2024年华东师大版选修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年华东师大版选修3物理下册阶段测试试卷316考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、在如图所示的电路中，理想变压器原线圈匝数n1=600匝，副线圈的匝数n2=120匝，当原线圈接入u=180sin50πt(V)的正弦式交变电流时，下列判断正确的是（））

A.正弦式交变电流的频率为50HzB.副线圈两端电压为36VC.当滑动变阻器滑片向b端滑动时，灯泡消耗的电功率一定增大D.当滑动变阻器滑片向a端滑动时，滑动变阻器消耗的总电功率一定增大2、在如下图所示的电路中，闭合，当滑片向端移动时，会出现的现象是（）

A.电流表示数变小，灯泡亮度变暗B.电流表示数变大，灯泡亮度变亮C.电流表示数变大，灯泡亮度变暗D.电流表示数变小，灯泡亮度变亮3、如图所示，由abcd组成的一闭合线框，其中a、b、c三点的坐标分别为(0，L，0)(L，L，0)，(L，0，0)，整个空间处于沿y轴正方向的匀强磁场中，通入电流I；方向如图所示，关于各边所受的安培力的大小，下列说法中正确的是。

A.ab边与bc边受到的安培力大小相等，方向相互垂直B.cd边与ad边受到的安培力大小相等，方向平行于yOz平面C.cd边受到的安培力最大，方向平行于xOz平面D.ad边不受安培力作用4、下列说法正确的是（）A.气体的温度升高，每个气体分子的运动速率都会增大B.从微观角度讲，气体压强只与气体分子的密集程度有关C.当分子力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大D.若一定质量的气体膨胀对外做功50J，则内能一定减少50J5、两个固定声源发出的声波1和声波2在空气中传播．已知声波1的频率是声波2的3倍，则()A.声波1的波长是声波2的3倍B.声波1的传播速度是声波2的3倍C.两列波相遇会产生稳定的干涉现象D.远离这两个声源的观察者，听到的这两列波的频率均比声源发出的频率低评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、如图所示，下端封闭、上端开口、高h=5m内壁光滑的细玻璃管竖直放置，管底有质量m=10g，电荷量的绝对值|q|=0.2C的小球，整个装置以v=5m/s的速度沿垂直于磁场方向进入磁感应强度B=0.2T，方向垂直纸面向内的匀强磁场，由于外力的作用，玻璃管在磁场中的速度保持不变，最终小球从上端管口飞出．g取10m/s2．下列说法中正确的是()

A.小球带负电B.小球在竖直方向做匀加速直线运动C.小球在玻璃管中的运动时间小于1sD.小球机械能的增加量为1J7、在水平向里，磁感应强度为B的匀强磁场中竖直放置两根间距为L的光滑金属导轨，底端接电阻R，轻弹簧上端固定，下端悬挂质量为m，电阻为r的金属棒；金属棒和导轨接触良好，导轨电阻不计．金属棒静止时位于A处．现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放，金属棒在运动过程中始终保持水平，弹簧的劲度系数为k，重力加速度为g．则下列说法正确的是。

A.金属棒向下运动时通过R的电流方向是从右向左B.金属棒第一次到达A处时速度最大C.金属棒能到达的最低点在A位置下方处D.金属棒从释放到第一次下降到A位置的过程中，通过电阻R的电荷量为8、一定质量的理想气体由状态变化的图像如图所示．下列说法正确的是（）

A.过程中气体的内能不断增大B.过程中气体向外界放热C.过程中气体与外界始终没有热交换D.过程中气体分子的平均动能保持不变9、一定质量的理想气体密闭在容器中，其压强随体积的变化过程如图所示。已知是绝热变化过程。下列说法正确的是（）

A.过程中气体的温度不变B.过程中每个分子的动能都增大C.过程中，单位时间内容器壁单位面积上分子碰撞次数增多D.完成一次完整循环的过程气体对外做负功10、关于热现象，下列说法正确的是A.将1滴油酸滴在水面上，水面上会形成一块单层油酸薄膜，测出薄膜的厚度d，可认为是油酸分子的直径B.假定两个分子的距离为无穷远时它们的分子势能为零，当两个分子间距离为平衡距离r0时，分子势能最低C.符合能量守恒定律的宏观过程都能真的发生E.用活塞压缩汽缸里的空气，对空气做功900J，同时汽缸向外散热210J，汽缸里空气的内能增加了1110JE.用活塞压缩汽缸里的空气，对空气做功900J，同时汽缸向外散热210J，汽缸里空气的内能增加了1110J11、如图所示，金属导轨M、N平行，相距为L，光滑金属棒a和b垂直于导轨且紧靠着放置，它们的质量均为m，在两导轨之间的电阻均为R．整个装置位于水平面内，处于磁感应强度为B的竖直向下的匀强磁场中，导轨电阻忽略不计，长度足够长．零时刻对a施加一平行于导轨的恒力F．在t时刻电路中电流恰好达到稳定．则

