2025年华东师大版必修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华东师大版必修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示是某一带电导体周围的电场线与等势面，A、C是同一等势面上的两点，B是另一等势面上的一点。下列说法正确的是（）

A.导体内部的场强左端大于右端B.A、C两点的电势均低于B点的电势C.B点的电场强度大于A点的电场强度D.正电荷从A点沿虚线移到B点的过程中电场力做正功，电势能减小2、已知一导体的电阻是4Ω，在内通过导体横截面的电量是这时加在此导体两端的电压是（）A.B.C.D.3、如图所示电路中的电源为恒流源，不管外电路的电阻如何变化，它都能够提供持续的定值电流．电压表、电流表都为理想电表，当闭合电键后滑动变阻器R的滑动触头向右滑动时，电压表V示数变化的绝对值为△U，电流表A示数变化的绝对值为△I；下列说法中正确的是（）

A.A示数减小，=R1B.A示数减小，=R2C.A示数增大，=R1D.A示数增大，=R24、如图所示，一通电直导线水平放置，其上方M、N两点的磁感应强度分别为BM、BN；则（）

A.BM>BN，方向均竖直向上B.BM>BN，方向均竖直向下C.BM>BN，方向均垂直纸面向里D.BM>BN，方向均垂直纸面向外5、为了研究电荷之间的相互作用力跟什么因素有关，小宇做了如下实验：把一个带正电的物体放在A处，然后将挂在丝线上带正电的小球先后挂在P1、P2、P3处；发现情况如图所示．由此，小宇归纳得出的初步结论是（）

A.电荷之间的作用力大小随距离增大而减小B.电荷之间的作用力大小随距离增大而增大C.电荷之间的作用力大小随距离的增大先增大后减小D.电荷之间的作用力大小与距离无关6、如图a所示，直线AB是某电场中的一条电场线。若有一质子仅在电场力的作用下以某一初速度沿直线AB由A运动到B，其速度图像如图b所示，下列关于A、B两点的电场强度EA、EB和电势φA、φB，以及质子在A、B两点所具有的电势能εA、εB和动能EkA、EkB，判断错误的是（）

A.EA>EBB.φA>φBC.εA>εBD.EkA>EkB7、如图所示的电路中，若为输入端，为输出端；现把滑动变阻器的滑片置于变阻器的中央，则（）

A.空载时输出电压B.当间接上负载时，输出电压C.间的负载越大，越接近D.间的负载越小，越接近8、某手机电池铭牌如图所示；根据图中信息，以下说法正确的是（）

A.800mAh是指电池储存的能量B.3.7V是指该电池在单位时间内移动1C电荷能把3.7J的其他形式能量转化为电能C.该手机在浏览文件时该电池的路端电压小于3.7VD.当该电池以0.1A的电流对外放电时最少可以使用8h9、某一新物理概念或新物理量用已学过或熟悉的物理量来定义，大多采用比值定义法，下列公式不满足比值定义法的是（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)10、如图所示的电路中，闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片P向上移动；则有（）

A.V1表读数变大B.V2表读数变大C.电源的总功率变小D.A表读数变小11、是两个带电小球，质量分别是电荷量大小分别是用两条等长绝缘细线悬挂在同一点两球静止时如图所示，此时细线对两球的拉力分别为两球连线与所在竖直线的交点为且下列说法正确的是（）

A.B.C.D.12、两个电阻R1、R2的伏安特性曲线如图所示；由图可知（）

A.R1的电阻B.R1为线性元件，R2为非线性元件C.R2的电阻随电压的增大而减小D.当U=1V时，R2的电阻等于R1的电阻13、如图；平行板电容器的两个极板A；B水平正对放置，一个电介质板放在B板上表面，两板与电源的正、负极相连，开关S闭合，一个带电粒子静止在两板间。下列举措产生的现象判断正确的是（）

A.仅将开关S断开，粒子会向下运动B.仅将极板A向上平移，粒子会向下运动C.仅将极板A向上平移，G中有从左向右的电流D.仅将电介质移出电容器，G中有从左向右的电流14、某电场的电场强度E随时间t变化规律的图象如图所示。当t=0时；在该电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力作用，则下列说法中正确的是（）

