2025年人教新起点选修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教新起点选修3物理下册月考试卷47考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示；由粒子源发出的带正电的粒子经过同一加速电场A加速后，形成粒子束进入同一偏转电场B中偏转．已知粒子源发出的粒子中包括有一价氢离子；一价氦离子和二价氦离子，这些粒子离开粒子源时的初速度可视为零，空气阻力粒子的重力及粒子之间的相互作用力均可忽略不计．下列说法正确的是（）

A.它们始终为一股粒子束B.它们会分离为两股粒子束C.它们会分离为三股粒子束D.它们会分离为无数股粒子束2、如图所示，匀强磁场的方向垂直于光滑的金属导轨平面向里，极板间距为d的平行板电容器与总阻值为2R0的滑动变阻器通过平行导轨连接，电阻为R0的导体棒MN可在外力的作用下沿导轨从左向右做匀速直线运动．当滑动变阻器的滑动触头位于a、b的中间位置、导体棒MN的速度为v0时；位于电容器中P点的带电油滴恰好处于静止状态．若不计摩擦和平行导轨及导线的电阻，重力加速度为g，则下列判断正确的是()

A.油滴带正电荷B.若将上极板竖直向上移动距离d，油滴将向上加速运动，加速度a=g／2C.若将导体棒的速度变为2v0，油滴将向上加速运动，加速度a=2gD.若保持导体棒的速度为v0不变，而将滑动触头置于a位置，同时将电容器上极板向上移动距离d／3，油滴仍将静止3、直流电路如图所示，电源的内阻不能忽略不计，在滑动变阻器的滑片P由图示位置向右移动时；电源的（）

A.效率一定增大B.总功率一定增大C.热功率一定增大D.输出功率一定先增大后减小4、如图是一定质量的理想气体由状态A经过状态B变为状态C的体积与热力学温度关系的V-T图像。则下列关于此过程的压强与热力学温度关系的p-T图像正确的是（）

A.B.C.D.5、如图所示的电路中；闭合开关S，小灯泡正常发光．现将滑动变阻器的滑片P稍向左移动一段距离，下列说法正确的是()

A.电流表、电压表的读数均变小B.小灯泡L变暗C.电源的总功率变大D.电容器所带电荷量变小评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、下列说法正确的是（）A.气体向外放热，其内能一定减小B.露珠呈球状是由于液体表面张力的作用C.饱和汽压与温度有关，且随着温度的升高而增大E.当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而减小E.当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而减小7、如图所示，A、B两点表示一定质量的某种理想气体的两个状态，当气体从状态A变化到状态B时（）

A.体积必然变大B.不可能经过体积减小的过程C.外界必然对气体做正功D.气体必然从外界吸热8、如图是空气能热水器的工作原理示意图；它主要由储水箱；毛细管、蒸发器、压缩机、冷凝器等部件组成。制冷剂在毛细管、蒸发器、压缩机、冷凝器之间循环过程与我们所熟悉的电冰箱的制冷循环过程相同，其工作过程如下：

①液态制冷剂经过一段很细的毛细管缓慢地进入蒸发器；在蒸发器中迅速汽化，并从低温的空气中吸收热量。

②制冷剂汽化生成的蒸汽被压缩机压缩后变成高温高压的蒸汽进入冷凝器。

③在冷凝器中；高温高压的蒸汽将热量传递给水并发生液化。制冷剂以此不断循环流动，使水的温度不断上升。下列说法正确的是（）

A.空气能热水器实现了“热量由低温物体（空气）传向高温物体（水）”B.空气能热水器中的水被加热是由电直接加热的C.空气能热水器的工作原理不违反热力学第一定律D.空气能热水器的制热系统能够不断地把空气的内能传给水，是因为其消耗了电能9、下列说法正确的是（）A.理想气体吸收热量时，温度和内能都可能保持不变B.布朗运动就是液体分子或气体分子的无规则运动C.随着分子间距离的增大，分子势能先减小再增大D.一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行的10、下列有关自然现象说法正确的是（）A.荷叶上的露珠几乎呈球形是由于表面张力的作用B.温度相同的氢气和氧气，它们分子的平均速率不同C.空气泡从恒温水中升起，应该放出热量E.由同种元素构成的固体，可能会由于原子的方式不同而成为不同的晶体E.由同种元素构成的固体，可能会由于原子的方式不同而成为不同的晶体11、一电容器的电容为10F，A、C两板间距极小，垂直于回路平面的磁感应强度以5×10-3T/s的变化率增加，回路面积为1×10-2m2；如图所示．则。

