2025年沪科新版高一物理上册月考试卷VIP

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科新版高一物理上册月考试卷576考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、某物体做直线运动，物体的速度-时间图线如图所示，若初速度的大小为v1，末速度的大小为v2，则在时间t1内物体的平均速度是（）

A.等于

B.小于

C.大于

D.条件不足；无法比较。

2、甲、乙两小分队进行军事演习，指挥部通过现代通信设备，在屏幕上观察到两小分队的具体行军路线如图所示，两小分队同时同地由O点出发，最后同时到达A点，下列说法中正确的是（）A.小分队行军路程s甲＞s乙B.小分队平均速度甲＞乙C.该y-x图是小分队行军的v-t图D.该y-x图是小分队行军的s-t图3、两个共点力的大小分别为8N、3N，它们之间的夹角可任意变化，则其合力的大小可能是()A.8NB.3NC.20ND.25N4、关于饱和汽及饱和汽压的正确结论是(

)

A.密闭容器中某种蒸汽开始时若是饱和的，保持温度不变，增大容器的体积，蒸汽的压强一定会减小B.对于同一种液体，饱和汽压随温度升高而增大C.温度不变时，饱和汽压随饱和汽体积的增大而增大D.相同温度下，各种液体的饱和汽压都相同5、某反应中，rm{A}rm{B}浓度随时间的变化如图所示，则表示正确的是

A.前rm{2}rm{min}内平均反应速率rm{v(B)=0.3mol隆陇{L}^{-1}隆陇mi{n}^{-1}}

B.当rm{v(B)=0.3mol隆陇{L}^{-1}隆陇mi{n}^{-1}

}rm{A}浓度不再变化时；此时反应速率为零。

C.该反应的化学方程式为rm{B}

D.前rm{2A?3B}rm{2}内平均反应速率rm{v(A)=0.15mol隆陇{L}^{-1}隆陇mi{n}^{-1}}rm{min}6、如图，在μ＝0.1的水平面上向右运动的物体，质量为20kg.在运动过程中，还受到一个水平向左的大小为10N的拉力F作用，则物体受到的摩擦力为（g=10N/kg）A.10N，向右B.10N，向左C.20N，向右D.20N，向左7、如图所示，物体由静止开始分别沿不同斜面由顶端A下滑至底端B，两次下滑的路径分别为图中的I和Ⅱ，两次物体与斜面间的动摩擦因数相同，且不计路径Ⅱ转折处的速度变化，则由顶端A到达B点的过程中，克服滑动摩擦力所做功的大小是（）A.第一次小B.第二次小C.两次一样大D.无法确定评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、“嫦娥二号”探月卫星沿地月转移轨道直奔月球，在距月球表面100km的P点进行第一次“刹车制动”后被月球捕获，进入椭圆轨道Ⅰ绕月飞行，之后，卫星在P点又经过第二次“刹车制动”，进入距月球表面100km的圆形工作轨道Ⅱ，绕月球做匀速圆周运动，如图．下列说法正确的是（）A.卫星在轨道Ⅰ上经P点的速度等于在轨道Ⅱ上经过P点的速度B.卫星在轨道Ⅰ上经Q点的速度小于在轨道Ⅱ上经过P点的速度C.卫星在轨道Ⅰ上运动周期比在轨道Ⅱ上长D.卫星沿轨道Ⅰ经P点时的加速度大于沿轨道Ⅱ经P点时的加速度9、一个质量为2kg

的物体在五个共点力作用下保持.

平衡.

现在撤掉其中两个力，这两个力的大小分别为25N

和20N

其余三个力保持不变，则物体此时的加速度大小可能是(

)

A.1m/s2

B.10m/s2

C.20m/s2

D.30m/s2

10、如图所示，有一木块A

以某一速度v0

自底端冲上皮带运输机足够长的传送带上，若传送带速度为v1

则下列说法正确的是(

)

A.若皮带轮逆时针方向转动，且v1=v0

则A

不受摩擦力B.若皮带轮逆时针方向转动，A

将受到平行皮带向下的摩擦力作用C.若皮带轮顺时针方向转动，且v1>v0

则A

受到平行皮带向上的摩擦力D.若皮带轮顺时针方向转动，且v1<v0A

将减速运动，最终和皮带一起匀速运动到顶端11、如图所示，水平光滑长杆上套有小物块A

细线跨过位于O

点的轻质光滑定滑轮，一端连接A

另一端悬挂小物块B

物块AB

质量相等。C

为O

点正下方杆上的点，滑轮到杆的距离OC=h

开始时A

位于P

点，PO

与水平方向的夹角为30鈭�

现将AB

静止释放。则下列说法正确的是()A.物块A

由P

点出发第一次到达C

点过程中，速度不断增大B.在物块A

由P

点出发第一次到达C

点过程中，物块B

克服细线拉力做的功小于B

重力势能的减少量C.物块A

在杆上长为23h

的范围内做往复运动D.物块A

经过C

点时的速度大小为2gh

12、甲乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动；它们的v鈭�t

图象如图所示，则(

)

