2025年粤教版选修3物理上册月考试卷含答案

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A.B.C.D.2、如图所示为一阴极射线管，接通电源后，电子射线由阴极沿x轴方向射出，在荧光屏上会看到一条亮线，若要加一磁场使荧光屏上的亮线向上（z轴正方向）偏转；则所加磁场方向为（）

A.沿z轴正方向B.沿z轴负方向C.沿y轴正方向D.沿y轴负方向3、一定质量的理想气体经历了如图所示的A→B→C→D→A循环过程。下列说法正确的是（）

A.A→B→C过程中，气体压强先增加后不变B.C→D→A过程中，单位体积内分子数先不变后增加C.整个循环过程中，气体对外界做的功大于外界对气体做的功D.整个循环过程中，气体对外界放热，内能不变4、学过电和磁的相关知识后，老师和同学共同设计了如下探究实验．如图，在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极，内壁沿边缘放一个圆环形电极．两电极分别与电池组的正负极相连，并在两极间接有标准数字万用表（型号UT58E），万用表调至直流电压档．然后进行如下实验操作：

①在玻璃皿中放入硫酸铜溶液，发现溶液旋转，此时电压表的示数为5.20V;

②将图中的磁铁撤去后，发现电压表的示数变为5.30V；

③将硫酸铜溶液换成蒸馏水重复①②两步骤，发现电压表的示数始终为5.99V.

关于上述实验的分析合理的是())A.电池组的电动势为5.30VB.因硫酸铜溶液旋转而产生的电动势约为0.10VC.步骤②中电压相比步骤①变大主要是因为溶液电阻变小了D.步骤③中也能观察到蒸馏水的旋转现象5、近来；无线充电成为应用于我们日常生活中的一项新科技，其中利用电磁感应原理来实现无线充电是比较成熟的一种方式，电动汽车无线充电方式的基本原理如图所示：路面下依次铺设圆形线圈，相邻两个线圈由供电装置通以反向电流，车身底部固定感应线圈，通过充电装置与蓄电池相连，汽车在此路面上行驶时，就可以进行充电。在汽车匀速行驶的过程中，下列说法正确的是。

A.感应线圈中电流的磁场方向一定与路面线圈中电流的磁场方向相反B.感应线圈中产生的是方向改变、大小不变的电流C.感应线圈一定受到路面线圈磁场的安培力，会阻碍汽车运动D.给路面下的线圈通以同向电流，不会影响充电效果评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、光电效应实验中，下列表述正确的是()A.光照时间越长光电流越大B.入射光足够强就可以有光电流C.遏止电压与入射光的频率有关D.入射光频率大于极限频率才能产生光电子7、在基本的逻辑门电路中，当输入信号有一个为“0”时，输出信号为“0”的逻辑门电路可能是（）A.与门B.或门C.非门D.以上都不对8、如图，一定量的理想气体从状态经热力学过程后又回到状态a。对于三个过程；下列说法正确的是（）

A.过程中，气体始终吸热B.过程中，气体始终放热C.过程中，气体对外界做功E.过程中，气体的温度先升高后降低E.过程中，气体的温度先升高后降低9、如图(甲)所示,虚线右侧存在匀强磁场,磁场方向垂直纸面向外,正方形金属线框电阻为R,边长是L,自线框从左边界进入磁场时开始计时,在外力作用下由静止开始,以垂直于磁场边界的恒定加速度a进入磁场区域,t1时刻线框全部进入磁场.规定顺时针方向为感应电流I的正方向.外力大小为F,线框中电功率的瞬时值为P,通过导体横截面的电荷量为q,其中Pt图像为抛物线.则图中这些量随时间变化的关系不正确的是)

A.B.C.D.10、下列提到的交流电，哪些指的是交流电的有效值（）A.电容器的击穿电压B.保险丝的熔断电流C.交流电压表的读数D.电动机铭牌上的额定电压11、如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10:1，b是原线圈中心的抽头，电压表和电流表均为理想电表，从某时刻开始在原线圈c、d两端加上交变电压，其瞬时值表达式为u1=220sin100πtV，则（）

