2025年外研版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版高二物理上册月考试卷391考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、下列说法正确的是A.压缩气体总能使气体的温度升高B.对于一定质量的理想气体，当分子热运动变剧烈时，压强不一定变大C.布朗运动说明悬浮颗粒分子永不停息地做无规则运动D.雨水没有透过布雨伞是由于液体表面张力的作用2、一条小船长3米，船上站有一人。人的质量为60kg，船的质量（不包括人）为240kg，开始时船静止在水面上，当该人从船头走向船尾的过程中（不计水的阻力），小船将后退的距离为：（）A.0.4mB.0.5mC.0.6mD.0.7m3、在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图甲所示，当磁场的磁感应强度B随时间t按如图乙所示规律变化时，下列各图中能正确表示线圈中感应电动势E的变化情况的是4、如图甲所示，两个点电荷Q1Q2

固定在x

轴上距离为L

的两点，其中Q1

带正电荷位于原点Oab

是它们的连线延长线上的两点，其中b

点与O

点相距3L.

现有一带正电的粒子q

以一定的初速度沿x

轴从a

点开始经b

点向远处运动(

粒子只受电场力作用)

设粒子经过ab

两点时的速度分别为vavb

其速度随坐标x

变化的图象如图乙所示，则以下判断不正确的是(

)

A.Q2

带负电且电荷量小于Q1

B.b

点的场强一定为零C.a

点的电势比b

点的电势高D.粒子在a

点的电势能比b

点的电势能小5、如图甲所示，质量为1kg

的小物块以初速度v0=11m/s

从娄脠=53鈭�

固定斜面底端先后两次滑上斜面，斜面足够长，第一次对小物块施加一沿斜面向上的恒力F

第二次无恒力，图乙中的两条线段ab

分别表示存在恒力F

和无恒力F

时小物块沿斜面向上运动的v鈭�t

图像，不考虑空气阻力，g

取10m/s2

下列说法正确的是(cos53鈭�=0.6,sin53鈭�=0.8)(

)

A.恒力F

大小为21NB.物块与斜面间的动摩擦因数为0.5C.有恒力F

时，小物块在上升过程机械能的减少量较大D.有恒力F

时，小物块在上升过程产生的热量较少6、如图所示，条形磁铁放置在水平地面上，在其右端上方固定一根水平长直导线，导线与磁体垂直，当导线中通以垂直纸面向内的电流时，则(

)

