2025年湘师大新版必修3物理下册阶段测试试卷含答案

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A.方向相反B.方向相同C.方向相反D.方向相同2、如图所示,导体球A与导体球壳B同心,原来都不带电,也不接地,设M、N两点的场强大小为EM和EN,下列说法中正确的是。

A.若使A带电,则EM≠0,EN=0B.若使B带电,则EM≠0,EN≠0C.若使A，B两球分别带上等量异种电荷,则EM≠0,EN=0D.若使A球带电,B球接地,则EM=0,EN=03、电压表；电流表都是由小量程电流表改装而成的，如图甲；乙所示分别是电压表，电流表的改装图，以下说法正确的是（）

A.若改装后的电流表示数比标准表稍小一些，可以给并联电阻再并一个较大的电阻B.若改装后的电压表示数比标准表稍小一些，可以给串联电阻再串联一个较大的电阻C.小量程电流表内阻为并联一个电阻R，改装后电流表量程是原来的倍D.为实现对改装电表的逐格校准，可采用限流式电路4、图所示的图线；可能是（）

A.匀强电场的电场线B.正电荷形成的电场线C.负电荷形成的电场线D.等量同种点电荷形成的电场线5、如图甲所示，在某电场中建立x坐标轴，A、B为x轴上的两点，xA、xB分别为A、B两点在x轴上的坐标值。一电子仅在电场力作用下沿x轴运动，该电子的电势能Ep随其坐标x变化的关系如图乙所示；则下列说法中正确的是（）

A.该电场可能是孤立点电荷形成的电场B.A点的电场强度小于B点的电场强度C.电子由A点运动到B点的过程中电场力对其所做的功W=EpA-EpBD.电子在A点的动能小于在B点的动能6、竖直放置的一对平行金属板的左极板上用绝缘线悬挂了一个带正电的小球，将平行金属板按图所示的电路图连接。绝缘线与左极板的夹角为θ。当滑动变阻器R的滑片在a位置时，电流表的读数为I1，夹角为θ1；当滑片在b位置时，电流表的读数为I2，夹角为θ2，则（）

A.θ1<θ2，I1<I2B.θ1>θ2，I1>I2C.θ1＝θ2，I1＝I2D.θ1<θ2，I1＝I2评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b；c三点的位置如图所示；三点的电势分别为10V、17V、26V。下列说法正确的是（）

A.电场强度的大小为2.5V/cmB.坐标原点处的电势为1VC.电子在a点的电势能比在b点的低7eVD.电子从b点运动到c点，电场力做功为9eV8、如图；R1，R2为定值电阻，L为小灯泡，R3为光敏电阻，当照射光强度增大时()

A.电压表的示数增大B.R2中电流减小C.小灯泡的功率增大D.电路的路端电压增大9、如图甲所示，一个条形磁铁固定在水平桌面上，以的右端点为原点，中轴线为轴建立一维坐标系．一个灵敏的小磁针放置在轴上不同位置，设与轴之间的夹角为．实验测得与之间的关系如图乙所示．已知该处地磁场方向水平，磁感应强度大小为．下列说法正确的是（）

A.的右端为极B.的中轴线与地磁场方向垂直C.在处产生的磁感应强度大小为D.处合磁场的磁感应强度大小为10、如图，电源内阻为r，两个定值电阻R1、R2阻值均为R，闭合开关，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V3示数变化量的绝对值是ΔU3，理想电流表A1、A2示数变化量的绝对值分别为ΔI1、ΔI2；则正确的是（）

A.A2示数增大B.V2示数与A1示数的比值减小C.ΔU3与ΔI1的比值小于D.ΔI1小于ΔI211、如图所示，虚线表示某电场的等势面，实线表示一带电粒子仅在电场力作用下运动的径迹。粒子在A点的加速度为动能为电势能为在B点的加速度为动能为电势能为则下列结论正确的是（）