A.2s

末乙追上甲B.乙追上甲之前2s

末甲、乙相距最远C.乙追上甲时甲的平均速度大于乙的平均速度D.乙追上甲时距出发点40m

远13、如图；实线记录了一次实验中得到的运动小车的v−t图象，为了简化计算，用虚线作近似处理，下列表述正确的是（）

A.小车做曲线运动B.小车的加速度先增大后减小C.在t1时刻虚线反映的加速度比实际大D.在0−t1的时间内，由虚线计算出的平均速度比实际的小14、下列说法中正确的是（）A.用点电荷来代替实际带电体是采用了理想模型的方法B.法拉第最早引入电场概念，并提出用电场线表示电场C.牛顿在对自由落体运动的研究中，首次采用以实验检验猜想和假设的科学方法D.哥白尼大胆反驳地心说，提出了日心说，并发现行星沿椭圆轨道运行的规律15、一条小船在静水中的速度为10m/s

要渡过宽度为60m

水流速度为6m/s

的河流，下列说法正确的是()A.小船渡河的最短时间为6s

B.小船渡河的最短时间为10s

C.若小船在静水中的速度增加，则小船渡河的最短路程减小D.若小船在静水中的速度增加，则小船渡河的最短路程不变16、如图所示的传动装置中，B

、C

两轮固定在一起绕同一轴转动，A

、B

两轮用皮带传动，三个轮的半径关系是rA

=

rC

=2

rB

.

若皮带不打滑，则A

、B

、C

三轮边缘上a

、b

、c

三点的角速度之比和线速度之比为

A.角速度之比1隆脙2隆脙2

B.角速度之比1隆脙1隆脙2

C.线速度大小之比1隆脙2隆脙2

D.线速度大小之比1隆脙1隆脙2

评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、【题文】一个物体沿x轴的正方向从静止开始运动，在第1、3、5奇数秒内的加速度大小为2m/s2，方向沿x轴正方向，在第2、4、6偶数秒内均以前ls末的速度做匀速直线运动，则物体经_____s位移为10m。18、把质量为0.5kg的石块从10m高处以30°角斜向上方抛出（如图），初速度是v0=5m/s．不计空气阻力，则石块落地时速度的大小为______m/s；若其他条件不变，将石块水平抛出，则其落地时速度的大小为______m/s．19、在做“探究小车速度随时间变化的规律”实验时，打点计时器接在交流电源上，每隔T=0.02s

打一个点.

如图所示是某次实验打出的纸带，舍去前面比较密集的点，从0

点开始分别取123

计数点，每两个连续计数点间还有4

个点未标出，各计数点与0

点之间的距离依次为x1=3.00cmx2=7.50cmx3=13.50cm

则打计数点“2

”时小车的瞬时速度表达式v2=

______，数值为______m/s

．20、从井口每隔1s

有一粒石子自由落下，当第5

粒石子刚开始落下时，第1

粒石子恰好到达井底，此井的深度是________m

此时第2

和第3

粒石子间的距离是________m(

取g=10m/s2)

21、如图所示，一很长的、不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮，绳两端各系一小球a

和ba

球质量为m

静置于地面；b

球质量为3m

用手托住，高度为h

此时轻绳刚好拉紧.

不计空气阻力，从静止开始释放b

后，a

可能达到的最大高度______．22、汽车以10m/s

的速度行驶，刹车后获得2m/s2

的加速度，则刹车后4s

内通过的路程是______m

刹车后8s

内通过的路程是______m.

23、【题文】．一个小物体竖直上抛,然后又回到抛出点,已知小物体抛出时的初动能为100J,返回抛出点时的速度为5m/s,若小物体竖直上抛的初动能为200J,设空气阻力大小恒定，则小物体返回抛出点时的速度大小为_______m/s.24、如图为用等效代替法“验证力的平行四边形定则”的实验装置图(1)

本实验中“等效代替”的含义是________．A.橡皮筋可以用细绳替代B.左侧弹簧测力计的作用效果可以替代右侧弹簧测力计的作用效果C.右侧弹簧测力计的作用效果可以替代左侧弹簧测力计的作用效果D.两弹簧测力计共同作用的效果可以用一个弹簧测力计的作用效果替代(2)

请将下面实验的主要步骤补充完整．垄脵

将橡皮筋的一端固定在木板上的A

点，另一端拴上两根绳套，每根绳套分别连着一个弹簧测力计；垄脷

沿着两个方向拉弹簧测力计，将橡皮筋的活动端拉到某一位置，记录________，并记录两个拉力的大小及方向；垄脹

再用一个弹簧测力计将橡皮筋的活动端也拉至O

点，记录________．(3)

