2025年外研版必修1物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版必修1物理下册月考试卷697考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，有两个相同材料物体组成的连接体在斜面上向上运动，当作用力F一定时，m2所受绳的拉力（）

A.与θ有关B.与斜面动摩擦因数有关C.与系统运动状态有关D.FT＝仅与两物体质量有关2、关于用平行四边形定则研究力的合成的实验，下列说法正确的是（）A.连接橡皮筋与弹簧测力计的细线应尽量短B.两弹簧测力计所拉细线的夹角必须是C.本实验采用了等效替代的研究方法D.本实验采用了理想实验的研究方法3、许多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，也创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、建立物理模型法、类比法和科学假说法等等。以下关于物理学史和所用物理学方法的叙述正确的是（）A.利用光电门测算瞬时速度是用了放大法B.伽利略为了说明力不是维持物体运动的原因用了科学假说法C.在探究合力与分力的关系实验时，采用了控制变量法D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法4、针对伽利略对自由落体运动的研究内容及过程,有以下叙述：

①伽利略后来借助数学知识发现；如果速度与位移成正比,将会推导出错误的结论；

②伽利略通过逻辑得出亚里士多德的结论是错误的；

③伽利略做了大胆的猜想：落体运动应该是一种简单的运动,落体的速度与时间或位移成正比；

④伽利略通过铜球沿阻力很小的斜面滚下这一严谨求实的实验测定,得出只要倾角一定,铜球的加速度不变,他进一步设想当倾角为90°时；运动变为自由落体,其性质不变，且所有物体下落的加速度都一样，到此人类终于认识到自由落体运动是匀变速直线运动了。

根据伽利略研究的真实过程，请你做出科学合理的排序，你认为正确的是()A.①②③④B.②③①④C.①③②④D.②①③④5、某次救援任务采用直升机空投救援物资的方式；如图所示，直升机悬停在空中，两包物资先后被无初速度投下，物资均落在水平地面上，不计物资大小，忽略空气阻力，则（）

A.较重的物资下落到地面所用时间较长B.先被投下的物资下落到地面所用时间较长C.落地前，两包物资之间的距离越来越大D.落地前，两包物资之间的距离保持不变6、如图所示，一根轻质细线两端固定在天花板的A、B两点，光滑圆环套在细线上，用大小为F的水平拉力拉着圆环，圆环静止于C点，AC和BC与水平方向的夹角分别为已知则（）

A.细线的拉力大小等于3FB.细线的拉力大小等于4FC.圆环的重力大小等于6FD.圆环的重力大小等于7F7、如图，一木块放在水平桌面上，在水平方向受到两个推力在粗糙水平面上向右做匀速直线运动，其中撤去的瞬间（）

A.物体所受摩擦力为4N，方向向左B.物体所受摩擦力为11N，方向向左C.物体所合外力为4N，方向向右D.物体所受合外力为零8、如图所示，质量为M的小车放在光滑的水平地面上，右面靠墙，小车的上表面是一个光滑的斜面，斜面的倾角为α，当地重力加速度为g，那么当有一个质量为m的物体在这个斜面上自由下滑时；小车对右侧墙壁的压力大小是（）

A.mgsinαcosαB.C.mgtanαD.评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图为某质点的v－t图象，则下列说法正确的是（）

A.在6～10s内，质点处于静止状态.B.在0～4s内和4s～6s末，质点运动方向同向C.在0～6s内，质点做匀变速直线运动.D.在t=2s末，质点的加速度为1.5m/s10、如图所示，小明从羽毛球筒中取出最后一个羽毛球时，一手拿着球，另一只手迅速拍打筒的上端边缘，使筒获得向下的初速度并与手发生相对运动，筒内的羽毛球就可以从上端出来。已知球筒质量为M＝90g（不含球的质量），球筒与手之间的滑动摩擦力为f1＝2.6N，羽毛球质量为m＝5g，球头离筒的上端距离为d＝9.0cm，球与筒之间的滑动摩擦力为f2＝0.1N，重力加速度g=10m/s2；空气阻力忽略不计，当球筒获得一个初速度后（）

A.羽毛球的加速度大小为10m/s2B.羽毛球的加速度大小为30m/s2C.若羽毛球头部能从上端筒口出来，则筒获得的初速度至少为D.若羽毛球头部能从上端筒口出来，则筒获得的初速度至少为3m/s11、如图是某物体做直线运动的图像；由图像可得到的正确结果是（）

