2025年牛津上海版选修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津上海版选修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，V为电压表，A为电流表，R0为定值电阻，R为滑动变阻器；开关闭合后，电路正常工作，当滑动变阻器的滑片向左移动时，下列判断正确的是。

A.电压表的示数不变B.电流表的示数将增大C.电阻R0上消耗的电功率将增大D.灯泡L将变亮2、氢原子分能级示意图如题所示；不同色光的光子能量如下表所示．

色光

赤

橙

黄

绿

蓝—靛

紫

光子能量范围（eV）

1.61~2.00

2.00~2.07

2.07~2.14

2.14~2.53

2.53~2.76

2.76~3.10

处于某激发态的氢原子，发射的光的谱线在可见光范围内仅有2条，其颜色分别为A.红、蓝靛B.黄、绿C.红、紫D.蓝靛、紫3、如图所示，一定质量的理想气体由状态a经过等压变化到达状态b，再从状态b经过等容变化到达状态c。状态a与状态c温度相等。下列说法正确的是（）

A.气体在状态a的温度大于在状态b的温度B.气体在状态a的内能等于在状态c的内能C.从状态a到状态b的过程中，外界对气体做正功D.从状态b到状态c的过程中，气体的内能增加4、如图所示的是两直线分别是用同种材料支撑的两根长度相同的电阻丝的-图像；下列判断正确的是（）

A.电阻丝较细B.电阻丝较细C.两电阻丝的粗细相同D.无法比较5、如图所示的电路；是用一个灵敏电流计G和一个变阻器R改装成的量程更大的电表，下列判断正确的是（）

A.改装成了电流表，R增大时量程减小B.改装成了电流表，R增大时量程增大C.改装成了电压表，R增大时量程减小D.改装成了电压表，R增大时量程增大6、回旋加速器是加速带电粒子的装置,其核心部分是分别与高频交变电源两极相连接的两个D形金属盒,两盒间的狭缝中有周期性变化的电场,使粒子在通过狭缝时都能得到加速,两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中,磁场方向如图所示．若用此回旋加速器加速质子时,匀强磁场的磁感应强度为B,高频交变电流频率为f．则下列说法正确的是()

A.质子被加速后的最大速度与加速电场的电压大小有关B.高频电源只能使用方形交变电源,不能使用正弦式交变电源C.不改变B和f,该回旋加速器也能用于加速氦核D.若此加速器能把质子加速到最大速度为v，当外加磁场一定，把高频交变电源频率改为f/2，则可把氦核加速到最大速度为v/27、在某控制电路中，需要连成如图所示的电路，主要由电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及电位器(滑动变阻器)R连接而成，L1、L2是红、绿两个指示灯，当电位器的触头由弧形碳膜的中点逆时针滑向a端时；下列说法中正确的是()

A.L1、L2两个指示灯都变亮。

B.L1、L2两个指示灯都变暗。

C.L1变亮，L2变暗。

D.L1变暗，L2变亮A.B.C.D.8、某粒子A衰变为另外两种粒子B和C，其中粒子A和B所带电荷量相等，C不带电。如图所示，粒子A沿垂直于磁场的方向射入匀强磁场中，其轨迹为圆弧MP，衰变后产生的粒子B的轨迹为圆弧PN，两轨迹在P点相切，且半径之比为粒子C的轨迹未画出。下列说法正确的是（）

A.粒子A和B都带正电荷B.粒子B与C的动量大小之比为1：3C.粒子A与B的速度大小之比为2：1D.粒子B与C的质量数之和小于粒子A的质量数9、下列说法正确的是（）