如图所示，是某同学根据实验数据按照一定的标度(

标度未画出)

画出的力的图示.F1F2FF鈥�

中不是由弹簧测力计测得的力是________(

填字母)

．(4)

在“验证力的平行四边形定则”的实验中，下列操作必要的是________．A.实验前，将两个弹簧测力计相互钩住，水平反向拉伸，检查读数是否相同B.实验时，应保持绳套与纸面平行C.实验时，为便于计算，拉力F1

和F2

必须相互垂直D.确定拉力的方向时，应使两个点的距离尽量远一些．25、某型号汽车发动机的额定功率为60kW，在水平路面上行驶时受到的阻力是1800N．发动机在额定功率下，汽车匀速行驶时的速度大小为______m/s．在同样的阻力下，如果汽车匀速行驶时的速度为15m/s，则发动机输出的实际功率是______KW．评卷人得分四、实验题(共1题，共4分)26、【题文】（6分）如右图所示装置可用来验证机械能守恒定律。摆锤A栓在长L的轻绳一端；另一端固定在O点，在A上放一个小铁片，现将摆锤拉起，使绳偏离O竖直方向成θ角时由静止开始释放摆锤，当其到达最低位置时，受到竖直挡板P阻挡而停止运动，之后铁片将飞离摆锤而做平L抛运动。

（1）为了验证摆锤在运动中机械能守恒；必须求出摆锤在最低点的速度。为了求出这一速度，实验中还应该测量哪些物理量：___________________________。

（2）根据测得的物理量表示摆锤在最低点的速度v=_______________。

（3）根据已知的和测得的物理量，写出摆锤在运动中机械能守恒的关系式为______。评卷人得分五、简答题(共3题，共30分)27、试举出一些经典力学在科技方面的应用实例．28、rm{(}一rm{)}据报道，某地化工厂的贮氯罐意外发生泄漏，为了厂区和周围地区群众的安全，有关方面采取了相关措施：rm{(1)}依据厂区实际情况，处理钢瓶的方法正确的是____A.钢瓶推到坡下的小河里rm{B.}把钢瓶丢到深坑里，用石灰填埋C.把钢瓶扔到农田rm{D.}将钢瓶进行爆破处理rm{(2)}同时，迅速赶到的消防员向贮氯罐周围空中喷洒稀rm{NaOH}溶液，写出相关的离子方程式____

____rm{(3)}实验室里通常用rm{MnO_{2}}与浓盐酸反应制取氯气，为进行有关氯气的性质实验，需要rm{4}瓶容积为rm{100ml}的氯气。rm{(}常温下，氯气的密度为rm{2.91g/L)}rm{垄脵}写出制取氯气的离子方程式____。rm{垄脷}制取rm{4}瓶氯气，理论上需要rm{MnO_{2}}固体的质量是____rm{垄脹}制取rm{4}瓶氯气，被氧化的rm{HCl}的物质的量是____rm{(}二rm{)}将下列硅酸盐改写成氧化物的形式rm{垄脵}高岭石rm{Al_{2}(Si_{2}O_{5})(OH)_{4}}____

rm{垄脷}正长石rm{KAlSi_{3}O_{8}}29、动量定理可以表示为鈻�p=F鈻�t

其中动量p

和力F

都是矢量.

在运用动量定理处理二维问题时，可以在相互垂直的xy

两个方向上分别研究.

例如，质量为m

的小球斜射到木板上，入射的角度是娄脠

碰撞后弹出的角度也是娄脠

碰撞前后的速度大小都是娄脭

如图所示.

碰撞过程中忽略小球所受重力．

a.

分别求出碰撞前后xy

方向小球的动量变化鈻�px鈻�py

b.

分析说明小球对木板的作用力的方向．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】

从图象可以看出，图线与时间轴围成的面积表示位移，知道变加速直线运动的位移小于匀加速直线运动的位移，则变速直线运动平均速度小于匀加速直线运动的平均速度，匀加速直线运动的平均速度故B正确．

故选B

【解析】【答案】若物体做初速度大小为v1，末速度的大小为v2的匀加速直线运动，则平均速度通过比较变加速直线运动和匀变速直线运动的位移，比较平均速度大小与的关系．

2、A【分析】【解析】试题分析：由题意可知两小分队同时从同一地点出发并且同时到达A点．故两小分队发生的位移x相同，所用的时间t相同，根据平均速度公式可得两小分队的平均速度相同，故B错误．在题图上画如图所示的一条垂直于x轴的一条直线，如果横轴是时间轴，则甲小分队在同一时刻有两个纵坐标，显然错误，故横轴一定不是时间轴．故该图一定不是速度时间图象，也一定不是位移时间图象，故C、D错误．根据以上分析可知题图只能是两小分队的运动的轨迹图象，显然甲小分队的轨迹的长度大于乙小分队的轨迹的长度，故甲小分队的路程大于乙小分队的路程，故A正确．考点：考查了对运动图像的理解【解析】【答案】A3、A【分析】【分析】当两个分力方向相同时合力最大；为11N，当两分力方向相反时合力最小，为5N，故选A。

