2025年湘师大新版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘师大新版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、在如图所示的电路中；开关S闭合后，和未闭合开关S前相比较三个电表的读数变化情况是。

A.V变大、A1变大、A2变小B.V变大、A1变小、A2变大C.V变小、A1变大、A2变小D.V变小、A1变小、A2变大2、如图所示的电路，当滑动变阻器的滑片P处于中点位置时，灯泡亮度相同，若将P向左滑动时；各灯泡亮度变化情况将是（）

A.变暗，变亮B.变暗，变亮C.变暗，无法判断，L变亮D.四灯都变亮3、如图所示，圆台上下底面的圆心分别为O1、O2，两点连线的中点为O，以O为圆心的圆周上放置四个点电荷，E、F处电荷的电量为-q，G、H处电荷的电量为+q，以O1、O2、O为圆心的圆平面水平且平行；若下面研究中的微粒重力忽略不计，下列说法正确的是（）

A.O1处电场强度大于O2处电场强度B.直线O1O2上各点电势相等C.将-q微粒从O1点沿O1O方向移至O点过程电势能增加D.将-q微粒从O1点沿O1O方向移至O点过程所受电场力一直减小4、如图所示，实线表示电场线，虚线表示一带电粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，其中过点的切线与该处的电场线垂直。下列说法正确的是（）

A.粒子带正电B.粒子在点的加速小于它在点的加速度C.粒子在点时电场力做功的功率为零D.粒子从点运动到点的过程中电势能先减小后增大5、如图所示，a、b、c为水平面内的三点，其连线构成一个等边三角形，两根长直导线竖直放置且过a、b两点，两导线中分别通有方向相反的电流I1和I2。已知通电直导线产生磁场的磁感应强度可用公式表示，公式中的k是常数、I是导线中电流强度、r是该点到直导线的距离。若两根长导线在c点产生的磁场的磁感应强度方向沿图中虚线由c点指向a点，则电流I1：I2值为（）

A.1：2B.C.2：1D.6、如图a，一个正点电荷固定在绝缘水平面上x轴的原点O处，轴上各点电势与的关系如图b。可视为质点的滑块质量为0.05kg、电荷量为从x=0.2m处由静止释放。已知滑块与水平面间的动摩擦因数设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则在x=0.4m处滑块速度大小为（）

A.0B.0.2m/sC.0.3m/sD.0.6m/s7、A、B、C、D是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点电场线与矩形所在平面平行。已知A点的电势为2V，B点的电势为4V，D点的电势为-4V，如图。由此可知C点的电势为（）

A.4VB.-4VC.-2VD.2V8、如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地。一带电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态。现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离（）

A.带电油滴一直处于静止状态B.P点的电势将升高C.带电油滴的电势能将增大D.电容器的电容减小，极板带电量将增大9、关于磁感线，下列说法正确的是A.磁感线只能表示磁场的方向B.磁感线只能表示磁场的强弱C.磁感线的疏密能形象描述磁场的强弱D.磁感线可以用细铁屑来显示，因而是真实存在的评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、纸面内水平向右的匀强磁场中，有一等腰直角三角形MNQ在Q点固定一根垂直纸面的通电导线，导线中通入如图所示方向的电流。已知∠NQM=90°，MN边沿水平方向；则下列说法中正确的是（）

A.M、N两点合磁场的磁场方向不同B.M、N两点合磁场的磁场方向相同C.从M点沿直线到N点，合磁场的大小先增大后减小D.从M点沿直线到N点，合磁场的大小先减小后增大11、如图所示电路中，在滑动变阻器的滑片P由b端向a端滑动的过程中；下列描述正确的是（）

A.电压表示数增大，电流表示数减小B.电压表示数减小，电流表示数增大C.电路中的总电阻增大D.通过R1的电流增大12、如图，已知某匀强电场方向平行于正六边形ABCDEF所在平面。已知A、B、C、D点的电势分别为15V、12V、6V、3V。现有一电荷量为3e的带电粒子（不计重力）从A点以初动能12eV沿AC方向射入电场，恰好经过B点。下列说法正确的是（）

