2025年统编版2024必修1物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年统编版2024必修1物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，一个质量为4kg的半球形物体A放在倾角为的斜面B上静止不动.若用通过球心的水平推力F=10N作用在物体上，物体仍静止在斜面上，斜面仍相对地面静止.已知取则（）

A.地面对斜面B的弹力不变B.物体A对斜面B的作用力增加10NC.物体A受到斜面B的摩擦力增加8ND.地面对斜面B的摩擦力增加8N2、如图所示，物体B叠放在物体A上，A、B的质量均为m，且上、下表面均与斜面平行，它们以共同速度沿倾角为θ的固定斜面C匀速下滑，重力加速度为g；则（）

A.A.B间没有静摩擦力B.A受到B的静摩擦力方向沿斜面向上C.A受到斜面的滑动摩擦力大小为mgsinθD.A与斜面间的动摩擦因数μ＝tanθ3、近年来，我国大部分地区经常出现雾霾天气，给人们的正常生活造成了极大的影响。在一雾霾天，某人驾驶一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30m处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，但刹车过程中刹车失灵。如图所示，a、b分别为小汽车和大卡车的v­t图像；以下说法正确的是()

A.因刹车失灵前小汽车已减速，不会追尾B.在t＝5s时追尾C.在t＝3s时追尾D.由于初始距离太近，即使刹车不失灵也会追尾4、下列物理量属于矢量的是（）A.弹力B.时刻C.速率D.路程5、一个质量为6kg的物体,被放置在倾角为α=30°的固定光滑斜面上,在如图所示的甲、乙、丙三种情况下处于平衡状态的是(g取10m/s2)()

A.仅甲图B.仅乙图C.仅丙图D.甲、乙、丙图6、如图为蜻蜓；火箭的运动示意图．

图甲：以8m/s的速度飞行的蜻蜓能在0.7s内停下来。

图乙：火箭发射10s内速度由0增加到100m/s。

根据运动示意图和数据进行判断，下列说法正确的是（）A.因为火箭速度比蜻蜓大，所以火箭比蜻蜓的速度变化快B.火箭和蜻蜓的加速度方向都与速度方向相同C.火箭在点火发射那一刻，速度为0，而加速度不为0D.因为火箭的速度更大，所以火箭比蜻蜓的惯性大7、如图所示；由于风的缘故，河岸上的旗帜向右飘，在河岸上的两条船上的旗帜分别向右向左飘，两条船运动状态是（）

A.A船肯定向右运动B.A船肯定是静止的C.B船肯定是向右的D.B船可能是静止的8、关于自由落体运动的加速度g，下列说法正确的是（）A.重的物体的g值大B.g值在地面任何地方一样大C.g值在赤道处大于南北两极处D.同一地点的不同质量的物体g值一样大9、如图甲所示是空军飞行员防眩晕训练器；若某飞行员调练时，左右手拉住圆环，处于平衡状态，左手刚好在水平状态，右手与水平方向有一定夹角，不考虑腿部受到的作用力，等效为如图乙模型，在圆环顺时针缓慢旋转90°过程中，保持两手臂伸直状态，则（）

A.两手的拉力均变小B.左手拉力先变大再变小，右手拉力一直变小C.左手拉力一直变小，右手拉力先变小再变大D.左手拉力先变大再变小，右手拉力先变大再变小评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、某物体运动的图象如图所示；根据图象可知()

A.物体先做匀加速直线运动，后做匀速直线运动，再做匀减速直线运动B.0～2s内的加速度为1m/s2C.0～5s内的位移为7mD.在第4s末，物体改变运动方向11、如图所示，一小滑块从斜面顶端A由静止开始沿斜面向下做匀加速直线运动到达底端C，已知3AB=BC；则下列说法正确的是（）

A.滑块到达B、C两点的速度之比为1B.滑块到达B、C两点的速度之比为12C.滑块通过AB、BC两段的时间之比为11D.滑块通过AB、BC两段的时间之比为1(-1)12、一物体沿直线运动，其图象如图所示；则关于该物体的运动情况，下述正确的是（）