【点评】难度较小，明确合力的取值范围。4、B【分析】解：A

在一定温度下；饱和蒸气的分子数密度是一定的，因而其压强也是一定的，与体积无关；故密闭容器中某种蒸汽开始时若是饱和的，保持温度不变，增大容器的体积，稳定后蒸汽的压强不变，故A错误；

B；对于同一种液体；饱和汽压随温度升高而增大，故B正确；

C；温度不变时；饱和汽压不变，与饱和汽体积无关，故C错误；

D；饱和汽压与液体的种类和温度有关；相同温度下；各种液体的饱和汽压不同，故D错误；

故选：B

．

与液体处于动态平衡的蒸气叫饱和蒸气；反之；称为不饱和蒸气.

饱和蒸气压强与饱和蒸气体积无关拢隆

在一定温度下，饱和蒸气的分子数密度是一定的，因而其压强也是一定的，这个压强叫做饱和蒸气压强.

同温下未饱和蒸气压强小于饱和蒸气压强．

本题关键是明确影响饱和蒸气压的因素：液体的种类和液体的温度，基础题目．【解析】B

5、D【分析】【分析】

考查反应速率；方程式书写、化学平衡计算等；难度不大，关键是读懂图象运用所学知识解决问题。

【解答】

A.由图可知rm{2min}内rm{B}的物质的量浓度变化量为rm{0.2mol/L}所以rm{2min}内以rm{B}表示的平均反应速率rm{v(B)=dfrac{0.2mol/L}{2min}=0.1mol/(L?min)}故A错误；

B.当rm{v(B)=dfrac{0.2mol/L}{2min}

=0.1mol/(L?min)}rm{A}浓度不再变化时；此时正逆反应速率相等，但不为零，故B错误；

C.由图可知随反应进行rm{B}的物质的量浓度变小，rm{B}的物质的量浓度变大，所以rm{A}为反应物，rm{B}为生成物，反应结束各物质的物质的量不变，所以反应为可逆反应，rm{A}rm{A}的化学计量数之比为rm{B}rm{0.5}rm{0.4=5}所以反应方程式为rm{4}故C错误；

D.由图可知rm{5A?4B}内rm{2min}的物质的量浓度变化量为rm{A}所以rm{0.3mol/L}内以rm{2min}表示的平均反应速率rm{v(A)=dfrac{0.3mol/L}{2min}=0.15mol/(L?min)}故D正确。

故选D。

rm{A}【解析】rm{D}6、D【分析】试题分析：物体向右运动，受到的摩擦力时地面给的滑动摩擦力，在水平面上，物体对水平面的压力大小等于物体的重力，故根据公式可得方向与其相对地面的运动方向相反，即向左，故D正确。考点：考查了滑动摩擦力的计算，基础题，比较简单【解析】【答案】D7、C【分析】解：设斜面倾角为α，物体沿斜面下滑时，克服摩擦力所做的功Wf=μmgcosα•s=μmgscosα=μmgL；L是斜面的水平长度，Ⅰ和Ⅱ的路径虽然不同，当它们的水平长度L相同，因此它们克服摩擦力所做的功相同；

故选C．

应用功的计算公式求出克服摩擦力所做功的表达式；根据表达式比较克服摩擦力所做功的多少，然后答题．

根据功的计算公式求出克服摩擦力做功的表达式是正确解题的关键．【解析】【答案】C二、多选题(共9题，共18分)8、BC【分析】解：A；卫星在轨道Ⅰ上经P点要“刹车制动”才能在轨道Ⅱ上运动；故卫星在轨道Ⅰ上经P点的速度大于在轨道Ⅱ上经过P点的速度，故A错误；

B；卫星的速度越高越慢、越低越快；故卫星在轨道Ⅰ上经Q点的速度小于在轨道Ⅱ上经过P点的速度，故B正确；

C；根据开普勒定律；轨道的半长轴越大，周期越大，故卫星在轨道Ⅰ上运动周期比在轨道Ⅱ上长，故C正确；

D；根据牛顿第二定律；卫星沿轨道Ⅰ经P点时的加速度等于沿轨道Ⅱ经P点时的加速度，故D错误；

故选：BC．

根据开普勒第三定律的内容比较周期；根据牛顿第二定律列式比较加速度；根据题意可以直接判断速度的高低．

本题关键记住开普勒定律，明确离心运动和向心运动的条件，还要记住“卫星越高越慢、越低越快”的结论，注意加速度由引力决定、与速度无关．【解析】【答案】BC9、BC【分析】解：25N

和20N

两个力的合力范围为[5N,45N]

则剩余力的合力范围为[5N,45N]

根据牛顿第二定律，a=F潞脧m

知加速度的范围为[2.5m/s2,22.5m/s2].

