2025年沪教新版选择性必修2物理下册月考试卷含答案

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A.B.C.D.4、在粒子物理学的研究中；经常应用“气泡室”装置。粒子通过气泡室中的液体时能量降低，在它的周围有气泡形成，显示出它的径迹。如图所示为带电粒子在气泡室运动径迹的照片，气泡室处于垂直纸面向里的匀强磁场中。下列有关甲；乙两粒子的判断正确的是（）

A.甲粒子带正电B.乙粒子带负电C.甲粒子从a向b运动D.乙粒子从d向c运动5、在足够大的空间区域内，三条水平直线A1A2、C1C2、D1D2彼此平行，并且A1A2与C1C2间距为d，C1C2与D1D2间距为2d，直线A1A2与C1C2之间有垂直纸面向里的匀强磁场B1，直线C1C2与D1D2之间有垂直纸面向外的匀强磁场B2，一带负电的粒子P，所带电荷量为q，质量为m，从A1A2上的M点垂直A1A2进入匀强磁场，一段时间后，从D1D2上的N点垂直D1D2离开磁场（N在图中未画出），已知粒子在M点进入时的速度大小为B2=不计粒子的重力，下列说法正确的有（）

A.N可能在M点的左侧B.N一定在M点的正上方C.MN之间的水平侧移量为D.粒子在A1A2、C1C2之间的水平侧移量为6、如图甲所示的电路中；理想变压器原；副线圈匝数比为5︰1，电流表和电压表均为理想电表，R是光敏电阻(其阻值随光强增大而减小)、L是理想线圈、C是耐压值和电容都足够大的电容器、D是灯泡、K是单刀双掷开关．当原线圈接入如图乙所示的正弦交流电时，下列说法正确的是。

A.开关K连通1时，电压表的示数为44VB.开关K连通1时，若光照增强，电流表的示数变小C.开关K连通2时，D灯泡不亮D.开关K连通2时，若光照增强，电压表的示数减小7、某同学学习了电磁感应相关知识之后，做了探究性实验：将闭合线圈按图示方式放在电子秤上，线圈上方有一N极朝下、竖直放置的条形磁铁，手握磁铁在线圈的正上方静止，此时电子秤的示数为将磁铁N极（）

A.加速插向线圈的过程中，电子秤的示数小于B.加速抽出线圈的过程中，电子秤的示数大于C.加速插入线圈瞬间，线圈中感应电流沿逆时针方向（俯视）D.匀速插入线圈的过程中，磁铁减少的重力势能等于线圈中产生的焦耳热8、多数同学家里都有调光台灯、调速电风扇。过去是用变压器来实现上述调节的，缺点是成本高、体积大、效率低，且不能任意调节灯的亮度或电风扇转速。现在的调光台灯、调速电风扇是用可控硅电子元件来实现调节的。如图所示为一个经过双向可控硅电子元件调节后加在电灯上的电压，即在正弦交流电的每一个周期中，前面的被截去；调节台灯上旋钮可以控制截去多少，从而改变电灯上的电压。则现在电灯上的电压为（）

A.UmB.C.D.9、下图为长距离高压输电的示意图。关于长距离输电；下列说法正确的是（）

A.减小输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失B.高压输电是通过减小输电电流来减小电路的发热损耗C.在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小D.高压输电综合考虑各种因素，输电电压越高越好评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、在同一光滑斜面上放同一导体，如图所示是两种情况的剖面图．它们所处空间有大小相同的磁场，左图磁场方向垂直于斜面，右图磁场方向垂直于水平面，导体A分别通有电流I1和I2，都处于静止状态．已知斜面的倾角为θ；则。

