2025年华东师大版选修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华东师大版选修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、下列说法正确的是___________。A.布朗运动是固体颗粒分子的无规则运动B.如果附着层内分子间的距离小于液体内部分子间的距离，液体与固体之间表现为浸润C.晶体都具有规则的几何形状、固定的熔点和各向异性D.给自行车轮胎打气时，越打越费劲，原因是轮胎内气体分子斥力增大的缘故2、如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻，R2为定值电阻．当R3的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U．以下说法正确的是

A.若仅将R3的滑动触头P向b端移动，则Ⅰ减小，U增大B.若仅增大B板间距离，则电容器所带电荷量增大C.若仅用更强的光照射R1，则Ⅰ增大，U增大D.若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与Ⅰ变化量的绝对值的比值不变3、如图所示，带负电的金属环绕轴OO'以角速度ω匀速旋转；在环左侧轴线上的小磁针最后平衡时的位置是。

A.N极竖直向上B.N极竖直向下C.N极沿轴线向左D.N极沿轴线向右4、一位同学用底面半径为r的圆桶形塑料瓶制作了一种电容式传感器，用来测定瓶内溶液深度的变化，如图所示，瓶的外壁涂有一层导电涂层和瓶内导电溶液构成电容器的两极，它们通过探针和导线与电源、电流计、开关相连，中间的层塑料为绝缘电介质，其厚度为d，介电常数为ε．若发现在某一小段时间t内有大小为I的电流从下向上流过电流计，设电源电压恒定为U；则下列说法中正确的是（）

A.瓶内液面降低了B.瓶内液面升高了C.瓶内液面升高了D.瓶内液面降低了5、如图甲，先将开关S掷向1，给平行板电容器C充电，稳定后把S掷向2，电容器通过电阻R放电，电流传感器将电流信息导入计算机，屏幕上显示出电流I随时间t变化的图象如图乙所示．将电容器C两板间的距离增大少许，其他条件不变，重新进行上述实验，得到的I-t图象可能是

A.B.C.D.6、某同学用粗细均匀的同一种导线制成“9”字形线框，放在有理想边界的匀强磁场旁，磁感应强度为B，如图甲所示已知磁场的宽度为2d，，导线框从紧靠磁场的左边界以速度v向x轴的正方向匀速运动，设在图乙中最能体现be两点间的电压随坐标x变化关系的图象是

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、下列说法正确的是（）A.温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大B.外界对物体做功，物体内能一定增加C.温度越高，布朗运动越显著E.当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而增大E.当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而增大8、下列说法中不符合实际的是_______A.单晶体并不是在各种物理性质上都表现出各向异性B.液体的表面张力使液体表面具有扩张的趋势C.气体的压强是由于气体分子间相互排斥而产生的E.热量能自发地从内能大的物体向内能小的物体进行传递E.热量能自发地从内能大的物体向内能小的物体进行传递9、空调即空气调节器；是通过压缩机等装置使热量在室内和室外转移。制冷时从室内吸收热量释放到室外，制热时从室外吸收热量释放到室内。图所示为某空调的铭牌，对空调；空调的铭牌以及热学的相关知识，以下说法中正确的是（）

A.空调的工作说明了热量可以从低温物体传到高温物体B.热量只能从高温物体传到低温物体，不能从低温物体传到高温物体C.空调工作是消耗较少的电能来“搬运”了更多的热量，并不违背能量守恒定律E.图示铭牌的标注有误，因为额定制冷（热）功率小于额定制冷（热）量，不符合能量守恒定律E.图示铭牌的标注有误，因为额定制冷（热）功率小于额定制冷（热）量，不符合能量守恒定律10、下列关于热机的说法中，正确的是（）A.热机是把内能转化为机械能的装置B.热机是把机械能转化为内能的装置C.只要对内燃机不断进行革新，它可以把气体的内能全部转化为机械能D.即使没有漏气，也没有摩擦，内燃机也不能把内能全部转化为机械能11、某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示；则下列说法中正确的是()

