2025年统编版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年统编版必修3物理下册月考试卷226考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、下述关于使用多用电表欧姆挡测电阻的说法中正确的是（）A.测量前应检查指针是否停在“Ω”刻度线的“0”处B.测量阻值不同的电阻时都必须重新调零C.测电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的挡位，重新调零后再测D.在外电路，电流从红表笔流经被测电阻到黑表笔2、如图所示，在光滑绝缘的水平地面上放置着四个可视为点电荷的带电金属小球，一个带正电放置于圆心，带电荷量为Q；另外三个带负电，带电荷量均为q，位于圆周上互成120°放置，四个小球均处于静止状态，则为（）

A.B.C.D.33、水平面内固定一个足够大且绝缘的粗糙斜面；其上有一个带电滑块匀速下滑且一直在斜面上运动。仅改变下列选项中的条件，滑块速度大小一定改变的是（）

A.施加竖直方向的电场B.翻转滑块，改变它与斜面的接触面积C.施加水平方向的恒力D.改变滑块的质量4、如图所示，在场强为E的匀强电场中有A、B两点，AB连线长L，与电场线夹角为α．则AB两点的电势差为。

A.零B.ELC.ELcosαD.ELsinα5、如图，空间存在一匀强电场（未画出），电场方向与坐标平面平行，以原点为圆心、cm为半径的圆周上任意一点的电势（V），为两点的连线与轴正方向所成的角，A、为圆与坐标轴的交点。关于场强的大小和方向；下列判断正确的是（）

A.场强大小为400V/m，方向沿轴负方向B.场强大小为方向沿轴负方向C.场强大小为400V/m，方向沿轴正方向D.场强大小为方向沿轴正方向6、如图所示是一种测量电阻的实验装置电路图，其中R1、R2是未知的定值定值，R3是保护电阻，R是电阻箱，Rx是待测电阻，是一只零刻度在中央、指针可以左右偏转的双向电压表.闭合开关S1、S2，调节R，使电压表的指针指在零刻度处，这时R的读数为90Ω；将R1、R2互换后，再次闭合S1、S2，调节R，使电压表V的指针指在零刻度处，这时R的读数为160Ω，那么被测电阻Rx的数值及R1与R2的比值分别为（）

A.120Ω3:4B.125Ω4:3C.160Ω16:9D.250Ω9:167、如图所示；两个完全相同的通电圆环A；B圆心O重合，圆面相互垂直放置，通电电流相同．电流方向如图所示，设每个圆环在其圆心O处独立产生的磁感应强度大小为B．，则O处的磁感应强度大小为（）

A.B.C.D.无法确定8、对于电场中两点，下列说法正确的是（）A.电势差的定义式说明两点间的电势差与电场力做功成正比，与移动电荷的电量成反比B.两点间的电势差等于将正电荷从点移到点电场力所做的功C.将电荷从点移到点，电场力做的功，这两点间的电势差为D.电荷由点移到点的过程中，除受电场力外，还受其它力的作用，电荷电势能的变化就不再等于电场力所做的功评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、电动势为E0、内阻为r的电源与滑动变阻器R1、R2、R3以及一平行板电容器连成如图所示的电路.当开关S1、S2、S3都闭合后；两平行金属板A；B问有一带电液滴恰好处于静止状态。下列说法正确的是.

A.将R1的滑片向右移动一小段距离.同时将R2的滑片向右移动一小段距离.带电液滴仍能仍处于静止状态B.将R1的滑片向左移动一小段距离.同时将R3的滑片向下移动一小段距离.带电液滴将向下运动C.仅将R3的滑片向下移动一小段距离.R2两端电压变化量的绝对值小于R3两端电压变化量的绝对值D.如果仅断开开关S1或仅断开开关S2.带电液滴都将向下运动.10、在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑片向下移动时，关于灯泡A的亮度及电容器C所带电量Q的变化判断正确的是（）

A.灯泡变亮B.灯泡变暗C.带电量Q减小D.带电量Q增大11、如图所示，螺线管中通有电流，如果在图中的a、b、c三个位置上各放一个小磁针，其中a在螺线管内部；则。