A.磁铁对地的压力减小，磁铁受到向左的摩擦力B.磁铁对地的压力减小，磁铁受到向右的摩擦力C.磁铁对地的压力增大，磁铁受到向左的摩擦力D.磁铁对地的压力增大，磁铁受到向右的摩擦力评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)7、两个点电荷甲和乙同处于真空中．把每个电荷的电荷量都增大为原的4倍，那么它们之间的距离必须变为原的______倍，才能使其间的相互作用力不变．8、如图所示，不带电的枕形导体AB，A段靠近一带正电的导体C时，A端将带______电，B端______（填“不带电”、“带正电”或“带负电”）．用手触摸枕形导体A端后，枕形导体A端______（填“不带电”、“带正电”或“带负电”），B端______（填“不带电”、“带正电”或“带负电”）．9、树脂交联程度决定了树脂的成膜性。下面是一种成膜性良好的醇酸型树脂的合成路线，如下图所示。rm{(1)B}的分子式为rm{C_{4}H_{7}Br}且rm{B}不存在顺反异构，rm{B}的结构简式为________，rm{A}到rm{B}步骤的反应类型是_________。rm{(2)E}中含氧官能团的名称是_________，rm{D}的系统命名为_________。rm{(3)}下列说法正确的是_________。A.rm{1mol}化合物rm{C}最多消耗rm{3molNaOH}B.rm{1mol}化合物rm{E}与足量银氨溶液反应产生rm{2molAg}C.rm{F}不会与rm{Cu(OH)_{2}}悬浊液反应D.丁烷、rm{1-}丁醇、化合物rm{D}中沸点最高的是丁烷rm{(4)}写出rm{D}rm{F}在一定条件下生成醇酸型树脂的化学方程式_________。rm{(5)}的符合下列条件的同分异构体有_______种。rm{垄脵}苯的二取代衍生物；rm{垄脷}遇rm{FeCl_{3}}溶液显紫色；rm{垄脹}可发生消去反应rm{(6)垄脵}己知丙二酸二乙酯能发生以下反应：rm{垄脷C_{2}H_{5}OH+HBr隆煤C_{2}H_{5}Br+H_{2}O}利用上述反应原理，以丙二酸二乙酯、rm{1}rm{3-}丙二醇、乙醇钠为原料合成请你设计出合理的反应流程图__________________。提示：rm{垄脵}合成过程中无机试剂任选，rm{垄脷}合成反应流程图表示方法示例如下：10、如图所示，A、B经细绳相连挂在弹簧下静止不动，A的质量为m，B的质量为M，当A、B间绳突然断开，物体A上升到某位置时速度为v，这时B下落速度为u，在这段时间内弹簧弹力对物体A的冲量为______．11、rm{35}．rm{Li}是最轻的固体金属，采用rm{Li}作为负极材料的电池具有小而轻、能量密度大等优良性能，得到广泛应用。回答下列问题：是最轻的固体金属，采用rm{Li}作为负极材料的电池具有小而轻、能量密度大等优良性能，得到广泛应用。回答下列问题：rm{Li}下列rm{(1)}下列rm{Li}原子电子排布图表示的状态中，能量最低和最高的分别为_______、原子电子排布图表示的状态中，能量最低和最高的分别为_______、_______rm{(1)}填标号rm{Li}rm{(}rm{)}．A.rm{B}．．rm{B}C.rm{D}．rm{D}rm{(2)}rm{(2)}rm{{L}{{{i}}^{+}}}与rm{{{{H}}^{-}}}具有相同的电子构型，rm{r({L}{{{i}}^{+}})}小于rm{r({{{H}}^{-}})}，原因是______。rm{(3)}rm{(3)}填标号rm{{LiAl}{{{H}}_{{4}}}}是有机合成中常用的还原剂，键rm{{LiAl}{{{H}}_{{4}}}}键中的阴离子空间构型是_______、中心原子的杂化形式为_______。氢键rm{{LiAl}{{{H}}_{{4}}}}中，存在______rm{(}填标号rm{)}rm{(}的rm{)}循环计算得到。A.离子键rm{B.娄脪}键rm{C.娄脨}键rm{D.}氢键原子的第一电离能为_____rm{{kJ}cdot{mo}{{{l}}^{-1}}}rm{B.娄脪}键键能为_____rm{{kJ}cdot{mo}{{{l}}^{-1}}}rm{C.娄脨}rm{D.}rm{(4)}rm{{kJ}cdot{mo}{{{l}}^{-1}}}rm{(4)}rm{{L}{{{i}}_{{2}}}{O}}是离子晶体，其晶格能可通过图rm{(a)}的rm{Born-Haber}循环计算得到。rm{(a)}所示。已知晶胞参数为rm{Born-Haber}可知，rm{Li}原子的第一电离能为_____rm{Li}rm{{kJ}cdot

{mo}{{{l}}^{-1}}}，rm{O=O}键键能为_____rm{O=O}rm{{kJ}cdot

{mo}{{{l}}^{-1}}}，列出计算式rm{{L}{{{i}}_{{2}}}{O}}晶格能为_____评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)12、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）13、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）14、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

15、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

16、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

17、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

18、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、实验题(共3题，共12分)19、一个圆形线圈的匝数n=1000匝，线圈面积S=200cm2，线圈外接一个电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图，前4S内的感应电动势V，____s.（填“0-4”或“4-6”）时间内感应电动势较大。20、某同学在做“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验时，将一轻弹簧竖直悬挂并让其自然下垂，测出其自然长度；然后在其下部施加外力F，测出弹簧的总长度L，改变外力F的大小，测出几组数据，作出外力F与弹簧总长度L的关系图线如图实－2－9所示．(实验过程是在弹簧的弹性限度内进行的)由图可知该弹簧的自然长度为________cm；该弹簧的劲度系数为________N/m.21、在测定金属丝电阻的实验中，为提高测量精确度，减小误差，需要确定电流表采用内接法还是外接法。由于电表内阻未知，一位同学运用试触法进行判断。具体做法是：按图所示的电路闭合电键后，当与电压表连接的导线（带箭头部分）接到a点时，电压表示数为2.0V，电流表示数为0.40A；当接到b点时，电压表示数为3.0V，电流表示数为0.38A。电源内阻不计.（1）由以上数据可知，应该采用电流表接法。（2）测得RX的阻值是（取两位有效数字）。实验次数12345R（Ω）4.010.016.022.028.0评卷人得分五、实验探究题(共3题，共6分)22、回答下列问题：

