2025年鲁人新版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁人新版必修3物理上册阶段测试试卷57考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，1831年法拉第把两个线圈绕在一个铁环上，A线圈与电源、滑动变阻器组成一个回路，B线圈与开关电流表G组成另一个回路。通过多次实验；法拉第终于总结出产生感应电流的条件。关于该实验下列说法正确的是（）

A.闭合开关S的瞬间，电流表G中有的感应电流B.闭合开关S的瞬间，电流表G中有的感应电流C.闭合开关S后，在增大电阻的过程中，电流表G中有的感应电流D.闭合开关S后，在增大电阻的过程中，电流表G中有的感应电流2、如图所示，在x轴上的A、B两位置分别放有电子A、B间距离与B、O间距离相等。在y轴上的C、D两位置分别放有相同负离子电荷量数值上q是e的整数倍，BC连线和BD连线与x轴的夹角始终相等。固定A处电子，调节夹角使B处电子能够在原位置平衡；下列说法正确的是（）

A.夹角有10个可能值B.夹角的值可能等于60°C.若要使B电子仍在原位置平衡，则A电子要向左移D.若A点负电荷变为其余条件不变，则B电子不可能平衡3、如图所示，垂直于纸面的四根无限长直导线a、b、c、d通有相同大小的电流I，方向如图所示，四根导线放置在正方形的四个顶点，此时正方形对角线交点O的磁感应强度大小为（已知当其它条件不变时，长直导线产生的磁场）。现在将长直导线d撤去，则O处的磁感应强度大小B1为（）

A.B.C.D.4、如图所示，a、b、c、d为某一电场中的四个等势面，已知相邻等势面间电势差相等，一个带正电粒子运动过程中只受电场力作用，先后经过M点和N点，则（）

A.电场力对粒子做正功B.粒子在M点的加速度比N点大C.四个等势面电势关系为φaφbφcφdD.该粒子在N点的动能较大，电势能较小5、某一电场线与y轴重合，A、B为y轴上的两点，y轴上各点电势随其坐标变化的关系如图所示。一电子仅在电场力的作用下沿y轴正方向从A点运动到B点的过程中；下列说法正确的是（）

A.电子的加速度增大B.电子的速度不变C.电子的动能减小D.电子的电势能减小6、如图所示，一电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM＝MN。P点在y轴右侧，MP⊥ON。则下列说法正确的是（）

A.M点的电势等于P点的电势B.将负点电荷由O点移动到P点，电场力做正功C.M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D.M、N两点间的电势差小于O、M两点间的电势差7、用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法。下列四个选项中全部都应用了比值定义法的是（）

①加速度②电场强度③电容④电流⑤导体电阻A.①③⑤B.②③⑤C.②③④D.①③④8、横截面直径为d、长为L的导线，两端电压为U，当三个参量中一个或两个变化时，不影响自由电子定向移动的平均速率是（）A.电压UB.直径dC.长度LD.长度L和直径d9、将一只量程为100μA，内阻Rg=900Ω的灵敏电流计分别改装成量程为1mA的电流表、量程为1V的电压表，电路如图所示，G为灵敏电流计，Ra、Rb是二个定值电阻，下列判断正确的是（）

A.选择开关置于a时，构成量程为0∼1V的电压表B.选择开关置于b时，构成量程为0∼1mA的电流表C.电阻Ra的阻值为90ΩD.电阻Rb的阻值为910Ω评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、如图，一边长为1m的正方形放在与其平面平行的匀强电场中，A、B、C、D是该正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为φA=6V、φB=2V、φC=﹣2V，则D点电势φD；匀强电场的电场强度大小分别为（）

A.φD=0VB.φD=2VC.E=4V/mD.E=8V/m11、如图所示，图中的四个电表均为理想电表，当滑动变阻器滑片P向右端滑动时，下面说法正确的是()

A.电压表的读数减小，电流表的读数增大B.电压表读数变化量的大小与电流表读数变化量的大小比值增大C.若电压表读数变化量大小为电流表读数变化量的大小为则D.若则电压表的读数与电流表读数的乘积增大12、如图所示，AC、BD为圆的两条互相垂直的直径，圆心为O，半径为R。电荷量均为Q的正、负点电荷放在圆周上，它们的位置关于AC对称，+Q与O点的连线和OC间夹角为30°；下列说法正确的是（）