A.A板带正电B.C板带正电C.A板带电量为2×10-10CD.A板带电量为5×10-10C12、两列简谐横波的振幅都是20cm，传播速度大小相同，实线波的频率为2Hz，沿x轴正方向传播；虚线波沿x轴负方向传播；某时刻两列波在如图所示区域相遇，则（）

A.在相遇区域会发生干涉现象B.实线波和虚线波的频率之比为3：2C.平衡位置为处的质点此时刻速度为零D.平衡位置为处的质点此刻位移评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)13、按照玻尔理论可知，氢原子中的电子离原子核越远，氢原子的能量_____________（选填“越大”或者“越小”），已知氢原子的基态能量为（<0），电子质量为m，基态氢原子中的电子吸收一频率为的光子被电离后，电子速度大小为_________（普朗克常量为h）．14、如图所示，一轻质弹簧两端连着物体A、B，放在光滑的水平面上，若物体A被水平速度为v0的子弹射中，且后者嵌在物体A的中心，已知物体A的质量是物体B质量的子弹质量是物体B的弹簧被压缩到最短时，求物体A；B的速度。

15、如图，压强-温度（p-t）图像中的两条直线I和Ⅱ分别表示一定量的理想气体经历的两个不同过程，p1和p2分别为两直线与纵轴交点的纵坐标，t0为它们的延长线与横轴交点的横坐标，t0＝－273.15℃，a、b为直线I上的两点。由图可知，气体在状态a和b的体积之比Va∶Vb＝___________；气体在状态b和c的体积之比Vb∶Vc＝___________。

16、神州十四号航天员在出舱时，需穿着特殊的绝热航天服。为保护宇航员，航天服内气体的压强为标准大气压。当航天员到达太空后由于外部气压降低，航天服内部气体体积______（填“增大”“减小”或“不变”）。将航天服中研究气体视为理想气体，航天员出舱后，若不采取任何措施，航天服内气体内能______（填“增大”“减小”或“不变”），所以为保护宇航员，应在宇航服内部装有______（填“制冷装置”或“加热装置”）17、上海科学中心创造的激光在秒内产生400焦能量，其平均功率为___________W；中心波长为米，对应的频率为___________赫兹。18、做汽车安全气囊的模拟实验时，密封的储气罐与气囊相连，撞击时储气罐阀门自动打开，大量气体进入气囊，气囊在极短时间内迅速展开，在人体前部形成弹性气垫，然后气囊泄露，收缩，从而有效保护人体，气囊展开过程中，将气体视为理想气体，气体的内能______（选填“增大”、“减小”或“不变”）；泄露收缩过程中气囊内壁单位面积上受到气体分子撞击的作用力___________（选填“增大”、“减小”或“不变”）评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)19、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

20、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

21、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共15分)22、某同学测量一节干电池的电动势和内阻，现有待测电池、电流表（量程0~0.6A，内阻约0.1Ω）、电压表（量程0~3V，内阻约3kΩ）、滑动变阻器（阻值0~10Ω，额定电流2A）、开关各一个、导线若干．为了防止实验测量时数据过密（即要求电压变化范围相对大一些），另外还配有一个定值电阻R0（阻值为1Ω；额定功率为5W）．

(1)请按照图甲设计的电路图用笔画线将图乙实物电路图补充完整_______．

(2)该同学按照要求连接好电路并进行实验，根据实验数据绘出了图所示的U－I图像，则电源的电动势E＝______V，电源内阻r＝_____Ω．

(3)在上述实验过程中存在系统误差．在下图所绘图像中，虚线代表没有误差情况下，电压表两端电压的真实值与通过电源电流真实值关系的图像，实线是根据测量数据绘出的图像，则图中能正确表示二者关系的是______（选填选项下面的字母）．

A、B、

C、D、23、在测一节干电池的电动势和内电阻的实验中，根据实验数据画出的U-I图线如图所示，则求得的电动势是____________V，内电阻是__________Ω．

24、磁力锁主要由电磁铁和衔铁组成．某小组用如图甲所示的装置研究电磁铁线的工作电压与衔铁所受磁力大小的关系，弹性梁一端连接有衔铁，在外力作用下可以上下运动，另一端固定于墙壁，电磁铁位于衔铁正下方，为理想电压表.