A.图甲，白光通过三棱镜发生色散现象是因为三棱镜对白光中不同频率的光的折射率不同B.图乙，肥皂膜上出现彩色条纹是光的衍射现象C.图丙是红光的干涉条纹D.图丙，如果在光源与缝之间放一合适凸透镜，不改变其他条件，则条纹变密集评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、如图所示，足够长的“U”形光滑金属导轨平面与水平面成θ角(0<θ<90°)，其中MN与PQ平行且间距为L，导轨平面与磁感应强度大小为B的匀强磁场垂直，导轨电阻不计．金属棒ab由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且接触良好，ab棒接入电路的部分的电阻为R，当流过ab棒某一横截面的电荷量为q时，棒的速度大小为v，则金属棒ab在这一过程中()

A.a点的电势高于b点的电势B.ab棒中产生的焦耳热小于ab棒重力势能的减少量C.下滑的位移大小为D.受到的最大安培力大小为sinθ11、如图甲所示，在光滑水平面上的两个小球1、2发生正碰，两小球的质量分别为m1和m2．图乙为它们碰撞前后的位移一时间图像（x—t图像）．已知m1=0.1kg；由此可判断。

A.碰前小球2保持静止B.碰后小球1和小球2都向右运动C.两球的碰撞为弹性碰撞D.小球2的质量m2=0.2kg12、下列有关热现象和内能的说法中正确的是（）A.把物体缓慢举高，其机械能增加，内能不变B.盛有气体的容器做加速运动时，容器中气体的内能必定会随之增大C.电流通过电阻后电阻发热，它的内能增加是通过“做功”方式实现的E.分子间引力和斥力相等时，分子势能最小E.分子间引力和斥力相等时，分子势能最小13、关于热现象，下列说法正确的是（）A.分析布朗运动会发现，悬浮的颗粒越小，温度越高，布朗运动越剧烈B.一定质量的气体，温度升高时，分子间的平均距离增大C.分子间的距离r存在某一值r0，当r大于r0时，分子间引力大于斥力，当r小于r0时，分子间斥力大于引力E.温度升高，一定质量的理想气体的分子平均动能增大，内能可能保持不变E.温度升高，一定质量的理想气体的分子平均动能增大，内能可能保持不变14、如图所示，abcd是粗细均匀的电阻丝制成的长方形线框，导体MN有电阻，可在ad边及bc边上无摩擦滑动，且接触良好，线框处于垂直纸面向里的匀强磁场中．当MN由靠ab边外向cd边匀速移动的过程中，以下说法正确的是

A.MN中电流先增大后减小B.MN两端电压先增大后减小C.MN上拉力的功率先减小后增大D.矩形线框中消耗的电功率先减小后增大评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、如图，电源电动势E＝10V，内阻r＝0.8Ω，R1＝3.2Ω，当电键S断开时，电阻R2消耗的电功率为4W；电键S闭合后，R2和R3的并联电路消耗的总功率也是4W．则R2＝_______Ω，R3＝_______Ω．

16、装在容器中的气体，体积为4升，压强为2.0×105Pa，温度是300k，先让气体等容变化，压强增大为原来的2倍，然后让气体等温变化，压强又降低到原来数值，则气体在末状态时的体积为______，温度为___________17、如图所示，图线Ⅰ为一电源的路端电压随电流变化的图线，图线Ⅱ为一导体两端电压和导体中电流的关系图线，那么电源电动势为_______V，电源内阻为______Ω，导体电阻为_________Ω

18、（1）关于热力学定律和分子动理论，下列说法正确的是____．（填选项前的字母）

A．一定量气体吸收热量；其内能一定增大。

B.不可能使热量由低温物体传递到高温物体。

C.若两分子间距离增大；分子势能一定增大。

D.若两分子间距离减小；分子间引力和斥力都增大。

（2）空气压缩机的储气罐中储有1.0atm的空气6.0L,现再充入1.0atm的空气9.0L．设充气过程为等温过程，空气可看作理想气体，则充气后储气罐中气体压强为_____．（填选项前的字母）