A.O点的场强大小为方向由O指向DB.O点的场强大小为方向由O指向DC.D两点的电势关系是D.电荷量为q的正电荷在A点的电势能大于在C点的电势能13、如下图所示，在光滑绝缘水平面上，有两个质量相等、带有同种电荷的小球A和B，它们所带电荷量不相等，彼此相隔一定距离．现在给A球一个沿A、B球心连线水平向右的初速度v0，同时将B球由静止释放．若在此后的运动中两小球始终未相碰；则两小球在运动过程中（）

A.任一时刻加速度的大小一定不相等B.任一时刻加速度的大小一定相等C.相距最近时，它们的速度相等D.相距最近时，它们的速度不相等14、如图所示，水平面内的等边三角形ABC的边长为L，顶点C恰好位于光滑绝缘直轨道CD的最低点，光滑直导轨的上端点D到A、B两点的距离均为L，D在AB边上的竖直投影点为O．一对电荷量均为－Q的点电荷分别固定于A、B两点．在D处将质量为m、电荷量为+q的小球套在轨道上(忽略它对原电场的影响)，将小球由静止开始释放，已知静电力常量为k、重力加速度为g，且忽略空气阻力，则。

A.轨道上D点的场强大小为B.小球刚到达C点时，其加速度为零C.小球刚到达C点时，其动能为D.小球沿直轨道CD下滑过程中，其电势能先增大后减小15、在地面附近，存在着一个有界电场，边界MN将空间分成上下两个区域I、II，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域I中离边界某一高度由静止释放一个质量为m的带电小球，如图甲所示，小球运动的图像如图乙所示；不计空气阻力，则（）

A.小球受到的重力与电场力之比为3:5B.在t=5s时，小球经过边界MNC.在小球向下运动的整个过程中，重力做的功大于电场力做的功D.在1s～4s过程中，小球的机械能先减小后增大16、某静电场方向平行于x轴，其电势随x的变化规律如图所示：一质量为m、带电量为-q的粒子（不计重力），从O点（x=0）静止释放，仅在电场力的作用下沿x轴正方向运动。下列说法正确的是（）

A.粒子从O运动到x的过程中做匀加速直线运动B.粒子在x1处速度最大，为vm=C.粒子第一次经过x1到x2的运动过程中，电势能减小D.粒子不可能运动到x2的右侧17、某电场区域的电场线如图所示，a、b是其中一条电场线上的两点；下列说法正确的是()

A.a点的场强一定大于b点的场强B.a点的场强方向可能沿着a点的电场线向左C.负电荷在a点受到的电场力一定小于它在b点受到的电场力D.正电荷在a点受到的电场力一定大于它在b点受到的电场力18、利用图示装置通过静电计指针偏角的变化情况可以探究有关平行板电容器问题；开始时，两金属板A；B竖直平行且正对，开关S闭合。下列说法正确的是（）

A.若仅将A板缓慢竖直向上平移，则静电计指针的偏转角度增大B.若S断开后，仅将A板缓慢竖直向上平移，则静电计指针的偏转角度增大C.若S断开后，仅在B板间插入玻璃板，则静电计指针的偏转角度增大D.若S断开后，仅将A板缓慢水平向左平移，则静电计指针的偏转角度增大评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)19、如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为φA=15V，φB=3V，φC=-3V；由此。

（1）则D点电势φD=____________V

（2）若该正方形的边长为a=20cm，且电场方向与正方形所在平面平行，则场强为E=_________N/C20、如图所示，两根通以电流大小相同的通电直导线互相垂直放置，且相隔一定距离，试确定O点的磁场方向_______．21、如图所示电路中，电源电动势E=2V，内阻r=2Ω，R1=4Ω，R2=6Ω，R3=3Ω。若在C、D间连一个理想电流表，其读数是___________A；若在C、D间连一个理想电压表，其读数是___________V。

22、会利用______法和______法求电动势和内阻。23、有一个灵敏电流表，内阻为满偏电流为要把它改装成量程为的电流表，需并联______的分流电阻；如果要把它改装为量程的电压表，需串联_______的电阻（本题保留三位有效数字）。24、如图，在竖直平面内有一匀强电场，一带电量为+q、质量为m的小球在力F（未知量）的作用下沿图中虚线由A至B做竖直向上的匀速运动．已知力F和AB间夹角为θ，AB间距离为d，重力加速度为g．则电场强度E的最小值为___．若电场强度时，小球从A运动到B电势能变化量大小可能为____．

25、如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为φA=15V，φB=3V，φC=-3V；由此。