A.时物体的加速度大小为1.5m/s2B.物体7s内的位移为C.物体内的平均速度大小为D.物体内位移为12、如图所示倾角为的斜面放在地面上，一小滑块从斜面底端A冲上斜面，到达最高点D后又返回A点，斜面始终保持静止。已知滑块上滑过程经过AB、BC、CD的时间相等，且BC比CD长上滑时间为下滑时间的一半，下列说法正确的是（）

A.滑块与斜面间的动摩擦因数为B.斜面长为C.地面对斜面的摩擦力先向左后向右D.滑块向上运动和向下运动过程中，地面受到的压力都小于斜面体和滑块的总重力13、如图是A、B两物体从同一地点出发，沿相同的方向做直线运动的v－t图象，由图可知（）

A.A比B迟5s出发B.第15s末B两物体相遇C.前10s内A的位移比B的位移大50mD.A的加速度大小为2m/s214、长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=2kg的另一滑块B以水平速度v0=2m/s滑上原来静止的长木板A的表面；由于A；B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图所示，则下列说法正确的是（）

A.木板A获得的动能为2JB.木板A的最小长度为1mC.B间的动摩擦因数为0.1D.系统损失的机械能为1J15、如图所示，在质量为mB=30kg的车厢B内紧靠右壁，放一质量mA=20kg的小物体A（可视为质点），对车厢B施加一水平向右的恒力F，且F=120N，使之从静止开始运动．测得车厢B在最初t=2.0s内移动s=5.0m,且这段时间内小物块未与车厢壁发生过碰撞．车厢与地面间的摩擦忽略不计（）

A.车厢B在2.0s内的加速度为2.5m/s2B.A在2.0s末的速度大小是4.5m/sC.2.0s内A在B上滑动的距离是0.5mD.A的加速度大小为2.5m/s2评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、15m/s=________km/h。17、质点从A出发向正东方向移动了4m到达B，再从B出发向正北方向移动了3m到达C，则质点从A到C的路程为______m；位移的大小为______m，方向为______。18、笛卡儿的观点：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以______沿______运动，既不会停下来，也不会偏离原来的方向。19、匀变速直线运动的位移。

（1）利用v-t图像求位移。

v-t图像与时间轴所围的___________表示位移，如图所示，在图乙中，匀变速直线运动位移x=（v0＋v）t。

（2）匀变速直线运动位移与时间的关系式：x=___________，当初速度为0时，x=_________。20、汽车刹车后做匀减速直线运动，最后停下来．在刹车过程中，汽车通过前半程与后半程的时间之比为（1）__________，平均速度之比为（2）__________．汽车刹车过程中，前一半时间与后一半时间通过的位移大小之比为（3）__________．21、为了研究人们用绳索跨山谷过程中绳索拉力的变化规律，同学们设计了如图（a）所示的实验装置，他们将不可伸长轻绳的两端通过测力计（不及质量及长度）固定在相距为D的两立柱上，固定点分别为M和N，M低于N，绳长为L（L＞D）。他们首先在绳上距离M点10cm处（标记为C）系上质量为m的重物（不滑动），由测力计读出绳MC、NC的拉力大小TM和TN，随后改变重物悬挂点的位置，每次将M到C点的距离增加10cm，并读出测力计的示数，最后得到TM、TN与绳MC长度之间的关系曲线如图所示；由实验可知：

（1）曲线Ⅰ中拉力最大时，C与M点的距离为_____cm，该曲线为_____（选填：TM或TN）的曲线．

（2）若用一个光滑的挂钩将该重物挂于绳子上，待稳定后，左端测力计上的示数为_____N，MC与水平方向的夹角为__（用正弦值表示）（第2问结果均保留两位有效数字）。22、某同学在单杠上做引体向上时，处于如图测所示的平衡状态，已知该同学质量为60kg，则该同学两手臂的拉力分别为________N和________N。（g取10m/s2）

评卷人得分四、作图题(共2题，共6分)23、重力为30N的木块浮在水面上，作出木块所受浮力的图示和示意图，并指出施力物体和受力物体。24、一个铁球在空中飞行，所受重力为120N，试画出重力的图示和示意图，并说明施力物体和受力物体。评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)25、（1）使用打点计时器来分析物体运动情况的实验中；有如下基本步骤：

A.把打点计时器固定在桌子上。

B.安好纸带。

C.松开纸带让物体带着纸带运动。

D.接通低压交流电源。

E.取下纸带。

F.断开开关。

这些步骤正确的排列顺序为__________.