（1）如图1所示为“探究小车速度随时间变化的规律”的实验装置图，按照实验要求应该______

A．先释放小车；再接通电源。

B．先接通电源；再释放小车。

C．同时释放小车和接通电源。

（2）本实验必须______

A．要平衡摩擦力。

B．要求悬挂物的质量远小于小车的质量。

C．上述两项要求都不需要。

（3）如图2为在“探究小车速度随时间的变化规律”实验中，得到的纸带，从中确定五个计数点，量得d1=8.00cm，d2=17.99cm，d3=30.00cm，d4=44.01cm．每相邻两个计数点间的时间间隔是0.1s．则打C点时小车的速度vC=______m/s，小车的加速度a=______m/s2．（结果保留两位有效数字）23、小明用打点计时器研究小车的运动，在实验过程中：(1)

打点计时器应使用________(

选填“直流”或“交流”)

电源．(2)

他打出一条纸带，按打点先后顺序每5

个点取一个计数点，并计算出相应时刻的瞬时速度，如下表所示.

请根据表中的数据，在坐标系中作出小车运动的vt

图象．

。计数点A

B

C

D

E

F

时刻t/s

0

0.1

0.2

0.3

0.4

0.5

瞬时速度v/(m隆陇s鈭�1)

0.150

0.205

0.270

0.330

0.395

0.450

(3)

由作出的vt

图象可以判断，小车做________(

选填“匀速”“匀加速”或“变加速”)

直线运动．24、测量电源的电动势E

及内阻r(E

约为4.5Vr

约为1.5娄赂)

．

器材：量程为3V

的理想电压表V

量程为0.5A

的电流表A(

具有一定内阻)

固定电阻R=4娄赂

滑动变阻器R隆盲

开关K

导线若干．

垄脵

画出实验电路原理图；图中各元件需用题目中所给出的符号或字母标出．

垄脷

实验中，当电流表读数为I1

时，电压表读数为U1

当电流表读数为I2

时，电压表读数为U2

则可以求出E=

______，r=

______.(

用I1I2UlU2

及R

表示)

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B|D【分析】试题分析：根据热力学第一定律，若压缩气体，对物体做功，但是气体若放热则不一定能使气体的温度升高，选项A错误；对于一定质量的理想气体，当分子热运动变剧烈时，气体的温度升高，根据气体的压强不一定变大，选项B正确；布朗运动是悬浮颗粒在永不停息地做无规则运动，不是颗粒分子的运动，选项C错误；雨水没有透过布雨伞是由于液体表面张力的作用，使得雨水对雨伞不浸润，选项D正确。考点：此题考查气态方程、布朗运动及表面张力的知识。【解析】【答案】BD2、C【分析】试题分析：设船的质量为M，人的质量为m，船长为d，据题，水对船的阻力略不计，船和人组成的系统，在水平方向上动量守恒，人在船上行进，船向右退，取人相对地的速度为正，人和船的速度大小分别为v和V．有：．人从船头走到船尾，设船后退的距离为x，则人相对于地面的距离为．则则有：解得：．带入数据可得故C正确，考点：考查了动量守恒定律的应用【解析】【答案】C3、A【分析】在0-1s间，磁通量增大，由楞次定律可知电流为正，1-3s间，磁通量不变，没有感应电流，3-5s间，磁通量减小，由楞次定律可知电流为负，由可知选A【解析】【答案】A4、C【分析】解：A

在b

点前做减速运动，b

点后做加速运动，可见b

点的加速度为0

则在b

点受到两点电荷的电场力平衡，可知Q2

带负电，且有kQ1q(3L)2=kQ2q(2L)2Q2<Q1.

故A正确。

B、在b

点前做减速运动，b

点后做加速运动，可见b

点的加速度为0

受力为零，故合场强为零，故B正确。

C、该电荷从a

点到b

点，做减速运动，且该电荷为正电荷，电场力做负功，所以电势能增大，电势升高，所以b

点电势较高.

故C错误。

D、粒子从a

到b

速度减小，动能减小，根据能量守恒可知电势能增大，故D正确。

本题选错误的；故选：C

．

在b

点前做减速运动，b

点后做加速运动，可见b

点的加速度为0

则在b

点受到两点电荷的电场力平衡；从而可得出Q2

的电性.