A.I1∶I2＝cosθ∶1

B.I1∶I2＝1∶1

C.两种情况导体A所受安培力大小之比F1∶F2=sinθ∶cosθ

D.两种情况导体A所受安培力大小之比F1∶F2=cosθ∶111、如图所示，在的区域内有沿y轴正方向的匀强电场，在的区域内有垂直坐标平面向里的匀强磁场。一电子（质量为m，电量为）从y轴上A点以沿x轴正方向的初速度开始运动。当电子第一次穿越x轴时，恰好到达点C（图中未标出）；当电子第二次穿越x轴时，恰好到达坐标原点O。已知两点到坐标原点的距离分别为不计电子的重力。则（）

A.电场强度的大小为B.磁感应强度的大小为C.电子从C运动到O经历的时间D.将电子的出发点从A点沿负x方向平移，初速度方向不变，调整大小，使电子仍然从C点第一次穿越x轴，则电子第二次穿越x轴的位置仍然为坐标原点O12、某同学的电动自行车充电器是一输入电压为220V；输出电压为48V的变压器，由于副线圈烧坏了，为修复该充电器，该同学拆下烧坏的副线圈，用绝缘导线在铁芯上绕了5匝线圈，如图所示，将原线圈接到220V交流电源上，测得新绕线圈两端电压为2V。则（）

A.该充电器原线圈有550匝B.该充电器原线圈有1100匝C.被烧坏的副线圈有120匝D.被烧坏的副线圈有240匝13、如图所示，边长为2a的等边三角形ABC区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，一束质量为m电荷量为（）的同种带电粒子（不计重力），从AB边的中点；以不同速率沿不同方向射入磁场区域（均垂直于磁场方向射入），下列说法正确的是（）

A.若粒子均平行于BC边射入，则从BC边射出的粒子最大速率为B.若粒子均平行于BC边射入，则从BC边射出的粒子速率最小时，在磁场中运动的半径为C.若粒子均垂直于AB边射入，则粒子不可能从BC边上距B点处出射D.若粒子射入时的速率为则粒子从BC边射出的最短时间为14、如图，边长为l的正方形abcd内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面（abcd所在平面）向外。ab边中点有一电子发射源O，可向磁场内沿垂直于ab边的方向发射电子，已知电子的比荷为k，则从a、d两点射出的电子的速度大小分别为（）

A.从a点射出的电子的速度大小为B.从a点射出的电子的速度大小为C.从d点射出的电子的速度大小为D.从d点射出的电子的速度大小为15、武汉病毒研究所是我国防护等级最高的P4实验室，在该实验室中有一种污水流量计，其原理可以简化为如下图所示模型：废液内含有大量正、负离子，从直径为d的圆柱形容器右侧流入，左侧流出，流量值Q等于单位时间通过横截面的液体的体积。空间有垂直纸面向里的磁感应强度为B的匀强磁场；下列说法正确的是（）

A.带电粒子所受洛伦兹力方向是水平向左B.正、负粒子所受洛伦兹力方向是相反的C.只需要测量M、N两点间电压就能够推算废液的流量D.污水流量计也可以用于测量不带电的液体的流速16、如图所示，光滑斜面的倾角为斜面上放置一矩形导体线框边的边长为bc边的边长为线框的质量为电阻为线框通过绝缘细线绕过光滑的定滑轮与一重物相连，重物质量为斜面上线（平行底边）的右方有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度为如果线框从静止开始运动，进入磁场的最初一段时间是做匀速运动的，且线框的边始终平行于底边；则下列说法正确的是（）

A.线框进入磁场前运动的加速度为B.线框进入磁场时匀速运动的速度为C.线框做匀速运动的总时间为D.该匀速运动过程中产生的焦耳热为17、如图所示，竖直放置的形光滑导轨宽为L，矩形匀强磁场Ⅰ、Ⅱ的高和间距均为d，磁感应强度为B。质量为m的水平金属杆由静止释放，进入磁场Ⅰ和Ⅱ时的速度相等。金属杆在导轨间的电阻为R，与导轨接触良好，其余电阻不计，重力加速度为g。金属杆（）