A.当单刀双掷开关与a连接时，电压表V1的示数为22VB.当时，电压表V0的读数为VC.单刀双掷开关与a连接，当滑动变阻器滑片P向上移动的过程中，电压表V1的示数增大，电流表示数变小D.当单刀双掷开关由a扳向b时，电压表V1和电流表的示数均变大12、图甲中S、N间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为理想交流电流表，V为理想交流电压表，矩形线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO＇匀速转动，矩形线圈通过滑环接理想变压器，滑片P上下移动时可改变变压器副线圈的输出电压，副线圈接有可调电阻R．从图示位置开始计时；发电机线圈中产生的交变电动势随时间变化的图像如图乙所示，忽略线圈；电刷与导线的电阻，下列说法正确的是()

A.t＝0.01s时穿过发电机线圈的磁通量最大B.t＝0.005时电压表的示数为10VC.保持R的大小不变，P的位置向上移动，电流表读数增大D.保持R的大小及P的位置不变，发电机线的转速增大一倍，变压器的输入功率增大到原来的2倍评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)13、按照玻尔理论，一个氢原子核外的电子从半径为ra的圆轨道自发地直接跃迁到半径为rb的圆轨道上，在此过程中原子要___________（填“发射”或“吸收”）某一频率的光子，电子的动能________（填“增大”、“减小”或“不变”），电子（系统）的电势能________（填“增大”、“减小”或“不变”），原子的总能量（）。14、如图是学校体育馆建筑工地的扬尘噪声监测显示牌，即时显示工地周围空气的温度、湿度、悬浮物微粒（PM2.5、PM10）浓度等信息。若某天早晨牌上显示的温度、湿度分别为28.9℃、61.7%，傍晚时分别显示为34.5℃、51.7%，仅由这四个数据，能比较出__________（填“早晨”或“傍晚”）时空气分子无规则运动更剧烈些，PM10在__________（填“早晨”或“傍晚”）时无规则运动更剧烈些，早晨时__________（填“PM2.5”、“PM10”）微粒的无规则运动更剧烈些，__________（填“能”或“不能”）比较出早晨时空气的绝对湿度跟傍晚是否相同。

15、带有活塞的汽缸内封闭一定质量的理想气体，气体开始处于a状态，然后经过状态变化过程到达c状态。在图中变化过程如图所示。

（1）气体从a状态经过到达b状态的过程中压强____________。（填“增大”；“减小”或“不变”）

（2）气体从b状态经过到达c状态的过程要____________。（填“吸收”或“放出”）热量。16、有一个电流表G，内阻Rg=10Ω，满偏电流Ig=3mA．要把它改装为量程0～3V的电压表，要串联的电阻阻值为______，要把它改装为量程是0～0.6A的电流表，要并联的电阻阻值为_____．17、电动机的自动控制电路如图所示，其中为热敏电阻，为光敏电阻，当温度升高时，的阻值远小于当光照射时，其阻值远小于为使电动机在温度升高或受到光照时能自动启动，电路中的虚线框内应选____门逻辑电路；若要提高光照时电动机启动的灵敏度，可以___的阻值（填“增大”或“减小”）．

18、紧闭瓶盖的塑料瓶下方开一个小孔，让瓶中的水流出，此过程中瓶内气体可看成________过程；当水流停止后，瓶内液面与小孔间的高度差为h，则此时瓶内气体的压强为________。（已知液体密度ρ，重力加速度g，外界大气压P0）19、三个原子核X、Y、Z，X核放出一个正电子后变为Y核，Y核与质子发生核反应后生成Z核并放出一个个氦（42He）,则下面说法正确的是。