A.粒子带负电B.C.D.12、如图，一椭圆的两焦点M、N处固定两个等量异种电荷+Q、-Q，O为椭圆中心，ab是椭圆短轴上的两个端点，c是OM上的一点，d是Oa上的一点，ef是椭圆上关于O点对称的两个点；设无穷远处电势和电势能为零，下列说法中正确的是（）

A.a、b两点电势相等，但电场强度不同B.e、f两点电场强度相同，电势也相同C.一电子在c点受到的静电力大于在d点受到的静电力，且在c点的电势能小于在d点的电势能D.一质子从d点移到无穷远处，静电力做功为零13、如图甲所示，一条电场线与Ox轴重合，取O点电势为零，Ox方向上各点的电势φ随x变化的规律如图乙所示，若在O点由静止释放一电子；电子仅受静电力的作用，则（）

A.电子将沿x轴正方向运动B.电子运动的加速度先减小后增大C.电子的电势能将增加D.电子运动的加速度恒定14、如图所示的电路中，D为理想二极管（具有单向导电性）；一带正电小油滴恰好在平行板电容器中央静止不动，电源内阻不计，则下列说法正确的是（）

A.仅把开关S断开，油滴将下落B.仅把电阻箱R1的阻值减小，油滴将上升C.仅把电容器上极板稍水平右移，油滴将下落D.仅把电容器上极板稍竖直上移，油滴仍静止不动评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、如图所示是_________（选填“正”或“负”）点电荷的电场线，A、B是该电场中的两点，其中_________点电势低，________点电场强度大（选填“A”或“B”）。16、如图所示；竖直放置的长直导线通以恒定电流，有一矩形线框与导线处于同一平面内，让线框向右平动，线圈产生感应电流的方向是_____。

17、（1）某同学用如图甲所示的螺旋测微器测小球的直径时，他应先转动___________使F靠近小球，再转动___________使F夹住小球，直至听到棘轮发出声音为止，拨动___________使F固定后读数（填仪器部件字母符号）。

（2）某同学利用螺旋测微器测量一金属板的厚度。该螺旋测微器校零时的示数如图乙所示，测量金属板厚度时的示数如图丙所示。图乙所示的读数为___________mm，图丙所示的读数为___________mm，所测金属板的厚度为___________mm。

18、某同学用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一薄的金属圆片的直径和厚度。读出图中的示数。该金属圆片的直径的测量值为_______mm,厚度的测量值为_______mm。

19、如图所示，放在通电螺线管内部中央处的小磁针，静止时N极指向右端，则电源的a端为_____极（填“正”或“负”），螺线管的c端为_____极．（填“N”或“S”）20、如图所示，同一平面内有两根互相平行的长直导线甲和乙，通有大小均为I=5A且方向相反的电流，a、b两点与两导线共面，其连线与导线垂直，a、b到两导线中点O的连线长度和甲乙间距离均相等，已知直线电流I产生的磁场中磁感应强度的分布规律是（K为比例系数，r为某点到直导线的距离），现测得O点磁感应强度的大小为B0=3T，则a点的磁感应强度大小为_____T，乙导线单位长度（1米）受到的安培力的大小为__________N．

评卷人得分四、作图题(共4题，共8分)21、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

22、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。23、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

24、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共2题，共20分)25、为确定某电子元件的电气特性；做如下测量．

(1)用多用表测量该元件的电阻，选用“×100”倍率的电阻档测量，发现多用表指针偏转过大，因此需选择_______倍率的电阻档(填：“×10”或“×1k”)，并______再进行测量，多用表的示数如图(a)所示，测量结果为____Ω．

(2)将待测元件(额定电压9V)、蓄电池、滑动变阻器、电流表、多用表、电键及若干导线连接成电路如图(b)所示．添加连线_________；使电路能测量该元件完整的伏安特性．