A.刚进入磁场Ⅰ时加速度方向可能竖直向下B.穿过磁场Ⅰ的时间大于在两磁场之间的运动时间C.穿过两磁场产生的总热量为2mgdD.释放时距磁场Ⅰ上边界的高度h一定大于18、如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为3∶1，为阻值相同的定值电阻，电源为正弦交流电源，各电表均为理想交流电表。电流表的示数分别用表示；电压表的示数为3V。下列说法正确的是（）

A.B.电阻两端的电压为2VC.原、副线圈中电流频率之比为1∶3D.消耗的功率之比为4∶9∶9评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)19、如图所示,理想变压器的原、副线圈匝数之比为原线圈回路中的电阻A与副线圈回路中的负载电阻B的阻值相．a、b两端加一定交流电压后,求两电阻消耗的电功率之比____________;若电源电压为U，则电阻B两端电压为____________

20、当一个线圈中的______变化时，它产生的______不仅在邻近的电路中激发出感应电动势，同样也在线圈______激发出感应电动势，这种现象称为自感．由于自感而产生的感应电动势叫作______。21、如图所示的电路中，当受到强光的照射下，小灯L__________发光；当用遮光板盖住时，小灯L__________发光。（均选填“不会”或“会”）

22、在DIS实验中，我们已经接触和使用过的传感器有__________、__________、__________、__________、__________、__________、__________、__________、__________。23、互感现象应用：利用互感现象可以把能量由一个线圈传递到______，如变压器就是利用______制成的．24、如图所示，一无限长通电直导线固定在光滑水平面上，金属环质量为0.02kg，在该平面上以与导线成60°角的初速度运动，其最终的运动状态是__________，环中最多能产生__________J的电能．

25、互感现象危害：互感现象能发生在任何两个______的电路之间．在电力工程和电子电路中，互感现象有时会影响电路的正常工作．评卷人得分四、作图题(共4题，共32分)26、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

27、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

28、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

29、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共2题，共18分)30、物体的带电量是一个不易测得的物理量，某同学设计了一个实验来测量带电物体所带电量。如图（a）所示；他将一由绝缘材料制成的小物块A放在足够长的木板上，打点计时器固定在长木板末端，物块A靠近打点计时器，一纸带穿过打点计时器与物块A相连，请结合下列操作步骤回答问题。

(1)为消除摩擦力的影响，他将长木板一端垫起一定倾角，接通打点计时器，轻轻推-下小物块A，使其沿着长木板向下运动。多次调整倾角直至打出的纸带上点迹均匀，测出此时木板与水平面间的倾角，记为

(2)如图（b）所示，在该装置处加上一范围足够大的垂直纸面向里的匀强磁场，用细绳通过一轻小定滑轮将物块A与物块B相连，绳与滑轮的摩擦不计。给物块A带上一定量的正电荷，保持倾角不变，接通打点计时器，由静止释放小物块A，该过程可近似认为物块A的带电量不变。下列关于纸带上点迹的分析正确的是()

A．纸带上的点迹间距先增加后减小至零。

B．纸带上的点迹间距先增加后减小至一不为零的定值。

C．纸带上的点迹间距逐渐增加；且相邻两点间的距离之差不变。

D．纸带上的点迹间距逐渐增加；且相邻两点间的距离之差逐渐减少，直至间距不变。

(3)为了测定物块A所带电量q，除倾角磁感应强度B外，本实验还必须测量的物理量有___________；

(4)用重力加速度g、磁感应强度B、倾角和所测得的物理量，可得出q的表达式为___________。31、某集装箱吊车的交流电动机输入电压为380V，则该交流电电压的最大值为＿＿＿＿V．当吊车以0.1m/s的速度匀速吊起总质量为5.7×103kg的集装箱时，测得电动机的电流为20A，电动机的工作效率为＿＿＿＿＿＿．（g取10m/s2）评卷人得分六、解答题(共4题，共20分)32、如图所示，足够长的平行光滑U形导轨倾斜放置，所在平面的倾角导轨间的距离下端连接的电阻，导轨电阻不计，所在空间存在垂直于导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度质量电阻的金属棒垂直置于导轨上，现用沿导轨平面且垂直于金属棒、大小为的恒力使金属棒从静止开始沿导轨向上滑行，当金属棒滑行后速度保持不变。求：（）