A.第1s末物体的位移和速度都改变方向B.第2s末物体的位移和速度都改变方向C.前4s内物体的位移为零D.第1s末、第3s末、第5s末物体所在的位置相同13、在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、微元法、建立物理模型法等等。以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是（）A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B.根据功率的定义式，当时间间隔非常非常小时，就可以用这一间隔内的平均功率表示间隔内某一时刻的瞬时功率，这应用了极限思想法C.在用打点计时器研究自由落体运动时，把重物在空气中的落体运动近似看做自由落体运动，这里采用了控制变量法D.在推导弹簧弹力做功的表达式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀加速直线运动，然后把各小段弹力所做的功相加，这里采用了微元法14、如图所示，一定质量的物体通过轻绳悬挂，结点为O，人沿水平方向拉着OB绳；物体和人均处于静止状态。若人的拉力方向不变，缓慢向左移动一小段距离，下列说法正确的是（）

A.OA绳中的拉力增大B.OB绳中的拉力不变C.人对地面的压力逐渐减小D.地面给人的摩擦力逐渐增大15、如图光滑水平面上放着两块长度相同，质量分别为M1和M2的木板，两木板的左端各放一个大小、形状、质量完全相同的物块，物块和木板间的动摩擦因数相同，开始时各物均静止．今在两物块上各作用一水平恒力F1、F2，当物块和木板分离时，两木板的速度分别为v1和v2．下列说法正确的是（）

A.若F1>F2，M1=M2，则一定v1>v2B.若F12，M1=M2，则一定v1>v2C.若F1=F2，M12，则一定v1>v2D.若F1=F2，M1>M2，则一定v1>v216、如图所示，质量为m1＝2kg的物体A经跨过定滑轮的轻绳与质量为M=5kg的箱子B相连，箱子底板上放一质量为m2＝1kg的物体C，不计定滑轮的质量和一切阻力，在箱子加速下落的过程中，取g=10m/s2；下列说法正确的是（）

A.物体A处于超重状态，加速度大小为10m/s2B.物体A处于超重状态，绳子对A的拉力大小为30NC.物体C处于失重状态，对箱子的压力大小为5ND.轻绳对定滑轮的作用力大小为80N17、一颗子弹沿水平方向垂直穿过三块紧挨着的木板，穿出时子弹速度几乎为零．设子弹在木板中做匀减速直线运动．则（）A.若三块木板厚度相等，则子弹依次穿过三块木板的时间之比t1：t2：t3=B.若三块木板厚度相等，则子弹依次穿过三块木板的平均速度之比为v1：v2：v3=C.若子弹穿过三块木板的时间相等，则三块木板厚度之比d1：d2：d3=5：3：1D.若子弹穿过三块木板的时间相等，则子弹依次穿过三块木板的平均速度之比为v1：v2：v3="1：1："118、图所示，某同学站在体重计上观察超重与失重现象．由稳定的站姿变化到稳定的蹲姿称为“下蹲”过程；由稳定的蹲姿变化到稳定的站姿称为“起立”过程．她稳定站立时，体重计的示数为A0；关于实验现象，下列说法正确的是（）

A.“下蹲”过程，体重计的示数一直小于A0B.“起立”过程，体重计的示数一直大于A0C.“起立”的过程，先出现超重现象后出现失重现象D.“起立”、“下蹲”过程，都能出现体重计的示数大于A0的现象评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)19、小球从距地面10m高处落下，又被地面反弹回，在距下落处5m处被接住，则小球通过的路程为______m，位移大小为______m；20、运动与静止。

（1）自然界的一切物体都处于永恒的________中，运动是_______的。

（2）描述某个物体的位置随时间的变化，总是相对于其他物体而言的，这便是运动的________性。21、如图所示，一木块放在水平面上，在水平方向施加外力F1＝10N，F2＝2N，木块处于静止状态，若撤去外力F1，则木块受到的摩擦力大小为____N，方向____。

22、篮球从某高处自由下落，落地前瞬间的速度大小为与地面碰撞后，以大小为的速度竖直向上弹起，以竖直向下为正方向，篮球与地面碰撞过程中的速度变化______23、如图所示，某物体在4个共点力作用下平衡，若将的方向逆时针转过90°，而保持大小不变，其余三个力的大小、方向都不变，则此时物体所受合力的大小为________。

24、频闪摄影是一种将动态运动过程转化为静态来研究的一种有效方法．频闪摄影时，所用光源的闪光时间是_______间隔的（选填“相等”或“不等”）．如果照片上某物体时不等间距的，那么该物体做的是______运动．评卷人得分四、作图题(共2题，共14分)25、重10N的木块浮在水面上，在图中作出木块所受到的水对它的浮力的图示和其重力的示意图。26、两个共点力F1＝40N，F2＝60N的方向如图虚线所示；利用平行四边形定则用图示法求出合力的大小。

