2025年浙教新版必修1物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教新版必修1物理上册阶段测试试卷973考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、有一种新的交通工具；为了增加乘客乘车的舒适度，座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图所示，当此车减速上坡时，则乘客(仅考虑乘客与水平面之间的作用)（）

A.处于超重状态B.不受摩擦力的作用C.受到向后(水平向左)的摩擦力作用D.所受合力竖直向上2、如图所示，在建筑工地，工人兄弟用两手对称水平施力将两长方体水泥制品夹紧并以加速度a竖直向上匀加速搬起。其中A的质量为m，B的质量为2m，水平作用力为F，A、B之间的动摩擦因数为μ。在此过程中，A；B间的摩擦力为（）

A.μFB.m（g＋a）C.m（g＋a）D.m（g＋a）3、如图所示，质量为的物块A悬挂在弹簧测力计下方，木板B托住物块A使整个装置静止，此时测力计的示数为重力加速度现使木板B以的加速度向下运动；木板B开始运动的瞬间，物块A的加速度为（）

A.0B.C.D.4、截面为长方形的中空“方钢”固定在水平地面上，截面一边与水平面夹角为30°，如图所示。方钢内表面光滑，轻质细杆两端分别固定质量为mA和mB的两个小球A和B，已知小球、轻杆与横截面共面，当轻质细杆与地面平行时两小球恰好静止，则A、B两小球质量之比为（）

A.3B.C.D.5、如图所示，轻绳一端系在物体A上，另一端与套在粗糙竖直杆MN上的轻圆环B相连接。用水平力F拉住绳子上的一点O，使物体A及轻圆环B静止在实线所示的位置。现保持力F的方向不变，使物体A缓慢移到虚线所示的位置，这一过程中圆环B保持静止。若杆对环的弹力为FN，杆对环的摩擦力为Ff，OB段绳子的张力为FT；则在上述过程中（）

A.F不变，FN减小B.Ff不变，FT增大C.Ff减小，FN不变D.FN减小，FT减小6、如图，质量相等的A、B两小球分别连在轻质弹簧两端，B端用细线固定在倾角为30°的光滑斜面上，则在细线被剪断瞬间，A、B两球的加速度分别为()

A.0和B.0和C.和D.和7、如图所示，A、B两球质量相等，光滑斜面的倾角为θ，图甲中，A、B两球用轻弹簧相连，图乙中A、B两球用轻质杆相连，系统静止时，挡板C与斜面垂直；轻弹簧；轻杆均与斜面平行，则在突然撤去挡板的瞬间有()

A.两图中两球加速度均为gsinθB.两图中A球的加速度均为0C.图乙中轻杆的作用力一定不为0D.图甲中B球的加速度是图乙中B球的加速度的2倍8、如图所示，位于竖直平面内的固定光滑圆环轨道与水平面相切于M点，与竖直墙相切于A点，竖直墙上另一点B与M的连线和水平面的夹角为60°，C是圆环轨道的圆心，已知在同一时刻a、b两球分别由A、B两点从静止开始沿光滑倾斜直轨道AM、BM运动到M点；c球由C点自由下落到M点；则（）

A.a球最先到达M点B.b球最先到达M点C.c球最先到达M点D.b球和c球都可能最先到达M点9、在一沙坑的正上方某处将小球1竖直上抛,同时将小球2从同一位置处自由释放．以抛出时为计时起点.两小球在前2时间内的图象如图所示,已知重力加速度为g,空气阻力忽略不计,则小球1落入沙坑时的速度大小为。

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)10、飞机起飞时,其竖直方向速度随时间变化的规律如图所示,则下列说法正确的是()

A.飞机经20min达到最高点B.飞机飞行的最大高度为6000mC.飞机经5min达到最高点D.飞机飞行的最大高度为4500m11、以下各图分别表示物体做直线运动的运动图象，其中表示物体做匀变速直线运动的有（）A.B.C.D.12、质点由静止开始做直线运动，加速度与时间关系如图所示，t2=2t1；则()

A.质点一直沿正向运动B.质点在某个位置附近来回运动C.在0～t2时间段内，质点在t1时刻的速度最大D.在0～t2时间段内，质点在t2时刻的速度最大13、如图所示，天花板上悬挂一轻质弹簧，弹簧下端栓接质量为m的小球A，A球通过轻杆连接质量为的小球B，重力加速度为g；下列说法正确的是（）

A.剪断弹簧瞬间，轻杆上弹力不为0B.剪断弹簧瞬间，B球加速度均为gC.剪断轻杆瞬间，B球加速度大小均为gD.剪断轻杆瞬间，A球加速度大小为B球加速度大小为g14、两个共点力的合力为F，如果两个共点力之间的夹角θ固定不变，而其中一个力增大，则（）A.合力F一定增大B.合力F的大小可能不变C.若θ=90°，合力F一定增大D.若0°＜θ＜90°，合力F可能减小15、如图所示，a、b两条曲线分别为汽车A、B行驶在同一公路上的v-t图象，a、b曲线交点的连线与时间轴平行，且a、b曲线关于它们两交点的连线对称．已知在t2时刻两车相遇；下列说法正确的是。

A.t1时刻B车在前，A车在后B.在t1～t2这段时间内，两车位移相等C.在t1～t2这段时间内的同一时刻，A、B两车的加速度相等D.在t1～t2这段时间内的同一时间段，A、B两车的速度改变量的大小均相等评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)16、v-t图，读图则_____时刻离原点最远，9秒内的位移是_____

