2025年人教版（2024）选修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版（2024）选修3物理下册月考试卷193考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图是节假日装饰的小彩灯的一部分电路．观察灯的结构发现,每个灯(如A灯)的灯丝R1引线上方均绕有金属电阻丝R2,R1与R2是并联关系,使用中即使R1断了,电流也可以从R2流过．则当某一个小灯泡的灯丝断了之后,其余小彩灯将会。

A.全部熄灭B.变得更暗C.亮度不变D.变得更亮2、做一维运动的电子，其动量不确定量是△px＝10-25kg·m·s-1，能将这个电子约束在内的最小容器的大概尺寸是（）（普朗克常量h＝6.63×10-34J·s，约化普朗克常量＝1.05×10-34J·s）A.5.25×10-8mB.5.25×10-9mC.5.25×10-10mD.5.25×10-11m3、关于内能，下列说法正确的是A.物体的内能包括物体运动的动能B.0℃C的水结冰过程中温度不变，内能减小C.提起重物，因为提力做正功，所以物体内能增大D.摩擦冰块使其融化是采用热传递的方式改变物体的内能4、一定质量的理想气体由状态经状态到状态其状态变化过程的图像如图所示.已知该气体在状态时的温度为27℃.（）

A.℃，℃B.气体从状态到状态过程中吸收的热量C.气体从状态到状态过程中放出的热量D.气体从状态到状态过程中对外做功5、某气缸内封闭有一定质量的理想气体，从状态依次经过状态和后再回到状态其图象如图所示；则在该循环过程中，下列说法正确的是（）

A.从到过程中，气体吸收热量B.从到过程中，气体的压强增大C.从到过程中，单位时间内碰撞器壁单位面积的分子数减少D.若气体在从到过程中，内能增加对外做功则气体向外界放出热量6、一个电流表的满偏电流Ig=1mA.内阻为300Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上（）A.串联一个10000Ω的电阻B.并联一个10000Ω的电阻C.串联一个9700Ω的电阻D.并联一个9700Ω的电阻7、在α粒子散射实验中，使少数α粒子发生大角度偏转的作用力应属于()A.万有引力B.库仑力C.安培力D.洛伦兹力8、下列说法正确的是A.是α衰变方程B.是核聚变反应方程C.是核裂变反应方程D.是核聚变反应方程评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图1所示，光滑的平行竖直金属导轨AB、CD相距L，在A、C之间接一个阻值为R的电阻，在两导轨间abcd矩形区域内有垂直导轨平面竖直向上、宽为5d的匀强磁场，磁感应强度为B，一质量为m、电阻为r、长度也刚好为L的导体棒放在磁场下边界ab上（与ab边重合），现用一个竖直向上的力F拉导体棒，使它由静止开始运动，已知导体棒离开磁场前已开始做匀速直线运动，导体棒与导轨始终垂直且保持良好接触，导轨电阻不计，F随导体棒与初始位置的距离x变化的情况如图2所示；下列判断正确的是（）

A.导体棒离开磁场时速度大小为B.导体棒经过磁场的过程中，通过电阻R的电荷量为C.离开磁场时导体棒两端电压为D.导体棒经过磁场的过程中，电阻R产生焦耳热为10、如图所示的电路中，电源电动势E和内阻r恒定不变，滑片P从左端向右端移动，则

A.电流表的示数变大B.电压表的示数变大C.电阻消耗的功率变小D.电灯L消耗的功率变小11、下列说法正确的是（）A.在使两个分子间的距离由很远（大于m）减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先减小后增大，分子势能不断增大B.温度升高，分子热运动的平均动能一定增大，但并非所有分子的速率都增大C.无论什么物质，只要它们的物质的量相同就含有相同的分子个数E.液体表面层中分子间的距离比液体内部分子间的距离小E.液体表面层中分子间的距离比液体内部分子间的距离小12、如图所示，a、b、c、d表示一定质量的理想气体状态变化过程中的四个状态，图中ad平行于横坐标轴，ab的延长线过原点；以下说法正确的是（）