（1）金属棒匀速运动时的速度大小

（2）金属棒从静止到刚开始匀速运动的过程中，电阻R上产生的热量

（3）金属棒从静止到刚开始匀速运动的过程中，通过电阻R的电荷量

33、如图所示的竖直平面内，竖直分界线左侧存在竖直向上的匀强电场，电场场强为右侧存在垂直纸面向里的匀强磁场和竖直向上的匀强电场，电场强度为左侧区域有一段半径为的光滑绝缘圆弧轨道与分界线交于点，两点等高，点为圆弧最高点，另有一段足够长的光滑绝缘直轨道与圆弧相切与点，直轨道与水平面成角。右侧区域有一个半径也为的圆圈，圆心与两点等高。电量为可视为质点的带电小球从绝缘直轨道上距点处由静止释放，小球能够沿着左侧轨道运动，经过点后在右侧区域做匀速圆周运动。若小球再次回到左侧区域后的运动不考虑；重力加速度未知。

（1）求带电小球的重力及经过点时对轨道的压力；

（2）若带电小球从直轨道上距点的距离为的两个地方由静止释放，小球在右侧区域的圆周轨迹都恰好和圆圈相切，求间的距离

（3）若第（2）问中释放点距点较近的距离为求小球质量与右侧区域磁感应强度的平方之比

34、回旋加速器是加速带电粒子的装置，如图甲所示。两D形盒分别在M端和P端跟高频交流电源（图中未画出）相连，便在两D形盒之间的狭缝中形成加速电场，使粒子每次穿过狭缝时都被加速。两D形盒放置在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于D形盒底面，粒子源置于圆心O处，粒子源射出的带电粒子质量为m、电荷量为q，最大回旋半径为R。不计粒子在两D形盒间加速电场内运动的时间；不计粒子离开粒子源时的初速度，忽略粒子所受重力以及粒子间相互作用。

（1）若M、P之间所加电压随时间t的变化如图乙所示，每个周期内和持续时间相同；求：

a．粒子离开加速器时的最大动能

b．粒子在加速器中的加速次数N。

（2）若M、P之间所加电压为振荡器产生的高频正弦型交变电压，其中线圈的电感为L。求振荡器中电容器的最大电容（提示：振荡电路的振荡周期）

35、舰载机电磁弹射是现在航母最先进的弹射技术，我国在这一领域已达到世界先进水平。某兴趣小组开展电磁弹射系统的设计研究，如图所示，用于推动模型飞机的动子（图中未画出）与线圈绝缘并固定在一起，线圈带动动子，可在水平导轨上滑动。线圈始终位于导轨间的辐向磁场中，其所经过位置的磁感应强度大小均为开关S与1接通，恒流源与线圈连接，动子从静止开始推动飞机匀加速直线运动，经过的时间，飞机达到起飞速度并与动子脱离；此时S掷向2，使定值电阻与线圈连接，同时再对动子施加合适的外力F（未知），使动子开始做匀减速直线运动，又经过的时间，动子的速度减为0。已知恒流源接通时通过它的电流会保持不变，线圈匝数匝，每匝周长飞机的质量动子和线圈的总质量线圈总电阻定值电阻不计摩擦力和空气阻力，求。