（2）用频率为的打点计时器记录被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出共7个计数点.其相邻点间的距离如图甲所示；每两个相邻的计数点之间还有4个点未画出。

①试根据纸带上各个计数点间的距离，计算出打下五个点时小车的瞬时速度，其中三点已算出，则和两点的速度值分别为____________________（要求保留3位有效数字）。

。

数值（）

0.479

0.560

0.640

②将各个时刻的瞬时速度标在直角坐标系中；并画出小车的瞬时速度随时间变化的关系图线（如图乙）。

③由所画速度-时间图象求出小车加速度为__________（该空保留两位有效数字）。

④如果当时电网中交变电流的频率是而做实验的同学并不知道，那么由此引起的系统误差将使加速度的测量值比实际值偏__________（填“大”或“小”）。26、某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中；所用的实验装置如图甲所示。

（1）该同学将弹簧的上端与刻度尺的零刻度对齐然后在弹簧下端挂上钩码，并逐个增加钩码，依次读出指针所指刻度尺的刻度值，当指针如图甲所示时，刻度尺的读数为_____cm。

（2）该同学通过处理数据得到了图乙所示的F-x图像，其中F为弹簧弹力，x为弹簧长度。由图乙可知，此弹簧的劲度系数k=__________N/m。27、某校课外兴趣小组要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率????；步骤如下：

（1）游标卡尺测量其长度，示数如图甲所示，由图可知其长度L=___________cm；

（2）用螺旋测微器测量其直径，示数如图乙所示，由图可知其直径D=___________mm；

（3）实验小组决定使用伏安法测量圆柱体的电阻，已知其电阻约为100Ω，实验所用直流电源的电动势约为4V、内阻可忽略，电流表V的量程为0∼30mA、内阻约为30Ω，电压表V的量程为0∼3V、内阻约为10kΩ，滑动变阻器阻值的变化范围为0∼15Ω，允许通过的最大电流为2.0A，为减小测量误差，实验中实验电路应采用丙图中的___________；（R代表圆柱体的电阻）

28、某实验小组利用如图所示的实验装置；测量滑块与木板之间的动摩擦因数。

实验步骤：

①测量一批橡皮泥的重量，记作G；

②将装有橡皮泥的滑块（滑块质量未知）放在水平木板上，通过水平细绳与固定弹簧秤相连，如图所示。在A端向右拉动木板，待弹簧秤示数稳定后，记录弹簧秤的示数F；

③改变滑块上橡皮泥的重量；重复步骤②；

实验记录的数据如下表所示：。G/N1.001.502.002.503.003.50F/N0.390.510.590.610.810.90

完成下列作图和填空：

（1）根据表中数据在给定坐标纸上作出F-G图线_________。

（2）由图线求得滑块和木板间的动摩擦因数μ=___________（保留两位有效数字）。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

对整体分析，根据牛顿第二定律得，

隔离对m析，有：FT-m2gsinθ-μm2gcosθ=m2a

解得FT＝

知绳子的拉力与θ无关；与动摩擦因数无关，与运动状态无关，仅与两物体的质量有关．

故D正确，A、B、C错误．2、C【分析】【分析】

【详解】

A．为了准确记下拉力的方向；采用两点描线时应尽量距离大一些，所以连接橡皮筋与弹簧测力计的细线要适当长一些，故A错误；

B．两弹簧测力计所拉细线的夹角以方便作图即可，不一定必须是故B错误；

CD．合力与分力是等效替代关系；本实验采用的是等效替代的研究方法，故C正确，D错误。

故选C。3、D【分析】【分析】

【详解】

A．利用光电门测算瞬时速度是用了极限的思想；A错误；

B．伽利略为了说明力不是维持物体运动的原因用了理想实验法；B错误；

C．在探究合力与分力的关系实验时；采用了等效替代法，C错误；

D．在推导匀变速直线运动位移公式时；把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法，D正确。

故选D。4、B【分析】【详解】

伽利略对自由落体运动的研究过程是这样的：伽利略通过逻辑得出亚里士多德的结论是错误的；伽利略做了大胆的猜想：落体运动应该是一种简单的运动；落体的速度与时间或位移成正比；伽利略借助数学知识和实验发现，如果速度与位移成正比，将会得到错误的结论；伽利略通过铜球沿阻力很小的斜面滚下这一严谨求实的实验测定，得出只要倾角一定，铜球的加速度不变，他进一步设想当倾角为90°时，运动变为自由落体，其性质不变，且所有物体下落的加速度都一样，到此人类终于认识到自由落体运动是匀变速直线运动。故科学合理的排序是②③①④。

