量是2×13=26，混合气体的平均摩尔质量为26g·mol－1，烯烃中摩尔质量最小为乙烯的28g·mol－1，而28g·mol－1＞26g·mol－1，则烷烃的摩尔质量应小于26g·mol－1，小于26g·mol－1的只有甲烷，因此混合气体中一定含有甲烷。假设烯烃的化学式为CnH2n，一种气体4.48L标准状况下的混合气体的物质的量是n==0.2mol，其质量为m(混合)=0.2mol×26g·mol－1=5