A.该元件是非线性元件，所以不能用欧姆定律计算导体在某状态下的电阻B.加5V电压时，导体的电阻约是5ΩC.由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断减小D.由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小12、如图所示，发电机的矩形线圈面积为S，匝数为N，绕轴在磁感应强度为B的匀强磁场中以角速度匀速转动。从图示位置开始计时；下列判断正确的是（  ）

A.此时穿过线圈的磁通量为NBS，产生的电动势为零B.线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为C.P向下移动时，电流表示数变小D.P向下移动时，发电机的电功率增大13、关于简谐运动的位移、速度、加速度的关系,下列说法正确的是()A.加速度增大时，速度必减小B.速度、加速度方向始终相反C.通过平衡位置时，v、a均改变方向D.远离平衡位置时，v、a方向相反14、在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可认为基本不变），R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱；则（）

A.电压表的示数变小B.小灯泡消耗的功率变小C.通过R2的电流变小D.电源两端的电压变大评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、每年入夏时节，西南暖湿气流与来自北方的冷空气在江南、华南等地交汇，形成持续的降雨．冷空气较暖湿空气密度大,当冷暖气流交汇时，冷气团下沉，暖湿气团在被抬升过程中膨胀．则暖湿气团温度会_______（选填“升高”、“不变”或“降低”），同时气团内空气的相对湿度会_________（选填“变大”、“不变”或“变小”）．16、输入只要有“1”，输出即为“1”的电路是___________门；输入只要有“0”，输出即为“0”的电路是___________门；输入是“1”，输出为“___________”的电路是非门。17、已知热力学温标与摄氏温标之间的关系为：T＝t＋273.15K。回答下列问题：

（1）冰的熔点为即为______K。

（2）如果物体的温度升高那么，物体的温度将升高______K。18、装在容器中的气体，体积为4升，压强为2.0×105Pa，温度是300k，先让气体等容变化，压强增大为原来的2倍，然后让气体等温变化，压强又降低到原来数值，则气体在末状态时的体积为______，温度为___________19、两块非常长的光滑挡板围成一个夹角为10°的三角形区域，一小球沿着角平分线方向的初速度入射，设球与挡板间的碰撞是弹性的，则球与挡板一共会发生___________次碰撞。

评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共14分)23、在测量一节干电池的电动势E和内阻r的实验中；小明设计了如图甲所示的实验电路．

(1)根据图甲实验电路；请在图乙中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接____．

(2)实验开始前，应先将滑动变阻器的滑片P移至______(选填“a”或“b”)端．

(3)合上开关S1，S2接图甲中的1位置，改变滑动变阻器的阻值，记录下几组电压表示数和对应的电流表示数；S2改接图甲中的2位置，改变滑动变阻器的阻值，再记录下几组电压表示数和对应的电流表示数．在同一坐标系内分别描点作出电压表示数U和对应的电流表示数I的图象，如图丙所示，两直线与纵轴的截距分别为UA、UB，与横轴的截距分别为IA、IB.

①S2接1位置时，作出的U－I图线是图丙中的________(选填“A”或“B”)线；

②S2接1位置时，测出的电池电动势E和内阻r存在系统误差，原因是________表(选填“电压”或“电流”)的示数比干路电流________(选填“大”或“小”)．24、用半径相同的两小球a、b的碰撞验证动量守恒定律，实验装置示意如图，斜槽与水平槽圆滑连接．实验时先不放b球，使a球从斜槽上某一固定点M由静止滚下，落到位于水平地面的记录纸上留下痕迹．再把b球静置于水平槽前端边缘处，让a球仍从M处由静止滚下，a球和b球碰撞后分别落在记录纸上留下各自的痕迹,记录纸上的O点是垂直所指的位置.