A.带电粒子将始终向同一个方向运动B.带电粒子在0~3s内的初、末位置间的电势差为零C.2s末带电粒子回到原出发点D.0~2s内，电场力的总功不为零15、如图所示，两个截面不同长度相等的均匀铜棒接在电路中，两端电压为则（）

A.通过两棒的电流强度相等B.两棒自由电子定向移动的平均速率相同C.两棒内的电场强度不同，细棒内场强大于粗棒内场强D.细棒的电压大于粗棒的电压16、某同学在研究三种导电元件的伏安特性时，根据实验中测得的数据分别绘制了图线；如图甲；乙、丙所示，下列说法正确的是（）

A.图甲的元件可以作为标准电阻使用B.图乙的电阻随电压升高而增大C.图丙的电阻随电压升高而增大D.图乙可能是半导体元件的伏安特性曲线17、图甲为某电源的U－I图线，图乙为某小灯泡的U－I图线；则下列说法中正确的是（）

A.电源的内阻为5ΩB.小灯泡的电阻随着功率的增大而增大C.把电源和小灯泡组成闭合回路，小灯泡的功率约为0.6WD.把电源和小灯泡组成闭合回路，电路的总功率约为0.9W评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)18、如图所示，电流表A的量程为0-0.6A,表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A,R1的阻值等于电流表内阻的的阻值等于电流表内阻的2倍.若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值；则。

(1)将接线柱1、2接入电路时,每一小格表示_____A.

(2)将接线柱1、3接入电路时,每一小格表示______A.19、能量守恒定律。

能量既不会凭空_______，也不会凭空_______，它只能从一种形式_______为其他形式，或者从一个物体_______到别的物体，在转化或转移的过程中，能量的总量_______。20、我国自古有“昼涨称潮；夜涨称汐”的说法。潮汐主要是由太阳和月球对海水的引力造成的，以月球对海水的引力为主。

(1)世界两大观潮胜地，一处是亚马孙河北河口，另一处是我国的___________入海口。

(2)图中，a、b是某些潮汐发电示意图。涨潮时开闸门（图a），水由通道进入海湾水库蓄水，待水面升至最高点时关闭闸门，当落潮时，开闸放水发电（图b）。设海湾水库面积为5.0×108m2，平均潮差为3.0m，一天涨落潮两次，发电的平均能量转化率为10%，则一天内发电的平均功率约为（ρ水取1.0×103kg/m3，g取10m/s2）___________。

A．2.6×104kWB．5.2×104kWC．2.6×105kWD．5.2×105kW21、一灵敏电流计，允许通过的满刻度电流为Ig=1mA，表头电阻Rg=300Ω，若改装成量程为Im=3A的电流表，应_______（填“并联”或者“串联”）阻值为__________Ω的电阻；若将此灵敏电流计改装成量程为Um=3V的电压表，应_______（填“并联”或者“串联”）阻值为___________Ω的电阻。22、如果带电小球q是用来检验电场是否存在及其强弱分布情况的，那我们就把它称为___________。23、量程为0.6A的电流表内阻Rg=60Ω，要把这个电流表的量程扩大成3A，那么应该在Rg上______联一个电阻R，R的大小应是______Ω。24、有一个电流表G，内阻Rg=30Ω，满偏电流Ig=10mA。要把它改装为量程0~3V的电压表，要______联一个______Ω的电阻，改装后电压表的内阻是______Ω。25、在匀强磁场中有一根长为的导线，它与磁场方向垂直.当通以电流时，它受到的作用力为则该磁场的磁感强度是_______T；当导线在原位置缩短为原长的一半时，磁感强度为_______T评卷人得分四、实验题(共2题，共12分)26、有一根均匀的管线状导体；横截面如图甲所示，长约为5.0cm，电阻值约为6Ω。