A.t时刻两金属棒的速度相同B.t时刻a、b两棒速度差为Δv=C.在t时刻撤去力F后，导轨之间的电势差UMN会变小D.在t时刻撤去力F后，导轨之间的电势差UMN恒定不变12、在冰壶比赛中，某队员利用红壶去碰撞对方的蓝壶，两者在大本营中心发生对心碰撞如图(a)所示，碰后运动员用冰壶刷摩擦蓝壶前进方向的冰面来减小阻力，碰撞前后两壶运动的v-t图线如图(b)中实线所示，其中红壶碰撞前后的图线平行，两冰壶质量均为19kg，则

A.碰后蓝壶速度为0.8m／sB.碰后蓝壶移动的距离为2.4mC.碰撞过程两壶损失的动能为7.22JD.碰后红、蓝两壶所受摩擦力之比为5：413、用绿光照射一个光电管，能产生光电效应，欲使光电子从阴极逸出时最大初动能增大，可以()A.改用红光照射B.改用紫光照射C.改用蓝光照射D.增加绿光照射时间评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、研究性学习小组围绕一个量程为30mA的电流计展开探究．

（1）为测量该电流计的内阻，同学甲设计了如图（a）所示的电路．图中电源电动势未知，内阻不计．闭合开关，将电阻箱阻值调到10Ω时，电流计恰好满偏；将电阻箱阻值调到85Ω时，电流计指针指在如图（b）所示位置，则电流计的读数为______m。A．由以上数据可得电流计的内阻Rg=______Ω

（2）同学乙将甲设计的电路稍作改变，在电流计两端接上两个表笔，如图（c）所示，设计出一个简易的欧姆表，并将表盘的电流刻度转换为电阻刻度：闭合开关，将两表笔断开，调节电阻箱，使指针指在“30mA”处，此处刻度应标阻值为______Ω（填“0”或∞”）；再保持电阻箱阻值不变，在两表笔间接不同阻值的已知电阻，找出对应的电流刻度，则“15mA“处对应表笔间电阻阻值为______Ω．

若该欧姆表使用一段时间后，电池内阻变大不能忽略，电源电动势不变但将两表笔断开，指针仍能满偏，按正确使用方法再进行测量，其测量结果与原结果相比将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）．15、某同学利用DIS实验系统研究一定质量的理想气体的状态变化，实验后计算机屏幕显示如图所示的的P-t图像。由A→B的过程中气体体积________（选填“变大”、“变小”、“保持不变”）；若在状态B时气体的体积为VB=3L，气体在状态C的体积为_________L。

16、一定质量的理想气体在初始状态a时的压强为p0、体积为V0，其后气体分别经历了a→b→c→d的状态变化，变化过程中p与的关系图线及各状态的压强、体积大小如图所示。由图可知，气体在状态d时的压强大小为________，且可推断，从状态a变化到状态d，气体的内能________（选填“增大”；“减小”或“不变”）。

17、石坑崆位于广东省乳源瑶族自治县西部70多公里的群山中，是广东和湖南交界的地方，又名莽山峰，海拔1902米，是广东第一高峰。某人从山底释放一气象探测气球，气球上升到山顶时，内部气体的压强变小。若气球上升过程中体积不变，则从山底到山顶，气球内气体分子的平均动能___________（选填“变大”“变小”或“不变”）；该过程中，气球内气体___________（选填“放出”或“吸收”）热量。18、如右图所示，在圆心为O、半径为r的圆形区域内有方向垂直纸面向里的匀强磁场，一电子以速度v沿AO方向射入，后沿OB方向射出匀强磁场，若已知∠AOB=120°，则电子穿越此匀强磁场所经历的时间是________。19、据统计，人在运动过程中，脚底在接触地面瞬间受到的冲击力是人体所受重力的数倍．为探究这个问题，实验小组同学利用落锤冲击的方式进行了实验，即通过一定质量的重物从某一高度自由下落冲击地面来模拟人体落地时的情况．重物与地面的形变很小，可忽略不计，不考虑空气阻力的影响取重力加速度g＝10m/s2下表为一次实验过程中的相关数据．