。A．X核比Z核多一个原子。

B．X核比Z核少一个中子。

C．X核的质量数比Z核质量数大3

D．X核与Z核的总电荷是Y核电荷的2倍。

20、一质子束入射到静止靶核上，产生如下核反应：式中p代表质子，n代表中子，X代表核反应产生的新核．由反应式可知，新核X的质子数为____________，中子数为______________．21、研究光电效应电路如图甲所示，用频率都为强度不同的两束光B、C分别照射密封真空管的钠极板（阴极K），钠极板发射出的光电子（带电荷量为e）被阳极A吸收，在电路中形成光电流，其光电流I与A、K之间的电压UAK的关系如图所示，可知B光的强度________C光的强度（选填“大于”、“等于”或“小于”），金属钠的逸出功为___________（已知普郎克常量为h）。

评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)25、某实验小组尝试测量一段电阻丝的电阻率．可供选择的器材有：

A．电池组E（电动势为3.0V；内阻约5Ω）

B．电压表V（量程为～3V；内阻约为15kΩ）

C．电阻箱R（0～999.9Ω）

D．开关；导线若干。

完成下列填空：

（1）把电阻丝拉直后用螺旋测微器测量电阻丝的直径，测量结果如图甲所示，其读数为d＝_______mm．

（2）将电阻丝两端固定在有刻度尺的接线板两端的接线柱上，在被固定的电阻丝上夹一个与接线柱c相连的小金属夹P．实验要求将、c端接入电路，且将小金属夹P右移、电阻箱的阻值减小时，接入电路的电压表读数保持不变，如图乙所示，请用笔画线代替导线在图丙中完成电路的连接______________．

（3）图乙中电压表读数为U＝________V．

（4）改变金属夹P与电阻丝接触点的位置，调整电阻箱接入电路中的阻值，使电压表读数保持不变，如图乙所示．重复多次，记录每一次电阻箱的阻值R和接入电路的电阻丝长度L，数据如表格所示．断开开关，整理实验器材．请出图丁中描点，并作出R－L图象______________________．

（5）根据R－L图象和已知数据，可求出该电阻丝的电阻率为_________Ωm．（计算结果保留两位有效数字）26、利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内电阻．要求尽量减小实验误差．

(1)应该选择的实验电路是图中的________(选填“甲”或“乙”)．

(2)现有电流表(0～0.6A)；开关和导线若干；以及以下器材：

A．电压表(0～15V)

B．电压表(0～3V)

C．滑动变阻器(0～50Ω)

D．滑动变阻器(0～500Ω)

实验中电压表应选用________；滑动变阻器应选用________；(选填相应器材前的字母)

(3)某位同学记录的6组数据如下表所示，其中5组数据的对应点已经标在如图的坐标纸上，请标出余下一组数据的对应点，并画出U－I图线_________.

(4)根据(3)中所画图线可得出干电池的电动势E＝________V，内电阻r＝________Ω.

(5)实验中，随着滑动变阻器滑片的移动，电压表的示数U及干电池的输出功率P都会发生变化．下列各示意图中正确反映P－U关系的是________．

27、在“测定玻璃的折射率”的实验中。

(1)如图甲所示为光学实验用的长方体玻璃砖，它的____不能用手直接接触．（选填“磨砂面”或“光学面”）

(2)小红利用插针法测定玻璃的折射率，如图乙所示，AB是画在纸上的直线，她在直线AB适当位置竖直插上P1、P2两枚大头针，放上平行玻璃砖，眼睛在玻璃砖的______（选填“同一侧”、“另一侧”）观察所插的两枚大头针P1和P2，通过插第三、第四枚大头针P3、P4来确定从玻璃砖射出的光线．确定P3大头针的位置时，应当使P3挡住______________．

(3)如图丙所示是在纸上留下的实验痕迹，其中直线、是描在纸上的玻璃砖的两个边．小红同学想要利用“单位圆”法求出折射率．她画出了单位圆与入射光线的交点为M，折射光线的延长线与圆交于F点，分别过M、F做法线的垂线段MN、FE，然后测量出MN的长度为L1,FE的长度为L2，则玻璃砖的折射率n=______(用测量的物理量L1、L2表示)28、小李为探究冰熔化和水沸腾时温度变化的特点，在实验室进行了探究实验．根据测量结果他画出了相关图像，如图a、b所示．