A．①②③④；与结论不相符，选项A错误；

B．②③①④；与结论相符，选项B正确；

C．①③②④；与结论不相符，选项C错误；

D．②①③④；与结论不相符，选项D错误；

故选B。5、C【分析】【详解】

AB．由于物资只受重力，在竖直向下做自由落体运动，根据位移时间关系

两物资下落高度相同；所用时间相等，故AB错误；

CD．根据位移时间关系可得两物资下落过程中的距离为

可知，随着下落时间t增大；两物资的距离增大，故C正确，D错误。

故选C。6、D【分析】【详解】

AB．设每根细线的拉力为T，根据共点力平衡有

解得

故AB错误；

CD．设圆环的质量为m，根据力的平衡有

解得

故C错误；D正确。

故选D。7、B【分析】【详解】

AB．木块向右做匀速直线运动，有

解得

方向水平左，撤去的瞬间；由于惯性木块继续向右运动，物体受到地面的滑动摩擦力不变，即大小为11N，方向水平向左，故A错误，B正确；

CD．撤去的瞬间物体所合外力为

故CD错误。

故选B。8、A【分析】【详解】

对小车进行受力分析；如图所示：

小车处于静止状态，受力平衡，水平方向有：N=mgcosαsinα

故选A。二、多选题(共7题，共14分)9、B:D【分析】【详解】

在0～6s内，质点先做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，所以做的是非匀变速直线运动，6~10s内，质点速度恒定，做匀速直线运动，AC错误；速度的正负表示运动方向，0~4s内和4~6s内的速度都为正，所以质点运动方向相同，B正确；在t=2s末，质点的加速度为D正确．

【点睛】

在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移．10、B:D【分析】【详解】

AB．依题意，对羽毛球受力分析，由于羽毛球相对于筒向上运动，受到筒对它竖直向下的摩擦力作用，根据牛顿第二定律可得

求得羽毛球的加速度为

羽毛球向下做匀加速直线运动；故A错误，B正确；

CD．对筒受力分析，根据牛顿第二定律有

求得

负号表示筒的加速度方向竖直向上，说明筒向下做匀减速直线运动，若敲打一次后，羽毛球头部能从上端筒口出来，则当羽毛球到达筒口时，二者速度相等，此时筒获得的初速度为最小有

联立，代入相关数据求得

故C错误；D正确。

故选BD。11、A:B:D【分析】【详解】

A.物体在02s内做初速度为零的匀加速直线运动，所以时物体的加速度大小a==m/s2=1.5m/s2

故A正确；

B.图像中的图线与t轴所围成的面积表示位移，所以物体7s内的位移为x=3m=12m

故B正确；

CD.物体内的位移x´=3m=6m

物体内的平均速度大小为v==m/s=2m/s

故C错误；D正确。

故选ABD.12、B:D【分析】【详解】

A．根据上滑时间为下滑时间的一半，得出上滑加速度为下滑加速度的4倍，故得出：

得出：

故A错误；

B．物体在斜面上减速滑行，根据逆向思维得出：

再结合初速度为零的匀变速直线运动的比例得出：故斜面长度为3.6m，故B正确；

CD．因为上滑加速度和下滑加速度方向都向下；故加速度的水平分量向左，竖直分量向下，是失重现象，故地面对斜面的摩擦力始终水平向左，地面受到的压力都小于斜面体和滑块的总重力，故C错误，D正确。

故选BD。13、A:D【分析】【详解】

A.由速度时间图线可知；A比B迟出发5s，故A项正确；

B.根据v－t图象的面积等于位移，前15s内，A的位移为：

B的位移为：xB=10×15m=150m，

即A的位移比B的位移小50m；两物体没有相遇，故B项错误；

C.10s内，A的位移为：

B的位移为：xB=10×10m=100m，

知A；B的位移之差为75m；故C项错误；

D.根据v－t图象的斜率等于加速度，则A的加速度为：

故D项正确．14、B:C【分析】【详解】

A．由v−t图可以看出，木板A和滑块B共速为1m/s，木板A和滑块B组成的系统动量守恒，以滑块B的初速度方向为正方向，设木板A的质量为M，由动量守恒定律得mv0=（M+m）v