A.放在a处的小磁针的N极向左B.放在b处的小磁针的N极向右C.放在c处的小磁针的S极向右D.放在a处的小磁针的N极向右12、下列有关磁场的说法，正确的是（）A.磁体周围的空间存在看不见、摸不着的磁场B.磁极间的相互作用是通过磁场发生的C.磁场是有方向的，在磁场中的不同位置，其磁场方向一般不同D.在磁场中的某点，小磁针南极所受磁场力的方向与该点的磁场方向相同13、如图所示，曲线C1、C2分别是纯电阻直流电路中；内；外电路消耗的电功率随电流变化的图线。下列说法中正确的是（）

A.电源的电动势为1VB.电源的内电阻为1ΩC.电源输出功率最大值为4WD.电源被短路时，电源消耗的最大功率可达4W14、在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内阻为r，为定值电阻，为滑动变阻器，C为电容器，A、V分别为理想电流表和电压表．在滑动变阻器的滑片P自a端向b端滑动的过程中，下列说法正确的是（）

A.电压表示数减小B.电流表示数增大C.电容器C所带电荷量增多D.a点的电势降低15、如图所示，处在竖直平面的环形导线圈的正中心有一个磁针a，在圆环外侧有一小磁针b，a、b与圆环都处于同一竖直面内，当导线中通以图示方向的恒定电流时（不考虑地磁场影响和两小磁针间的作用），则（）

A.小磁针a的N极向纸里转动B.小磁针a的N极向纸外转动C.小磁针b的N极向纸里转动D.小磁针b的N极向纸外转动16、如图所示，固定平行板电容器与理想二极管、蓄电池（内阻不计）连接．开关S闭合后，一带电油滴恰好在P点处于静止状态．若将电容器上极板竖直向上平移一小段距离；则。

A.油滴带负电B.静电计指针张角将增大C.带电油滴的电势能将增大D.油滴仍然处于静止状态评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)17、图示为一个半径为R的均匀带电圆环，取环面中心O为原点，以垂直于环面的轴线为x轴，P到O点的距离为2R，质量为m，带负电且电量为q的小球从轴上P点由静止释放，小球经M点（图中未画出）时速度最大，运动到Q点时速度为零，Q点在O点上方R处．则圆环在M点的场强大小EM=__________________，P、Q两点的电势差UPQ=_________________．

18、雷达:

（1）雷达是利用______来测定物体位置的无线电设备。

（2）雷达既是电磁波的____端,又是电磁波的_____端。

（3）原理:雷达用直线性好的微波定位。无线电波的传播速度是c,测出从发射无线电波到接收反射波的时间t,就可以确定障碍物的距离L=。实际上,障碍物的距离等数据由电子电路自动计算并在荧光屏上显示。19、普朗克理论∶

（1）借助于能量子的假说，普朗克得出了黑体辐射的强度按________的公式；与实验符合得非常好。

（2）普朗克在1900年把能量子列入物理学，正确地破除了“________”的传统观念，成为新物理学思想的基石之一。20、多用电表使用时应先将______旋转到与被测物理量对应的位置上并选择合适的______．21、真空中有两个相距0.18m的正点电荷是电荷量为正电荷，两个点电荷间的静电斥力则带___________（填“正电”或“负电”），电荷量为___________C．（静电力常量）22、如图所示，E、F分别表示蓄电池两极，P、Q分别表示螺线管两端。当闭合开关时，发现小磁针N极偏向螺线管Q端。则E为蓄电池____极（填“正”或“负”），螺线管P端为____极（填“S”或“N”）.

评卷人得分四、作图题(共4题，共24分)23、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

24、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

25、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

26、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)27、某同学测量电动玩具电池的电动势和内电阻。

（1）如图甲所示，将导线一端与O连接，另一端分别在a、b两处试触，发现安培表的示数几乎不变，伏特表的示数变化比较明显，为了减小实验误差，实验测量时应选择连接______（选填“a”或“b”）点的电路。

（2）图甲中，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该置于______（选填“最左端”；“最右端”、“中间位置”）。