可通过电场力做功判断电势能的变化．

解决本题的关键以b

点的加速度为突破口，根据库仑定律得到Q1

和Q2

的电量关系.

以及知道电场力做功和电势能的关系．【解析】C

5、B【分析】【分析】根据速度鈭�

时间图象的斜率等于加速度；分别得到上滑和下滑的加速度大小，然后受力分析，根据牛顿第二定律列式求解。

根据动能定理得到动能与重力势能的关系，再将动能与重力势能相等的条件代入进行求解。本题关键根据速度时间图象得到物体上滑和下滑的加速度，然后受力分析并根据牛顿第二定律列式求解出斜面的倾角和摩擦力。另外，C

选项也可以结合重力势能增大来解答。【解答】AB.

由图可得：

有恒力F

时：

无恒力F

时：

由牛顿第二定律得：

无恒力F

时：mgsin娄脠+娄脤mgcos娄脠=ma2

解之得：娄脤=0.5

由牛顿第二定律得：

有恒力F

时：mgsin娄脠+娄脤mgcos娄脠鈭�F=ma1

无恒力F

时：mgsin娄脠+娄脤mgcos娄脠=ma2

解之得：F=1N

故A错误，B正确；

C.有恒力F

时；小物块在上升过程除摩擦力做负功外，拉力F

做正功，所以机械能的减少量较小，故C错误；

D.v鈭�t

图中v

与横坐标之间的面积表示物体的位置；可知有拉力时物体的位移比较大，所以摩擦力做的功比较多，产生的热量也比较多，故D错误。

故选B。【解析】B

6、D【分析】解：以导线为研究对象；由左手定则判断得知导线所受安培力方向斜向右上方，根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向斜向左下方，磁铁有向左运动的趋势，受到向右的摩擦力，同时磁铁对地的压力增大。故D正确。

故选：D

以导线为研究对象；根据电流方向和磁场方向判断所受的安培力方向，再根据牛顿第三定律，分析磁铁所受的支持力和摩擦力情况来选择．

本题考查灵活运用牛顿第三定律选择研究对象的能力.

关键存在先研究导线所受安培力．【解析】D

二、填空题(共5题，共10分)7、略

【分析】【解析】【答案】48、略

【分析】解：由于静电感应；AB中的负电荷将向A端移动，从而使A端带负电，B端带正电；

用手触摸AB后；用手触摸枕形导体后，由于C为正电荷，故AB电势高于大地的电势，因此大地上电子跑到导体上，将B端的正电荷中和，而A端所受的负电荷增大，B端不带电；

故答案为：负；带正电；带负电；不带电；

根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况；从而可以判断导体带电的情况．

本题考查对感应起电的理解能力，关键根据同种电荷相斥，异种电荷相吸分析感应起电的过程，注意在导体中移动的为电子．【解析】负；带正电；带负电；不带电9、（1）CH3CHBrCH＝CH2取代反应

（2）醛基1，2，3—丁三醇

（3）A

（4）

（5）6

（6）HO—CH2CH2CH2—OHCH2BrCH2CH2Br

【分析】【分析】本题考查有机物推断，需要学生对给予的信息进行利用，能较好的考查学生自学能力与迁移运用能力，注意根据转化关系中的物质结构与反应条件进行推断，熟练掌握官能团的性质，难度中等。【解答】由题中各物质的转化关系可知，rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}在氢氧化钠乙醇溶液中发生消去反应生成rm{CH}为rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{Br}在氢氧化钠乙醇溶液中发生消去反应生成rm{A}为rm{CH}rm{Br}rm{A}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{CH=CH}rm{CH=CH}rm{{,!}_{2}}作用之下生成，rm{CH}又rm{CH}的分子式为rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{CH=CH}且rm{CH=CH}不存在顺反异构，则rm{{,!}_{2}}为在rm{NBS}作用之下生成rm{B}又rm{B}的分子式为rm{C}rm{NBS}rm{B}rm{B}rm{C}rm{{,!}_{4}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{7}}rm{Br}且rm{B}不存在顺反异构，则rm{B}为rm{CH}rm{Br}为rm{B}rm{B}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{CHBrCH=CH}rm{CHBrCH=CH}rm{{,!}_{2}}，rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{CHBrCH=CH}rm{CHBrCH=CH}再碱性水解生成rm{{,!}_{2}}为与rm{Br}rm{Br}rm{{,!}_{2}}生成rm{C}为rm{CH}rm{C}根据rm{CH}rm{{,!}_{3}}为rm{CHBrCHBrCH}为rm{CHBrCHBrCH}的分子式为rm{{,!}_{2}}且rm{Br}rm{CH}不存在顺反异构，则rm{Br}的结构简式为rm{CH}rm{{,!}_{3}}到rm{BrCH}步骤的反应类型是取代反应；故答案为：rm{BrCH}取代反应；rm{{,!}_{2}}rm{CHBrCH}为rm{CHBrCH}为rm{{,!}_{2}}rm{Br}再碱性水解生成rm{D}为rm{CH}rm{Br}rm{D}rm{CH}系统命名为rm{{,!}_{3}}rm{CH(OH)CH(OH)CH}rm{CH(OH)CH(OH)CH}丁三醇；