故B；C正确，A

D错误。

故选：BC

一个质量为2kg

的物体；在五个同一水平面上共点力的作用下保持静止.

若同时撤去其中两个大小分别为25N

和20N

的力，剩余的力的合力与撤去的两个力的合力等值；反向，求出撤去的两个力的合力范围，得出剩余力的合力范围，从而根据牛顿第二定律求出加速度的范围．

解决本题的关键知道剩余力的合力与撤去的两个力的合力大小相等、方向相反，掌握求解两个力合力范围的方法，当两个力同向时，合力最大，当两个力反向时，合力最小．【解析】BC

10、BC【分析】解：AB

若皮带轮逆时针方向转动；不论A

的速度大小如何，A

总受到皮带的摩擦阻力，其方向平行皮带向下，故A错误，B正确；

C、若皮带轮顺时针方向转动，且v1>v0

那么A

在皮带上做加速运动，则A

受到摩擦动力，其方向平行皮带向上的摩擦力，故C正确；

D、若皮带轮顺时针方向转动，且v1<v0A

将减速运动，当两者速度大小相等时，能和皮带一起匀速运动到顶端，要依据最大静摩擦力与重力的下滑分力大小才能确定，因此无法确定，故D错误；

故选：BC

．

若传送带逆时针运动；不论皮带与A

的速度大小如何，A

总受摩擦阻力；

若传送带顺时针运动；A

是减速还是加速，要比较A

与传送带的速度大小，由题意若A

速度大，则A

减速，若速度小，则A

加速．

解决本题的关键分析出物体相对运动的方向，得出摩擦力的方向，从而知道加速度的方向，根据加速度方向与速度方向的关系判断物体的运动情况．【解析】BC

11、ACD【分析】【分析】在绳子作用下物块A

由P

点到C

点的过程，绳子的拉力做正功，速度增大，到C

点时B

的速度为零。根据能量守恒定律，分析物块B

克服细线拉力做的功与B

重力势能的减少量的关系。结合对称性分析物块A

的运动范围。由系统的机械能守恒求物块经过C

点时的速度。本题的关键要正确分析两物块的运动情况，知道当A

的速度最大时，B

的速度为零，明确系统遵守机械能守恒，但对单个物块而言，机械能是不守恒的。【解答】A.物块A

由P

点出发第一次到达C

点过程中；绳子拉力对A

做正功，动能不断增大，速度不断增大，故A正确;

B.到C

点时B

的速度为零.

则根据功能关系可知；在物块A

由P

点出发第一次到达C

点过程中，物块B

克服细线拉力做的功等于B

重力势能的减少量，故B错误;

C.由几何知识可得AC鈥�=3h

由于AB

组成的系统机械能守恒，由对称性可得物块A

在杆上长为23h

的范围内做往复运动；故C正确;

D.设物块A

经过C

点时的速度大小为v

此时B

的速度为0

根据系统的机械能守恒得：mg(hsin30鈭�鈭�h)=12mv2

得v=2gh

故D正确。

故选ACD。

【解析】ACD

12、BD【分析】解：A

从v鈭�t

图象可以看出0鈭�2s

内，v录脳>v脪脪2s

末乙还没有追上甲，故A错误．

B、在0鈭�2s

内，v录脳>v脪脪

两者间距增大.

在2鈭�4s

内，v录脳<v脪脪

两者间距减小，所以2s

末甲；乙速度相等时相距最远.

故B正确．

C；甲乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动；乙追上甲时两者通过的位移相等，则平均速度相等，故C错误．

D；4s

末乙追上甲；距出发点的距离x=10隆脕4m=40m

故D正确；

故选：BD

根据v鈭�t

图象中图形与坐标轴所包围的面积表示位移；分析何时两者相遇.

根据速度关系分析何时相距最远.