A．2.5atmB.2.0atmC.1.5atmD.1.0atm19、卢瑟福的原子核式结构模型认为，核外电子绕原子核做高速的圆周运动．设想氢原子的核外电子绕核做匀速圆周运动，且核外电子离原子核最近的轨道半径为经典物理学知识认为核外电子受到原子核对它的库仑力作用而做圆周运动，则氢原子的核外电子在此轨道上运动时的周期为______s，速度为_______m/s．（电子的质量为）评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、解答题(共4题，共32分)23、如图所示，粗细均匀、横截面积相等的U形管竖直放置，左管上端封闭，右管上端开口，两管高度均为右管中有高的水银柱，水银柱上表面离管口的距离管底水平段的体积可忽略。环境温度为大气压强现将型管水平放置；使左右两管均在同一水平面上。求∶

（1）此时水银柱与大气相通的表面到管口的距离

（2）再将环境温度缓慢升高，使水银柱与大气相通的表面恰好与管口相平时的环境温度

24、如图所示，间距为2l的两条水平虚线之间有水平方向的匀强磁场，磁感应强度为B．一质量为m、边长为l、电阻为R的单匝正方形闭合导体线框abcd，从磁场上方某一高度处自由下落，ab边恰好垂直于磁场方向匀速进入磁场，线框cd边刚离开磁场区域时的速度与ab边刚进入磁场区域时的速度相等．重力加速度为g；不考虑空气阻力．求：

(1)线框开始下落时，ab边到磁场上边界的高度h；

(2)线框穿过磁场区域的过程中产生的焦耳热Q．25、如图的水平、光滑金属导轨在同一水平面上，间距分别为L和间距为L的导轨有一小段左右断开，为使导轨上的金属棒能匀速通过断开处，在此处铺放了与导轨相平的光滑绝缘材料(图中的虚线框处）．质量为m、电阻为Rl的均匀金属棒ab垂直于导轨放置在靠近断开处的左侧，另一质量也为m、电阻为R2的均匀金属棒cd垂直于导轨放置在间距为的导轨左端．导轨MN和PQ、M´N´和P´Q´都足够长，所有导轨的电阻都不计．电源电动势为E、内阻不计．整个装置所在空间有竖直方向的、磁感应强度为B的匀强磁场．闭合开关S，导体棒ab迅即获得水平向右的速度v0并保持该速度到达断开处右侧的导轨上．求：

(1)空间匀强磁场的方向；

(2)通过电源E某截面的电荷量；

(3)从导体棒ab滑上导轨MN和PQ起至开始匀速运动止，这一过程中棒ab和棒cd组成的系统损失的机械能．26、如图所示为一交流发电机的原理示意图，其中矩形线圈的面积为S，匝数为n，线圈的总电阻为r，线圈在磁感强度B的匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴OO'匀速转动，角速度为．线圈两端通过两个电刷与阻值为R的定值电阻连接．

(1)从线圈经过中性面开始计时；写出线圈中感应电动势随时间变化的函数表达式；

(2)求此发电机在上述工作状态下的输出功率；

(3)求从线圈经过中性面开始计时，经过周期时间通过电阻R的电荷量．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】

【详解】

把滑动变阻器的滑片向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析电路中总电流I增大，电源的内电压增大，路端电压减小，则知电压表和电流表的示数都将减小，电阻R0上消耗的电功率将减小，而且根据总电流增大，通过电流表的电流减小，可知通过灯L的电流增大，灯泡变亮．综上分析，D正确，ABC错误2、A【分析】【详解】

如果激发态的氢原子处于第二能级，能够发出10.2eV的光子，不属于可见光；如果激发态的氢原子处于第三能级，能够发出12.09eV、10.2eV、1.89eV的三种光子，只有1.89eV属于可见光；如果激发态的氢原子处于第四能级，能够发出12.75eV、12.09eV、10.2eV、2.55eV、1.89eV、0.66eV的六种光子，1.89eV和2.55eV属于可见光，1.89eV的光子为红光，2.55eV的光子为蓝-靛，A正确．3、B【分析】【分析】