解得木板A的质量为M=2kg

由动能公式可得木板A获得动能为

A错误；

B．由v−t图可知，在0~1s时间内，滑块B的位移

木板A的位移

木板A的最小长度L=xB−xA=1m

B正确；

C．滑块B的加速度为

由牛顿第二定律可得

解得μ=0.1

C正确；

D．由能量守恒定律可得系统的机械能减少

D错误。

故选BC。15、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．设t=2.0s内车厢的加速度为aB，由

得

A正确；

BCD．对B物体，由牛顿第二定律

得

对A据牛顿第二定律得A的加速度大小为

所以t=2.0s末A的速度大小为

在t=2.0s内A运动的位移为

A在B上滑动的距离

D错误BC正确。

故选ABC。三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】【详解】

[1]【解析】5417、略

【分析】【分析】

路程等于物体运动轨迹的长度；位移等于首末位置的距离，方向由初位置指向末位置。

【详解】

[1]一质点由位置A向正东运动了4m，到达B点，又转向北运动了3m，到达C点，在上面的过程中质点运动的路程

[2]位移的大小等于初末位置的距离

[3]方向为东北方向。

【点睛】

解决本题的关键知道路程是标量，位移是矢量，知道两者的区别和联系。【解析】75东北方向18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】同一速度同一直线19、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]v-t图像与时间轴所围的面积表示位移；

（2）[2][3]匀变速直线运动位移与时间的关系式：

当初速度为0时【解析】①.面积②.③.20、略

【分析】【详解】

根据“逆向转换”思想，可把刹车过程看为初速度为零的匀加速，则根据相等位移的时间关系可知，汽车通过后半程与前半程的时间之比为：1：(-1)，则前半程与后半程的时间之比为(-1)：1；根据可知前半程与后半程的平均速度之比等于时间的倒数比：把刹车过程看为初速度为零的匀加速；根据初速度为零的匀加速直线运动的相等时间的位移关系可知，汽车刹车过程中，后一半时间与前一半时间通过的位移大小之比为1:3，则前一半时间与后一半时间通过的位移大小之比为3:1.

【点睛】

本题解决关键是“逆向转换”思想的应用，可简化计算过程，但要注意转换计算结束后要再转换回来．记住初速度为零的匀变速运动的规律.【解析】（1）(-1)：1（2）(＋1)：1（3）3：121、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]选取结点C为研究的对象；受力如图。

水平方向TMsinα=TNsinβ

竖直方向TMcosα+TNcosβ=G

由图可得；当α=β时两个绳子上的拉力相等，该处离M比较近．又C到M与N的距离相等时，受力如图。

水平方向仍然满足TMsinα=TNsinβ

由于α＞β

所以：TM＜TN

所以曲线Ⅱ是TM的曲线，曲线Ⅰ是TN的曲线。

由图；曲线Ⅰ中拉力为最大时，C与M点的距离为100cm

(2)[3][4]若用一个光滑的挂钩将该重物挂于绳子上；待稳定后，绳子两次的拉力相等，对应图象的交点，为4.3N；

由题目的图可得，在曲线Ⅰ、Ⅱ相交处，可读出绳的拉力T0=4.30N,做出它们的几何关系如图。

由于α=β，则2T0cosα=mg①

由几何关系可知；MC与水平方向的夹角为（90°-α）；由图可知，物体的重力为3.1N。

则可知，MC与水平方向的夹角的正弦值为【解析】100TN4.30.3722、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]对人受力分析如图，两手臂的拉力相等【解析】四、作图题(共2题，共6分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

用单位长度的线段表示10N的力，从木块的作用点竖直向上画一条三倍于标度的线段，在线段上标出方向表示力的方向，图甲为木块所受浮力的图示，从力的作用点沿浮力的方向画有向线段，并标明浮力F；图乙为木块所受浮力的示意图，如图所示。

浮力的施力物体是水，受力物体是木块。【解析】浮力的施力物体是水，受力物体是木块24、略

【分析】【详解】

①选定标