（3）图乙是根据实验数据绘制的图线，根据图线求得被测电池组的电动势______V（结果保留三位有效数字），内阻______Ω（结果保留三位有效数字）。28、某同学想设计一个测量金属棒电阻率的实验方案；实验室提供的器材有：

A.电流表内阻满偏电流

B.电流表内阻约为4Ω，量程为C.定值电阻

D.滑动变阻器E.干电池组

F.一个开关和导线若干G.螺旋测微器；游标卡尺。

（1）某同学利用游标卡尺和螺旋测微器测量一圆柱体工件的长度和直径，测量结果如图所示．该工件的长度为______cm，直径为________mm．

（2）用多用电表欧姆档位粗测金属棒的阻值：当用“”挡时发现指针偏转角度过大，他应该_______操作后，指针静止时如图所示，则金属棒的阻值约为______此时电流是__________（填红或黑）表笔流出欧姆表的．

（3）请根据提供的器材；设计一个实验电路，要求尽可能精确多次测量金属棒的阻值，并在图的实线框里画出其电路图．

()

（4）若实验测得电流表示数为电流表示数为则金属棒电阻的表达式为________（用表示）29、某同学使用图1所示的电路测定某种电池的电动势和内阻。图2已将实验器材进行了部分连接。

(1)请根据实验原理，用笔画线代替导线将图中的实物电路补充完整_______。

(2)他调节滑动变阻器共测得5组电流和电压的数据（如表）。请在坐标纸中作出该电池路端电压U随电流I变化的U-I图像_______，根据U-I图像得出该电池的电动势E=___________V，内阻r=___________（均保留三位有效数字）。顺序12345电流/I1.721.300.980.630.50电压U/V1.881.921.931.981.99

(3)如果实验时发现电流表坏了，于是移去电流表，同时用电阻箱替换滑动变阻器。重新连接电路，仍然图像法处理实验数据，获得所测电动势和内阻的值。为了图像是直线应该画出___________图像（填写“U-R”，“U-”，“-R”或“-”）。30、利用如图所示的电路测定一节干电池的电动势和内电阻,要求尽量减小实验误差。供选择的器材有：

A.电流表

B.电压表

C.电压表

D.滑动变阻器

E.滑动变阻器

F.定值电阻

G.开关一个,导线若干。

（1）实验中电压表应选用______,滑动变阻器应选用______选填相应器材前的字母

（2）某位同学记录了6组数据,对应的点已经标在坐标纸上。并根据所画图线可得出干电池的电动势______V,内电阻______。结果均保留两位有效数字

评卷人得分六、解答题(共4题，共24分)31、如图所示，一个电子由静止开始经加速电场加速后，又沿中心轴线从O点垂直射入偏转电场，并从另一侧射出打到荧光屏上的P点，O′点为荧光屏的中心。已知电子质量m＝9.0×10-31kg，电荷量e＝1.6×10-19C，加速电场电压U0＝2500V，偏转电场电压U＝200V，极板的长度L1＝6.0cm，板间距离d＝2.0cm，极板的末端到荧光屏的距离L2＝3.0cm(忽略电子所受重力；结果保留2位有效数字)。求：

(1)电子射入偏转电场时的初速度v0；

(2)电子打在荧光屏上的P点到O′点的距离h；

(3)电子经过偏转电场过程中电场力对它所做的功W。

32、如图所示，A、B为半径R＝1m的四分之一光滑绝缘竖直圆弧轨道，在四分之一圆弧区域内存在着E＝1×106V/m、竖直向上的匀强电场，有一质量m＝1kg、带电量q＝＋1.4×10－5C的物体（可视为质点），从A点的正上方距离A点H处由静止开始自由下落（不计空气阻力），BC段为长L＝2m、与物体间动摩擦因数为μ＝0.2的粗糙绝缘水平面，CD段为倾角θ＝53°且离地面DE高h＝0.8m的斜面。（取g＝10m/s2）

(1)若H＝1m，物体能沿轨道AB到达最低点B，求它到达B点时对轨道的压力大小；

(2)若物体沿轨道AB恰好经过最低点B后，沿BC滑动，则物体停止的位置距离B点多远？；

(3)若高度H=0.85m，物体能沿AB滑下，则物体从C处射出后打到的位置。（已知sin53°＝0.8；cos53°＝0.6.不讨论物体反弹以后的情况）

33、在3s内，有3×1018个电子定向通过某一导体的横截面，试计算通过该导体的电流。34、（1）电荷A是如何对电荷B产生作用力的？电荷B是如何对电荷A产生作用力的？