A.粒子一定带正电B.粒子达到B点时的动能为3eVC.若只改变该粒子在A点时的初速度方向，粒子可能经过C点D.若只改变该粒子在A点时的初速度方向，粒子可能垂直经过直线BF13、如图所示的电路中，电流表为理想电表，电源的电动势为E、内阻为r，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片向右滑动时；下列说法正确的是（）

A.两端的电压增大B.的功率增大C.电流表的示数变大D.通过的电流增大14、如图所示的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成；它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（）

A.甲表是电流表，R增大时量程增大B.甲表是电流表，R增大时量程减小C.乙表是电压表，R增大时量程减小D.乙表是电压表，R增大时量程增大15、如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象．当t＝0时；在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是()

A.带电粒子将始终向同一个方向运动B.2s末带电粒子回到原出发点C.3s末带电粒子的速度为零D.0～3s内，电场力做的总功为零16、雷雨天气；不能在大树下躲雨。某雷雨天，有两头一样大的牛躲在一棵大树下，A牛面对大树站立，B牛侧对大树站立。当闪电击中这棵大树瞬间在树周围地面的电势分布情况如图所示，则下列判断正确的是（）

A.A牛前脚位置处电场强度比B牛前脚位置处的大B.A牛前脚位置处电势比B牛前脚位置处的低C.两头牛的前后脚位置之间电压一样大D.通过两头牛的电流一样大17、对电功及焦耳定律公式的理解正确的是()A.焦耳定律适用于一切电路的焦耳热的求解B.电功公式焦耳定律公式都适合于任何电路,因此W一定等于QC.非纯电阻电路中的电功可能等于焦耳热D.电功的另一表达式只适用于纯电阻电路18、在纯电阻电路中，当用一个固定的电源(设E、r是定值)向变化的外电阻供电时，关于电源的输出功率P随外电阻R变化的规律如图所示．下列判断中正确的是（）

A.当R＝r时，电源有最大的输出功率B.电源内阻消耗的功率随外电阻R的增大而增大C.电源的功率P总随外电阻R的增大而增大D.电源的效率η随外电阻R的增大而增大评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)19、如图所示，一带负电的导体球M放在绝缘支架上，把系在绝缘丝线上的带电小球N挂在横杆上。当小球N静止时，丝线与竖直方向成角，由此推断小球N带_______电荷（选填“正”或“负”）。现用另一与M完全相同的不带电导体球与M接触后移开，则丝线与竖直方向的夹角将_________（选填“变大”或“变小”）。

20、形象描述电场分布的曲线叫做_____，我们用_____（用文字表述）表示电场的强弱。21、光是传播中的电磁场，即电磁波。“电磁波的振动方向”指的是__________方向。22、我国自古有“昼涨称潮；夜涨称汐”的说法。潮汐主要是由太阳和月球对海水的引力造成的，以月球对海水的引力为主。

(1)世界两大观潮胜地，一处是亚马孙河北河口，另一处是我国的___________入海口。

(2)图中，a、b是某些潮汐发电示意图。涨潮时开闸门（图a），水由通道进入海湾水库蓄水，待水面升至最高点时关闭闸门，当落潮时，开闸放水发电（图b）。设海湾水库面积为5.0×108m2，平均潮差为3.0m，一天涨落潮两次，发电的平均能量转化率为10%，则一天内发电的平均功率约为（ρ水取1.0×103kg/m3，g取10m/s2）___________。

A．2.6×104kWB．5.2×104kWC．2.6×105kWD．5.2×105kW23、如图所示，电容器上板A接电源正极、下板B接电源负极，且将上极板接地，电源电压恒定，开关S始终闭合，一带电液滴恰静止在电容器内部P点，现将电容器下极板B向下平移一小段距离，则电容器的电容将_________（填“不变”、“增大”、“减小”），液滴将______________（填“静止不动”；“向下运动”、“向上运动”）．

24、小明用气球做了以下三个实验。如图1，吹风机在工作时，吹风口能“吸”住气球，是利用了气球上放空气流速大，压强_______。如图2，气球放在热水烫过的玻璃瓶口，过一会在________的作用下被“吸”入瓶中。如图3，在头发上摩擦过的气球靠近细水流，水流偏离竖直方向，是因为该气球带了________；对细水流产生了吸引力。