【详解】

A．气体从状态a到状态b发生等压变化，根据盖-吕萨克定律知，体积增大，温度升高，所以气体在状态b的温度大于在状态a的温度；A错误；

B．理想气体的内能只与温度有关，a、c两状态温度相等，内能相等，所以气体在状态a的内能等于气体在状态c的内能；B正确；

C．气体从状态a到状态b；体积变大，气体对外界做功，外界对气体左负功，C错误；

D．气体从b到c发生等容变化；压强减小，温度降低，内能减小，D错误。

故选B。4、A【分析】【详解】

图线的斜率表示电阻，图线1的斜率大于2的斜率，所以a的电阻大于b的电阻，根据电阻定律

知，因长度相同，材料相同，知b的横截面积大，a的横截面积小；所以A正确，BCD错误。

故选A。5、A【分析】A；改装成了电流表；R增大时电流表量程减小，故A正确，B错误；

C；把电流计改装成电压表应给电流计串联一个分压电阻；串联电阻越大，电压表量程越大，由图示电路图可知，电流计与电阻R并联，改装后电压表量程不变，故CD错误；

故选A．6、D【分析】【分析】

粒子在磁场中运动时,洛伦兹力提供向心力,满足运动周期(电场中加速时间忽略不计).对公式进行简单推导后,便可解此题.

【详解】

A、根据可知；质子被加速后的最大速度与加速电场的电压大小无关，故A错；

B；因为粒子在电场中运动的时间很短,高频电源能使用矩形交变电流,也能使用正弦式交变电流,此时满足粒子在电压最大时进入电场即可；故B错误；

C、此加速器加速电场周期加速粒子时两个周期不同,不能用于加速氦核，故C错误；

D、此加速器加速电场周期加速粒子时当外加磁场一定，把高频交变电源频率改为f/2，此时回旋加速器可以加速氦核，根据可知氦核的最大速度变为v/2；故D对；

故选D7、B【分析】【详解】

当电位器向a段滑动时，电路的总电阻减小，干路电流增大，所以内电压增大，路段电压减小，所以灯L1变暗；通过电阻R1的电流变大，所以电位器两端的电压减小，即通过灯L2两端的电压减小，所以灯L2变暗，故ACD错误，B正确。故选B。8、B【分析】【详解】

A．根据左手定则可知两粒子A和B带负电；A错误；

B．根据公式可得

故

解得

衰变瞬间，A、B、C系统动量守恒，规定竖直向下为正方向，故有

解得

所以

B正确；

C．由于两者的质量关系未知；所以无法判断速度数值关系，C错误；

D．根据质量数守恒可知粒子B与C的质量数之和等于粒子A的质量数；D错误。

故选B。9、A【分析】【详解】

A；图甲；白光通过三棱镜发生色散现象，是因为三棱镜对白光中不同频率的光的折射率不同，偏折角不同造成的，故A正确。

B；图乙；肥皂膜上出现彩色条纹是光的干涉现象，故B错误。

C；图丙条纹宽度亮度不等；是红光的衍射条纹。故C错误。

D、图丙，如果在光源与缝之间放一合适凸透镜，因狭缝宽度和光的波长不变，则条纹密集程度不变，故D错误。二、多选题(共5题，共10分)10、B:C【分析】【详解】

根据右手定则知，通过ab棒的电流方向为b到a，则a点的电势高于b点的电势，故A错误；ab棒下降的过程中，重力势能的减小量等于动能的增加量以及ab棒产生的焦耳热之和，B正确；根据得下滑的位移大小为C正确；当导体棒的加速度为零时，速度最大，感应电流最大，安培力最大，即为故D错误．11、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．由x-t图像可知；碰前小球2的位移不随时间变化，处于静止状态，A正确；