A.从状态d到c，气体不吸热也不放热B.从状态c到b，气体放热C.从状态a到d，气体对外做功D.从状态b到a，气体吸热13、如图所示，水平面上有两根足够长的光滑平行金属导轨MN和PQ，两导轨间距为L，导轨电阻忽略不计．在M和P之间接有阻值为R的甲与乙两个定值电阻，导体杆ab的质量为m，电阻为r，并与导轨接触良好．整个装置处于方向竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场中．现给导体杆ab一初速度v0；使杆向右运动．最后杆停在导轨上．下列说法正确的是。

A.ab杆做匀减速直线运动直到静止B.ab杆速度减为时，ab杆加速度大小为C.ab杆速度减为时，通过甲电阻的电量D.ab杆速度减为时，ab杆走过的位移14、如图所示是一列简谐横波在某时刻的波形图，A、B、C为介质中的三个质点，此时质点A沿y轴正方向运动．已知该波的频率为50Hz；下列说法正确的是________

A.该波沿x轴负方向传播B.该波的传播速度为40m/sC.该时刻质点C沿y轴正方向运动E.以该时刻为计时起点，则质点B的振动方程为y=0.5sin100πt(m)E.以该时刻为计时起点，则质点B的振动方程为y=0.5sin100πt(m)15、一列简谐横波沿x轴正方向传播，t时刻的波形图如图中的实线所示，此时波刚好传到P点，t+0.6s时刻，这列波刚好传到Q点，波形图如图中的虚线所示，a、b；c、P、Q为介质中的质点；则下列说法正确的是___________

A.这列波的波长为40mB.这列波的波速为16.7m/sC.质点c在这段时间内通过的路程一定为30cmE.t+0.5s时刻，质点b、P的位移相同E.t+0.5s时刻，质点b、P的位移相同评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、图中虚线a、b、c、d、f代表匀强电场内间距相等的组等势面，已知平面b上的电势为2V．一电子经过a平面时的动能为10eV，从a到d的过程中克服电场力所做的功为6eV．则电势为零的等势面是_____，电子经过c平面时的动能为_____eV．

17、一定质量的理想气体从状态A变化到状态B再变化到状态C，其变化过程的V-T图像如图所示，BC的反向延长线通过坐标原点O。已知该气体在状态A时的压强为1.5×105Pa，则该气体在状态C时的压强为__________Pa；该气体从状态A到状态C的过程中吸收的热量为__________J。

18、如图是一定质量理想气体的图像，气体从图中A状态变到状态，设A，状态的体积分别为内能分别为由图可知______________________（填“”“”或“”）。从到气体___________热量（填“吸收”或“放出”）。

19、反射定律：反射光线与入射光线、法线处在______内，反射光线与入射光线分别位于______；反射角______入射角．20、水平地面上，质量为1kg的滑块A以4m/s的速度碰上静止的物体B，碰后A的速度立刻减到零，B在地面上运动2s后静止，已知B与地面间的动摩擦因数为0.1，则B的质量为_____kg，碰撞过程中A、B系统损失的机械能为_____J。21、已知光速为c，普朗克常数为h，则频率为ν的光子的动量为______．用该频率的光垂直照射平面镜，光被镜面全部垂直反射回去，则光子在反射前后动量改变量的大小为______．评卷人得分四、作图题(共3题，共24分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共20分)25、某同学在测量一种均匀新材料的电阻率的过程中,对由该材料做成的圆柱形导体的相关测量如下：

(1)用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，由图可知其长度L=____mm；用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图乙可知其直径d=____mm。