可供选择的器材有：

A．电流表（量程0.6A；内阻约为0.1Ω）

B．电流表（量程3A；内阻约为0.03Ω）

C．电压表（量程3V；内阻约为3kΩ）

D．滑动变阻器（1750Ω；0.3A）

E．滑动变阻器（15Ω；3A）

F．蓄电池（6V；内阻很小）

G．开关一个；带夹子的导线若干。

（1）使用游标卡尺测量管线状导体的长度如图乙所示，则管线状导体的长度L＝________cm。

（2）要精确测量管线样品的阻值，电流表应选________，滑动变阻器应选________。（填选项前的字母）

（3）请将如图所示的实际测量电路补充完整________。

（4）已知管线状导体材料的电阻率为ρ，通过测量得出电压表示数为U，电流表示数为I，外径为d，要想求得管线状导体内形状不规则的中空部分的横截面积S，在前面实验的基础上，还需要测量的物理量是________，计算中空部分横截面积的表达式为S＝________。27、某同学想设计一个测量金属棒电阻率的实验方案；实验室提供的器材有：

A.电流表A1（内阻Rg=100Ω，满偏电流Ig=3mA）

B.电流表A2（内阻约为0.4Ω；量程为0.6A）

C.定值电阻R0=900Ω

D.滑动变阻器R（5Ω；2A）

E.干电池组（6V；0.05Ω）

F.一个开关和导线若干。

G.螺旋测微器；游标卡尺。

(1)如图，用螺旋测微器测金属棒直径为______mm；如图用游标卡尺测金属棒长为______cm；

(2)用多用电表粗测金属棒的阻值:当用“×10Ω”挡时发现指针偏转角度过大，他应该换用______挡（填“×1Ω”或“×100Ω”），换挡并进行一系列正操作后，指针静止时如图所示，则金属棒阻值约为______Ω。

(3)某同学采用如图所示电路进行测量，若实验测得电流表A1示数为I1，电流表A2示数为I2，则金属棒电阻的符号表达式为Rx=______（用I1，I2，R0，Rg表示）评卷人得分五、解答题(共1题，共2分)28、空间中存在场强大小为E、方向竖直向下的匀强电场。一质量为m的带电小球从斜面顶端A水平抛出，落在斜面上的P点。现保持场强大小不变，方向改为竖直向上，小球仍从A点以相同的初速度水平抛出，落在斜面上的Q点。已知AQ的距离是AP距离的3倍，重力加速度为g；求：

（1）小球从A到P和A到Q的运动时间之比；

（2）小球所带电荷量的大小。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【详解】

A．带电导体处于静电平衡状态；导体内部的场强处处为0，导体表面为等势面，整个导体为一个等势体，A错误；

B．沿电场线方向电势降低，所以A、C两点的电势大于B点的电势；B错误；

C．电场线的疏密程度表示电场强度的弱强，所以B点的电场强度小于A点的电场强度；C错误；

D．根据可知，正电荷从高电势A点沿虚线移动到低电势B点；电势能减小，电场力做正功，D正确。

故选D。2、B【分析】【分析】

【详解】

通过导体的电流

这时加在此导体两端的电压是U=IR=16V

故选B。3、D【分析】【详解】

据题意，电源为恒流源，能够提供持续的恒定电流，电阻R1两端电压不变，则当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路的总电阻减小，而总电流不变，则电源两端的电压减小，则R2两端电压减小，通过R2的电流增大；因总电流不变，故A示数增大．由于V2示数不变，所以电压表V1示数的变化量等于电阻R1两端电压的变化量，设总电流为I总．则电阻R2两端电压为：U=（I总-I）R2，

则△U=△（I总-IA）R2=△IR2

则得：

A．A示数减小，=R1；与结论不相符，选项A错误；

B．A示数减小，=R2；与结论不相符，选项B错误；

C．A示数增大，=R1；与结论不相符，选项C错误；

D．A示数增大，=R2；与结论相符，选项D正确；

故选D．

考点：电路的动态分析4、D【分析】【详解】

利用安培定则可以判断出通电直导线周围的磁场线分布情况，图中电流方向向右，则上方磁场垂直纸面向外，且越靠近导线的，磁场越强，所以BM＞BN.

A．描述与分析不符；故A错误.

B．描述与分析不符；故B错误.

C．描述与分析不符；故C错误.