rm{{,!}_{2}}rm{OH}根据rm{OH}丁三醇；rm{隆煤E隆煤F隆煤}rm{隆煤E隆煤F隆煤}为，结合反应条件可知，rm{E}为rm{E}，rm{F}为rm{F}rm{(1)B}则rm{C_{4}H_{7}Br}化合物rm{B}发生水解反应时，最多消耗rm{B}故A正确；

rm{CH_{3}CHBrCH=CH_{2}}为rm{A}个醛基，所以rm{B}化合物rm{CH_{3}CHBrCH=CH_{2}}与足量银氨溶液反应产生rm{(2)}故B错误；

根据上面的分析可知，rm{E}为为rm{E}，含氧官能团的名称是醛基，rm{D}为rm{CH}rm{D}

rm{CH}为rm{{,!}_{3}}rm{CH(OH)CH(OH)CH}rm{CH(OH)CH(OH)CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}系统命名为rm{1}rm{2}rm{3-}丁三醇；可形成分子间氢键，则丁烷、rm{OH}丁醇、化合物rm{1}中沸点最高的是rm{2}rm{3-}故答案为：醛基；rm{1}rm{2}rm{3-}丁三醇；rm{1}rm{2}故D错误；

rm{3-}rm{(3)}A.rm{C}为rm{CH}在一定条件下生成醇酸型树脂的化学方程式：故答案为：rm{C}符合下列条件rm{CH}苯的二取代衍生物rm{{,!}_{3}}遇rm{BrCHCHBrCH}溶液显紫色，说明含酚羟基；rm{BrCHCHBrCH}可发生消去反应，所以符合条件的与互为同分异构体，苯环上的取代基为rm{{,!}_{2}}和rm{Br}则rm{1mol}化合物rm{C}发生水解反应时，最多消耗rm{3molNaOH}故A正确；或者rm{Br}和rm{1mol}每一种又有邻间对各三种，所以符合条件的同分异构体有rm{C}种；故答案为：rm{3molNaOH}B.rm{E}为已知丙二酸二乙酯能发生以下反应：rm{E}利用上述反应原理，以丙二酸二乙酯、，含有rm{2}个醛基，所以rm{1mol}化合物rm{E}与足量银氨溶液反应产生rm{4molAg}故B错误；rm{2}丙二醇、乙醇钠为原料合成的反应流程为：rm{1mol}rm{E}故答案为：rm{4molAg}C.rm{F}为

rm{F}【解析】rm{(1)CH_{3}CHBrCH=CH_{2}}取代反应rm{(2)}醛基rm{1}rm{2}rm{3隆陋}丁三醇rm{(3)A}rm{(4)}rm{(5)6}rm{(6)HO隆陋CH_{2}CH_{2}CH_{2}隆陋OH}rm{CH_{2}BrCH_{2}CH_{2}Br}10、略

【分析】解：以向上为正方向；由动量定理得：

对B：-Mgt=-Mu-0；

对A：I-mgt=mv-0；

解得：I=m（v+u）；

故答案为：m（u+v）

分别对A；B两物体应用动量定理列式；联立即可以求出弹簧的弹力对A的冲量．

本题考查了求弹簧的冲量，应用动量定理即可正确解题，应用动量定理解题时，要注意正方向的选择【解析】m（u+v）11、rm{(1)D}rm{C}

rm{(2)Li^{+}}核电荷数较大。

rm{(3)}正四面体rm{sp^{3;;}AB}

rm{(4)520}rm{498}rm{2908}

rm{(5)dfrac{dfrac{4}{{N}_{A}}隆脕30}{(0.4665隆脕{10}^{?7}{)}^{3}}}rm{(5)dfrac{

dfrac{4}{{N}_{A}}隆脕30}{(0.4665隆脕{10}^{?7}{)}^{3}}}【分析】【分析】

本题考查物质结构和性质；涉及晶胞计算；微粒空间构型判断、原子杂化方式判断等知识点，侧重考查基本知识及基本原理，侧重考查学生公式运用、空间想像及数学运算能力，难点是晶胞计算方法，题目难度中等。