（1）飞机的起飞速度大小；

（2）将飞机达到起飞速度时做为0时刻，取动子的运动方向为正方向，通过计算得出动子减速过程所施加的外力F随时间t变化的关系式；

（3）动子减速过程通过电阻的电荷量。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】

【详解】

AB．发射无线电广播信号必须经过调制；可以采用调频，也可以采用调幅，AB错误；

C．接收无线电广播必须经过调谐（即选台）；C错误；

D．无线电波中有高频信号；所以需要经过解调将低频信号捡出，才能由扬声器播放，D正确。

故选D。2、D【分析】【分析】

【详解】

AB．交变电动势瞬时值表达式V可知

则交变电流的周期

频率为

选项AB错误；

C．交变电动势瞬时值表达式V可知交变电流的最大值为10V，则有效值为

选项C错误；

D．当t＝0.25秒时，感应电动势为

选项D正确。

故选D。3、D【分析】【分析】

【详解】

带电粒子在磁场中做圆周运动

轨道半径为r＝

轨迹与ON相切，画出粒子的运动轨迹如图所示，由于＝2rsin30°＝r

故△AO′D为等边三角形，∠O′DA＝60°，而∠MON＝30°，则∠OCD＝90°，故CO′D为一直线＝＝2＝4r＝

故选D。

4、D【分析】【分析】

【详解】

根据。

可得。

则轨道半径随速度减小而减小，因粒子运动时能量减小，则速度减小，轨道半径减小，则甲粒子从b向a运动，根据左手定则可知，甲粒子带负电；乙粒子从d向c运动；根据左手定则可知，乙粒子带正电；

故选D。5、C【分析】【详解】

AB．粒子在M点进入时的速度大小为

则粒子在下方磁场中做圆周运动的半径为

在上方磁场中运动的半径为

则由轨迹图可知，N点一定在M点右侧，不可能在M点的正上方；选项AB错误；

C．MN之间的水平侧移量为

选项C正确；

D．粒子在A1A2、C1C2之间的水平侧移量为

选项D错误。

故选C。6、A【分析】【分析】

根据原；副线圈的电压与匝数成正比求出电压表的示数；和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R的变化，确定副线圈总电阻的变化，进而可以确定副线圈的电流的变化的情况，在根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况；

【详解】

A、根据图乙可知原线圈电压有效值为：则根据可以得到：即电压表的示数为故选项A正确；

B、开关K连通1时，若光照增强，则电阻R减小，则副线圈总电阻减小，而不变，则副线圈电流增大，根据可知，原线圈电流增大；即电流表的示数变大，故选项B错误；

C；开关K连通2时；由于交变电流可以“通过”电容器，故D灯泡发光，故选项C错误；

D、开关K连通2时，若光照增强，则电阻R减小，但是由于原、副线圈的端电压之间关系为与副线圈总电阻无关；故电压表的示数不变，故选项D错误．

【点睛】

解决变压器的问题，注意掌握端电压与匝数的关系，电流与匝数的关系以及原、副线圈功率的关系．7、C【分析】【详解】

AB．将条形磁铁插入线圈或从线圈中抽出的过程，穿过线圈的磁通量发生了变化，线圈中产生了感应电流，线圈与条形磁铁会发生相互作用，根据楞次定律的推论“来拒去留”可知，在将磁铁插入线圈（无论是匀速、加速还是减速）的过程中，线圈与磁铁相互排斥，导致电子秤的示数大于在抽出磁铁（无论是匀速、加速还是减速）的过程中，线圈与磁铁相互吸引，导致电子秤的示数小于故AB错误；