本实验中使用多用表测电压，多用表的选择开关应调到____档(填：“直流电压10V”或“直流电压50V”)．26、一兴趣小组要测一节干电池的电动势（约1.5V）和内阻（小于1Ω）；借助以下实验器材进行实验。

A.毫安表mA（量程0~600mA；内阻约为0.1Ω）；

B.微安表G（量程内阻为100Ω）；

C.滑动变阻器R1（0~20Ω）；

D.滑动变阻器R2（0~1kΩ）；

E.电阻箱R（0~9999.9Ω）；

F.定值电阻R01（阻值为2.50Ω）；

H.开关；导线若干。

（1）将微安表G改装为量程2V的电压表，该小组应将电阻箱调到的阻值为______Ω。

（2）该小组设计电路原理图如图1所示，则应该选择的滑动变阻器为______（填器材对应的符号）。

（3）该小组根据记录的数据，作出微安表G的示数I1随毫安表mA的示数I2变化的图像如图2所示，则该节干电池的电动势E=______V，内阻r=______Ω。（保留2位小数）

评卷人得分六、解答题(共4题，共16分)27、如图所示，在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O，用一根长度为L=0.8m的绝缘细线把质量为m=0.10kg、带有正电荷的金属小球悬挂在O点，小球静止在B点时细线与竖直方向的夹角为θ=37°；现将小球拉至位置A使细线水平拉直后由静止释放。已知g=10m/s2；sin37°=0.60，cos37°=0.80，tan37°=0.75。求：

(1)小球从A到C的过程中电场力所做的功？

(2)小球运动到最低点C时速度v的大小？

(3)小球运动到最低点C时对细线的拉力大小？

28、利用图像分析问题是物理学中常用的方法；比如利用图像的斜率；面积代表的物理意义来进行应用与计算。

（1）小明以的初速度将足球水平踢出；足球在草坪上滚动直到停下来的全过程中的速度-时间图像如图1所示。请根据图像判断足球所受阻力变化情况并估算其最大位移；

（2）用如图2所示的电路研究电容器的放电过程，其中电压传感器相当于一个理想电压表，可以显示电阻箱两端电压随时间的变化关系。实验时将电阻箱R的阻值调至将开关S拨到a端，电源向电容器充电，待电路稳定后，再将开关S拨到b端，电容器通过电阻箱放电。以S拨到b端时为时刻，电压传感器测得的电压U随时间t变化图像如图3所示。忽略导线及开关的电阻；且不考虑电路的辐射问题。

a、利用图3所表达的信息求电源电动势并估算充电结束时电容器所带电荷量。

b、在图4上画出放电过程中电容器两端电压U随电荷量Q变化的关系图像；并据此求出在电容器充电过程中电源内阻产生的热量。

（3）某同学计划在图5所示的电路中，M与N间接一智能电源，给的电容器充电，R仍然是如果开始充电时电容不带电，流过电路中的电流I按图6所示变化，试在图7中画出随时间变化的图像（不要求写出分析过程，只要求画出内的变化；关键点坐标要标出）。

29、如图所示，电源的电动势内阻定值电阻滑动变阻器的最大阻值为求：

（1）当滑动变阻器的阻值为最大值时，电路中的电流

（2）当滑动变阻器的阻值为零时，电阻消耗的功率（结果保留2位有效数字）；

（3）说明当滑动变阻器的阻值为多大时，电源的输出功率最大？并求出最大功率值

30、如图所示，匀强电场的电场强度大小E＝2.0N/C，方向水平向右，沿电场线方向有A、B两点，A、B两点间的距离d＝0.20m．将电荷量的正点电荷从A点移至B点．求：