(1)为增大电磁铁产生的磁感应强度，变阻器的滑片应向_________端移动（选填“”或“”）.

(2)已知电磁铁线圈的直流电阻为滑动变砠器的最大阻值为电源的电动势为滑动变阻器能提供的最大分压为则电源E的内阻为_________（保留两位有效数字）

(3)同学们将阻值会因形状变化而发生改变的金属应变片粘贴在弹性梁的上表面，然后将金属应变片定值电阻和理想电压表连接成如图乙所示的电路．线圈通电吸引衔铁下移时，应变片变长，的阻值将_________，电压表的读数将_________．（填“增大”“减小”或“不变”）

(4)在线圈通电吸合衔铁后，用外力使电磁铁和衔铁刚好分开，测得外力与线圈两端电压的关系如图丙所示，若要求该锁能抵抗的外力，则工作电压至少为_________．

评卷人得分六、解答题(共3题，共6分)25、如图所示，abcd是一个正方形盒子边的中点有一个小孔盒子中有沿ad方向的匀强电场一个质量为m带电粒子从a处的小孔沿ab方向以初速度射入盒内，并恰好从e处的小孔射出；（不计重力）求。

（1）该带电粒子从e孔射出时的速度大小．

（2）该过程中电场力对该带电粒子做的功．26、如图所示，上端开口的光滑圆形气缸竖直放置，截面积为40cm2活塞将一定质量的气体封闭在气缸内．在气缸内距缸底60cm处设有卡环ab，使活塞只能向上滑动．开始时活塞搁在ab上，缸内气体的压强等于大气压强P0＝1.0×105Pa,温度为300k.现缓慢加热气缸内气体，当温度缓慢升高为330k,活塞恰好离开ab；当温度缓慢升高到363k时，（g取10m/s2）求：

①活塞的质量②整个过程中气体对外界做的功．

27、如图所示，一个半径为r的半圆形线圈，以直径ab为轴匀速转动，转速为n，ab的左侧有垂直于纸面向里(与ab垂直)的匀强磁场，磁感应强度为B，M和N是两个集流环，负载电阻为R；线圈；电流表和连接导线的电阻不计，求：

（1）感应电动势的最大值；

（2）从图示位置起转过周的时间内负载电阻R上产生的热量；

（3）从图示位置起转过周的时间内通过负载电阻R的电荷量；

（4）电流表的示数．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【详解】

设加速电压为U1，偏转电压为U2，极板的长度为L，间距为d；离子经过同一加速电场由静止加速后，在加速电场中，根据动能定理得：在偏转电场中，离子做类平抛运动，运动时间偏转距离联立以上各式得：y与带电粒子的质量、电荷量无关，则一价氢离子、一价氦离子和二价氦离子在偏转电场轨迹重合，所以它们不会分成三股，而是会聚为一束射出，故A正确，BCD错误．2、D【分析】【详解】