C．根据楞次定律可判断；将一条形磁铁的N极加速插入线圈时，线圈中产生的感应电流方向为逆时针方向（俯视），故C正确；

D．磁铁N极匀速插入线圈的过程中；磁铁受到重力；拉力、斥力作用，重力和拉力的合力所做的功等于线圈中产生的焦耳热，故D错误。

故选C。8、C【分析】【详解】

设交变电流的有效值为U，将交变电流与直流电分别通过相同电阻R，分析一个周期内热量：交变电流为

直流电为

由Q1=Q2

得

ABD错误；C正确。

故选C。9、B【分析】【分析】

【详解】

A．减小输电导线的横截面积能增大电阻，根据输电过程中损失的电功率不利于减小输电过程中的电能损失，故A错误；

B．高压输电是通过减小输电电流，根据输电过程中损失的电功率有利于减小电路的发热损耗，故B正确；

C．输送的电功率越大；输电线上的电流越大，输电过程中的电能损失越大，故C错误；

D．高压输电综合考虑材料成本；技术、经济性等各个方面的因素；所以不是输电电压越高越好，故D错误。

故选B。二、多选题(共9题，共18分)10、A:D【分析】【详解】

导体棒受力如图，I1所受的安培力沿斜面向上，I2所受的安培力水平向右；

I1所受的安培力沿斜面向上，如图根据共点力平衡得，F1=mgsinθ；I2所受的安培力水平向右如图，根据共点力的平衡得：F2=mgtanθ．又：F1=BI1L；F2=BI2L；所以：故AD正确；BC错误；故选AD．