（2）在空间中有一电场，把一带电荷量为q的试探电荷放在电场中的A点，该电荷受到的静电力为F。若把带电荷量为2q的点电荷放在A点，则它受到的静电力为多少？若把带电荷量为nq的点电荷放在该点，它受到的静电力为多少？电荷受到的静电力F与电荷量q有何关系？

（3）如图，若此电场为正点电荷Q的电场，在距Q的距离为r处放一试探电荷q，求q受到的静电力F与q的比值；该比值与q有关吗？

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】

【详解】

A．测量前应检查指针是否停在“A”刻度线的“0”处；即电阻的无穷大处，选项A错误；

B．欧姆表换挡时必须重新调零；同一挡时测不同电阻不需要重新调零，选项B错误；

C．测电阻时如果指针偏转过大；所测电阻较小，应将选择开关S拨至倍率较小的挡位，重新调零后再测，选项C正确；

D．测电阻时；电流从红表笔流入多用表，从黑表笔流出，在外电路，经被测电阻回到红表笔，选项D错误。

故选C。2、B【分析】【详解】

以圆周上三个中的任意一个电荷为研究对象，如以左下角的一个电荷为研究对象，其受到另外两个圆周上的电荷的库仑斥力作用和受到圆心上的点电荷的库仑引力作用，设圆的半径为r，根据受力平衡得

根据几何关系有

联立解得

故选B。3、C【分析】【分析】

【详解】

AD．当滑块匀速下滑时；对滑块进行受力分析可知，重力沿斜面向下的分力等于滑动摩擦力的大小。施加竖直方向的电场与改变滑块的质量效果相同，各力沿斜面向下的分力之和与滑动摩擦力的大小始终相等，滑块仍做匀速直线运动，AD错误；

B．翻转滑块；改变它与斜面的接触面积，并未改变它与斜面间的摩擦力，所以滑块仍做匀速直线运动，B错误；

C．施加水平向左的恒力时（滑块不脱离斜面）；该力有沿斜面向下的分力，而且摩擦力减小，滑块将做加速运动；施加水平向右的恒力时，该力有沿斜面向上的分力，而且摩擦力增大，滑块将做减速运动，C正确。

故选C。4、C【分析】【分析】

根据电场强度的大小以及A、B两点沿电场线方向上的距离，结合U=Ed求出电势差。

【详解】

两点的电势差UAB=Ed=ELcosα，故C正确，A、B、D错误．5、A【分析】【分析】

【详解】

由题意可知，在圆与坐标轴的四个交点处的电势分别为

由于

即处于同一等势面上，可知电场线与的连线垂直，根据匀强电场的场强与电势差的关系，有

方向沿轴负方向；故A正确，BCD错误。

故选A。6、A【分析】【详解】

ABCD.此题中的电路图是电桥电路图，其中R、Rx、R1、R2称为电桥的四个臂，调节电阻箱R适当时，使电压表的读数为零，此时称电桥平衡；这时要满足的条件为由该条件即可求出Rx及R1、R2的比值；

当R=90Ω时，即

R1、R2互换后，R=160Ω，即

所以得Rx=120Ω.进一步求出

故A正确；BCD错误。

故选A。7、C【分析】【详解】

由安培定则可知，通电圆环A在圆心O处的磁感应强度方向，垂直纸面向里，通电圆环B在圆心O处的磁感应强度方向，竖直向下，则圆心O处的磁感应强度大小为C正确。

故选C

【点睛】

注意磁感应强度是矢量，求合磁感应强度用平行四边形法则．8、C【分析】【分析】

【详解】

A．电势差的定义式

是比值定义法，电势差UAB与电场力做功WAB、与移动电荷的电荷量q无关。故A错误；

B．根据电势差的定义式

场中A、B两点间的电势差UAB等于把单位正电荷q从A点移动到B点时电场力做的功。故B错误；

C．据电势差的定义式

把1C电荷从A点移到B点；电场力做1J的功，这两点间的电势差为1V。故C正确；

D．电荷电势能的变化始终等于电场力所做的功；与是否有其他的力做功无关。故D错误。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)9、B:C【分析】【分析】