25、在边长为r的等边三角形的顶点分别放置一点电荷a、b、c，如图所示。已知Qa=Qc=+q，Qb=－q，则c受到的库仑力的大小为___________，方向为___________。

26、如图所示，两条直线分别对应着两个导体R1、R2。那么，两导体的电阻之比为R1:R2=_________，若两个导体串联时，两导体两端的电压之比为U1:U2=_________。

27、如图是双量程电压表的原理图，它有两个量程分别为3V和15V，则使用图的a、b两端时量程应为_____，使用图的a、c两端时量程为____，已知表头内阻为15Ω，满偏电流为4mA，则R1=____。

评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)28、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

29、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

30、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共4题，共8分)31、某实验小组要测量一根镍铬合金丝通过额定电流（0.4A）时的电阻。把合金丝绕成螺线圈固定在接线板上；提供的实验器材如图乙所示：直流电源；电表、电压表、滑动变阻器（最大阻值50Ω）、开关和导线若干。

（1）采用如图甲所示的电路测电阻时，电压表一端接线固定，另一端接线接a点，调节滑动变阻器，使得电流表示数为0.40A，此时电压表示数为10.0V；保持滑动变阻器滑片位置不变，电压表另一端接b点时，发现电流表示数几乎不变，电压表示数变为10.5V。那么本实验中电压表另一端接线接______点时，得到的结果更接近合金丝电阻的真实值，此时电阻的测量值为_________Ω。（计算结果保留三位有效数字）

（2）实验之前滑动变阻器滑片的位置如图乙所示，根据第（1）问的解答，为保证实验的安全性，请你用笔划线代替导线把乙图的电路连接完整_________。32、在“测定金属的电阻率”的实验中，被测金属丝的电阻大约为6现先用刻度尺测出金属丝的长度l；接着用螺旋测微器测量金属丝直径d，其刻度位置如图甲所示；再用伏安法测出金属丝两端的电压U和通过金属丝的电流I；计算出它的电阻；最后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率。

①从图甲中读出金属丝的直径d为________mm。

②在用伏安法测定金属丝的电阻时；除被测的电阻丝外，还有如下供选择的实验器材：

直流电源E：电动势的4.5V；内阻很小；

电流表A1：量程0～0.6A，内阻为0.125

电流表A2：量程0～3.0A，内阻为0.025

电压表V1：量程0～3V，内阻力3k

电压表V2：量程0～15V，内阻为15

滑动变阻器R1：最大阻值10允许通过的最大电流为0.2A；

滑动变阻器R2：最大阻值20允许通过的最大电流为1.0A；

开关；导线等。

要求有较高的测量精度，并能测得多组数据。在可供选择的器材中，应该选用的电流表是________，应选用的电压表是_______，应该选用的滑动变阻器是_________。写出用测得的物理量表示的计算电阻率的表达式（用字母表示）：＝_________。33、某学习小组需要探究小灯泡的电压与电流的关系；他们根据实验室提供的实验器材设计了实验的电路图，如图甲所示。

（1）请根据实验电路图，用笔画线代替导线将图乙的实物图连接成完整电路_______。

（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到_______（选填“A”或“B”）端。

（3）实验时，可以根据电压表和电流表的读数计算出小灯泡某状态下的电阻，这个计算出的电阻________（填“大于”、“小于”或“等于”）该状态下小灯泡电阻的真实值。34、在“测定金属电阻率”的实验中，需要用螺旋测微器测量金属丝的直径，其结果如图甲所示，其读数为______mm；