【点睛】

解决本题的关键是根据左手定则判断安培力的方向，正确地进行受力分析，运用共点力平衡进行求解．11、A:C:D【分析】【详解】

A．根据类平抛规律，水平方向2d=v0t

竖直方向

根据牛顿第二定律可得eE=ma

联立解得

故A正确；

B．设电子进入磁场时速度为v，v与x轴的夹角为θ，则

联立以上解得θ=60°

由此可得v=2v0

电子运动轨迹如图所示。

电子进入磁场后做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力为

根据几何关系可得

联立解得

故B错误；

C．粒子的运动周期为

电子在磁场中运动的圆心角为

电子从C运动到O经历的时间

故C正确；

D．将电子的出发点从A点沿负x方向平移后，设初速度为v，电子进入磁场时速度为与x轴的夹角为则

电子的半径为

电子射出点到C点的距离为

根据速度的合成与分解可知

在磁场中有

根据牛顿第二定律可得eE=ma

联立以上并代入B和E的值解得

所以电子第二次穿越x轴的位置仍然为坐标原点O；故D正确。

故选ACD。12、A:C【分析】【详解】

AB．设该变压器的原线圈、副线圈和新绕线圈的匝数分别用n1、n2、n3表示，原线圈、副线圈和新绕线圈两端的电压分别用U1、U2和U3表示，则有

解得该充电器原线圈匝数为

A正确；B错误；

CD．同理可得

所以

C正确；D错误。

故选AC。13、C:D【分析】【详解】

A．从BC边射出的粒子速度最大时；半径最大，则如图。

由几何关系

解得

根据

解得

选项A错误；

B．当从BC边射出的粒子速率最小时，半径最小，此时轨迹与BC边相切，则

选项B错误；

C．若粒子均垂直于AB边射入，则当轨迹与BC相切时。

解得

则粒子不可能从BC边上距B点a处射出；选项C正确；

D．若粒子射入时的速率为则轨道半径

粒子从BC边射出的时间最短时，轨迹对应的弦最短，最短弦为射入点到BC的距离，长度为则由几何关系可知，轨迹对应的圆心角为时间为

选项D正确。

故选CD。14、B:C【分析】【详解】

AB．从a点和d点射出的电子运动轨迹如图所示。

根据几何关系可得

根据洛伦兹力提供向心力可得

解得

故A错误；B正确；

CD．对于从d点射出的电子，根据几何关系可得

解得

根据洛伦兹力提供向心力可得

解得

故C正确；D错误．

故选BC。15、B:C【分析】【详解】

AB．根据左手定则可知正粒子所受洛伦兹力方向竖直向下；负粒子所受洛伦兹力方向竖直向上，故A错误，B正确；

C．当M、N两点间电压U稳定时，根据平衡条件有①

根据匀强电场中电势差与场强的关系有②

由题意可知③

联立①②③解得④

由④式可知在B和d已知的情况下只需要测量M、N两点间电压就能够推算废液的流量；故C正确；

D．污水流量计是基于带电粒子在电磁复合场中的运动规律而设计的；所以不能用于测量不带电的液体的流速，故D错误。

故选BC。16、C:D【分析】【详解】

A．设线框进入磁场前运动的加速度为以重物为对象，根据牛顿第二定律可得

以线框为对象，根据牛顿第二定律可得

联立可得

故A错误；

B．设线框进入磁场时匀速运动的速度为则有

根据受力平衡可得

联立解得

故B错误；

C．线框做匀速运动的总时间为

故C正确；

D．根据能量守恒可知，匀速运动过程中产生的焦耳热为等于系统减少的重力势能，则有

故D正确。

故选CD。17、B:D【分析】【详解】

A．金属杆在无场区做匀加速运动；而金属杆进入磁场Ⅰ和Ⅱ时的速度相等，所以金属杆刚进入磁场Ⅰ时做减速运动，加速度方向竖直向上，故A错误；

B．金属杆在磁场Ⅰ运动时；随着速度减小，产生的感应电流减小，受到的安培力减小，合力减小，加速度减小，所以金属杆在磁场Ⅰ中做加速度减小的减速运动，在两个磁场之间做匀加速运动，由题知，金属杆进入磁场Ⅰ和Ⅱ时的速度相等，所以金属杆在磁场Ⅰ中运动的平均速度小于在两磁场之间运动的平均速度，两个过程位移相等，所以金属杆穿过磁场Ⅰ的时间大于在两磁场之间的运动时间，故B正确；

C．金属杆从刚进入磁场Ⅰ到刚进入磁场Ⅱ的过程，由能量守恒定律得

金属杆通过磁场Ⅱ时产生的热量与通过磁场Ⅰ时产生的热量相同，所以总热量为

故C错误；

D．设金属杆释放时距磁场Ⅰ上边界的高度为H时进入磁场Ⅰ时刚好匀速运动，则有

又联立解得

由于金属杆进入磁场Ⅰ时做减速运动，所以高度h一定大于H；故D正确。

故选BD。18、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．副线圈端并联可得

由变压器电流和匝数的关系可得

联立可得

故A错误；

B．由A选项可知

结合题意得电阻两端的电压为

故B正确；

C．变压器原副线圈电流的频率相等；所以原；副线圈中电流频率之比为1∶1，故C错误；

D．由电流之比

及

联立可得消耗的功率之比为4∶9∶9；故D正确。

故选BD。三、填空题(共7题，共14分)19、略

【分析】【详解】

根据变压器原、副线圈电流比设流过A电阻的电流I1=I，则流过B电阻的电流为I2=3I，根据P=I2R，所以功率比PA:PB=1：9．

两电阻两端电压比等于电流之比，即UA:UB=1：3；对变压器的原副线圈：解得UB=0.3U【解析】1：90.3u（或3/10u）20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】电流变化的磁场本身自感电动势21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]如图所示的电路中，当受到强光的照射下，的阻值减小；电流增大，则灯L会发光。

[2]当用遮光板盖住时，的阻值增大，电流减小，灯L不会发光。【解析】会不会22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3][4][5][6][7][8][9]在DIS实验中，我们已经接触和使用过的传感器有电流、电压、压强、温度、光强、声音、位移、力和磁等。【解析】电流电压压强温度光强声音位移力磁23、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.另一个线圈②.互感现象24、略

【分析】【详解】

金属环最终会沿与通电直导线平行的直线，做匀速直线运动；最终速度v=v0cos60°由能量守恒定律，得环中最多能产生电能E=ΔEk=0.03J【解析】①.匀速直线运动②.0.0325、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】相互靠近四、作图题(共4题，共32分)26、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】27、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】28、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】29、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共2题，共18分)30、略

【分析】【详解】

(2)[1]设A的质量为M，B的质量为m，没有磁场时，对由平衡条件可知f=Mgsinθ0，FN=Mgcosθ0

又因为f=μFN，所以

当存在磁场时，以AB整体为研究对象，由牛顿第二定律可得（mg+Mgsinθ0）-μ（Bqv+Mgcosθ0）=（M+m）a

由