评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)27、某实验小组利用如图所示的装置探究物体的加速度与力；质量的关系．

(1)实验中下列做法正确的是___________．。A．平衡摩擦力后，实验就不需要满足小车及车中砝码总质量远大于砝码盘及盘中砝码总质量的条件B．每次改变小车中砝码的质量后，都需要重新平衡摩擦力C．选取点迹清晰的纸带，必须以打的第一个点为计数起始点进行测量D．实验中应先接通打点计时器的电源，然后再释放小车(2)实验中由于实际绳对小车的拉力_________（选填“大于”、“等于”、“小于”）重物所受的重力，会给实验带来系统误差．为减小此误差，实验中要对小车质量M和重物质量m进行选取，以下四组数据中最合理的一组是__________．（填写相应序号）

①M=200g；m=40g；60g、80g、100g、120g

②M=200g；m=30g；35g、40g、45g、50g

③M=400g；m=20g；40g、60g、80g、100g

④M=400g；m=10g；15g、20g、25g、30g

(3)如图所示是某一次打点计时器打出的一条记录小车运动的纸带．取计数点1、2、3、4、5.已知打点计时器的打点周期为0.02s，用刻度尺测量出各相邻计数点间的距离分别为3.05cm、3.92cm、4.77cm、5.62cm，则小车运动的加速度大小a=______m/s2．（结果保留两位有效数字）

(4)甲、乙两同学在同一实验室，各取一套上图所示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到右图中甲、乙两条直线．设甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为由图可知________．（大于、小于、等于）28、在做“验证力的平行四边形定则”的实验中；有下列一些实验步骤：

A.把橡皮条的一端固定在A点；将两条细绳接在橡皮条的另一端。

B.记下两个弹簧秤的读数，描下橡皮条结点的位置O

C.记下弹簧秤的读数；描下细绳的方向。

D.按同样的比例作出这个F′的图示。

E.只用一个弹簧秤通过细绳把橡皮条的结点拉到同样的位置O

F.比较F′与用平行四边形定则求得的合力F

G.在纸上按比例作出这两个力F1和F2的图示。

H.通过细绳用两个弹簧秤互成角度拉橡皮条，橡皮条伸长使结点到达某一位置O

I.在桌上平放一块方木板；在木板上垫一张白纸，用图钉将纸固定在方木板上。

J.描下两条细绳的方向。

K.用平行四边形定则作出合力F

将实验步骤的序号按正确次序排列______。29、某学习小组在做“探究小车速度随时间变化的规律”实验后；利用数码相机的连拍功能研究小车从斜面上滑下的运动。如图甲所示，将小车从斜轨上由静止释放，将数码相机放在较远处对小车进行连拍，设置每0.12s拍一张照片，得到如图乙所示的照片。现测得连拍照片中，位置A~K到位置A的距离分别如下表所示。

。小车在照片中的位置ABCDEFGHIJK照片中各位置到A位置距离x/cm00.731.742.854.175.677.379.2411.2613.4815.77（1）现测得铝制轨道在照片中的长度为L1=23.02cm，实际长度测量如图丙所示（轨道的端点在图中的箭头所示处），其长度为L2=___________cm；

（2）根据以上信息，可求得小车运动到位置E处时的速度大小vE=___________m/s（保留两位有效数字）；

（3）现用相同的方法求得其它各个位置的速度大小，并以位置A处为计时起点，在坐标纸上描绘了部分数据点（如图丁）。请在图中描出位置E的速度信息并画出小车速度随时间变化的图像________，知小车的加速度大小a=___________m/s2（保留两位有效数字）。

（4）完成上述实验之后，该学习小组利用光电门与数字计时器测量了小车滑过轨道中点的瞬时速度。选用了甲、乙、丙三种宽度分别为5.00cm、3.00cm、1.00cm的遮光板，则利用___________（选填“甲”、“乙”或“丙”）遮光板测得的结果最接近小车的瞬时速度。30、如图甲所示，某兴趣小组在探究加速度与力、质量的关系实验中，将一端带定滑轮的长木板放在水平实验桌面上，小车的左端通过轻细绳跨过定滑轮与砝码盘相连，小车的右端与穿过打点计时器的纸带相连，实验中认为砝码和盘的总重力近似等于绳的拉力，已知重力加速度为g；打点计时器的工作频率为50Hz。