测量电阻时，先用多用电表粗测金属丝的电阻阻值约为再采用“伏安法”精确测量金属丝的电阻，实验室能够提供的实验器材有：

A.电流表量程为内阻

B.电流表A1，量程为内阻

C.电流表A2，量程为内阻

D.电阻箱阻值范围

E.电阻箱阻值范围

F.滑动变阻器最大阻值为

G.电源内阻约为

H.开关一只；导线若干。

回答下列问题：

（2）正确选择实验器材，电流表应选择________和__________，电阻箱应选_______；（填写元器件前的字母代号）

（3）画出电阻测量的实验电路图_______；

（4）使用正确电路，分别测量多组实验数据，并记录在如图乙坐标系中，将调节到根据记录的实验数据做出金属丝的图线________，并算出金属丝的电阻___________。（计算结果保留两位有效数字）参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【详解】

开关闭合前，R和R2串联，电流表A1和A2测量总电流，电压表测量路端电压，S闭合后，R1和R2并联后再与R串联，则总电阻变小，总电流变大，则A1变大，V测量路端电压，总电流变大，内阻所占电压增大，所以路端电压减小，即V减小，并联部分电压比原来R2的电压小，所以通过A2的电流减小.

A．V变大、A1变大、A2变小与分析结果不相符；故A项错误；

B．V变大、A1变小、A2变大与分析结果不相符；故B项错误；

C．V变小、A1变大、A2变小与分析结果相符；故C项正确；

D．V变小、A1变小、A2变大与分析结果不相符，故D项错误。2、A【分析】【详解】

将向左滑动时，变阻器的阻值变小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知干路电流增大，内电压增大，则路端电压减小，灯变暗；