（1）则D点电势φD=____________V

（2）若该正方形的边长为a=20cm，且电场方向与正方形所在平面平行，则场强为E=_________N/C评卷人得分四、作图题(共4题，共32分)26、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

27、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。28、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

29、把蜂鸣器；光敏电阻、干簧管继电器开关、电源连成电路如图所示；制成光电报警装置，当报警器有光照射时，峰鸣器发声，当没有光照或者光照很弱时，蜂鸣器不发声，①光敏电阻：光敏电阻受光照后，阻值会变小，②干簧管继电器开关：由干簧管和绕在干簧管外的线圈组成，当线圈中有一定的电流时，线圈产生的磁场使密封在干簧管内的两个铁质簧片磁化，两个簧片在磁力作用下由原来的分离状态变成闭合状态，当线圈中没有电流或者电流很微弱时，磁场消失，簧片在弹力的作用下恢复到分离状态，电路已经连接一部分，请将电路完整连接好。

评卷人得分五、实验题(共1题，共10分)30、某小组测量一金属丝的电阻率；除多用电表；刻度尺、螺旋测微器、开关、导线外，还能提供实验所需器材。

(1)在实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，其示数如图所示，则该金属丝直径的测量值d=___________mm。

(2)使用多用电表欧姆挡粗测金属丝的电阻，倍率选择“×1”挡，指针位置如图所示，则该金属丝的电阻为___________Ω。

(3)采用伏安法测电阻时，测得了多组U、I数据，根据这些数据作出如图所示的U-I图像。由此可得金属丝的电阻R=___________Ω。（保留两位有效数字）

(4)若通过实验测量获得了数据：金属丝的电阻R，金属丝的长度l，以及金属丝的直径d。那么本次实验得到金属丝电阻率ρ=___________。（用上述符号表示）评卷人得分六、解答题(共4题，共20分)31、“通量”是物理学中的重要概念，在研究磁场时我们引入了“磁通量”。定义磁通量Ф=BS，其中B为磁感应强度、S为垂直磁场的面积。

(1)如图所示，在磁感应强度为B的匀强磁场中，放置一个面积为S的平面，平面的法线（与平面垂直）方向与磁场方向的夹角为θ。求穿过该平面的磁通量Ф。

(2)与之类似；在静电场中，我们定义“垂直穿过某一平面的电场线条数为通过这一平面的电通量”。

①写出电通量ФE的定义式及单位；

②求出通过真空中以点电荷＋Q为球心，以R为半径的球面的电通量ФE＇。（已知真空中静电力常量为k，球的表面积公式S=4πR2）

(3)自然界中的物体都会不断向外辐射电磁波，这种辐射因为和温度有关而被称为热辐射。为了研究辐射规律，人们建立一种被称为“黑体”的理想模型（对来自外界的电磁波只吸收不反射，但自身会发射电磁波）。理论研究表明，单位时间内从黑体单位表面积辐射的电磁波总能量与其绝对温度的4次方成正比，即式中σ为已知常数。假设把太阳和火星都看成黑体，忽略其他天体及宇宙空间的其他辐射，已知太阳的表面温度T0=5770K；太阳和火星间距离约为太阳半径的400倍。试估算火星的平均温度。

32、如图所示，在竖直直角坐标系内，轴下方区域I存在场强大小为E、方向沿y轴正方向的匀强电场，轴上方区域Ⅱ存在方向沿轴正方向的匀强电场．已知图中点D的坐标为()，虚线轴．两固定平行绝缘挡板AB、DC间距为3L，OC在轴上，AB、OC板平面垂直纸面，点B在y轴上．一质量为m、电荷量为q的带电粒子(不计重力)从D点由静止开始向上运动，通过轴后不与AB碰撞，恰好到达B点，已知AB=14L，OC=13L．

（1）求区域Ⅱ的场强大小以及粒子从D点运动到B点所用的时间

（2）改变该粒子的初位置，粒子从GD上某点M由静止开始向上运动，通过轴后第一次与AB相碰前瞬间动能恰好最大．

①求此最大动能以及M点与轴间的距离

②若粒子与AB、OC碰撞前后均无动能损失(碰后水平方向速度不变，竖直方向速度大小不变，方向相反)，求粒子通过y轴时的位置与O点的距离y2．33、如图，在匀强电场中，将电荷量为-6×10-6C的点电荷从电场中的A点移到B点，静电力做了-2.4×10-5J的功，再从B点移到C点，静电力做了1.2×10-5J的功。已知电场的方向与△ABC所在的平面平行：