B．碰后小球2的速度为正方向；说明向右运动，小球1的速度为负方向，说明向左运动，B错误；

CD．由图读出，碰前小球1速度为v1=4m/s，碰后小球2和小球1的速度分别为v′2=2m/s，v′1=-2m/s，根据动量守恒定律得m1v1=m1v′1+m2v′2

解得m2=0.3kg

由于碰撞前后满足m1v12=m1v′12+m2v′22

故为弹性碰撞；D错误，C正确。

故选AC。12、A:C:E【分析】【详解】

A．把物体缓慢举高；外力做功，其机械能增加，由于温度不变，物体内能不变，选项A正确；

B．物体的内能与物体做什么性质的运动没有直接关系；选项B错误；

C．电流通过电阻后电阻发热；是通过电流“做功”的方式改变电阻内能的，选项C正确；

DE．根据分子间作用力的特点，当分子间距离等于r0时，引力和斥力相等，不管分子间距离从r0增大还是减小，分子间作用力都做负功，分子势能都增大，故分子间距离等于r0时分子势能最小；选项D错误，E正确。

故选ACE。13、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．温度越高；水分子运动越激烈，对悬浮颗粒的冲力越大，布朗运动越剧烈，同时，悬浮颗粒越小，越容易改变运动状态，A正确；

B．一定质量的气体；压强不确定的情况下，温度升高时，体积不一定增大，故分子间的平均距离不一定增大，B错误；

C．分子间的距离r存在某一值r0，当r等于r0时，引力等于斥力，而分子间的引力和斥力都随分子间距离的增大而减小，由于斥力比引力变化快，所以当r小于r0时，斥力大于引力，当r大于r0时；引力大于斥力，C正确；

D．任一温度下；气体分子的速率分布均呈现“中间多；两头少”的规律，D正确；

E．温度升高；分子平均动能增大，由于理想气体不考虑分子势能，故内能一定增大，E错误。

故选ACD。14、B:C【分析】【详解】

A．导体棒MN向右运动的过程中，MN相当于电源，产生恒定的感应电动势，其余部分是外电路，外电阻先增大后减小，当MN运动到线框中线时，外电路的电阻最大．根据闭合电路欧姆定律知MN棒中的电流先减小后增大；故A错误；

B．MN两端电压是路端电压，由可知：E、r不变，I先减小后增大，则U先增大后减小；故B正确；

C．MN棒做匀速运动，拉力的功率等于电路中电功率，根据电功率公式得知；拉力的功率先减小后增大．故C正确；

D．根据推论：当外电阻等于电源的内电阻时，电源的输出功率最大，由于外电阻与MN电阻的关系未知；无法判断线框消耗的功率如何变化，故D错误；

所以BC正确；AD错误．

【点睛】

本题是电磁感应与电路的综合，关键抓住线框的总电阻先增大后减小，根据功率公式、欧姆定律等规律进行分析．三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【详解】

当电键断开时，电阻与串联连接到电源上；则有：

解得：

令的电阻为则有：

解得：

由电阻并联的特点，均舍去。

所以．【解析】1616、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]气体的状态参量。

由等容变化；有。

得。

发生等温变化；压强又降低到原来的数值，由。

知。

【解析】8L600K17、略

【分析】【详解】

[1]由图线Ⅰ可知；当电流为零时，路端电压等于电源电动势，则可知电源的电动势为6V；

[2]内阻为

[3]导体的电阻为【解析】62318、A:D【分析】【分析】

【详解】

(1)改变内能有热传递和做功；如果吸热比对外做功要少得话，物体的内能会减小，所以答案A错；在引起变化的条件下，热量可以从低温传给高温如空调等所以答案B错；在分子力为排斥力时距离增大分子势能减小，答案C错，正确答案选D.

(2)由等温变化可知P1（V1+V2）=P2V1，解得故A正确，BCD错误．故选A．19、略

【分析】【详解】

[1]根据库仑力提供向心力

解得

[2]根据库仑力提供向心力

解得【解析】四、作图题(共3题，共18分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】21、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原