。重物（包括传感器）的质量m/kg

8.5

重物下落高度H/cm

45

重物反弹高度h/cm

20

最大冲击力Fm/N

850

重物与地面接触时间t/s

0.1

（1）请你选择所需数据；通过计算回答下列问题。

a．重物受到地面的最大冲击力时的加速度大小a＝_____

b．在重物与地面接触过程中；重物受到地面施加的平均作用力是_____倍重物所受的重力．

（2）如果人从某一确定高度由静止竖直跳下，为减小脚底在与地面接触过程中受到的冲击力，可采取一些具体措施，请你提供一种可行的方法并说明理由．_____．20、如图所示：A，B，C，D是匀强电场中一正方形的四个顶点．已知A，B，C三点的电势分别为φA=15V，φB=3V，φC=－3V，则D点的电势为_________V．

评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)24、（1）一灵敏电流计，允许通过的最大电流（满刻度电流）为Ig=50μA，表头电阻Rg=1kΩ，若改装成量程为Im=1mA的电流表，应________联的电阻阻值为________Ω（用分数表示）．

（2）用改装好的多用电表的欧姆挡“×10Ω”挡测量一个电阻的阻值，发现表的指针偏转角度极小，为了准确测定该电阻的阻值，正确的判断和做法是________

A．这个电阻的阻值肯定也是极小的。

B．应把选择开关换到“×1Ω”挡；将欧姆表重新调零后再进行测量。

C．应把选择开关换到“×100Ω”挡；将欧姆表重新调零后再进行测量。

D．为了使测量值比较准确，应该用两手分别将两表笔与待测电阻两端紧紧捏在一起，使表笔与待测电阻接触良好25、某同学用如图（a）所示的实验电路来测量未知电阻Rx的阻值。将电阻箱接入a、b之间，闭合电键S，适当调节滑动变阻器R′后保持滑片位置不变，改变电阻箱的阻值R，得到多组电压表的示数U与R的数据，并绘出的U-R图像如图（b）所示。

（1）请用笔画线代替导线，根据电路图在图（c）中画出缺少的两根导线________；

（2）用待测电阻Rx替换电阻箱，读得电压表示数为5.0V，利用图（b）中的U－R图像可得Rx=___Ω；（保留两位有效数字）

（3）使用较长时间后，电源的电动势可认为不变，但其内阻增大，若仍使用该装置和图（b）中的U－R图像来测定某一电阻，则测定结果将________（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。若仍想使用该电路和（b）中测绘的U－R关系图像测量电阻，则需对电路进行简单修正：将电阻箱的阻值调到10Ω，并接入a、b之间，调整滑动变阻器滑片的位置，使电压表示数为________V，之后保持滑动变阻器阻值不变，即可用原来的方法继续测量电阻。26、某实验小组欲自制欧姆表测量一个电阻的阻值；实验提供的器材如下：

A.待测电阻Rx(约200Ω)；

B.电源(电动势E约1.4V，内阻r约10Ω)；

C.灵敏电流计G(量程1mA，内阻Rg=200Ω)；

D.电阻R1=50Ω；

E.电阻R2=200Ω；

F.滑动变阻器R3(阻值范围为0~50Ω)；

G.滑动变阻器R4(阻值范围为0~500Ω)；

H.开关；导线若干．

(1)由于电源电动势未知，该实验小组经过分析后，设计了如图(a)所示的电路测量．部分步骤如下：先闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器R，使灵敏电流计读数I1接近满偏；保持滑动变阻器滑片位置不动，断开开关S2，读出此时灵敏电流计的示数I2．

①根据实验要求，定值电阻a应选___________；滑动变阻器R应选___________．(选填器材前的标号)