（1）A、B两点间的电势差UAB和B、C两点间的电势差UBC分别为多少？

（2）如果规定B点的电势为0，则A点和C点的电势分别为多少？

34、在物理学中，常常用物理量之比表示研究对象的某种性质，简称用比值法定义物理量，例如用物体的质量m与相应的体积V之比定义密度ρ。课本第九章至第十一章中，用比值法定义的物理量有电场强度、电势、电容、电流、电阻等。请列举其中2个物理量，写出定义式，要求符号规范，并对定义式中各个符号表达的物理意义有准确说明。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】

【详解】

AB．闭合与断开开关S的瞬间；穿过线圈B的磁通量都不发生变化，电流表G中均无感应电流。故AB错误；

CD．闭合开关S后，在增大电阻R的过程中，电流减小，则通过线圈B的磁通量减小了，根据右手螺旋定则可确定穿过线圈B的磁场方向，再根据楞次定律可得：电流表G中有b→a的感应电流；故C错误，D正确。

故选D。2、B【分析】【详解】

AB．设AB=BO=r，设CD两处的电荷带电量为q=ne，其中n=1、2、3、4、5，当B点的电子平衡时，则

即

因n可取5个值，且θ角小于90°，可知夹角有5个可能值，当n=4时，θ=60°，选项A错误，B正确；

C．若CD两处的电荷对B处电子的作用力为

则要使B电子仍在原位置平衡，则A电子要向右移靠近B；选项C错误；

D．若A点负电荷变为其余条件不变，则要B电子仍平衡时需满足

即

则只有当n=4、5时表达式成立，即B电子仍能平衡；选项D错误。

故选B。3、A【分析】【详解】

根据右手螺旋定则可以确定四根通电直导线在O点产生的磁感应强度的方向如图所示。

由于通电导线中电流大小相等，且导线到O点距离相等，所以四根通电导线在O点产生的磁感应强度大小相等，即

所以

当撤去导线d时，O点处的合磁感应强度为

故选A。4、B【分析】【详解】

AD．由轨迹可知，正粒子从M到N时所受的电场力大致向右，可知场强大致向右，则从M到N电场力做负功，电势能变大，动能减小，则该粒子在N点的动能较小；电势能较大，选项AD错误；

B．因为M点的等势线较N点密集，可知M点的电场线较N点密集，则M点的场强较大，则粒子在M点的加速度比N点大；选项B正确；

C．因为场强大致向右，沿电场线电势降低，可知四个等势面电势关系为φa>φb>φc>φd；选项C错误；

故选B.5、D【分析】【分析】

【详解】

A．因y-φ图像的斜率等于电场强度的倒数，从图中可知斜率恒定，所以沿y轴方向的电场强度不变；由。

eE=ma可知电子的加速度不变；A错误；

BCD．由于φA＜φB，电子从A点运动到B点的过程中电场力做正功；动能增大，电势能减小，BC错误，D正确；

故选D。6、D【分析】【详解】

A．根据电场线和等势面在交互处相互垂直的关系，结合图中P点电场线可以判断出M点的电势比P点的电势高；A错误；

B．将负点电荷由O点移到P点；电势能增大，电场力做负功，B错误；

C．根据结合OM段电场线较MN处密，定性分析可知UMN<UOM；C错误；

D．由C知；D正确。

故选D。7、D【分析】【分析】

【详解】

①加速度与速度的变化量无关，所以加速度a=属于比值定义法；②电场强度与场源电荷量成正比，与距离的平方成反比，所以电场强度E=不属于比值定义法；③电容是由电容器本身的性质决定的，其大小与带电量以及两板间的电压无关，所以电容C=属于比值定义法；④电流的大小由导体两端的电压和导体的电阻决定，单位时间内通过导体横截面的电荷量叫电流强度，电流I=属于比值定义法；⑤电阻与导线长度、横截面积及电阻率有关，所以导体的电阻R=ρ不属于比值定义法；故属于比值定义法的是①③④。