(1)本实验必须测量的物理量有以下哪些_____________．

A．斜槽轨道末端到水平地面的高度H

B．小球a、b的质量ma、mb

C．小球a、b的半径r

D．小球a、b离开斜槽轨道末端后平抛飞行的时间t

E．记录纸上O点到A、B、C各点的距离OA、OB、OC

F．a球的固定释放点到斜槽轨道末端水平部分间的高度差h

(2)按照本实验方法,验证动量守恒的验证式是______________

(3)若测得各落点痕迹到O点的距离：OA＝2.68cm，OB＝8.62cm，OC＝11.50cm，并知a、b两球的质量比为2︰1，则未放b球时a球落地点是记录纸上的_______点，系统碰撞前总动量P与碰撞后总动量的百分误差＝________%（结果保留一位有效数字）．评卷人得分六、解答题(共3题，共18分)25、如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，坐标系内有A、B两点，其中A点坐标为B点坐标为坐标原点O处的电势为0，点A处的电势为点B处的电势为现有一带电粒子从坐标原点O处沿电势为0的等势线方向以速度射入电场，粒子运动中恰好通过B点，不计粒子所受重力，求带电粒子的比荷大小。

26、如图所示，一束平行光以45°的入射角照射到半圆柱形玻璃砖的上表面上，已知玻璃砖对该平行光的折射率为．

（ⅰ）圆柱面上光线能够射出的区域所对的圆心角θ是多少?

（ⅱ）若用该光进行双缝干涉实验，测得双缝间距为d=0.3mm，双缝到光屏的距离为L=1.2m，第1条亮条纹到第10条亮条纹间的距离为a=22.77mm,求该光的波长．27、如图甲所示，是间距且足够长的平行导轨，导轨的电阻均不计。导轨平面与水平面间的夹角为间连接有一个的电阻。有一匀强磁场垂直于导轨平面且方向向上，磁感应强度的大小将一根质量阻值为r的金属棒紧靠放置在导轨上，且与导轨接触良好。现由静止释放金属棒，当金属棒滑行至处时达到稳定速度，已知在此过程中通过金属棒横截面的电荷量且金属棒的加速度a与速度v的关系如图乙所示，设金属棒沿导轨向下运动过程中始终与平行求：

(1)金属棒与导轨间的动摩擦因数

(2)离的距离x；

(3)金属棒滑行至处的过程中，电阻R上产生的热量。（g取）

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．布朗运动是固体颗粒的无规则运动；不是固体颗粒的分子的运动，A错误；

B．附着层内分子间的距离小于液体内部分子间的距离；表现为斥力，即为浸润现象，B正确；

C．单晶体才具有规则的几何形状；所有晶体都有固定的熔点，单晶体才具有各向异性，C错误；

D．给自行车轮胎打气时；越打越费劲，原因是气体压强越来越大，不是气体分子间斥力作用，D错误。

故选B。2、D【分析】【详解】

A项，若仅将R3的滑动触头P向b端移动，R3所在支路有电容器；被断路，所以I；U保持不变，故A错；

B项，根据若仅增大A；B板间距离，电容C减小，根据Q=CU可知：电容器所带电荷量减少．故B错。

C项，若仅用更强的光照射R1；电阻随光照强度的增大而减小，则Ⅰ增大，U应减小，故C错；

D项；U变化量的绝对值与Ⅰ变化量的绝对值的比值表示电源的内电阻，是不变的．故D项正确．

故选D3、C【分析】【详解】

带负电金属环；如图所示的旋转。则金属环的电流方向与旋转方向相反。再由右手螺旋定则可知金属环磁极的方向：右端S极，左端N极。因此小磁针N极沿轴线向左。故C正确，ABD错误。

故选：C。4、A【分析】【详解】

由图可知，液体与瓶的外壁涂的导电涂层构成了电容器，由题目图可知，两板间距离不变；液面高度变化时只有正对面积发生变化；则由可知，当液面升高时，正对面积S增大，则电容增大，当液面降低时，正对面积S减小，则电容减小．由于电流从下向上流过电流计，可知该时间内电容器上的电荷量减小，由于电势差不变，那么电容的电量减小；瓶内液面降低．t时间内减少的电量：q=It,依据C=可得：q=U•△C,液面的高度为h时的正对面积：S=2πr•h，联立解得：△h=故A正确，BCD错误；5、C【分析】【详解】

将电容器间距变大，相当于增大了板间距，根据平行板电容器决定式：可知电容变小，则充电电量：变小，但充电完成后，电容器两端电压仍与电源电压U相等，所以再次放电，初始时刻的电流不变，但电量变小，图面积代表电量，所以面积比图乙小，ABD错误C正确6、A【分析】【分析】