(1)电荷所受电场力F的大小及方向；

(2)电荷从A点移至B点的过程中，电场力所做的功及AB两点的电势差

(3)已知B点的电势＝300V，那么A点的电势是多少伏特？在A点放一个电荷量为的负点电荷，那么A点电势是多少？此电荷的电势能是多少？

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】

【详解】

因a点的电场线较b点密集，可知a点的电场强度较b点大，即两点的电场强度方向均水平向右，即方向相同。

故选D。2、C【分析】【详解】

A．如果A带电，则会感应B内部带异种电荷，外部电性与A相同，那么EM≠0，EN≠0；故A错误；

B．如果B带电，由于同种电荷的排斥，电荷只分布在外表面E内=0，即EM＝0，EN≠0；B错误；

C．如果A、B带等量异种电荷，A与B的静电感应使B外表面恰好无电荷量，则EM≠0，EN=0；故C正确；

D．如使A球带电，B球接地，是接地屏蔽，EM≠0，EN=0，D错误。3、C【分析】【详解】

A．若改装后的电流表示数比标准表稍小一些；说明流过表头的电流小，可以增大分流电阻使其分流少些，从而增大流过表头的电流使其准确，应该给并联电阻串联一个较小的电阻，A错误；

B．若改装后的电压表示数比标准表稍小一些。说明流过表头的电流小；应该减小串联电阻，或给串联电阻再并联一个较大的电阻，B错误；

C．小量程电流表内阻为给它并联一个电阻R，改装后的电流表量程

得出

C正确；

D．分压式电路电压；电流可以从零开始调节；可以实现对改装电表的逐格校准，D错误。

故选C。4、B【分析】【详解】

A．匀强电场的电场线应是一些相互平行的直线；故A错误；

B．正电荷形成的电场线由电荷发出指向无穷远；故B正确；

C．负电荷形成的电场线由无穷远指向电荷；故C错误；

D．等量同种点电荷形成的电场线应是关于两电荷连线的中垂线对称的；故D错误。

故选B。5、C【分析】【详解】

C．由题图乙可知，电子在A、B两点的电势能分别为EpA和EpB，且EpB>EpA，说明电子由A运动到B的过程中电势能增大，电场力做负功，电场力对其所做的功为W=EpA-EpB；选项C正确；

D．电子仅在电场力作用下运动，电场力做负功，动能减小，故电子在A点的动能大于在B点的动能；选项D错误；

B．由题图乙知该电场是匀强电场，A、B两点的电场强度相等；选项B错误；

A．该电场一定不是孤立点电荷形成的电场；选项A错误。

故选C。6、D【分析】【详解】

因电容器稳定后相当于开路，对电路没有影响，故移动滑片时电路中电流不变，即

小球带正电，小球受重力、电场力及绳子的拉力而处于平衡；滑片右移时，与电容器并联部分的电压增大，则电容器两端的电压增大，由U=Ed可知；两极板间的电场强度增大；小球受到的水平向右的电场力增大，因重力不变，要使小球重新处于静止状态，细线与竖直板间的夹角应增大。

故选D。二、多选题(共8题，共16分)7、A:B:D【分析】【详解】

B．如图所示，设ac之间电势差与Ob两点间的电势差相等，即

可得

B正确；

A．电场沿着x轴方向电场分量

电场沿着y轴方向电场分量

因此电场强度

A正确；

C．电子在a点具有的电势能

电子在b点具有的电势能

因此

电子在a点的电势能比在b点的高7eV；C错误；

D．电子从b点运动到c点，电场力做功为

所以电子从b点运动到c点，电场力做功为9D正确。

故选ABD。8、A:B:C【分析】【详解】

当光强度增大时，R3阻值减小，外电路电阻随R3的减小而减小，R1两端电压因干路电流增大而增大，同时内电压增大，故电路路端电压减小，而电压表的示数增大，A项正确，D项错误；由路端电压减小而R1两端电压增大知，R2两端电压必减小，则R2中电流减小，故B项正确；结合干路电流增大知流过小灯泡的电流必增大，则小灯泡的功率增大，C项正确．9、B:C【分析】【详解】