故选D。8、B【分析】【分析】

【详解】

A．电压U变化时，由欧姆定律得知，电流变化，由电流的微观表达式

得知，自由电子定向运动的平均速率v变化；A错误；

B．导线横截面的直径d，由

则有

由电阻定律得

电流

解得

得知，自由电子定向运动的平均速率v不变；B正确；

CD．导线长度L变化，由电阻定律得知，电阻变化，电流变化，则由电流的微观表达式

得知，自由电子定向运动的平均速率v变化；C错误。

故选B。9、D【分析】【详解】

选择开关置于a时，构成量程为0~1mA的电流表，由欧姆定律可知

解得

选择开关置于b时，构成量程为0~1V的电压表，由欧姆定律知

解得

故选D。二、多选题(共9题，共18分)10、B:C【分析】【详解】

AB、匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化都相等，故φA-φB=φD-φC

即得φD=2V

故A错误；B正确；

CD因为φB=φD=2V，则BD连线为等势面，过A做BD的垂线方向为场强方向，则场强大小为

选项C正确；D错误。

故选BC。11、A:C【分析】【详解】

A．当滑动变阻器滑动触点P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流I1增大，则电流表A1读数增大；电压表V1读数U1=E-I1（R1+r），

I1增大，其他量不变，则U1减小；故A正确．

B．根据闭合电路欧姆定律有U1=E-I1（R1+r），则得

保持不变；故B错误．

C．电流表A1的读数等于电流表A2的读数与R2的电流之和，即I1=I2+IR2，

因I1增大，I2减小，IR2变大，则∆IR2>∆I2，

则

选项C正确；

D．将R1+r看做是电源的内阻，则电压表V1的读数与电流表A1读数的乘积等于电源的输出功率，当R1=R3时，滑动变阻器滑动触点P越向右移动，则外电阻和R1得差距越大；电源的输出功率越小，则选项D错误．

【点睛】

本题是简单的电路动态分析问题，按“部分→整体→部分”的思路进行分析．对于电压表读数的变化量与电流表读数的变化量之比，往往根据闭合电路欧姆定律分析．12、A:C【分析】【详解】

AB．O的场强大小

方向由O指向D；A正确，B错误；

C．等量异种电荷，电场线从正电荷出发到负电荷，沿着电场线，电势逐渐减小，因此C正确；

D．A点与C点的电势相等，其电势差为零，则电荷q从A点运动到C点；电场力做功为零，A点电势能等于C点的电势能，D错误。

故选AC。13、B:C【分析】【详解】

两小球所受的合力均为两者之间的库仑力，因库仑力是相互作用力，可知两球之间的静电斥力在任意时刻都是大小相等，方向相反，则根据牛顿第二定律得小球AB的加速度大小相等，方向相反．故A错误，B正确．因A做减速运动，B做加速运动，当速度相等时，距离最近，故D错误，C正确．故选BC．14、B:C【分析】【详解】

由点电荷场强公式可得,轨道上D点的场强为:选项A错误；同理可得轨道上C点的场强也为:在C点，由牛顿定律可得：解得a=0，选项B正确；从D到C，电场力做功为零，根据动能定理可得：选项C正确；小球沿直轨道CD下滑过程中，电场力先做正功，后做负功，则其电势能先减小后增大，选项D错误；故选BC.

点睛：解答此题关键是搞清两个点电荷周围的电场分布情况，利用对称的思想求解场强及电势的关系；注意立体图与平面图形的转化关系.15、A:D【分析】【详解】

小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻是t=1s时，故B错误；由图象的斜率等于加速度得小球进入电场前的加速度为：进入电场后的加速度大小为：由牛顿第二定律得：mg=ma1，F-mg=ma2，得电场力：可得重力mg与电场力F之比为3：5，故A正确，整个过程中，动能变化量为零，根据动能定理，整个过程中重力做的功与电场力做的功大小相等．故C错误；整个过程中，由图可得，小球在0-2.5s内向下运动，在2.5s-5s内向上运动，在1s～4s过程中，小球的机械能先减小后增大电场力先做负功，后做正功．电势能先增大，后减小；由于整个的过程中动能、重力势能和电势能的总和不变，所以，小球的机械能先减小后增大．故D正确。16、B:D【分析】【详解】