平均速度等于位移与时间之比．

本题关键是根据速度鈭�

时间图象得到两个物体的运动规律，然后根据速度鈭�

时间图象与时间轴包围的面积表示位移大小，结合初始条件进行分析相遇的条件和相距最远的条件．【解析】BD

13、C:D【分析】试题分析：小车的速度均为正值，说明小车做直线运动，故A错误；图线的斜率先减小到零，后反向增大，小车的加速度先减小后增大．故B错误．在t1时刻虚线的斜率比实线的大，所以在t1时刻虚线反映的加速度比实际大．故C正确．在0-t1时间内实线与时间轴围成的面积大于虚线与时间轴的面积，故实线反映的运动在0-t1时间内通过的位移大于虚线反映的运动在0-t1时间内通过的位移；故由虚线计算出的平均速度比实际的小，故D正确．故选CD．

考点：v-t图线。

【名师点睛】本题考查读图能力，关键从数学意义来理解图象的物理意义：斜率表示加速度，图线与坐标轴所围成的“面积”表示位移．横轴上方表示速度为正，根据速度的方向有无变化，分析物体做直线运动还是曲线运动．14、AB【分析】解：A；点电荷是理想化的物理模型；是对实际带电体的简化．用点电荷来代替实际带电体是采用了理想模型的方法，故A正确．

B；法拉第最早引入电场的概念；并提出用电场线形象表示电场，故B正确．

C；伽利略在对自由落体运动的研究中；首次采用以实验检验猜想和假设的科学方法，故C错误．

D；哥白尼大胆反驳地心说；提出了日心说，但没有发现行星沿椭圆轨道运行的规律，是开普勒发现了行星沿椭圆轨道运行的规律，故D错误．

故选：AB

对于物理中的重要规律；原理；要明确其提出者，了解所涉及伟大科学家的重要成就．根据物理学常识进行分析．

本题考查物理学史，是考试的基本内容之一，对于物理学史上重大发现，要加强记忆，不能混淆．【解析】【答案】AB15、AD【分析】【分析】船航行时速度为静水中的速度与河水流速二者合速度，因为小船在静水中的速度为10m/s

它大于河水流速6m/s

由速度合成的平行四边形法则可知，合速度可以垂直河岸.

当静水中的速度垂直河岸时过河时间最短，若船在静水中速度垂直河岸行驶，则过河的位移最短。小船过河问题属于运动的合成问题，要明确分运动的等时性、独立性，运用分解的思想，看过河时间只分析垂直河岸的速度，分析过河位移时，要分析合速度。【解答】AB.

小船在静水中的速度为10m/s

它大于河水流速6m/s

由速度合成的平行四边形法则可知，当以静水中的速度垂直河岸过河时，过河时间为t=dvc=6s

故A正确，B错误；CD.

由题意可知，合速度可以垂直河岸，过河位移最短，则过河位移为60m

当水流速度增加，最短路程仍不变，故C错误，D正确。故选AD。【解析】AD

16、AD【分析】【分析】要求线速度之比需要知道三者线速度关系：AB

两轮是皮带传动，皮带传动的特点是皮带和轮子接触点的线速度的大小相同，BC

两轮是轴传动，轴传动的特点是角速度相同。解决传动类问题要分清是摩擦传动(

包括皮带传动，链传动，齿轮传动，线速度大小相同)

还是轴传动(

角速度相同)

【解答】点a

和点b

是同缘传动边缘点，线速度相等，故：vavb=11

根据v=r娄脴

有：娄脴a娄脴b=rbra=12

根据T=2娄脨娄脴

有：TaTb=娄脴b娄脴a=21

点b

和点c

是同轴传动，角速度相等，故：娄脴b娄脴c=11

根据v=r娄脴

有：vbvc=rbrc=12

根据T=2娄脨娄脴

有：TbTc=娄脴c娄脴b=11

综合；有：

娄脴a娄脴b娄脴c=122

vavbvc=112

，故AD正确，BC错误。故选AD。

【解析】AD

三、填空题(共9题，共18分)17、略

【分析】【解析】

试题分析：第1秒内位移大小

第2秒内位移大小s2=at•t=2m

第3秒内位移大小

第4秒内位移大小s4=at•2t=4m

此时物体的总位移为10m,则则物体经4s位移为10m。

考点：匀变速运动的规律。【解析】【答案】418、略

【分析】解：因为只有重力做功，机械能守恒．规定地面为0势能平面．

代入数据；得v=15m/s．

抛出角度变化；初速度不变，落地时的速度大小不变，故还是15m/s

故答案为：15；15

物体在运动的过程中只有重力做功；机械能守恒．根据机械能守恒求出落地的速度大小．

解决本题的关键掌握机械能守恒的条件，以及知道运用机械能守恒时不需考虑速度的方向．【解析】15；1519、略

【分析】解：电磁式打点计时器应接在低压交流电源上；每隔0.02s

打一次点，每两个连续计数点间还有4

个点未标出，所以相邻两个计数点之间的时间为0.1s

根据匀变速直线运动中中间时刻的速度等于该过程中的平均速度；所以：

v2=x3鈭�x110T=0.1350鈭�0.030.2=0.525m/s

故答案为：x3鈭�x110T0.525

根据匀变速直线运动中中间时刻的速度等于该过程中的平均速度；可以求出打纸带上2

点时小车的瞬时速度大小．

利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．【解析】x3鈭�x110T0.525

20、8025【分析】【分析】通过时间间隔得出石子下落到井底的时间，根据h=12gt2

求出井的深度.