A.当x趋向无穷大时，小磁针所指的方向为地球的磁场的方向，所以根据题图可知，x趋向。

无穷大时，趋向1，则趋向90°，即小磁针的方向与x的方向垂直，所以x的方向为。

向东．当x非常小时，小磁针的N极沿x方向，即向东．由题图可知，开始时N背离O点；

所以O点处的磁极是N极；故A错误；

B.由以上的分析可知，P的中轴线沿东西方向；与地磁场方向垂直，故B正确；

C.由乙图可知，处则P在处产生的磁感应强度大小为BP；

所以故C正确；

D.处合磁场的磁感应强度大小为故D错误．10、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．滑动变阻器的滑片向下滑动时，电阻减小，R′和R2的并联阻值减小，电路总电流I1增大，则电源内阻、电阻R1分压增大，U3减小，通过定值电阻R2的电流IR2减小，则通过R1的电流I2增大，即A2示数增大；选项A正确；

B．电压表V2测路端电压U2，电流表A1测总电流I1；且有。

由于总外阻减小，总电流I1增大，故V2示数与A1示数的比值。

比值减小；选项B正确；

C．电阻R1和电源内阻之和不变；且有。

则。

选项C错误．

D．A1的示数增大量等于A2示数增大和通过与滑动变阻器并联的R2的电流减小量之和，所以△I1小于△I2；选项D正确。

故选ABD。11、A:C【分析】【详解】

A．电场线方向沿电势降低最快的方向；电场力指向运动轨迹的凹侧，可知粒子带负电，故A正确；

BCD．A点的电场线比B点的稀疏，则粒子在A点受到的电场力比在B点受到的电场力小，在A点的加速度比在B点的加速度小，即

A点的电势比B点的电势高，因为粒子带负电，根据

从A到B电场力做负功，动能减小，则A点动能大于B点动能；故BD错误，C正确。

故选AC。12、C:D【分析】【详解】

AB．根据等量异种电荷电场线和等势面的分布规律可知，a、b两点电场强度相同，电势均为零，e、f两点关于O点对称，则电场强度相同，根据沿电场线方向电势降低，则e点的电势大于f点的电势；即电势不同，故AB错误；

C．根据等量异种电荷电场分布规律可知，c点电场强度大于O点的电场强度，O点的电场强度又大于d点的电场强度，则电子在c点受到的静电力大于在d点受到的静电力，根据沿电场线方向电势降低，知c点的电势大于d点的电势，根据电势能又因为电子带负电，则电子在c点的电势能小于在d点的电势能；故C正确；

D．由题意可知，无穷远处电势为零，则两电荷在d点产生的电势大小相等，符号相反，代数和为零，即d点电势为零，一质子在d点和无穷远处具有的电势能都为零，即电势能相等，所以将质子从d点移到无穷远处；静电力做功为零，故D正确。

故选CD。13、A:B【分析】【详解】

A．由图乙可知，沿Ox正方向电势逐渐升高，则电场线方向沿Ox负方向，电子所受电场力方向沿Ox轴的正方向，因此电子将沿x轴正方向运动；A正确；

BD．φ−x图象的斜率表示场强的大小；由图乙可知，图线斜率先减小后增大，则电场强度先减小后增大，所以电场力先减小后增大，电子的加速度先减小后增大，B正确，D错误；

C．由静止释放电子后；电场力对电子做正功，电子的电势能减小，C错误。

故选AB。14、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．开关S断开；二极管处于不导通状态，故电容器无法放电，电容器的电荷量不变，电场力不变，则油滴仍静止不动，A错误；

B．带正电油滴静止不动，说明b点电势高于a点电势，仅把电阻箱R1的阻值减小，则b点电势升高，a点电势不变；故电容器电压增大，两极板间的场强增大，油滴受到的电场力增大，油滴将上升，B正确；