(2)为了粗测新材料导体的阻值R。该同学先选用多用电表“×10”挡；调零后进行测量，指针位置测量如图丙所示。

①为了把电阻测量得更准确些，应换用“____”挡(选填“×1”或“×100”)；

②更换挡位后必须将红、黑表笔短接，调节______旋钮使表针指向0Ω；

③重新测量时指针位置如图丁所示，可读出R=___Ω。

(3)用字母L、d、R表示该材料的电阻率ρ=__________________。26、利用如图甲所示电路，测量一个量程为的电压表的内阻。

（1）按图甲所示电路，用铅笔画线代替导线将图乙中的实物连接___________。

（2）实验步骤如下；并填写步骤一；二中的相关内容。

第一步：将滑动变阻器的滑动触头调到___________端（填a或b），再将电阻箱的阻值调到___________（填“零”或“最大”）；然后闭合开关S；

第二步：___________（填写该步骤）；

第三步：保持滑动变阻器滑动端不动，仅调节电阻箱R的阻值，使电压表的示数为读出此时电阻箱的阻值；

第四步；断开开关S。

（3）若在第三步中读出的则这该电压表的内阻为___________使用这种方法测出的电压表的内阻与真实值相比___________（填“偏大”或“偏小”）27、用伏安法测电阻时；由于电压表；电流表内阻的影响，使得测量结果总存在系统误差，按如图所示的电路进行测量，可以较大程度减小这种系统误差．

选取合适的器材，按电路图连接好电路后，该实验操作过程的第一步是：闭合开关S1，将开关S2接1，调节滑动变阻器R1和R2，使电压表和电流表的示数尽量大些，读出这时电压表和电流表的示数U1和I1．

（1）请你写出该实验操作过程的第二步，并说明需要记录的数据：_________________________________________________________________________________________

（2）请写出由以上记录数据计算被测电阻Rx的表达式：Rx=__________．

28、为了测一个自感系数很大的线圈L的直流电阻RL；实验室提供以下器材：

（A）待测线圈L（阻值约为2Ω；额定电流3A）

（B）电流表A1（量程0.6A，内阻r1=1Ω）

（C）电流表A2（量程3.0A，内阻r2约为0.2Ω）

（D）滑动变阻器R1（0～10Ω）

（E）滑动变阻器R2（0～1kΩ）

（F）定值电阻R3=10Ω

（G）定值电阻R4=100Ω

（H）电源（电动势E约为9V；内阻很小）

（I）单刀单掷开关两只S1、S2；导线若干．

要求实验时，改变滑动变阻器的阻值，在尽可能大的范围内测得多组A1表和A2表的读数I1、I2，然后利用给出的I2-I1图象（如乙图所示），求出线圈的电阻RL的准确值．

①实验中定值电阻应选用______，滑动变阻器应选用________．（填写器材前面的序号；如：A；B、C等，直接写器材名称或符号均不得分）

②请你画完图甲方框中的实验电路图_____________．

③实验结束时应先断开开关_______.

④由I2-I1图象，求得线圈的直流电阻RL=_______Ω.评卷人得分六、解答题(共3题，共21分)29、光子除了有能量；还有动量．若光子能量为E，动量为P，则光子动量，式中c为真空中的光速．当光照射到物体表面上时，不论光被物体吸收还是被物体表面反射，光子的动量都会发生改变，因而对物体表面产生一种压力．

如图是1901年俄国物理科学家列别捷夫测量光压的实验装置．T型架通过悬丝竖直悬挂，横臂水平，悬丝一端固定在横臂中点．在横臂的两侧有圆片P和Q，两圆片与T型架在同一竖直平面内．圆片P是涂黑的，当光线照射到P上时，可以认为光子全部被吸收：圆片Q是光亮的，当光线照射到Q上时，可以认为光子被反射．分别用光线照射在P或Q上，都可以引起悬丝的旋转．在悬丝上固定的一小镜M，用一细光束照射M，就可以获知悬丝扭转的角度．已知光速为c，两个圆片P、Q的半径都为r．悬丝转过的角度与光对圆片的压力成正比．

a.用光强（单位时间内通过与传播方向垂直的单位面积的光能）为的激光束垂直照射整个圆片P；求激光束对圆片P的压力F的大小；

b.实验中，第一次用光强为的激光束单独照射整个圆片P，平衡时，光束与圆片垂直，且悬丝有一扭转角；第二次仍用该光束单独照射整个圆片Q，平衡时，光束与圆片不垂直，悬丝的扭转角与第一次相同．求激光束与圆片Q所在平面的夹角．30、如图所示的两个按钮开关分别装在汽车的两扇门上。只要其中任何一个开关处于开路状态；发光二极管（报警灯）就发光。请你根据报警装置的要求，在电路图的虚线框内画出门电路符号，并说明该警报器的工作原理。