分三段过程研究：进入、完全在磁场中，穿出磁场三个过程根据求出bc、ce和ad产生的感应电动势分析be两点间的电压与电动势的关系；即可选择图象．

【详解】

x在过程：线框进入磁场，bc、ce产生的感应电动势都是根据右手定则判断可知，b点的电势高于c点的电势．bc间的电势差为：则be两点间的电压在过程：线框完全进入磁场，磁通量不变，没有感应电流产生，ad、bc、ce产生的感应电动势都是根据右手定则判断可知，b点的电势高于e点的电势．be两点间的电压．在过程：线框穿出磁场，ad边产生的感应电动势是根据右手定则判断可知，a点的电势高于d点的电势，则得b点的电势高于e点的电势．be两点间的电压故A正确．故选A．

【点睛】

解决本题关键要分析清楚感应电动势与电压之间的关系，正确区分电源与外电路，列式进行分析．二、多选题(共8题，共16分)7、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．温度是分子平均动能的标志；温度高的物体分子平均动能一定大，但是内能还与物质的多少；体积、状态等有关，故内能不一定大，故A正确；

B．外界对物体做功；若散热，物体内能不一定增加，故B错误；

C．温度越高；分子运动越剧烈，小颗粒受到分子撞击越剧烈，布朗运动越显著，故C正确；

D．当分子间的距离增大时；引力和斥力均减小，故D错误；

E．当分子间作用力表现为斥力时；分子间作用力随分子间距离的减小而增大，所以分子势能随分子间距离的减小而增大，故E正确。

故选ACE。8、B:C:E【分析】【详解】

A．由于单晶体在不同方向上物质微粒的排列情况不同；即为各向异性，则为单晶体具有各向异性，但并不是所有物理性质都是各向异性的，选项A正确，不符合题意；

B．液体的表面张力使液体表面具有收缩的趋势；选项B错误，符合题意；

C．气体的压强是由于大量的气体分子频繁的对器壁碰撞产生的；并不是由于气体分子间相互排斥而产生的，选项C错误，符合题意；

D．分子间同时存在引力和斥力；且这两种力同时增大，同时减小，选项D正确，不符合题意；

E．热量能自发地从温度高的物体向温度低的物体进行传递；选项E错误，符合题意；

故选BCE.9、A:C:D【分析】【详解】

AB．热量只能自发地从高温物体传到低温物体；如果不是自发地情况下可以从低温物体传到高温物体。空调的工作说明了热量可以从低温物体传到高温物体，A正确，B错误；

C．空调可以制冷；也可以制热。在空调制冷过程中，通过压缩机的工作，将周围环境的热能转移”到室外，而工作过程中压缩机线圈通过电流会产生热量，室外机的“电风扇”用来排气。空调在制冷过程中，电能有一部分转化为机械能（“压缩机”和“电风扇”会转动），另有一部分电能转化为内能（压缩机和“电风扇”工作时其线圈通过电流会发热）。可见排放到室外的热量包含从室内吸收的热量和电流做功产生的热量，故空调工作“搬运”了更多的热量，此过程不违背能量守恒，C正确；

D．可能通过改进技术；实现空调在制热时具有更小的制热功率和更大的制热量，但是制热功率不能减小到零，制热功率减小到零空调就不能制热了。不存在不消耗电能就能制热的空调，不符合能量守恒定律，D正确；

E．空调制热时获得的热量；一部分是通过电流做功，消耗电能获的，另一部分是从外界吸收的热量，并不违反能量守恒定律，E错误。

故选ACD。10、A:D【分析】【详解】

AB．把燃料燃烧时释放的内能转化为机械能的装置被称为热机；故A正确，B错误；

CD．热机是把内能转化为机械能的装置；过程中一定有部分热量排放给低温物体（冷凝器或大气），即有能量耗损。所以不可能把气体的内能全部转化为机械能，故C错误，D正确。