C．将电容器上极板水平右移，则电容器的电容减小，电容器欲放电，但因二极管处于不导通状态而无法放电，即电容器的电荷量Q不变，由

和

联立得

S减小，则E增大；电场力增大，油滴将上升，C错误；

D．将电容器上极板竖直上移一些，电容器的电容减小，电容器欲放电，但因二极管处于不导通状态而无法放电，故电容器的电荷量Q不变，且由

知电场力不变；油滴仍静止不动，D正确；

故选BD。三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据人为引入的电场线都是正电荷出发；负电荷终止的特点，可知图示是正点电荷的电场线；

[2]沿着电场线电势逐渐降低，则B点电势较低；

[3]电场线的疏密反映电场强度的大小，因A处电场线较密，则A点电场强度大。【解析】正BA16、略

【分析】【详解】

电流的方向向上，由安培定则可知线框所在处的磁场的方向垂直于纸面向里，当线框向右运动时磁场减小，则穿过线框的磁通量减小，由楞次定律可知，线框内产生的感应电流沿顺时针方向。【解析】顺时针方向17、略

【分析】【详解】

（1）[1][2][3]螺旋测微器测小球的直径时，先调节旋钮D，使测微螺杆F靠近小球，再转动微调旋钮H，使测微螺杆F夹住小球，直至听到棘轮发出声音为止，拨动G使测微螺杆F固定后读数。先调节D后调节H的作用是；防止小球发生明显的形变，也防止螺旋测微器的损坏。

（2）[4]图乙所示的读数为考虑估读引起的误差，在0.008mm到0.010mm范围内都对。

[5][6]图丙所示的读数为考虑估读引起的误差，在6.868mm到6.870mm范围内都对。所以金属板的厚度范围为6.858mm到6.862mm。【解析】DHG0.008##0.009##0.0106.868##6.869##6.8706.858##6.859##6.860##6.861##6.86218、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺的读数即该金属圆片的直径的测量值为

[2]螺旋测微器的读数即该金属圆片厚度的测量值为【解析】12.401.68219、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]螺线管内部的磁场方向水平向右，根据安培定则，知螺线管中的电流从左侧流进，右侧流出，实验a端为电源的正极．内部的磁场由S指向N，实验c端为S极或南极。【解析】正S20、略

【分析】【详解】

[1]设两导线间距为d，根据右手螺旋定则知，甲导线在O点的场强方向垂直纸面向里，乙导线在O点的场强方向垂直纸面向里，根据场强的叠加有：

甲导线在a点的场强方向垂直纸面向外，乙导线在a点的场强方向垂直纸面向里，根据场强的叠加知，a点的磁感应强度为：

[2]甲导线在乙导线处产生的磁感应强度为：

则单位长度的乙导线所受的安培力为：F=BIL=【解析】13.75四、作图题(共4题，共8分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析22、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】23、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】24、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）五、实验题(共2题，共20分)25、略

【分析】【详解】

多用表欧姆档在没有测电阻时为短路；电阻无穷大，指针指在最左端，指针偏转过大说明电阻小，换小倍率．欧姆档换倍率后要重新调零．

读数就是指针对应的刻度乘以倍率。

要检测伏安特性；电压要从0调节，滑动变阻器用分压式．多用表测电压；

【考点定位】

多用表的使用；滑动变阻器的使用【解析】×10欧姆调零70直流电压10V26、略

【分析】【详解】

（1）[1]改装后微安表满偏时有

由于微安表内阻为100Ω；则串联电阻箱阻值应为4900Ω。

（2）[2]由于电源内阻较小；若滑动变阻器阻值过大，则会导致分压过大，数据无法测量，挑选最大阻值20Ω，便于调节，则滑动变阻器应挑选C。

（3）[3][4]由闭合电路欧姆定律可得

带入坐标轴交点解得E=1.44V，r=0.50Ω【解析】4900C1.440.50六、解答题(共4题，共16分)27、略

【分析】【详解】