考点：导体切割磁感线时的感应电动势；带电粒子在匀强电场中的运动；电容；闭合电路的欧姆定律．

专题：电磁感应与电路结合．

分析：导体棒MN相当于电源；M端为正极，外电路由滑动变阻器构成，电容器两端电压和滑动变阻器两端电压相等，弄清楚这些然后对带电液滴进行受力分析即可正确解答本题．

解答：解：根据右手定责可知；M端为正极，液滴静止，因此带负电，故A错误；

设导体棒长度为L；导体棒切割磁感线形成的感应电动势为：E=BLv

电容器两端电压为：U==①

开始液滴静止有：q=mg②

若将上极板竖直向上移动距离d时，有：mg-q=ma1③

联立①②③得：a=方向竖直向下，故B错误；

当若将导体棒的速度变为2v时，有：q-mg=ma④

将①中v换为2v联立①②④解得：a=方向竖直向上，故C错误；

若保持导体棒的速度为v不变，而将滑动触头置于a位置时，电容器两端之间的电压为：U2=BLv

此时液滴所受电场力为：F=q==mg；因此液滴仍然静止，故D正确．

故选D．

点评：本题实质上借助电磁感应考查了有关电容器的运算，注意正确分析电容器两端电压以及极板的正负极．3、A【分析】【详解】

由电路图可知，当滑动变阻滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流I变小。

A．电源的效率

电源内阻r不变，滑动变阻器阻值R变大；则电源效率增大，故A正确；

B．电源电动势E不变，电流I变小，电源总功率P=EI

减小；故B错误；

C．电源内阻r不变，电流I减小，电源的热功率PQ=I2r

减小；故C错误；

D．当滑动变阻器阻值与电源内阻相等时；电源输出功率最大，由于不知道最初滑动变阻器接入电路的阻值与电源内阻间的关系，因此无法判断电源输出功率如何变化，故D错误。

故选A。

【点睛】

知道电路串并联中的电流电压关系，并熟练应用闭合电路欧姆定律、电功率公式即可正确解题。4、D【分析】【分析】

【详解】

由V-T图像可知，从A到B体积不变，温度升高，压强变大；从B到C，温度不变，体积减小，压强变大；在p-T图像中，过原点的直线为等容线，则结合给定的四个p-T可知；只有D符合。

故选D。5、B【分析】【分析】

把滑动变阻器的滑片向左移动时；变阻器接入电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析电路中总电流的变化，判断灯泡L亮度的变化．电路稳定时电容器的电压等于变阻器两端的电压，分析变阻器两端电压的变化，判断电容器充电或放电.

【详解】

把滑动变阻器的滑片向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析得知：电路中总电流I减小，则灯泡L变暗；路端电压变大，所以电压表示数变大，故A错误，B正确。以上分析知，总电流减小，据P=EI知，电源的总功率减小，故C错误。电容器与滑动变阻器并联，所以两端的电压相等，电容器两端的电压UC=E-I(r+RL)，由于I减小，电容器端电压UC增大；再据Q=CU判断电容器两极板的电量增大，故D错误。故选B。

【点睛】

本题是电路的动态变化分析问题，根据变阻器接入电路的电阻变化，确定外电路总电阻的变化，再分析电容器的电压变化，是常用的分析方法和思路．二、多选题(共7题，共14分)6、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．做功和热传递都可以改变内能；物体放热的同时若外界对气体做功，且外界对气体做功比气体向外放出的热量多，根据热力学第一定律可知，物体内能可能增加，A错误；

B．露珠呈球状是由于液体表面张力的作用；液体表面的张力具有使液体表面收缩到最小的趋势，B正确；

C．温度越高；液体越容易挥发，故饱和汽压与温度有关，且随着温度的升高而增大，C正确；

D．根据气体压强的定义可知；气体对容器的压强是由大量气体分子对器壁的频繁碰撞产生的，D正确；

E．当分子间作用力表现为斥力时；距离减小时分子力做负功，故分子势能随它们间距离减小而增大，E错误。

故选BCD。7、A:D【分析】【详解】

A．根据理想气体状态方程（常数），解得

可知A、B与O点的连线表示等容变化，直线AO的斜率大，则其体积越小，所以图像中A的体积小于B的体积，气体从状态A变化到状态B的过程中；体积必然变大，故A正确；

B．因为具有气体变化的过程未知；可能经过体积减小的过程，故B错误；

CD．气体的体积变大，气体对外界做功，根据热力学第一定律气体对外做正功，W为负值，从图中看出气体温度升高，即为正数，所以Q必须为正数；即气体必须从外界吸热，故C错误，D正确。

故选AD。8、A:C:D【分析】【详解】

ABD．空气能热水器工作时将外界低温空气中的热收集起来然后通过压缩机再传给里面温度较高的水；使水的温度升高，故AD正确，B错误；

C．空气能热水器与空调的工作原理类似；它们在工作时都遵守热力学第一定律，故C正确。

故选ACD。9、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．理想气体在吸收热量时；可能同时会对外界做功，若吸收的热量等于对外界做的功，温度和内能都可能保持不变，A正确；