（1）这两个实验都需要用到的测量仪器是温度计和_________；图a中加热至BC段时，物质的状态为_________．

（2）水沸腾时，温度计的示数如图c所示，则水的沸点是_________℃，此时实验室的大气压____________1个标准大气压．（选填“高于”；“等于”或“低于”）

（3）在图a中，AB段与CD段的倾斜程度不同，这是因为________________________________参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】

分析可知，该带电粒子在电场中做类平抛运动，在B点将速度分解，找到B点速度和分速度的关系；求出B点速度；从A到B根据动能定理，即可求解A；B两点电势差．

【详解】

根据题意，在B点，解得：

从A到B根据动能定理得：

联立上述各式得：

故选C．

【点睛】

本题关键是通过运动的合成与分解得到A点速度和B点速度的关系，然后结合动能定理列式求解电势差．2、D【分析】【分析】

电子射线由阴极沿x轴方向射出；形成的亮线向上（z轴正方向）偏转，说明电子受到的洛伦兹力方向向上，根据左手定则判断分析，选择可行的磁场方向．

【详解】

电子受到的洛伦兹力方向沿z轴正方向；亮线向上偏转，根据左手定则，且由于电子带负电，则加一沿y轴负方向的磁场，故D正确，ABC错误．故选D．

【点睛】

本题考查电偏转与磁偏转方向判断的能力，负电荷运动的方向与电流方向相反，洛伦兹力方向由左手定则判断，同时要将左手定则与右手定则的区别开来．3、D【分析】【详解】

A．A→B的过程中，气体温度不变，体积增大到原来的2倍，由玻意尔定律可知，气体压强将减小到A状态时的二分之一；B→C的过程中，气体的体积不变，温度升高到原来的4倍，由查理定律可知，气体的压强将增大到B状态时的4倍；即气体压强先减小后增大；故A错误；

B．C→D→A过程中；气体的体积先减小后不变，所以单位体积内分子数先增加后不变，故B错误；

C．A→B的过程中，气体等温膨胀，内能不变，但对外做功，由热力学第一定律

可知，气体从外界吸收了热量；B→C的过程中，气体体积不变，温度升高，内能增加，气体和外界没有相互做功，由

可知，气体从外界吸收了热量；C→D过程中，气体体积减小，温度降低，内能减小，由图可知是定值，则由

可知，气体经历了等压压缩，外界对气体做了功，由

可知，气体向外界释放了热量；D→A过程中，气体经历了等容降温，内能减小，压强减小，气体与外界没有相互做功，由

可知，气体向外界释放了热量。综上所述，气体与外界相互做功发生在A→B和C→D过程中，其中A→B是一个降压过程，C→D是一个等压过程，由D→A过程可知，A→B过程中压强的最大值小于C→D过程中的压强，两个过程中气体的体积变化量相等，所以A→B过程中气体对外界做的功小于C→D过程中外界对气体做的功；故C错误；

D．由上面的分析可知，整个循环过程中，外界对气体做的功大于气体对外界做的功，气体的温度、体积最终回到了开始状态，内能变化量为零，由热力学第一定律

可知气体对外界放了热；故D正确。

故选D4、B【分析】【详解】

AB、玻璃皿中的液体相当于一段导体，该段导体通电后在磁场中发生运动，运动后产生反电动势，所以对于该段导体不再适用欧姆定律来计算通过电流，在玻璃皿中放入硫酸铜溶液，发现溶液旋转，此时电压表的示数为将图中的磁铁撤去后，发现电压表的示数变为由于万用表调至直流电压档，阻值大，所以因硫酸铜溶液旋转而产生的电动势约为故A错误，B正确；