31、如图所示，线路电压为每条输电线的电阻电炉的电阻求。

（1）电炉上的电压和它消耗的功率各为多少？

（2）如果再并联上一个阻值相同的电炉两个电炉上的电压和每个电炉消耗的功率各是多少？

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】电阻丝和灯丝是并联，根据并联电路，电压相等情况下，电阻越大，则电流越小．为保证灯的亮度，应让通过灯丝的电流大于通过电阻丝的电流，故应有R2＞＞R1．当灯的灯丝断了之后，电路中总电阻增加，则干路电流变小，其余灯仍发光，但亮度变暗．故B正确，ACD错误；故选B.2、C【分析】【详解】

由不确定性关系

可知，将这个电子约束在内的最小容器的大概尺寸为

ABD错误；C正确。

故选C。3、B【分析】【详解】

A．物体的内能是指物体内所有分子的总动能和分子势能之和；不包括物体运动的动能，选项A错误；

B．0℃的水结冰过程中温度不变；分子动能不变，因要放热，则内能减小，选项B正确；

C．提起重物；因为提力做正功，所以物体机械能变大，但是内能不一定增大，选项C错误；

D．摩擦冰块使其融化是采用做功的方式改变物体的内能；选项D错误。

故选B。4、B【分析】【详解】

A．该气体从状态到状态为等容变化，则

解得

该气体从状态到状态为等压变化，则

解得

故A错误；

D．气体从状态到状态过程中,气体体积不变；气体不做功，D错误；

BC．整个过程中，从状态到状态气体对外做功

根据热力学第一定律

状态与状态温度相同，则

所以

故B正确；C错误。

故选B。5、C【分析】【详解】

A．从到过程气体发生等温变化；内能不变，体积减小，外界对气体做功。由热力学第一定律可知，气体放出热量，选项A错误；

B．由知，从到过程气体发生等压变化；选项B错误；

C．从到程中；气体的温度不变，则单个气体分子碰撞器壁的力不变，压强减小，则必然是单位时间内碰撞器壁单位面积的分子数减少造成的，选项C正确；

D．由

得

气体从外界吸收热量8kJ；选项D错误。

故选C。6、C【分析】【详解】

试题分析：改装电压表需要串联一个电阻进行分压；所以BD错误；

根据欧姆定律可得：即解得

故选C；

考点：考查了电压表的改装原理。

点评：电流表串联电阻起分压作用为电压表，电压表串联电阻为总电阻减去电流表的内阻．总电阻=量程除以满偏电流．7、B【分析】【详解】

α粒子和电子之间有相互作用力,它们接近时就有库仑引力作用,但因为电子的质量只有α粒子质量的1/7300,粒子与电子碰撞就像一颗子弹与一个灰尘碰撞一样α粒子质量大,其运动方向几乎不改变,能让α发生偏转的是原子核对α产生的库仑力，故B正确；ACD错误；故选B8、B【分析】【详解】

衰变是自发地进行的，不需其它粒子轰击，A错误；B中的反应为轻核聚变反应方程，B正确；C中是衰变方程，C错误；D中的反应方程为原子核人工转变方程，D错误．二、多选题(共7题，共14分)9、A:C:D【分析】【详解】