②若实验中I1=0.90mA，I2=0.54mA，则电源电动势为___________V．

(2)测出电动势后，该小组成员在图(a)的基础上，去掉两开关，增加两支表笔M、N，其余器材不变，改装成一个欧姆表，如图(b)所示，则表笔M为___________(选填“红表笔”或“黑表笔”)．用改装后的欧姆表测量待测电阻Rx阻值，正确操作后，灵敏电流计读数如图(c)所示，则待测电阻R的阻值为___________Ω．27、下列说法中正确的是__________A.不只声波能发生多普勒效应，其他类型的波也可以B.只要知道光在某介质中的传播速度就能算出光在这种介质中的折射率C.光从某种介质射入真空时，临界角的大小只跟介质有关E.用红光代替黄光在同一装置上做双缝干涉实验形成的干涉条纹间距变大E.用红光代替黄光在同一装置上做双缝干涉实验形成的干涉条纹间距变大评卷人得分六、解答题(共2题，共6分)28、如图，A、B、C三个木块的质量均为m，置于光滑的水平面上，B、C之间有一轻质弹簧，弹簧的两端与木块接触而不固连，将弹簧压紧到不能再压缩时用细线把B和C紧连，使弹簧不能伸展以至于B、C可视为一个整体，让A以初速度沿BC的连线方向朝B运动；与B相碰并粘合在一起，之后立即断开细线，求：

（1）A；B碰撞过程中产生的热量；

（2）已知弹簧恢复原长时C的速度为求此时AB的速度及弹簧释放的弹性势能．29、如图所示，一个长方形气缸放置于水平地面上，左右侧壁光滑且绝热，底面面积为S=20cm2且导热良好，质量为m=2kg且绝热的活塞下方封闭了一定量的理想气体，稳定时气柱长度为h=20cm．现在在活塞上放一个物块(未画出)，待系统再次稳定后，活塞下方的气柱长度变为h′=10cm，已知大气压强始终为p0=1×105Pa，重力加速度g=10m/s2；一切摩擦阻力不计；气密性良好且外界环境温度保持不变．求：

(1)活塞上所放物块的质量M；

(2)第一次稳定到第二次稳定过程中从底部发生热交换的情况．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【详解】

正弦交流电的频率为A错误；原线圈两端电压为根据可得副线圈两端电压为B错误；当滑动变阻器滑片向b端滑动时，灯泡两端的电压增大，故小灯泡消耗的电功率一定增大，C正确；滑动变阻器滑片向a端滑动过程中，其连入电路的电阻分为两部分，一部分增大，一部分减小，所以其消耗的总功率不一定增大，D错误．2、B【分析】【详解】

当滑片向端移动时，滑动变阻器接入电路电阻变小，电路总电阻变小，根据欧姆定律可以知道电路电流变大，电流表示数变大，由公式可以知道灯泡实际功率变大，因此灯泡变亮，故B正确．

故选B．3、C【分析】【详解】

因为ab垂直放置磁场中，所以其安培力Fab=BLabI，而bc平行于磁场，所以其安培力为零．故A错误；cd边垂直于磁场，且长度最长，所以其受到安培力最大，方向平行于xOz平面，ad边受到的安培力大小等于Od受到的安培力的大小，小于cd边受到的安培力大小，故BD错误，C正确；故选C.4、C【分析】【详解】

A.气体的温度是分子平均动能的标志；所以气体的温度升高，从统计规律看分子的平均运动速率增大，但是仍会有分子的速率减小．故A错误．

B.从微观角度讲；气体压强只气体分子的密集程度和气体的温度有关．故B错误．

C.在时，分子力表现为引力，分子的间距增大时分子力做负功，故越大；分子势能越大．故B正确．

D.一定质量的气体膨胀对外做功50J，同时气体还可能吸收热量，所以内能减少量不一定是．故D错误．5、D【分析】【详解】

两列声波在同一空间的空气中沿同一方向传播，波速相同，故B错误；根据可知声波1的波长是声波2的故A错误；根据题意可知声波1的频率是声波2的3倍，据两列波发生干涉的必要条件是频率相同，所以在这两列波传播的方向上，不会产生稳定的干涉现象，故C错误；由于多普勒效应，远离这两个声源的观察者，听到的这两列波的频率均比声源发出的频率低，故D正确．二、多选题(共8题，共16分)6、B:D【分析】【详解】

A．由左手定则可知；小球带正电，选项A错误；

B．玻璃管在水平方向做匀速运动；则竖直方向所受的洛伦兹力恒定，则竖直方向加速度不变，即小球在竖直方向做匀加速直线运动，选项B正确；

C．小球在竖直方向的加速度

在管中运动的时间选项C错误；

D．小球到管口时的速度v=at=10m/s，机械能的增加量：选项D正确．7、A:D【分析】【分析】

根据楞次定律右手定则可判断感应电流的方向；金属棒运动过程中，经过平衡位置时，即加速度为零时速度最大；金属棒运动过程中，存在电磁阻尼，做阻尼振动，振幅越来越小；利用平均电流来计算电荷量，即．