（1）实验主要步骤如下，下列做法正确的是______（填字母代号）

A．调节滑轮的高度；使牵引木块的细绳与长木板保持平行。

B．实验时；先放开小车再接通打点计时器的电源。

C．把远离定滑轮一侧的木板垫高；调节木板的倾角，使小车在不受牵引力时做匀速直线运动。

D．每次通过增减小车上的砝码改变小车质量时；都需要重新调节木板倾角。

（2）甲同学在补偿阻力后，在保持小车质量不变的情况下，改变砝码盘中砝码的质量，重复实验多次，作出了如图乙所示的图象，其中图线末端发生了弯曲，产生这种现象的原因可能是______。（直接答出原因即可；不需要分析说明）

（3）乙同学遗漏了补偿阻力这一步骤，若长木板水平，保持小车质量一定，测得小车加速度a与所受外力F的关系图象如图丙所示，则小车与木板间的动摩擦因数=_______（用字母表示）

（4）丙同学遗漏了补偿阻力这一步骤，若长木板水平，保持砝码盘中砝码质量不变，测得小车质量的倒数与小车加速度的图象如图丁所示，设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，则小车与长木板间的动摩擦因数=______。（用字母表示）。

评卷人得分六、解答题(共1题，共4分)31、滑雪是很多人喜欢的运动项目，通过雪地输送带将滑雪者送到山坡雪道顶端，如图1所示。如图2所示，ABC为一简化的雪道模型，AB段为长L=100m倾角θ=26°的山坡雪道，BC段为水平雪道，AB与BC平滑相连。一位质量m＝80kg（含装备）的滑雪者从山坡雪道顶端A处从静止开始自由滑下，到达底端后进入水平雪道。已知雪橇与水平雪道和山坡雪道之间的动摩擦因数均为0.1，忽略空气阻力，g取10m/s2；sin26°=0.44，cos26°=0.90。

(1)如果滑雪者没有任何助力动作。求：

a.滑雪者在山坡雪道下滑时的加速度大小a1；

b.为了使滑雪者利用雪橇与雪道间的摩擦停下来，水平雪道BC的长度s至少为多长。

(2)为了能较快的停下，滑雪者在滑到山坡雪道上的P点时，开始通过调整身体的动作来增加阻力直到B点，进入水平雪道后不再增加阻力。若滑雪者在山坡雪道上增加的最大阻力为人对雪道压力的0.9倍，进入水平雪道后经x2=26m停下，求滑雪者开始调整身体动作的位置P与B的距离x1。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【分析】

对没有施加力F时的半球进行受力分析；根据平衡条件求出物体受到的摩擦力；以整体为研究对象求出地面对斜面的摩擦力，然后进行比较．

【详解】

以整体为研究对象；力F的是水平的，所以不影响竖直方向的受力，地面对斜面的弹力大小不变，故A正确；没有施加力F时根据平衡条件A受斜面作用力与重力等大反向，即大小为40N，根据牛顿第三定律物体A对斜面的作用力为40N反向向下，施加力F后物体A对斜面的作用力如图：

由平行四边行定则有：可以看出物体对斜面的作用力不是增加10N，故B错误；没有施加力F时，对物体A受力分析：

根据平衡条件：施加力F后；对物体A受力分析，如图：

根据平衡条件，在斜面方向：代入数据解得：故物体受到斜面的摩擦力减少：故C错误；以整体为研究对象，水平方向增加了10N的力F，根据平衡条件得地面对斜面的摩擦力增加10N．故D错误．故选A．

【点睛】

本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答．注意整体法和隔离法的应用．2、D【分析】【分析】

【详解】

AB．对物体B受力分析可知，B一定受重力、支持力，将重力分解可知重力有沿斜面向下的分力，B能匀速下滑，受力一定平衡，故A对B应有沿斜面向上的静摩擦力；根据力的相互作用规律可知，A受到B的静摩擦力应沿斜面向下；故A；B错误；

C．对A、B整体受力分析，并将整体重力分解，可知沿斜面方向上，重力的分力与摩擦力等大反向，故A受的滑动摩擦力沿斜面向上，大小为2mgsinθ；C错误；

D．对A、B整体受力分析；受重力；支持力和滑动摩擦力，由于匀速下滑，故重力沿斜面方向的分力与滑动摩擦力平衡，故。

2mgsinθ＝μ·2mgcosθ解得。

μ＝tanθ选项D正确。

故选D。3、C【分析】【详解】

ABC．从图像中可以看出，小汽车刹车失灵前的加速度a1＝－10m/s2，刹车失灵后的加速度a2＝－2.5m/s2。假设能追尾，设追尾时间为t，则小汽车刹车失灵前的位移x1＝×(20＋30)×1m＝25m