流过灯电流为：

增大，减小，则增大，灯变亮；

灯的电压为：

减小，增大，减小，灯变暗；

流过灯电流为：

减小，增大，所以增大，变亮；

A．与分析相符；故A正确；

B．与分析不符；故B错误；

C．与分析不符；故C错误；

D．与分析不符；故D错误。

故选A.3、B【分析】【详解】

A．因O1O与O2O的距离相等，故O1与O2的合电场强度都为零；选项A错误；

B．同理O1O2此线上场强处零，电场力不做功，则直线O1O2上各点电势相等；所以选项B正确；

C．将-q微粒从O1点沿O1O方向移至O点过程；电场力不做功，电势能变化为零，所以选项C错误；

D．因O与O1点的合电场强度都为零，但O1O之间的电场强度都为零，所以将-q微粒从O1点沿O1方向移至O点过程所受电场力为零；选项D错误。

故选B.4、C【分析】【分析】

【详解】

A．根据带电粒子的运动轨迹可知；带电粒子所受的电场力沿电场线偏向左下方，则知带电粒子带负电，故A错误；

B．电场线的疏密表示场强大小，由图知粒子在B点的场强大于C点的场强，在B点的加速度大于C点的加速度；故B错误；

C．粒子过B点的切线与该处的电场线垂直，则粒子受到的电场力方向与粒子在B点速度的方向垂直；所以此刻粒子受到的电场力做功的功率为零，故C正确；

D．从A到B，电场力做负功，电势能增加，从B到C；电场力做正功，电势能减小，故D错误。

故选C。5、A【分析】【详解】

由安培定则，结合两根长导线在c点产生的磁场方向沿图中虚线由c点指向a点，那么两导线在c点磁感线的方向如图所示。

依据三角知识，则有

由题知通电直导线产生磁场的磁感应强度的表示式为则有

解得

故选A。6、B【分析】【详解】

在x=0.4m处即

由图可知此处电势为φ1=2.5×105V

滑块电势能为

在x=0.2m处即

由图可知此处电势为φ2=5×105V

设滑块在x=0.4m处的速度大小为v，根据动能定理有

解得

故选B。7、C【分析】【详解】

由于在匀强电场的同一条直线上，由U=Ed知在相等距离上的两点之间的电势差相等，即UBA=UCD

即

可得

故选C。8、C【分析】【分析】

【详解】

A．开始时带电油滴所受电场力与重力平衡，将上极板竖直向上移动一小段距离后，极板间距离d增大，而极板间电势差U不变，根据

可知极板间电场强度E减小；所以油滴所受电场力减小，则合外力将变为竖直向下，即油滴将竖直向下做匀加速运动，A错误；

B．设P点到下极板的距离为h，则P点电势为

由于下极板始终接地，则其电势不变，又因为E减小，h不变，所以降低；B错误；

C．带电油滴所受电场力竖直向上；所以带负电，将上极板竖直向上移动一小段距离后，油滴将向下运动，电场力对油滴做负功，油滴电势能将增大，C正确；

D．平行板电容器的决定式为

由于d增大，所以C减小。根据

可知极板带电量将减小；D错误。

故选C。9、C【分析】【分析】

本题考查了磁感线；磁场方向的规定，记住相关的基础知识，对于解决此类识记性的题目非常方便；

【详解】

磁感线是人们为形象描述磁场的特点而引入的，不是真实存在的，磁感线上各点的切线方向就是各点的磁感应强度的方向，磁感线的疏密程度表示磁场的强弱程度，故选项C正确，ABD错误。二、多选题(共9题，共18分)10、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．根据右手定则可知，通电导体在M点产生的磁场方向为沿MN成45°向下，在N点产生的磁场方向为沿MN成45°向上；则根据平行四边形定则可知合磁场的磁场方向也不同，故A正确，B错误；

CD．根据右手定则可知，从M点沿直线到N点，通电导体产生的磁场与MN之间的夹角先变小，再变大，同时从M点沿直线到N点；与通电导线的距离先变小，再变大，故产生的磁场强度先变大，再变小，根据平行四边形定则可知，合磁场的大小先增大后减小，故C正确，D错误；

故选AC。11、A:C【分析】【分析】

【详解】

滑片P由b端向a端滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻增大，电路中总电阻增大，干路电流减小，路端电压增大，电阻R1分压减小，并联支路电压增大，通过电阻R2的电流增大，总电流等于通过电阻R2和通过电流表的电流之和；所以通过电流表的电流减小，综上可知，BD错误。AC正确。

故选AD。12、B:D【分析】【详解】

A．因C点电势比D点高3V，可知A点电势比F点高3V，即F点电势为12V，则BF为等势面，场强方向垂直于BF斜向上，即沿着AD方向，由于带电粒子从A点沿AC方向射入电场，恰好经过B点；可知粒子带负电，选项A错误；

B．粒子从A点射入，从B点射出时，由于粒子只有电场力做功，则动能与电势能之和守恒，则15V×(-3e)+12eV=12V×(-3e)+EkB

解得EkB=3eV

选项B正确；

C．根据能量关系，假设粒子能经过C点，则15V×(-3e)+12eV=6V×(-3e)+EKc

解得EkC=-15eV

不符合实际，则粒子不可能经过C点；选项C错误；

D．因场强方向垂直于BF，则若粒子从A点沿场强方向射出，则粒子能垂直经过直线BF；选项D正确。

故选BD。13、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，其接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，则干路电流I减小，路端电压U增大，两端的电压等于路端电压，则两端的电压增大；选项A正确；

B．通过的电流增大，通过的电流

I减小，增大，则减小，故的功率减小；选项B错误；

C．电压也减小，的并联电压

U增大，减小，则增大，故通过电流表的电流增大；电流表的示数变大，选项C正确；

D．通过的电流

减小，增大，则减小；选项D错误。

故选AC。14、B:D【分析】【详解】

AB．甲表中电流计与电阻并联，由于电阻的分流作用使总电流增大，故甲是电流表，R增大时分流变小。则量程减小。故B正确A错误；

CD．乙表中电流表与电阻串联，由于电阻的分压作用，可以测量电压，故为电压表，当R增大时分压变大；量程增大。故D正确C错误；

故选BD。15、C:D【分析】【详解】

由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度为：第2s内加速度为：故a2=2a1，因此先加速1s再减小0.5s时速度为零，接下来的0.5s将反向加速，v-t图象如图所示：