C；步骤②中电压相比步骤①变大主要是因为磁铁撤去后；该段导体通电后没有产生反电动势，故C错误；

D；将硫酸铜溶液换成蒸馏水不能观察到蒸馏水的旋转现象；故D错误；

故选B．5、C【分析】【详解】

A.由于路面下铺设圆形线圈；相邻两个线圈的电流相反，所以感应线圈中电流的磁场方向不一定与路面线圈中电流的磁场方向相反，故A错误；

B.由于路面上的线圈中的电流不知是怎么变化；即产生的磁场无法确定变化情况，所以感应线圈中的电流大小不能确定，故B错误；

C.感应线圈随汽车一起运动过程中会产生感应电流；在路面线圈的磁场中受到安培力，根据“来拒去留”可知，此安培力阻碍相对运动，即阻碍汽车运动，故C正确；

D.给路面下的线圈通以同向电流时，路面下的线圈产生相同方向的磁场，穿过感应线圈的磁通量变小，变化率变小，所以产生的感应电流变小，故D错误。二、多选题(共7题，共14分)6、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．光电流的大小只与光强有关；与光照时间无关，故选项A错误；

B．要想发生光电效应必须要有足够大的入射光的频率；选项B错误；

C．根据可知；选项C正确；

D．入射光频率大于极限频率才能发生光电效应，产生光电子，选项D正确．7、A:B【分析】【详解】

输入信号有一个为“0”时；“与”门电路的输出信号为“0”；“或”门电路输出什么信号要看另一个输入信号是什么，若另一个输入信号为“1”，那么“或”门电路输出信号为“1”；“非”门电路输入“0”时，输出“1”，AB正确，CD错误。

故选AB。8、A:B:E【分析】【分析】

【详解】

A．由理想气体的图可知，理想气体经历ab过程，体积不变，则而压强增大，由可知，理想气体的温度升高，则内能增大，由可知；气体一直吸热，故A正确；

BC．理想气体经历ca过程为等压压缩，则外界对气体做功由知温度降低，即内能减少由可知，即气体放热，故B正确，C错误；

DE．由可知，图像的坐标围成的面积反映温度，b状态和c状态的坐标面积相等，而中间状态的坐标面积更大，故bc过程的温度先升高后降低；故D错误，E正确；

故选ABE。9、A:B:D【分析】【详解】

A.线框做匀加速运动，其速度v=at，感应电动势E=BLv，感应电流i与t成正比；故A错误；

B.线框进入磁场过程中受到的安培力由牛顿第二定律得：得F-t图象是不过原点的倾斜直线；故B错误；

C.线框的电功率P-t图象是抛物线的一部分；故C正确；

D.线框的位移电荷量q-t图象应是抛物线，故D错误。10、B:C:D【分析】【详解】

A；电容器的击穿电压；是指交流电的最大值，故选项A错误；

B；保险丝的熔断电流；是指交流电的有效值，故选项B正确；

C；交流电压表的读数；是指交流电的有效值，故选项C正确；

D、电动机铭牌上的额定电压，是指交流电的有效值，故选项D正确。11、C:D【分析】【详解】

A．由题可知原线圈两端电压最大值为220V，有效值为220V，副线圈两端电压有效值为

则电压表V1的示数小于22V；选项A错误；

B．电压表V0的读数等于cd间输入电压的有效值，大小为220V，则时，电压表V0的读数为220V；故B错误；

C．滑动变阻器触片向上移，电阻变大，副线圈的电压由匝数和输入电压决定，次级电压不变，次级电流减小，可知安培表示数减小，R0的电压减小，R上的电压变大，电压表V1的示数增大；故C正确；

D．单刀双掷开关由a扳向b；原线圈的匝数变小，匝数与电压成正比，所以次级电压变大，则结合欧姆定律可知，电流表的示数也增大，伏特表示数变大，故D正确；

故选CD。12、B:C【分析】【详解】

t＝0.01s时线圈中的感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，磁通量为0，故A错误；由图乙知交流电电压峰值为10V，电压表显示的为有效值10V，故B正确；若P的位置向上移动，匝数比减小，副线圈电压增大，R的大小不变时，电流表读数将增大，故C正确；若P的位置不变、R的大小不变，而把发电机线圈的转速增大一倍电压增大为原来的2倍，则变压器的输入电压和输出都增大为原来的2倍，负载消耗的电功率：P=U2/R增大为原来的4倍，则输入功率也将增大到原来的4倍，故D错误．三、填空题(共9题，共18分)13、略