【详解】

A；根据楞次定律右手定则；流过回路的电流为顺时针方向，即流过电阻R的电流方向从右向左，A正确；

B；金属棒经过平衡位置时速度最大；在平衡位置，金属棒受到的弹簧弹力和同方向安培力的合力与重力等大反向，三力平衡，故速度最大的位置高于A点，B错误；

C、金属棒静止在A位置时，弹簧形变量为现将金属棒从原长位置释放，由于存在电磁阻尼，金属棒振幅越来越小，故金属棒不可能到达关于A点对称的在A点下方处；故C错误；

D、金属棒从原长位置运动到A点的过程中，磁通量的变化量为则该过程中通过电阻R的电荷量得故D正确．

故本题选AD．

【点睛】

本题是电磁感应与力学知识的综合应用，关键要正确分析金属棒的受力情况和回路中能量转化情况，由牛顿第二定律分析加速度．8、A:B【分析】【详解】

A．过程气体做等压变化，体积变大，根据

可知温度升高；则内能增大，A正确；

B．过程中，根据理想气体状态方程

可知气体温度降低；内能减少，外界对气体做正功，根据热力学第一定律可知气体向外界放热，B正确；

C．过程中根据理想气体状态方程

可知气体温度先升高后降低，两点温度相等；内能相等，外界对气体做正功，可知气体放热，C错误；

D．过程中根据理想气体状态方程

可知气体温度先升高后降低；气体分子的平均动能先增大后减小，D错误。

故选AB。9、C:D【分析】【详解】

A．过程中；体积增大，绝热膨胀，气体对外做功，内能减小，温度减小，A错误；

B．过程中分子的平均动能增大；不一定每个分子的动能都增大，B错误；

C．过程中；压强不变，根据盖—吕萨克定律，体积减小，温度减小，单位时间内容器壁单位面积上分子碰撞次数增多，C正确；

D．由图像可知；完成一次完整循环的过程气体对外做功小于外界对气体做功，即气体对外做负功，D正确。

故选CD。10、A:B:D【分析】【详解】

将1滴油酸滴在水面上，水面上会形成一块单层油酸薄膜，测出薄膜的厚度d，可认为d是油酸分子的直径，选项A正确；假定两个分子的距离为无穷远时它们的分子势能为零，当两个分子间距离为平衡距离r0时，由于从无穷远到平衡距离的过程中分子力做正功，则分子势能减小，即在平衡位置时分子势能最低，选项B正确；根据热力学第二定律可知，符合能量守恒定律的宏观过程不一定都能真的发生，选项C错误；根据毛细现象可知，如果要保存地下的水分，就要把地面的土壤锄松，破坏土壤里的毛细管，选项D正确；用活塞压缩汽缸里的空气，对空气做功900J，同时汽缸向外散热210J，汽缸里空气的内能增加了900J-210J=690J，选项E错误.11、B:D【分析】【详解】

A、B项：a棒在拉力F作用下向左做加速运动切割磁感线，与b棒组成回路，所以b棒在安培力作用下向左做加速运动，电路中的总电动势为：a棒做加速度减小的加速，b棒做加速度增大的加速，当加速度相等时，电路中的电流恒定，由受力可知，即F=2BIL，其中解得：故A错误，B正确；

C、D项：在t时刻撤去力F后；由闭合电路欧姆定律可知；

由动量守恒可知，即所以恒定；故C错误，D正确．

故应选：BD．12、A:D【分析】【详解】

由图可知碰撞前后红壶的速度为和由动量守恒可得解得碰后蓝壶速度为由数学关系可得红冰壶如果不发生碰撞有故蓝色冰壶停止运动得时间为t=5s，碰后蓝壶移动的距离为碰撞过程两壶损失的动能为红壶所受摩擦力蓝壶所受摩擦力，碰后红、蓝两壶所受摩擦力之比为故AD正确，BC错误；