带电粒子在前1秒匀加速运动；在第二秒内先做匀减速后反向加速，所以不是始终向一方向运动，故A错误；

根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，在t=2s时；带电粒子离出发点最远，故B错误；

由解析中的图可知；粒子在第1s内做匀加速运动，第2s内做匀减速运动，3s末的瞬时速度刚减到0，故C正确；

因为第3s末粒子的速度刚好减为0，根据动能定理知粒子只受电场力作用，前3s内动能变化为0，即电场力做的总功为零．故D正确．16、A:B【分析】【详解】

A．等差等势面密集的位置电场强度大；可知A牛前脚位置处电场强度比B牛前脚位置处的大，故A正确；

B．由图可知：A牛前脚位置处电势为B牛前脚位置处的电势为故B正确；

C．由图可知B牛前后脚位置之间电压为零，A牛的前后脚位置之间电压大于故C错误；

D．由C选项结合欧姆定律可知；D错误。

故选AB。17、A:D【分析】【详解】

A．焦耳定律适用于一切电路的焦耳热的求解；选项A正确；

B．电功公式焦耳定律公式都适合于任何电路，但是只有在纯电阻电路中W才等于Q；选项B错误；

C．非纯电阻电路中的电功大于焦耳热；选项C错误；

D．电功的另一表达式只适用于纯电阻电路；选项D正确；

故选AD.18、A:D【分析】【详解】

A、根据电路的输出功率结果图象可知当R＝r时，电源有最大的输出功率为A正确．B、电源内阻的功率外电阻R的增大内阻的功率不断变小，B错误．C、电源的总功率则随着外电阻R的增大而减小，C错误．D、电源的效率得随着R增大时；电源的效率增大，D正确．

【点睛】

根据图象可知，电源的输出功率随着外电阻的增大先增大后减小，当R=r时，功率最大．三、填空题(共9题，共18分)19、略

【分析】【详解】

[1]因M对N有斥力作用，因M带负电，则由此推断小球N带负电荷。

[2]现用另一与M完全相同的不带电导体球与M接触后移开，则M带电量减小，则对N的斥力减小，则丝线与竖直方向的夹角将变小。【解析】负变小20、略

【分析】【分析】

考查电场线。

【详解】

[1][2]．有电荷存在的地方，周围就有电场存在，电场对放入其中的电荷有力的作用，为了形象的描述电场的分布，我们人为引入电场线，使这些线上每一点的切线方向跟该点电场强度方向一致，使线的疏密程度来表示电场强度的相对大小。【解析】电场线电场线的疏密21、略

【分析】【分析】

【详解】

光是传播中的电磁场，即电磁波。“电磁波的振动方向”指的是电场方向。【解析】电场22、略

【分析】【详解】

(1)[1]钱塘江是世界著名的观潮胜地；有“八月十八潮，壮观天下无”的说法。

(2)[2]发电时水减少的势能ΔEp=mgΔh=ρ水ShgΔh

其中Δh=

一天发电两次，转化成的电能E=2ΔEp×10%，P=

代入数值得P=5.2×104kW

故选B。【解析】①.钱塘江②.B23、略

【分析】【详解】

[1]根据电容器的电容公式

可知B板下移，d增大，电容C减小；

[2]带电液滴处于平衡状态，两极板间电势差不变，下极板B向下平移一小段距离，由

可知，电场强度变小，则

液滴将向下运动。【解析】减小向下运动24、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]如图1；吹风机在工作时，吹风口能“吸”住气球，是利用了气球上方空气流速大，压强小。

[2]如图2；气球放在热水烫过的玻璃瓶口，过一会在大气压（强）的作用下被“吸”入瓶中。

[3]如图3，在头发上摩擦过的气球靠近细水流，水流偏离竖直方向，是因为该气球带了电（荷），对细水流产生了吸引力。【解析】小大气压（强）电（荷）25、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]根据库仑定律，结合平行四边形定则得c受到的库仑力的大小为

方向平行ab水平向右。【解析】①.②.平行ab水平向右26、略

【分析】【详解】

[1]由图像可知

所以R1:R2=1:3。

[2]由串联电路特点知U1:U2=R1:R2=1:3【解析】27、略

【分析】【详解】

[1][2]改装后电压表的量程为

故串联的电阻越大，量程越大，故接a，b时，为灵敏电流计与R1串联，量程为3V；接a，c时，为灵敏电流计与R1和R2串联；量程为15V；

[3]由题可知，满偏电压

则R1两端的电压为

则【解析】3V15V四、作图题(共3题，共15分)28、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】29、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析