故选AC。11、B:C【分析】【详解】

该元件虽然是非线性元件，但仍能用欧姆定律计算导体在某状态的电阻，故A错误，当U=5V时，由图知电流为I=1.0A，则导体的电阻．故B正确；由图知；随着电压的减小，图象上的点与原点连线的斜率增大，此斜率等于电阻的倒数，则知导体的电阻不断减小，故C正确，D错误；故选BC。

【点睛】

本题关键抓住图象上的点与原点连线的斜率等于电阻的倒数，分析电阻的变化，求解电阻的值．12、B:D【分析】【详解】

A．此时线圈平面与磁场垂直，磁通量最大，磁通量是BS；变化率为零，即感应电动势为零，故A错误；

B．过程中产生的感应电动势最大值为

故表达式为

故B正确；

CD．P向下移动时，副线圈匝数增大，根据

可得副线圈的输入电压增大，即电流表示数增大，根据

可得副线圈消耗的电功率增大；而副线圈消耗的电功率决定发电机的功率，所以发电机的功率增大，故D正确C错误。

故选BD。13、A:D【分析】【详解】

加速度满足所以加速度增大时，位移也增大，所以速度必减小，故A正确；向平衡位置运动时，速度、加速度方向相同，故B错误；通过平衡位置时，速度方向不改变，故C错误；远离平衡位置时，加速度方向指向平衡位置，速度方向背离平衡位置，即v、a方向相反，故D正确．所以D正确，BC错误．14、A:B:D【分析】A、光敏电阻光照减弱，故光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流减小，故R1两端的电压减小，故A正确；B、由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由P=I2R可知，小灯泡消耗的功率变小，故B正确；C、因电路中电流减小，故内压减小，路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大；则流过R2的电流增大；故C错误；D；电源两端的电压为路端电压，由电3内电压减小，电源两端的电压变大，故D正确；故选ABD．

【点睛】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质．三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】试题分析：空气的相对湿度等于水蒸气的实际压强与同温下水的饱和汽压的比值；饱和汽压随温度的降低而变小；一定温度下，饱和汽的压强是一定的．

暖湿气团在被抬升过程中膨胀，膨胀的过程中对外做功，气团的内能减小，所以暖湿气团温度会降低；饱和汽压随温度的降低而变小，气团内空气的绝对湿度不变而饱和蒸汽压减小，所以相对湿度会变大．【解析】降低变大16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]根据门电路特点可知，输入只要有“1”，输出即为“1”的电路是或门；输入只要有“0”，输出即为“0”的电路是与门，输入是“1”，输出为0的电路是非门。【解析】或与017、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）根据。

冰的熔点为即为273.15K

（2）根据。

所以当t由增加到时，T就由。

增加到。

显然物体的温度升高了温度升高了1K【解析】273.15118、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]气体的状态参量。

由等容变化；有。

得。

发生等温变化；压强又降低到原来的数值，由。

知。

【解析】8L600K19、略

【分析】【分析】

【详解】

如图所示。

小球第一次碰撞后与角的另一边的夹角为15°；如下图所示；

第二次碰后与角的另一边夹角为25°；可得每一次碰撞后下一次碰与角的一边的夹角为增加10°，碰撞第8次和第9次，如下图所示。

可得第9次后与角的边的夹角为85°；第10次碰后如下图所示。

可得碰后与角的边的夹角为75°；每碰撞一次，角度减少10°，当碰撞16次后，如下图所示。

小碰撞第17次后，路径沿水平向右，不会再发生碰撞，所以则球与挡板一共会发生17次碰撞。【解析】17四、作图题(共3题，共21分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】21、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共2题，共14分)23、略

【分析】【详解】

（1）根据图示电路图连接实物电路图；实物电路图如图所示：

（2）为保护电路；实验开始前，滑动变阻器应滑到最大位置处，故应先将滑动变阻器的滑片P调到a端．

（3）①当S2接1位置时，可把电压表与电源看做一个等效电源，根据闭合电路欧姆定律：E=U断可知；电动势和内阻的测量值均小于真实值，所以作出的U﹣I图线应是B线；

②因伏安法测电源电动势和内阻得实验要求的电流是路