本题考查恒定电流含容电路的动态分析问题。

【详解】

A.滑动变阻器R1与电容器串联，相当于导线，阻值的大小不影响电容器两板间的电压，电容器两板间的电压与R3两端电压相等，将R2的滑片向右移动一小段距离后R2连入电路中的电阻增大。根据I=知电流I减小，R3连入电路中的阻值不变。根据U3=IR3知R3两端电压减小，则电容器两板间的电压减小，又根据可知两板间电场强度减小，带电液滴受到的电场力减小，重力不变，重力大于电场力，则带电液滴将向下运动，故A错误；

B.当R3的滑片向下移动一小段距离后，R3连入电路中的电阻减小，根据可知电流I增大，电源内阻和R2上分压增大、而电动势不变，则R3两端电压减小；电容器两板间的电压减小，电场强度减小，带电液滴受到的电场力减小，重力大于电场力，则带电液滴将向下运动，故B正确；

C.当R3减小时，R2和r上电压增大，R3两端电压减小，且R3两端的电压变化量等于R2两端电压变化量和r上电压变化量之和，所以R2两端的电压变化量小于R3两端的电压变化量；故C正确；

D.如果仅断开开关S，电容器与电路断开，两极板上的电荷量保持不变，由

可知两板间电场强度不变，带电液滴受到的电场力大小仍等于重力大小，带电液滴处于静止状态；如果仅断开开关S，电容器与R1和R3构成一个闭合回路；电容器会放电，两板间电场强度最终为零，带电液滴只受重力而向下运动，故D错误。

故选BC。10、B:C【分析】【详解】

AB．当滑动变阻器的滑动片向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，灯A的电压减小，则灯A变暗。故A错误；B正确。

CD．电容器板间电压等于变阻器两端的电压。由上得知，路端电压减小，则通过A灯的电流减小，而干路电流增大，则通过R1的电流增大，R1的电压也增大，则变阻器两端的电压减小，电容器所带电量Q减小。故C正确；D错误。

故选BC。11、B:C:D【分析】【详解】

解：由右手螺旋定则可知,螺线管右端是N极,左端为S极;因螺线管内部磁感线是由S极指向N极的,由于小磁针静止时N极指向为磁场方向.因此小磁针abc的N极都向右,故BCD正确,A错误;12、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

磁场虽然看不见；摸不着；但它是一种客观存在的特殊物质，它的基本性质是对放入其中的磁体产生力的作用；磁极间的相互作用就是通过磁场发生的；磁场具有方向性，在磁场中的某点，小磁针北极所受磁场力的方向与该点的磁场方向一致，小磁针南极所受磁场力的方向与该点的磁场方向相反（磁场方向的另一种描述方法）。

故选ABC。13、B:D【分析】【详解】

ABC．由图可知，曲线C1、C2的交点的位置是电路的内外的功率相等，由于电路的电流时相等的，所以此时的电源的内阻和电路的外电阻的大小是相等的，即此时的电源的输出的功率是最大的，由图可知电源输出功率最大值为1W，根据P=I2R=I2r