小汽车刹车失灵后的位移x2＝20×(t－1)－×2.5×(t－1)2

大卡车的位移x3＝10t

由x1＋x2＝30＋x3

得t＝3s

则假设成立；故AB错误，C正确；

D．如果刹车不失灵，则在t＝2s时两车速度相同，此时小汽车的位移x4＝×(30＋10)×2m＝40m

大卡车的位移x5＝10×2m＝20mx4－x5＝20m<30m

故这时没有追尾；以后两车间距会越来越大，更不会追尾，D错误。

故选C。4、A【分析】【分析】

【详解】

A．弹力是矢量；所以A正确；

BCD．时刻；速率、路程都是标量；所以BCD错误；

故选A。5、C【分析】【详解】

根据受力分析，只有当拉力等于重力沿斜面向下的分力时，物体合力才为零，才处于平衡状态，所以F=mgsin30°=15N

所以只有乙图处于平衡状态。

故选B。6、C【分析】【详解】

A．速度变化的快慢与速度的大小无关。而且速度为状态量，火箭的速度是变化的，蜻蜓的速度也是变化的，没有说明具体的时刻，不能比较速度大小；蜻蜓在0.7s内速度的变化量为8m/s，变化率为11.4m/s2，为火箭在10s内速度由0增加到100m/s，速度变化量为100m/s，速度变化率为10m/s2，火箭比蜻蜓的速度变化快；故A错误；

B．火箭做加速运动，加速度的方向与速度的方向相同；蜻蜓做减速运动，加速度的方向与速度的方向相反。故B错误；

C．火箭在点火发射那一刻，速度为0，而加速度不为0．故C正确；

D．惯性的大小是由质量决定的，与物体的速度无关，故D错误。

故选C。7、C【分析】【详解】

AB．因为河岸上旗杆是固定在地面上的，那么根据旗帜的飘动方向判断，风是从左向右刮的。A船上旗帜向右；有三种可能：

①是A船不动；风把旗帜刮向右；

②是A船向左运动；风相对于旗帜向右，把旗帜刮向右；

③是A船向右运动但运动的速度小于风速；此时风仍能把旗帜刮向右，故AB错误；

CD．B船一定向右运动；而且运动的速度比风速快，这样才会出现图中旗帜向左飘动的情况。故C正确，D错误。

故选C。8、D【分析】【详解】

A.自由落体运动的加速度g是由重力产生的，由牛顿第二定律可知a=g；重力加速度与物体的质量无关；故A错误.

B.在地球上的物体所受的万有引力有两个效果；即分解成两个分力(重力和自转向心力)，而不同地点的自转不同，自转向心力大小不同，另一分力重力也不同，从而有不同的重力加速度，纬度越高，重力加速度越大；故B错误.

C.地面的物体的重力加速度受纬度和海拔的影响；纬度越高重力加速度越大；赤道处小于南北两极处的重力加速度；故C错误.

D.同一地点物体的万有引力表达式：因为R是定值，所以同一地点轻重物体的g值一样大；D正确.9、B【分析】【详解】

在圆环顺时针缓慢旋转90°过程中；保持两手臂伸直状态，两手拉力夹角不变，由三力平衡推论知三力平移后会组成一闭合三角形，如下图所示：黑色线表示重力，红色线表示左手拉力，蓝色线表示右手拉力。

则由图可知：左手拉力先变大后变小；右手拉力一直变小。

故选B。二、多选题(共9题，共18分)10、A:B:C【分析】【详解】

A.图反映了物体速度随着时间变化的图像；所以0～2s物体先做匀加速直线运动，2～4s做匀速直线运动，4～5s做匀减速直线运动，故A正确；

B.图的斜率表示加速度，所以0～2s物体的加速度为：

故B正确；

C.图的面积表示位移，则0～5s内的位移为：

故C正确；

D.0～5s内物体的速度都是正的，第4s末由匀速变成匀减速，故第4s末速度方向不变，故D错误；11、B:C【分析】【详解】

AB.根据匀变速直线运动的速度位移公式v2=2ax得，v=由题知3AB=BC，滑块到达B、C两点所经过的位移比为14，则通过B、C两点的速度之比为12；故A错误，B正确；