A.设导体棒离开磁场时速度大小为v．此时导体棒受到的安培力大小为：

由平衡条件得：

由图2知：

联立解得：

故A正确；

B.导体棒经过磁场的过程中，通过电阻R的电荷量为：

故B错误；

C.离开磁场时，由F=BIL+mg得：

导体棒两端电压为：

故C正确；

D.导体棒经过磁场的过程中，设回路产生的总焦耳热为Q．根据功能关系可得：

而拉力做功为：

电阻R产生焦耳热为：

联立解得：

故D正确．

故选ACD．

【点睛】

本题是电磁感应与力学知识的综合应用，对于这类问题一定要正确分析安培力的大小和方向，要掌握安培力经验公式能正确分析能量是转化的，运用能量守恒定律求焦耳热．10、A:D【分析】【分析】

在滑动变阻器的滑片向右端滑动过程；变阻器接入电路的电阻变小，外电路总电阻减小，由欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化，来判断电表示数的变化．根据功率公式判断功率的变化情况．

【详解】

滑动变阻器的滑片向右端滑动过程，变阻器接入电路的电阻减小，所以外电路总R减小，由欧姆定律得知总电流I增大，所以电流表示数变大；路端电压减小．电灯L的电压等于路端电压，所以电灯L的电流减小，而所以电灯L消耗的功率变小；而总电流增大，所以通过滑动变阻器及的电流增大，根据可知电阻消耗的功率增大；的电压增大，所以R的电压减小；所以电压表的示数减小，故AD正确，BC错误．

【点睛】

本题是简单的电路动态分析问题．对于路端电压也可以直接根据路端电压随外电阻增大而增大判断变化．11、B:C:D【分析】【详解】

A．在使两个分子间的距离由很远（大于m）减小到很难再靠近的过程中；分子力先表现为引力并先增大后减小，之后表现为斥力后再一直增大，分子力先做正功后做负功，分子势能先减小后增大，故A错误；

B．分子平均动能描述的是大量分子的整体表现；温度升高，分子热运动的平均动能一定增大，但并非所有分子的速率都增大，故B正确；

C．无论什么物质；只要它们的物质的量相同就含有相同的分子个数，故C正确；

D．有些晶体在一定的条件下可以转化为非晶体；故D正确；

E．液体表面层中分子间的距离比液体内部分子间的距离大；从而使表面层液体分子之间表现为引力，使液体表面有收缩的趋势，故E错误。

故选BCD。12、B:C:D【分析】【详解】

A．从状态d到c，温度不变，压强减小，根据玻意耳定律可知，气体体积增加，气体对外做功，但内能不变。根据热力学第一定律可知；气体吸收热量，A错误；

C．从状态a到d；是等压变化，气体温度升高，由盖吕萨克定律可知，气体体积增大，气体对外做功，C正确；

D．由图象可知，从状态b到a过程，p与T成正比，是等容变化，气体体积不变，气体不对外做功，外界也不对气体做功，但温度升高，其内能增加。根据热力学第一定律可知；气体吸热，D正确；

B．在ab线上取与c压强相等的点e，则状态c到e是等压变化，根据盖吕萨克定律可知，气体体积减小。从选项C中分析可知，状态e与b体积相等。故从状态c到b，体积减小，外界对气体做功，但温度降低，内能减小。根据热力学第一定律可知；气体放热，B正确；

故选BCD。13、B:D【分析】【详解】

A项：ab棒水平方向上受与运动方向相反的安培力，加速度为：由于速度减小，所以ab棒做加速减小的减速运动直到静止；故A错误；

B项：当ab棒的速度为时，安培力为：所以加速度为：故B正确；

C项：对ab棒由动量定理得：即解得：由于甲与乙电阻并联，所以通过甲电阻的电量为：故C错误；

D项：由解得：故D正确．14、B:D:E【分析】【详解】

A．质点A沿y轴正方向运动，可知波向x轴正方向传播；选项A错误；

B．该波的波长λ=0.8m，T=1/f=0.02s，则

选项B正确；

C．该时刻质点C速度为零；选项C错误；

D．振幅是质点离开平衡位置的最大位移；则质点A与质点C的振幅都是0.5m，选项D正确；

E．则以该时刻为计时起点，则质点B的振动方程为y=0.5sin100πt(m)；选项E正确；

故选BDE.15、A:D:E【分析】【详解】

A、B、由图可知，波的波长为λ=40m；波从P传到Q的距离为x=90m-60m=30m，波速为故A正确；B错误.