可知，当输出功率最大时，P=1W，I=1A

所以R=r=1Ω

由于E=I（R+r）=1×（1+1）V=2V

所以电源的电动势为2V；故AC错误，B正确；

D．当电源被短路时，电源消耗的最大功率为

D正确。

故选BD。14、B:D【分析】【详解】

解法一（程序法）

A．滑片P自a端向b端滑动，滑动变阻器接入电路的阻值减小，则电路总电阻减小，总电流增大，电阻两端电压增大；电压表V示数变大，A错误；

B．电阻两端的电压增大，则减小，故减小，电流表A的示数增大；B正确；

C．由于电容器两端的电压减压，由知电容器所带电荷量Q减少；C错误；

D．故降低；D正确．

故选BD。

解法二（串反并同法）

C．由于减小，与并联，则均减小，而知电容器所带电荷量Q减少；C错误；

D．降低；D正确；

A．因为间接与串联，故均增大；电压表V示数增大，A错误；

B．电流表和滑动变阻器串联；滑动变阻器接入电路的阻值减小时，电流表A示数增大，B正确．

故选BD。

解法三（极值法）

D．若将滑片P滑至b点，则D正确；

C．两端电压为零，则电容器C两端电压也为零，电容器所带电荷量C错误；

A．当时，电路总电阻最小，总电流最大，两端电压最大；故A错误；

B．由于此时最大，最小，故最大；B正确．

故选BD。15、A:D【分析】【分析】

【详解】

根据右手螺旋定则知，环形电流内部的磁场方向向里，外部的磁场方向向外，则小磁针a的N极向纸面里偏转，小磁针b的N极向纸外转动．故AD正确；BC错误。

故选AD。16、B:D【分析】【详解】

A、闭合后；上极板带负电，由于油滴静止时电场力与重力平衡，油滴应带正电，选项A错误；

B、由和可得假设不变，则上极板竖直上移时增大，增大，二极管截止，假设成立；由于静电计测量的是电容器两极板间的电势差，增大即静电计指针张角将增大；选项B正确；

D、结合可得则不变；油滴受力不变，仍然静止，故选项D正确；

C、由于不变，与下极板间的电势差不变，油滴的电势能不变，故选项C错误．三、填空题(共6题，共12分)17、略

【分析】【分析】

小球经M点时速度最大，则在M点的加速度为零，根据平衡条件求出M点的场强大小；从P点运动到Q点过程中，根据动能定理可求P、Q两点的电势差．

【详解】

解：小球经M点时速度最大，则在M点的加速度为零，有解得M点的场强大小

从P点运动到Q点过程中，根据动能定理可得P、Q两点的电势差【解析】18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]雷达是利用无线电波来测定物体位置的无线电设备。

（2）[2][3]雷达既是电磁波的发射端,又是电磁波的接收端。【解析】①.无线电波②.发射③.接收19、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]根据普朗克理论可知；借助于能量子的假说，普朗克得出了黑体辐射的强度按波长分布的公式，与实验符合得非常好。

（2）[2]普朗克在1900年把能量子列入物理学，正确地破除了“能量连续变化”的传统观念，成为新物理学思想的基石之一。【解析】①.波长分布②.能量连续变化20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.选择开关②.量程21、略

【分析】【详解】

[1]根据同种电荷相互排斥，由于带正电荷，则带正电荷；

[2]根据库仑力表达式

可得【解析】正电22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由右手螺旋定则可知，电流由F流出，故E为蓄电池负极；

[2]小磁针N极转向Q端，这说明磁感线指向Q端，故Q端为S极，P端为N极。【解析】①.负②.N四、作图题(共4题，共24分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析25、略

【分析】【详解】

电场线上每一点的切线方向即为该点的电场强度方向；负电荷受电场力的方向与场强方向相反，如图所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析五、实验题(共4题，共24分)27、略

【分析】【详解】

（1）[1]安培表的示数几乎不变，伏特表的示数变化比较明显，说明电压表在电路中的分流不明显，而电流表的分压作用明显，为减小误差应选择接在b点电路。

（2）[2]为了滑动变阻器对电路有更好的保护作用；闭合开关前，滑动变阻器接入电路中的阻值最大，所以滑片应该置于最右端。

（3）[3][4]由

结合图像可知【解析】b最右端3.001.0028、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]．游标卡尺是20分度的卡尺；其分度值为0.05mm，则图示读数为：5cm+3×0.05mm=50.15mm=5.015cm；

由图示螺旋测微器可知；其读数为：3mm+20.7×0.01mm=3.207mm；

（2）[3][4][5]．当用“×10Ω”挡时发现指针偏转角度过大；说明档位选取的过高，他应该换×1挡；金属棒的阻值约为17Ω，此时电流是由黑表笔流出欧姆表的．

（3）[6]．因为电流表A1内阻已知，故将其串联定值电阻R0=900Ω作为电压表使用，被测电阻远小于改装后的电压表，故选择电流表A2外接；因为滑动变