D．描述与分析相符，故D正确.5、A【分析】【详解】

试题分析：小球远离带正电的A球；说明细线悬挂的小球带正电，悬挂的小球离带正电的A球越远，受到的作用力越小，同种电荷距离越近排斥作用越强，所以，电荷之间的相互作用跟距离有关，且电荷间的作用力大小随电荷间距离的增大而减小．故A正确，BCD错误．故选A．

考点：探究电荷间的作用规律。

【名师点睛】掌握电荷间的作用，通过悬挂小球是靠近带正电的A球，还是远离靠近带正电的A球，判断悬挂小球带什么电荷；关键是知道偏转角度越大，受到的电荷间的作用力越大．6、D【分析】【详解】

A．速度图像的斜率表示点电荷的加速度的大小，由于斜率减小，则知从A运动到B过程中带电粒子的加速度减小，根据牛顿第二定律可知电场力减小，由知由A运动到B，场强E减小，所以

故A正确；不符合题意；

B．质子带正电，在电场力的作用下做加速运动，所以电场方向从A指向B，则B点的电势低，即

故B正确；不符合题意；

CD．电场力对质子做正功，电势能减小，则

动能增大，则

故C正确；不符合题意，D错误，符合题意。

故选D。7、C【分析】【分析】

【详解】

A．空载时，变阻器上下两部分串联，根据串联电路电压与电阻成正比得输出电压

故A错误；

B．当间接上负载时，负载与变阻器下部分电阻并联，电阻减小，AB间的电压减小，输出电压

故B错误；

CD．间的负载越大，下部分并联的电阻越大，分担的电压越大，越接近故C正确，D错误。

故选C。8、C【分析】【详解】

A．800mAh是指电池储存的电量；故A错误；

B．电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷从电源内部的负极移到正极所做的功；即每移动单位电荷有3.7J的其它形式的能量转化为电能，而不是在1s内转变的电能，故B错误；

C．3.7V为电池的电动势；该手机在浏览文件时该电池的路端电压小于3.7V，故C正确；

D．若电池以0.1A的电流工作，其工作时间为

故D错误。

故选C。9、C【分析】【分析】

【详解】

A．电势差由电场本身的性质决定，与和无关；属于比值定义法，A错误；

B．磁感应强度由磁场本身的性质决定，与无关；属于比值定义法，B错误；

C．是加速度的决定式，且加速度由决定；不属于比值定义法，C正确；

D．电容是由电容器本身的性质决定的，与Q、无关；属于比值定义法，D错误。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)10、A:C【分析】【详解】

A.闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片P向上移动，变阻器接入电路的阻值变大，则外电路的总电阻变大，根据闭合电路的欧姆定律，总电流变小，则路端电压变大，即V1表读数变大；故A正确；