CD.初速度为零的匀变速直线运动的物体从开始在连续相等时间内的位移之比为1357由题知3AB=BC，则滑块通过AB、BC两段的时间之比为11，故C正确，D错误．12、C:D【分析】【详解】

A．第1s末物体的位移和速度都未改变方向；这是加速度方向改变，A错误；

B．第2s末物体的速度改变方向；但是位移仍为正方向，B错误；

C．因图线与时间轴围成的面积为位移；前4s内物体的位移为零，C正确；

D．因图线与时间轴围成的面积为位移；根据图像面积的正负关系可知物体在做往复运动，则物体在第1s末；第3s末、第5s末物体所在的位置相同，D正确。

故选CD。13、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．质点应用的科学方法是建立理想化的物理摸型的方法；A错误；

B．根据功率的定义式；当时间间隔非常小时，就可以用这一间隔内的平均功率表示间隔内某一时刻的瞬时功率，这应用了极限思想法，B正确；

C．在用打点计时器研究自由落体运动时；必须使空气阻力尽量减小，就能把重物在空气中的落体运动近似看做自由落体运动，这是控制实验条件，不是控制变量法，C错误；

D．在推导弹簧弹力做功的表达式时；把整个运动划分成很多小段，每一小段近似看做匀加速直线运动，然后把各小段弹力所做的功相加，这里应用了微元法，D正确。

故选BD。14、D【分析】【分析】

【详解】

将重物的重力进行分解，当人的拉力方向不变，缓慢向左移动一小段距离，则OA与竖直方向夹角变大，OA的拉力由图中1位置变到2位置，可见OA绳子拉力变大，OB绳拉力逐渐变大；OA拉力变大；则绳子拉力水平方向分力变大，根据平衡条件知地面给人的摩擦力逐渐增大；人对地面的压力始终等于人的重力，保持不变。

故选D。

15、B:C【分析】【分析】

本题中涉及到两个物体；所以就要考虑用整体法还是隔离法，但题中研究的是两物体的相对滑动，所以应该用隔离法．板和物体都做匀变速运动，牛顿定律加运动学公式和动能定理都能用，但题中“当物体与板分离时”隐含着在相等时间内物体的位移比板的位移多一个板长，也就是隐含着时间因素，所以不方便用动能定理解了，就要用牛顿定律加运动公式解．

【详解】

若F1＞F2、M1=M2，根据受力分析和牛顿第二定律得：M1上的物块的加速度大于M2上的物块的加速度，即aa＞ab，由于M1=M2，所以摩擦力作用下的木板M1、M2加速度相同，设M1、M2加速度为a，木板的长度为L．它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移：L=aat12-at12

物块与M2的相对位移：L=abt22−at22

由于aa＞ab，所以得：t1＜t2，M1的速度为v1=aat1，M2的速度为v2=abt2，则v1＜v2；故A错误；

若F1＜F2、M1=M2，根据A选项公式，由aa＜ab，则v1＞v2；故B正确；

若F1=F2时：由题很容易得到两物块所受的摩擦力大小是相等的，因此两物块的加速度相同，我们设两物块的加速度大小为a，对于M1、M2，滑动摩擦力即为它们的合力，设M1的加速度大小为a1，M2的加速度大小为a2，根据牛顿第二定律得：μmg=M1a1=M2a2