故选AD．

【点睛】

由动量守恒可得碰后蓝壶速度大小，碰撞过程两壶损失的动能为初末动能之差，碰后红、蓝两壶所受摩擦力之比由牛顿运动定律求出．13、B:C【分析】【详解】

光电子的最大初动能与照射时间或照射强度无关，故D错误；最大初动能与入射光的频率有关，入射光子的频率越大，光电子从阴极逸出时最大初动能越大，所以改用比绿光频率更大的紫光、蓝光照射，以增大光电子从阴极逸出时的最大初动能，故A错误，BC正确．三、填空题(共7题，共14分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

试题分析：（1）据十分之一估读法；读数为：12.0A；

当电阻箱阻值为10Ω时有：当电阻箱阻值为85Ω时：则电流计内阻有：电源电动势为：．

（2）将电流计改装成欧姆表后，指针处于30mA处时有：代入数据可以求得电阻箱此时阻值为：当指针示数为15mA时，电流总电流为：欧姆表读数为：

（3）电源内阻增大后；将两表笔断开，指针仍能满偏，说明电源内阻与电阻箱阻值之和与原来相等，故测量结果不变．

考点：本题考查欧姆表的内部结构．【解析】12.040∞8不变15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由图像可知；AB的反向延长线过（-273，0）可判断由A→B过程为等容变化，所以体积保持不变。

[2]由图像可知；B→C过程为等温变化。

PB=1.0atm，VB=3L，PC=1.5atm根据玻意耳定律得。

PBVB=PCVC解得。

VC=2L【解析】保持不变216、略

【分析】【详解】

[1]a状态气压p0，体积V0，设温度T0；a→b等温过程，根据玻意耳定律，有

b→c等压过程，根据盖吕萨克定律，有

c→d等温过程，根据玻意耳定律，有

联立解得

[2]从状态a变化到状态d，温度下降，气体内能减小。【解析】减小17、略

【分析】【详解】

[1][2]从山底到山顶，气球的体积不变，气球内气体的压强变小，可知气体的温度变低，分子平均动能变小，又由热力学第一定律可知，气体的内能减小，则气体要放出热量。【解析】变小放出18、略

【分析】弧AB对应的圆心角为60°，所以经历的时间为而粒子运动的半径为根据几何知识可得所以【解析】19、略

【分析】【详解】

（1）a．重物受到最大冲击力时加速度的大小为a，由牛顿第二定律解得：

b．重物在空中运动过程中，由动能定理有：

重物与地面接触前瞬时的速度大小为：

重物离开地面瞬时的速度大小为：

重物与地面接触过程，重物受到的平均作用力大小为F，设竖直向上为正方向，由动量定理有：（F﹣mg）t＝mv2﹣mv1

解得：F＝510N

重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的倍数为：

因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍．

（2）人接触地面后要同时下蹲以通过延长与地面接触的时间来减小人受到地面的冲击力．【解析】90m/s26人接触地面后要同时下蹲以通过延长与地面接触的时间来减小人受到地面的冲击力20、略

【分析】【详解】

试题分析：连接AC，将AC三等分，标上三等分点E、F，则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，E点的电势为3V，F点的电势为9V．连接BE，则BE为一条等势线，根据几何知识可知，DF∥BE，则DF也是一条等势线，所以D点电势．

考点：考查了等势面；电势，匀强电场中电场强度与电势差关系。

【名师点睛】

本题关键是找到等势点，作出等势线．电场线与等势面之间的关系要理解，常常是作电场线的依据．【解析】9V四、作图题(共3题，共18分)21、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】22、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共36分)24、略

【分析】【详解】

(1)把电流表改装成大量程电流表，需要并联电阻，电阻的阻值为

(2)ABC；欧姆表的表盘与电流计的刻度相反；即满偏刻度处电阻为零，电流为零时对应电阻无穷大，则可知，当偏转较小时，说明这个电阻较大，为了准确测量，应换用大档位，使偏角增大，读数更准确，即应把选择开关换到“×100Ω”挡，将欧姆表重新调零后再进行测量，故选项C正确，A、B错误；

D、测量时一定不要用两手分别将两表笔与待测电阻两端紧紧捏在一起，这样会将人连入电路产生误差，故选项D错误．【解析】并联C25、略

【分析】【详解】

（1）[1]如图所示。

（2）[2]由图（b）得到；当纵坐标5.0V时，横坐标为25.0Ω，即此时电阻箱接入电路部分的电阻为25.0Ω，则替代电阻箱的被测电阻的阻值为25.0Ω。

（3）[3]因为