A．从O到x，电势升高，场强沿－x方向，电场力沿x轴正向；斜率在减小，说明电场在减弱，所以粒子做加速度减小的变加速直线运动，故A错误；

B．粒子在x处电势能最小，动能最大，由能量守恒

解得

故B正确；

C．从x1以后的运动过程中，电势降低，场强沿+x方向；电场力对粒子做负功，粒子的电势能先增加，故C错误；

D．根据能量守恒，粒子运动到x2处速度已经减为零；故D正确。

故选BD。17、A:D【分析】【分析】

电场线越密，场强越大．根据F=Eq判断电场力的大小。电场线某点的切线方向表示场强的方向。

【详解】

ACD．电场线越密，场强越大。所以a点的场强一定大于b点的场强；根据F=Eq得不论哪种电荷，在a点受到的电场力一定大于它在b点受到的电场力；故AD正确，C错误；

B．电场线某点的切线方向表示场强的方向。所以a点的场强方向一定沿着a点的电场线向右；故B错误；

故选AD。

【点睛】18、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．开关S闭合；两板间的电压不变，所以将A板竖直向上平移，静电计指针张角不变，故A错误；

B．断开电键，电容器带电量不变，仅将A板缓慢竖直向上平移，AB正对面积变小，根据可知电容减小，而电容器的电量Q不变，根据知；电势差增大，指针张角增大。故B正确；

C．若S断开后，仅在A、B板间插入玻璃板，相对介电常数增大，根据电容的决定式得知电容C增大，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得知板间电势差U减小；则静电计指针张角减小，故C错误；

D．若S断开后，仅将A板缓慢水平向左平移，板间距离d增大，根据电容的决定式得知电容C减小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得知板间电势差U增大；则静电计指针张角增大。故D正确。

故选BD。三、填空题(共7题，共14分)19、略

【分析】【详解】

(1)[1]匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化都相等，

解得：φD=9V

(2)[2]连接AC，将AC三等分，标上三等分点E、F，则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，E点的电势为3V，F点的电势为9V．连接DF；是一条等势线．

将DF延长交于AB于P点，则P点的电势为φP=φD=9V

可知P是AB的中点，

PD是该电场的一条等势线，作AM⊥PD，根据等面积原理知

场强【解析】920、略

【分析】【详解】

[1]O点的磁场方向应是两根通电导线在O处产生的磁场的合成，根据右手螺旋定则，左边那根通电导线在O处产生的磁场方向向里，右边那根通电导线在O处产生的磁场方向向上，又因两根通电直导线中电流大小相等，故电流在O处产生的磁场强度大小一样，根据平行四边形法则可知O点合磁场的方向向里且斜向上45°。【解析】向里且斜向上45°21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]若在C、D间连一个理想电流表，则电路结构为R2、R3并联后与R1串联，接到电源上，根据闭合电路欧姆定律得总电流I=

所以并联部分的电压为U=R并I=

所以通过电流表的电流为I1=

若在C、D间连一个理想电压表，则电路结构为R1、R2串联接到电源上，电压表测量的是R2的电压，则R2=【解析】122、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]根据测量电动势和内阻的实验，要学会利用计算法和图像法求电动势和内阻。【解析】计算图像23、略

【分析】【详解】

[1]将灵敏电流计改装为电流表；原理图为。

由图可知

解得

[2]将灵敏电流计改装为电压表；原理图为。

由图可知

解得【解析】24、略

【分析】【详解】

分析小球受力情况：小球受到重力拉力F与电场力因为小球做匀速直线运动，合力为零，则F与的合力与大小相等、方向相反，作出F与的合力，如图，可知当电场力与F垂直时；电场力最小，此时场强也最小．

则得：所以电场强度的最小值为．若电场强度即时，电场力可能与AB方向垂直，如图1位置，电场力不做功，电势能变化量为0；也可能电场力位于位置2方向，则电场力做功为．

【点睛】

解决本题的关键是对小球进行正确的受力分析，灵活运用图解法分析极值情况，并根据力图要知道电场力大小一定时，方向可能有两种情况，不能漏解．【解析】0或25、略

【分析】【详解】

(1)[1]匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化都相等，

解得：φD=9V

(2)[2]连接AC，将AC三等分，标上三等分点E、F，则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，E点的电势为3V，F点的电势为9V．连接DF；是一条等势线．

将DF延长交于AB于P点，则P点的电势为φP=φD=9V

可知P是AB的中点，

PD是该电场的一条等势线，作AM⊥PD，根据等面积原理知

场强【解析】9四、作图题(共4题，共32分)26、略

【分析】【详解】

实物图中第一个为电动机；电动机符号为符号图中的第二个；

实物图中第二个为电容器；电容器符号为符号图中的第三个；

实物图中第三个为电阻；电阻符号为符号图中的第四个；

实物图中第四个为灯泡；灯泡符号为符号图中的第一个。

【解析】27、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】28、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）29、略

【分析】【分析】

【详