B.总电流变小，根据部分电路的欧姆定律，R1两端的电压变小，即V2表读数变小；故B错误；

C.电源的总功率为P＝EI，E不变，I减小；电源的总功率变小。故C正确；

D.R2两端的电压加上R1两端的电压等于路端电压；即。

U1＋U2＝U，R1两端的电压变小，路端电压变大，所以R2两端的电压变大，故R2中的电流变大；即A表读数变大。故D错误；

故选AC；11、B:D【分析】【分析】

【详解】

BCD．利用相似三角形知识可得，球所受三个力构成的矢量三角形与三角形相似，

球所受三个力构成的矢量三角形与三角形相似，

因所以

选项B；D正确；C错误；

A．因两球之间的作用力是相互作用力；无法判断两球带电荷量的多少关系，选项A错误。

故选BD。12、B:D【分析】【详解】

A．R1的电阻

选项A错误；

B．R1为线性元件，R2为非线性元件；选项B正确；

C．R2的图像上各点的横坐标U与纵坐标I的比值随电压的增大而增大，则R2的电阻随电压的增大而增大；选项C错误；

D．当U=1V时，R2的电阻等于R1的电阻；均等于2Ω，选项D正确。

故选BD。13、B:C:D【分析】【详解】

A．将开关S断开；电容器的带电量不变，因此板间场强不变，粒子不动，故A错误；

B．将极板A向上平移，板间距离增大，由

可知；板间场强变小，粒子向下运动，故B正确；

C．将极板A向上平移，由

可知，电容器的电容减小，由

可知；电容器放电，因此电流计中有从左向右的电流，故C正确；

D．将电介质板移出电容器；电容器的电容减小，电容器放电，电流计中有从左向右的电流，故D正确。

故选BCD。14、B:D【分析】【详解】

A．带电粒子在第1s内做匀加速直线运动；在第2s内先匀减速后反向匀加速，所以不是始终向同一方向运动，A错误；

B．带电粒子在第1s内做匀加速直线运动，位移为

1s末的速度为

在第2s内加速度大小是之前的2倍，方向与之前相反，第2s内的位移和速度为

则2s末带电粒子仍处于1s末的位置，第3s内的加速度与第1s内相同，有

则带电粒子在这3s内的总位移为

即带电粒子在3s末回到出发点；则电场力做功为零，电势能变化为零，电势差为零，B正确；

C．根据对B选项的分析可知；3s末带电粒子回到原出发点，C错误；

D．带电粒子在2s末没有回到出发点；电势能变化不为0，所以电场力的总功不为零，D正确。

故选BD。15、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由于两棒串联；所以电流相等，故A正确；

B．由。

I＝nqSv可知；两棒电流相等，而两棒横截面积不同，两棒的自由电子定向移动的平均速率不同，故B错误；

CD．由。

可知，细棒的电阻大，由串联分压原理可知细棒的电压U1大于粗棒的电压U2；又由。

可知细棒内场强E1大于粗棒内场强E2；故CD正确。

故选ACD。16、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．图甲图像为正比例函数；表示电阻表示不变，则可作为标准电阻使用，故A正确；

BD．图乙图像斜率表示电阻的倒数；则乙图曲线上的点，随电压增大，斜率逐渐减小，则电阻增大，由此可得电压很小时，电阻也很小，半导体电阻在电压较小时，电阻很大，故乙图不是半导体元件，故B正确，D错误；

C．图丙图像斜率表示电阻的倒数；则丙图曲线上的点，随电压增大，斜率逐渐增大，则电阻减小，故C错误。

故选AB。17、B:D【分析】【详解】

A．根据闭合电路欧姆定律变形

可得图像与纵轴的交点表示电动势，图像斜率的大小表示内阻，根据甲图电动势为

内阻为

A错误；

B．根据乙图可知电流越大，小灯泡功率越大，根据欧姆定律变形得

可知乙图线上某点与原点连线的斜率为电阻；所以小灯泡的电阻随着功率的增大而增大，B正确；

CD．把电源和小灯泡组成闭合回路，在乙中作该电源对应的U-I图像；如图所示。

两曲线的交点即小灯泡的电压、电流，根据图像读数

所以，小灯泡的功率为：

回路中的总功率为

C错误；D正确。

故选BD。三、填空题(共8题，共16分)18、略

【分析】【详解】

（1）[1]．当接线柱1、2接入电路时，电流表A与R1并联，根据串并联电路规律可知，R1分流为1.2A；故量程为1.2A+0.6A=1.8A；故每一小格表示0.06A；

（2）[2]．当接线柱1、3接入电路时，A与R1并联后与R2串联，电流表的量程仍为1.8A，故每一小格表示0.06A；【解析】0.06A0.06A19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】产生消失转化转移保持不变20、略

【分析】【详解】

(1)[1]钱塘江是世界著名的观潮胜地；有“八月十八潮，壮观天下无”的说法。

(2)[2]发电时水减少的势能ΔEp=mgΔh=ρ水ShgΔh

其中Δh=

一天发电两次，转化成的电能E=2ΔEp×10%，P=

代入数值得P=5.2×104kW

故选B。【解析】①.钱塘江②.B21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]若改装成量程为Im=3A的电流表，应并联的电阻阻值为

[3][4]若将此灵敏电流计改装成量程为Um=3V的电压表，应串联的电阻阻值为【解析】①.并联②.0.1③.串联④.22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]如果带电小球q是用来检验电场是否存在及其强弱分布情况的，那我们就把它称