【分析】【详解】

[1]因为一个氢原子核外的电子从半径为的圆轨道能够自发地直接跃迁到半径为的圆轨道上，则有

即氢原子的能量减小；会向外发射光子，因为能级差一定，只能发出特定频率的光子；

[2][3]氢原子在发出特定频率的光子之后，氢原子的总能量减小，根据可知轨道半径减小，电子的动能增大，则原子的电势能减小。【解析】发射，增大，减小，减小14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]温度越高；分子无规则运动越剧烈。傍晚的温度高，傍晚时空气分子无规则运动更剧烈些；

[3]温度相同时；分子的平均动能相同，分子质量小的分子的无规则运动更剧烈。所以PM2.5微粒的无规则运动更剧烈些；

[4]饱和汽压强未知，所以不能比较出早晨时空气的绝对湿度跟傍晚是否相同。【解析】傍晚傍晚PM2.5不能15、略

【分析】【详解】

（1）[1]由图像可知，气体从a状态经过到达b状态的过程中，气体的体积保持不变，温度升高，根据

可知气体的压强增大。

（2）[2]由图像可知，气体从b状态经过到达c状态的过程，气体的温度保持不变，则气体的内能保持不变；气体的体积减小，则外界对气体做正功，根据热力学第一定律可知，气体对外放出热量。【解析】增大放出16、略

【分析】【分析】

根据欧姆定律和串联规律解出分压电阻的阻值即可；根据欧姆定律和并联规律解出分流电阻阻值即可．

【详解】

(1)表头两端的电压为

若改装成0∼3V电压表，则达最大量程时，串联电阻两端的电压

则应串联的电阻

(2)改装成电流表要并联电阻分流，则并联阻值为：

故答案为990Ω；0.05Ω．【解析】17、略

【分析】【详解】

为使电动机在温度升高或受到光照时能自动启动，即热敏电阻或光敏电阻的电阻值小时，输入为“1”，输出为“1”，所以虚线框内应选“或”门．若要提高光照时电动机启动的灵敏度，需要在光照较弱即光敏电阻阻值较大时输入为“1”，输出为“1”，所以要增大R2的阻值．【解析】或，增大18、略

【分析】【详解】

在让瓶中的水流出过程中，气体的温度没发生变化，所以是等温变化；当水流停止后，瓶内液面与小孔间的高度差为h，根据压强关系可知：，解得气体压强：【解析】等温19、C:D【分析】试题分析：设原子核X的质量数为x，电荷数为y，根据质量数守恒和电荷数守恒，可得原子核Y的质量数为x，电荷数为原子核Z的质量数为电荷数为．由此可得X核的质子（y）比Z核的质子（）多2个，X核的中子比Z核的中子多1个；故AB错误；X核的质量数（x）比Z核的质量数（x-3）多3个，故C正确；X核与Z核的总电荷（2y-2）是Y核电荷（y-1）的2倍，故D正确．

考点：考查了核反应方程。

名师点睛：关键是知道反映前后质量数和核电荷数守恒的知识，属于基础知识，应仔细阅读题目，一步一步向下分析．20、略

【分析】【详解】

质子的电荷数为1，质量数为1，中子的电荷数为0，质量数为1．根据电荷数守恒、质量数守恒，X的质子数为1+13-0=14，质量数为1+27-1=27．因为质量数等于质子数和中子数之和，则新核的中子数为27-14=13。【解析】141321、略

【分析】【详解】

[1]由图像可知，B光的饱和光电流大于A光，所以B光的强度大于C光的强度；

[2]由图像可知，反向截止电压为则光电子的最大初动能为由光电效应方程可知，金属钠的逸出功为【解析】大于四、作图题(共3题，共21分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】23、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情