得加速度：a1＝a2＝

设板的长度为L，它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：

物块与M1的相对位移：L=at32−a1t32

物块与M2的相对位移：L=at42−a2t42

若M1＜M2，则a1＞a2，所以得：t3＞t4；

M1的速度为v1=a1t3，M2的速度为v2=a2t4，则v1＞v2；故C正确．

若M1＞M2，a1＜a2，根据C项分析得：t3＜t4；

M1的速度为v1=a1t3，M2的速度为v2=a2t4，则v1＜v2，故D错误；

故选BC．

【点睛】

要去比较一个物理量两种情况下的大小关系，我们应该通过物理规律先把这个物理量表示出来．同时要把受力分析和牛顿第二定律结合应用．16、B:C【分析】【详解】

AB．对BC整体受力分析得

对物体A受力分析得

联立解得

且A的加速度方向向上；处于超重状态，故A错误，B正确；

C．物体C受力分析得

解得

因为C加速度向下；处于失重状态，故C正确；

D．滑轮受力平衡，因此

故D错误。

故选BC。17、B:C【分析】【详解】

利用逆向思维；可知子弹做了初速度为零的匀加速运动。

A.若三块木板厚度相等，则子弹依次穿过三块木板的时间之比t1：t2：t3=故A错；

B、若三块木板厚度相等，根据并结合子弹依次穿过三块木板的时间之比t1：t2：t3=则子弹依次穿过三块木板的平均速度之比为v1：v2：v3=故B对。

C、根据初速度为零的匀加速相等时间内运动走过的位移之比为可知若子弹穿过三块木板的时间相等，则三块木板厚度之比d1：d2：d3=5：3：1；故C对；

D、根据并结合C选项可以子弹依次穿过三块木板的平均速度之比为v1：v2：v3=5：3：1；故D错；

故选BC18、C:D【分析】【分析】

下蹲过程中；人先向下做加速运动，后向下做减速运动；人从下蹲状态站起来的过程中，先向上做加速运动，后向上做减速运动，最后回到静止状态，根据加速度方向，来判断人处于超重还是失重状态．

【详解】

下蹲过程中，人先向下做加速运动，后向下做减速运动，所以先处于失重状态后处于超重状态；人从下蹲状态站起来的过程中，先向上做加速运动，后向上做减速运动，最后回到静止状态，人先处于超重状态后处于失重状态，所以“起立”、“下蹲”过程，都能出现体重计的示数大于A0的现象；CD正确．

【点睛】

对于超重还是失重的判断，关键取决于加速度的方向：当物体的加速度向上时，处于超重状态；当加速度方向向下时，处于失重状态．三、填空题(共6题，共12分)19、略

【分析】【详解】

[1]路程是物体通过的轨迹的长度；小球从10m高处下落的过程中通过的路程为5m，而反弹到5m高处通过的路程是15m，故整个过程中通过的路程是15m

[2]位移是从初始位置指向末位置的有向线段，其大小等于初末位置之间的直线距离，故位移大小为5m【解析】15m5m20、略

【分析】【详解】

略【解析】①.运动②.绝对③.相对21、略

【分析】【详解】

[1][2]当木块受外力F1＝10N，F2＝2N时，木块处于静止状态，可知，地面给木块的最大静摩擦力

撤去外力F1，由于则木块将保持静止，由平衡条件可知，此时木块受到的摩擦力为方向水平向右【解析】2N水平向右22、略

【分析】【详解】

由题知，以竖直向下为正方向，则速度的变化为【解析】-1423、略

【分析】【详解】

物体在4个共点力作用下平衡，则4个力合力为零，F4和其它三个力的合力等大反向，即其它三个力的大小为F4，方向和F4方向相反，将的方向逆时针转过90°，而保持大小不变，由勾股定理可知此时物体所受合力的大小为【解析】24、略

【分析】【详解】

[1]频闪摄影时；所用光源的闪光时间是相等间隔的．

[2]如果照片上某物体时不等间距的，那么该物体做的是变速运动．【解析】相等变速四、作图题(共2题，共14分)25、略

【分析】【详解】

木块受重力和浮力作用；根据二力平衡得浮力的方向竖直向上，浮力的图示和重力的示意图分别如图甲；乙所示；

【解析】26、略

【分析】【详解】

首先选取标度；如图。

再按比例画出画出两个力的图示；以F1、F2为邻边，根据平行四边形定则作出合力F，量得F与标度之比为4.7：1，所以合力大小为F=4.7×20N=94N【解析】五、实验题(共4题，共36分)27、略

【分析】【分析】

根据“探究物体的加速度与力；质量的关系”可知；本题考查“验证牛顿第二定律”的实验，根据实验条件、实验原理、实验数据处理、误差分析、实验结论等，进行列式计算和分析推断.

【详解】

(1)A、本题实验研究物块的牛顿第二定律，实验器材不能测出绳的拉力大小，则平衡摩擦力后要求物块质量M远大于钩码的总质量m，只有满足这个条件才可认为小车受到的拉力F约为mg；故A错误.

B、平衡摩擦力后，有mgsinθ=μmgcosθ，即μ=tanθ；与质量无关，故通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度；故B错误.

C；选取点迹清晰的纸带；不一定以打的第一个点为计数起始点进行测量；故C错误.

D；打点计