C、波从P传到c的时间为在这段时间内质点c振动了半个周期，通过的路程等于2A=20cm;故C错误.

D、从t时刻开始计时，质点a的振动方程为

当y=0，时，故在这个时刻质点a第一次到达平衡位置；故D正确.

E、在t时刻，因波沿x轴正方向传播，故此时质点P是向上振动的，经后，P正在向下振动（负位移），是经过平衡位置后向下运动0.1s；质点b是正在向上振动的（负位移）；是在到达最低点后向上运动0.1s，可见此时两个质点的位移相同;故E正确.

故选ADE.三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【分析】

根据只有电场力做功；动能与电势能之和不变，当电场力做负功时，动能转化为电势能，在电势为零处，电势能为零，从而即可求解．

【详解】

虚线a、b、c、d、f代表匀强电场内间距相等的一组等势面，一电子经过a时的动能为10eV，从a到d的过程中克服电场力所做的功为6eV，动能减小了6eV，电势能增加了6eV，因此a、d的电势差为6V；等势面间的电势差为2V，因平面b上的电势为2V，由于电子的电势能增加，等势面由a到f是降低的，因此平面c上的电势为零；在平面b上电势为2V；则电子的电势能为-2eV，动能为8eV，电势能与动能之和为6eV，当电子经过平面c时，其电势能为0，动能为6eV；

【点睛】

考查电场力做功与电势能变化的关系，掌握电势能与动能之和不变，理解电势为零处的电势能为零是解题的关键．【解析】C617、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]气体从状态A到状态B，发生的是等容变化，由查理定律得

解得在状态B时的压强为pB=1.0×105Pa

气体从状态B到状态C，发生是等压变化，有pC=pB=1.0×105Pa

由于状态A与状态C的温度相同，所以该气体从状态A到状态C的过程中，内能变化量

气体从状态A到状态B不做功，从状态B到状态C的过程中气体对外做功，做功大小为

由热力学第一定律

知整个过程中吸收的热量为Q=100J【解析】1.0×10510018、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]从图像可以看出为等容变化，所以=

[2]一定质量的理想气体内能只与温度有关所以＜

[3]从状态A到状态B体积不变，内能增加，所以应该为吸收热量。【解析】=＜吸收19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】同一平面法线的两侧等于20、略

【分析】【详解】

滑块碰上静止的物体根据动量守恒定律可得：碰后在地面上做匀减运动，根据动量定理可得：解得：的质量为：碰撞过程中系统损失的机械能为【解析】2421、略

【分析】【详解】

根据光子的动量公式取入射的方向为正方向，则光子动量的变化量为

【点睛】

光子的动量的公式以及动量的矢量性．【解析】①.②.四、作图题(共3题，共24分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】23、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共20分)25、略

【分析】【详解】

(1)[1]由图示游标卡尺可知；其示数为60mm+4×0.05mm=60.20mm；

[2]由图示螺旋测微器可知；其示数为8mm+30.0×0.01mm=8.300mm。

(2)①[3]选用多用电表“×10”挡调零后进行测量；欧姆表针偏转角度很小，说明该电阻较大，应换更大倍率的“×100”挡；

②[4]重新换挡后红；黑表笔短接；调整欧姆调零旋钮使指针指向表盘右侧的0Ω；

③[5]由图丁所示可知；欧姆表读数为17×100Ω=1700Ω。

(3)[6]由电阻定律

得【解析】60.208.300×100欧姆调零170026、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]根据图甲所示电路图连接实物电路图；实物电路图如图所示。

(2)[2][3]由图示电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，为保护电路安全，闭合开关前应将把滑动变阻器的滑片P滑到a端，再将电阻箱R0的阻值调到零；

[4]第二步；调节滑动变阻器的阻值，使电压表