分别求出第2

粒石子和第3

粒石子下落的距离，从而求出两石子间的距离。解决本题的关键是掌握自由落体运动的规律，结合运动学公式灵活求解。【解答】当第5

个石子开始下落时；第1

个石子恰好到达井底，知石子下落的时间为：

t=4隆脕1s=4s

则有：h=12gt22=12隆脕10隆脕42m=80m

第2

个石子下落的时间为3s

第3

个石子下落的时间为2s

则两者的距离为：

故填：8025

【解析】8025

21、略

【分析】解：设a

球到达高度h

时两球的速度v

根据系统的机械能守恒得：

3mgh=mgh+12?(3m+m)v2

解得两球的速度为v=gh

b

落地后，a

球开始做初速度为v=gh

的竖直上抛运动；还能上升的高度为。

h隆盲=v22g=0.5h

所以a

球能达到的最大高度为h+0.5h=1.5h

故答案为：1.5h

本题可以分为两个过程来研究：首先根据ab

系统的机械能守恒，可以求得a

球上升h

时的速度的大小，之后，b

球落地；a

球的机械能守恒，从而可以求得a

球上升的高度的大小．

在a

球上升的全过程中，a

球的机械能是不守恒的，所以在本题中要分过程来求解，第一个过程中系统的机械能守恒，在第二个过程中a

球的机械能守恒．【解析】1.5h

22、略

【分析】解：由于汽车做单向直线运动；故路程和位移大小相等，由题意知v0=10m/sa=鈭�2m/s2

求4s

和8s

内的位移。

根据v=v0+at

得汽车停车时间为：

t=v鈭�v0a=0鈭�10鈭�2s=5s

隆脿

汽车4s

内的位移x=v0t+12at2=10隆脕4+12隆脕(鈭�2)隆脕42m=24m

隆脽8s>5s

隆脿8s

内的位移即为停车5s

内的位移。

x=v0t+12at2=10隆脕5+12隆脕(鈭�2)隆脕52m=25m

．

故答案为：2425

汽车刹车后做匀减速直线运动；利用匀变速直线运动的规律求解即可．

熟悉掌握匀变速直线运动规律，知道汽车停车后静止不做匀变速运动，故求刹车后的位移时要注意汽车停车的时间．【解析】2425

23、略

【分析】【解析】物体上抛到最高点，根据能量守恒，所以当初动能变为200J时，上升的高度变为原来的2倍，则产生的内能也变为原来的2倍，所以速度变为原来的倍，即m/s

故答案为：m/s【解析】【答案】m/s24、（1）D（2）结点O的位置拉力的大小及方向（3）F'（4）ABD【分析】【分析】(1)

该实验采用了“等效替代”的方法，即两次拉橡皮筋，要使橡皮筋的形变相同；(2)(3)

“验证力的平行四边形定则”的实验原理是：记录两个分力以及合力的大小和方向后，选用相同的标度将这三个力画出来，画出来的合力是实际值，然后根据平行四边形画出合力，这个是理论值，通过比较实际值和理论值的关系来进行验证；(4)

数据处理时：我们需要画出力的大小和方向，所以力要尽量大些可减小测量误差对实验的影响，拉橡皮筋时要拉的尽量长一点，了解误差产生的原因即可正确解答。主要考查了验证力的平行四边形定则的误差分析及数据的处理，应通过实验原理及数据的处理方法去思考减少实验误差的方法；并掌握实验中数据处理的方法。【解答】(1)

该实验采用了“等效法”，即用两个弹簧秤拉橡皮筋的效果和用一个弹簧秤拉橡皮筋的效果是相同的，即要求橡皮筋的形变量相同，故ABC错误，D正确；(2)

“验证力的平行四边形定则”的实验时采用等效法，所以：垄脷

沿着两个方向拉弹簧测力计，将橡皮筋的活动端拉到某一位置，记录结点O

的位置，并记录两个拉力的大小及方向；垄脹

再用一个弹簧测力计将橡皮筋的活动端也拉至O

点，需要记录两个分力以及合力的大小和方向，所以记录：这个拉力的大小及方向；(3)

由于误差的存在，通过平行四边形定则得出的合力值与由弹簧秤直接测得的力并不完全相等，通过平行四边形得出值在对角线上，用一个弹簧直接测量出的值沿细绳方向，即沿BO

方向，故F是由弹簧秤直接测得的，F隆盲

是通过平行四边形定值得出的合力值，所以不是由弹簧测力计测得的力是F隆盲

(4)A.