【解析】

rm{(1)}原子核外电子排布中，如果电子所占的轨道能级越高，该原子能量越高，根据图知，电子排布能量最低的是rm{1s}rm{2s}能级，能量最高的是rm{2s}rm{2p}能级，故答案为：rm{D}rm{C}

rm{(2)Li^{+}}与rm{H^{-}}具有相同的电子构型，离子核电荷数：rm{Li^{+}>H^{-}}其吸引电子能力：rm{Li^{+}>H^{-}}导致其半径越小，故答案为：rm{Li^{+}}核电荷数较大；

rm{(3)LiAlH_{4}}中的阴离子中rm{Al}原子价层电子对个数rm{=4+dfrac{3+1-4隆脕1}{2}=4}且不含孤电子对，根据价层电子对互斥理论判断其空间构型及中心原子杂化方式分别为正四面体形、rm{=4+dfrac

{3+1-4隆脕1}{2}=4}杂化；rm{sp^{3}}中，阴阳离子之间存在离子键、rm{LiAlH_{4}}和rm{Al}原子之间存在极性共价单键、配位键，所以含有的化学键为离子键、rm{H}键、配位键，故答案为：正四面体；rm{娄脪}rm{sp^{3}}

rm{AB}原子的第一电离能为rm{(4)Li}原子失去rm{Li}个电子所需要的能量，所以其第一电离能为rm{dfrac{1040}{2}kJ/mol=520kJ/mol}rm{1}键键能为氧气分子变为氧原子所需能量，其键能rm{dfrac

{1040}{2}kJ/mol=520kJ/mol}晶格能是气态离子形成rm{O=O}离子晶体释放的能量，所以其晶格能为rm{=2隆脕249kJ/mol=498kJ/mol}故答案为：rm{1mol}rm{2908kJ/mol}rm{520}

rm{498}晶胞中rm{2908}个数是rm{(5)}rm{Li^{+}}个数rm{=8隆脕dfrac{1}{8}+6隆脕dfrac{1}{2}=4}晶胞体积rm{8}晶胞密度rm{=dfrac{m}{V}=dfrac{dfrac{4}{{N}_{A}}隆脕30}{(0.4665隆脕{10}^{?7}{)}^{3}}g/cm^{3}}

故答案为：rm{dfrac{dfrac{4}{{N}_{A}}隆脕30}{(0.4665隆脕{10}^{?7}{)}^{3}}}

rm{O^{2-}}【解析】rm{(1)D}rm{C}

rm{(2)Li^{+}}核电荷数较大。

rm{(3)}正四面体rm{sp^{3;;}AB}

rm{(4)520}rm{498}rm{2908}

rm{(5)dfrac{dfrac{4}{{N}_{A}}隆脕30}{(0.4665隆脕{10}^{?7}{)}^{3}}}rm{(5)dfrac{

dfrac{4}{{N}_{A}}隆脕30}{(0.4665隆脕{10}^{?7}{)}^{3}}}三、判断题(共7题，共14分)12、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．13、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．14、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．15、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．16、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．17、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．18、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、实验题(共3题，共12分)19、略

【分析】【解析】【答案】1________20、略

【分析】当外力F＝0时，弹簧的长度即原长L0＝10cm，图线的斜率就是弹簧的劲度系数，即k＝×102N/m＝50N/m【解析】【答案】105021、略

【分析】试题分析：采用试触法确定电流表接法时，电压表示数变化大应采用外接法，电流表示数变化大，应采用电流表内接法；确定电流表接法受，根据所测电压与电流，由欧姆定律可以求出待测电阻阻值．由题意可知，电压表示数变化量大，说明电流表分压较大，为准确测量，电流表应采用外接法；待测电阻阻值：故答案为：外；5.0．考点：测定金属丝电阻．【解析】【答案】（1）外接法（2）5.0五、实验探究题(共3题，共6分)22、略

【分析】解：（1）在使用打点计时器的实验中；为了在纸带上打出更多的点，