B．布朗运动时悬浮在液体或气体中的固体小颗粒的永不停息的无规则运动；不是液体分子或气体分子的无规则运动，B错误；

C．若分子间距离大于平衡距离；分子势能随分子间距增大而增大，若分子间距离小于平衡距离，分子势能随分子间距增大而减小，C错误；

D．根据熵增原理；一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行的，D正确。

故选AD。10、A:B:E【分析】【详解】

A．叶面上的小露珠呈球形是由于在液体表面张力作用下表面收缩的结果；故A正确；

B．温度相同即分子平均动能相同；由于氢气和氧气的质量不同，所以它们分子的平均速率不同，故B正确；

C．空气泡从恒温水中升起，温度不变，即内能不变，升起气泡体积变大，气体对外做功，根据热力学第一定律可知应吸收热量，故C错误；

D．空调制冷说明热量可以由低温物体传向高温物体；但消耗了电能，不是自发的，故D错误；

E．同种元素构成的固体；可能由于原子的排列方式不同而形成不同的晶体，例如金刚石和石墨就是同种元素构成的不同晶体，故E正确。

故选ABE。11、A:D【分析】【详解】

A；B项：由楞次定律可得：穿过线圈的磁通量增加；则产生的感应电流方向是顺时针，由处于电源内部所以电流方向是从负极到正极，故A板为正电荷，故A正确，B错误；

C、D项：由法拉第电磁感应定律：则A、C两板的电势差5×10-5V，由公式得故C错误，D正确．

点晴：线圈平面垂直处于匀强磁场中，当磁感应强度随着时间均匀变化时，线圈中的磁通量发生变化，从而导致出现感应电动势，产生感应电流．由楞次定律可确定感应电流方向，由法拉第电磁感应定律可求出感应电动势大小．12、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．两列波波速相同，由题图知实线波的波长

虚线波的波长

根据

可求得两列波频率之比为

频率不同；所以不能发生干涉现象，故A错误，B正确；

C．根据波的传播方向，由图可知，两列波在x=6cm处都处于平衡位置；且均向上振动，此时刻质点速度最大不为零，故C错误；

D．根据两列波波形图可知，实线波在x=8.5m处的位移

虚线波在x=8.5m处的位移

故平衡位置为处的质点此刻位移

故D正确。

故选BD。三、填空题(共6题，共12分)13、略

【分析】【详解】

频率为ν的光子的能量

氢原子中的电子离原子核越远；则能级越高，氢原子能量越大．

基态中的电子吸收一频率为γ的光子后，原子的能量增大为：

电子发生电离时其电势能为0，动能为：

因此有：

所以有：

则：．【解析】越大14、略

【分析】【详解】

设B的质量为m，则A的质量是子弹质量是子弹和A、B木块组成的系统动量守恒，有

解得【解析】15、略

【分析】【详解】

[1]图中两条直线是等容线，所以a、b两个状态下的气体体积相同，则

[2]b、c两个状态下的气体温度相等，由图像可得

即【解析】1:1p2:p116、略

【分析】【详解】

[1]当航天员到达太空后由于外部气压降低；航天服内部气压大于外部气压，内部气体将膨胀对外做功，导致航天服内部气体体积增大；

[2]由于航天服绝热，则有

根据上述，内部气体将膨胀对外做功，则有

根据

可知

即若不采取任何措施；航天服内气体内能减小；

[3]为保护宇航员，需要确保航天服内气体的压强为标准大气压，即发生等压变化，根据

由于内部气体体积增大，则必须升高温度，即应在宇航服内部装有加热装置。【解析】增大减小加热装置17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据功率的定义式可得。

[2]由公式可得。

【解析】18、略

【分析】【详解】

[1]气囊展开过程中；气体迅速膨胀，对外做功，由于时间极短，可看作绝热膨胀，故内能减小；

[2]泄露收缩过程中；整个气体是进一步膨胀的，根据热力学第一定律，内能进一步减小，故剩余部分气体的温度进一步降低，而温度是分子热运动平均动能的标志，故分子热运动平均动能减小，而分子密集程度也稀疏了，故气囊内壁单位面积上受到气体分子撞击的作用力减小。

【点睛】

热力学第一定律就是不同形式的能量在传递与转换过程中守恒的定律，表达式为表述形式：热量可以从一个物体传递到另一个物体，也可以与机械能或其他能量互相转换，但是在转换过程中，能量的总值保持不变。【解析】减小减小四、作图题(共3题，共27分)19、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】20、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共15分)22、略

【分析】【详解】

（1）实物电路图如图；

或

（2）由U－I图像可得电源的电动势E＝1.5V，电源内阻

（3）在测量电路中；由于电压表的内阻不是无穷大，导致电压表有分流，通过电源的实际电流大于安培表的电流，即在电流表读数相同的情况下，无误差时通过电源的电流值比有误差时偏大，而当外电路短路时的短路电流不变，如图所示；则图线A正确；

【解析】或1.5V0.6ΩA23、略