实验前先把两个弹簧秤的钩子互相钩住，平放在桌子上，向相反方向拉动，检查读数是否相同，故A正确；B.实验时应保持拉力水平，故应保持细绳与纸面平行，故B正确；C.实验时两细绳的夹角应近量大点，但不一定保持相互垂直，故C错误；D.为了方便而且更加准确确定力的方向，操作时可以使绳套细且长一些，描点时两点应近量距离远一点，故D正确。故填：(1)D

(2)

结点O

的位置拉力的大小及方向(3)F鈥�

(4)ABD

【解析】(1)D

(2)

结点O

的位置拉力的大小及方向(3)F鈥�

(4)ABD

25、33.327【分析】解：当汽车达到最大速度时；牵引力和阻力大小相等，由P=FV=fV可得；

v==33.3m/s；

当速度变为15m/s时；发动机输出的实际功率P=FV=fV=1800×15=27000W=27kW．

故答案为：33.3；27

故答案为：33.3；27

当汽车达到最大速度时；处于受力平衡状态，汽车的牵引力和阻力大小相等，由P=FV=fV可以求得最大速度．

再由P=FV可以求得提速后的功率的大小。

当汽车匀速行驶时，汽车处于受力平衡状态，牵引力和阻力大小相等，根据P=FV=fV分析即可得出结论【解析】33.327四、实验题(共1题，共4分)26、略

【分析】【解析】

试题分析：（1）平抛运动竖直方向为自由落体运动运动时间水平方向匀速直线运动所以只要测量出竖直下落的高度和水平位移即可。（2）根据平抛运动规律可得（3）摆锤下落过程，重力势能转化为动能，摆锤下落过程，减少的重力势能为增加的动能为若减少的重力势能等于增加的动能则有整理可得

考点：平抛运动验证机械能守恒定律实验探究【解析】【答案】（1）遇到挡板之后铁片的水平位移s和坚直下落高度h（2分）

（2）（2分）（3）（2分）五、简答题(共3题，共30分)27、略

【分析】根据牛顿运动定律对照我们所知道的物体的运动，分析哪些物体的运动规律与经典力学规律相同．【解析】【答案】例如利用经典力学规律，人类在航空航天技术中设计制造了人造卫星、宇宙飞船、航天飞机等，火车、飞机、磁悬浮列车等现代交通工具也都服从经典力学规律．28、（一）（1）B（2）Cl2+2OH-=Cl-+ClO-+2H2O（3）①MnO2+4H++2Cl-Cl2↑​+Mn2++2H2O②1.43g③0.032mol（二）①Al2O3•2SiO2•2H2O②K2O•Al2O3•6SiO2【分析】分析】本题考查氯气气体的处理、氯气的化学性质、利用方程式的计算、氧化还原反应原理和硅酸盐改写成氧化物的形式，难度不大。【解答】rm{(}一rm{)(1)}氯气有毒不能随意丢弃，利用其可与石灰反应，盛有氯气的钢瓶可用石灰填埋，故答案为：rm{B}rm{(2)}氯气与氢氧化钠溶液反应生成氯化钠、次氯酸钠和水，反应的离子方程式为：rm{Cl}rm{2}rm{2}rm{+2OH^{-}=Cl^{-}+ClO^{-}+2H}rm{2}故答案为：rm{2}rm{O}实验室用浓盐酸与二氧化锰反应生成氯化锰、氯气和水，反应的离子方程式为：rm{Cl_{2}+2OH^{-}=Cl^{-}+ClO^{-}+2H_{2}O}rm{(3)垄脵}rm{+4H^{+}+2Cl^{-}overset{?}{=}Cl}rm{MnO}rm{2}rm{2}rm{+4H^{+}+2Cl^{-}overset{?}{=}

Cl}rm{2}故答案为：rm{MnO_{2}+4H++2Cl^{-}overset{?}{=}Cl_{2}}rm{2}rm{隆眉}rm{隆眉}生成氯气的质量为：rm{+Mn^{2+}+2H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{MnO_{2}+4H++2Cl^{-}overset{?}{=}

Cl_{2}}rm{隆眉}rm{隆眉}rm{)=dfrac{1.164g}{71g/mol}}由反应方式可知参加反应的二氧化锰和氯气物质的量相等，故二氧化锰质量为：rm{dfrac{1.164g}{71g/mol}隆脕87g/mol=1.43g}故答案为：rm{+Mn^{2+}+2H_{2}O}rm{垄脷}分析方程式可知，反应中每生成rm{100ml隆脕2.91g/L}氯气，就有rm{100ml隆脕2.91g/L}被氧化，故被氧化的盐酸是生成氯气物质的量的rm{隆脕}倍，则被氧化的盐酸为：rm{dfr