17、如图所示，M、N两物体叠放在一起，在恒力F作用下，一起向上做匀加速直线运动，对于N，存在___________对作用力与反作用力；对于M，存在___________对作用力与反作用力．18、一个皮球从高的地方落下，碰撞地面后又反弹起通过的路程是______该球经过一系列碰撞后，最终停在地面上，在整个运动中皮球的位移大小是______19、三个木块a、b、c和两个劲度系数均为500N/m的相同轻弹簧p、q用轻绳连接如图，a放在光滑水平桌面上，a、b质量均为1kg，c的质量为2kg。开始时p弹簧处于原长，木块都处于静止。现用水平力缓慢地向左拉p弹簧的左端，直到c木块刚好离开水平地面为止。则当c木块刚好离开水平时q弹簧的形变量大小为_______cm，该过程p弹簧的左端向左移动的距离_______cm。（不计滑轮摩擦，g取10m/s2）

20、如图所示的速度时间图像，由图像可知，物体初始时刻的速度是_______加速度是________前的位移是_________21、雨滴下落时所受到的空气阻力与雨滴的速度成正比，还与雨滴半径的平方成正比。假设一个大雨滴和一个小雨滴从同一足够高的云层同时下落，最终他们都________（填“加速”、“减速”或匀速）下落。接近地面时________（填“大”或“小”）雨滴的速度较小。22、如图所示是一个物体向东运动的速度图象，由图可知在0～10s内物体的加速度为___m/s2，在0～60s内物体的位移大小是______m。

23、已知物体在倾角为α的斜面上恰能匀速下滑，则物体与斜面间的动摩擦因数是________；如果物体质量为m，当对物体施加一个沿着斜面向上的推力时恰能匀速上滑，则这个推力大小是_______。评卷人得分四、作图题(共2题，共12分)24、作图题：均匀长棒一端放在固定的光滑斜面上，另一端用细线系在天花板上，如图，若细线竖直，试画出棒的受力分析示意图25、画出图中物体A所受力的示意图。

(1)A沿粗糙水平面向右滑行；

(2)A沿粗糙斜面上滑。

评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)26、某同学在验证牛顿第二定律时，设计了如图甲所示的实验装置，经测量可知小车的质量为m1，砝码盘及砝码的总质量为m2，且m2远小于m1。回答下列问题∶

（1）在某次实验时打出了如图乙所示的纸带，已知打点计时器的打点周期为T，图中相邻两计数点间还有四个点未画出，用刻度尺依次测出相邻两计数点之间的距离为x1、x2、x3、x4、x5、x6，用上述量写出小车加速度的关系式a=______；

（2）该同学在探究小车加速度与外力的关系时，首先平衡了摩擦力，多次改变盘中砝码的质量，记录了多组加速度与砝码重力F的图像，如图丙所示，若重力加速度g=10m/s2，则小车的质量为______kg，砝码盘的质量为_____kg。（保留一位有效数字）27、①在小车质量M一定时，探究小车的加速度a与拉力F的关系。甲同学根据实验数据画出的小车的加速度a和小车所受拉力F的图像为图所示中的直线Ⅰ，乙同学画出的图像为图中的直线Ⅱ。直线Ⅰ、Ⅱ在纵轴或横轴上的截距较大。明显超出了误差范围，下面给出了关于形成这种情况原因的四种解释，其中可能正确的是()。

(A)实验前甲同学没有平衡摩擦力。

(B)甲同学在平衡摩擦力时；把长木板的末端抬得过高了。

(C)实验前乙同学没有平衡摩擦力。

(D)乙同学在平衡摩擦力时；把长木板的末端抬得过高了。

②在研究小车的加速度a和小车的质量M的关系时，由于始终没有满足M>>m(m为砂桶及砂桶中砂的质量)的条件，结果得到的图像应是如下图中的().

28、某同学利用如图所示的实验装置来测量重力加速度g．细绳跨过固定在铁架台上的轻质滑轮，两端各悬挂一只质量为M的重锤．实验操作如下：

①用米尺量出重锤1底端距地面的高度H；

②在重锤1上加上质量为m的小钩码；

③左手将重锤2压在地面上，保持系统静止．释放重锤2，同时右手开启秒表，在重锤1落地时停止计时，记录下落时间；

④重复测量3次下落时间，取其平均值作为测量值t．

请回答下列问题

(1)步骤④可以减小对下落时间t测量的______（选填“偶然”或“系统”）误差．

(2)实验要求小钩码的质量m要比重锤的质量M小很多，主要是为了______（填字母代号）．

A.使H测得更准确

B.使重锤1下落的时间长一些

C.使系统的总质量近似等于2M

D.使细绳的拉力与小钩码的重力近似相等

(3)滑轮的摩擦阻力会引起实验误差．现提供一些橡皮泥用于减小该误差，可以怎么做?_______.

(4)使用橡皮泥改进实验后，重新进行实验测量，并测出所用橡皮泥的质量为m0．用实验中测量的量和已知量表示g，得g=______.29、某实验小组采用图1所示实验装置探究物块与长木板间的动摩擦因数。带滑轮的长木板水平固定在桌面上，物块左端连接穿过打点计时器的纸带，物块右端连接不可伸长的细绳，跨过轻质滑轮连接装有砝码的砝码桶，打点计时器所接电源的频率为

（1）纸带上每五个点取一个计数点，得到实验数据如图2所示。打下D点时物块的速度______物块的加速度大小______（保留1位小数）

（2）若物块的质量为M，砝码桶与砝码的总质量为m，重力加速度为g，物块加速度为a，则物块与木板间的动摩擦因数______（用字母表示）。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【分析】

【详解】

A．当此减速上坡时；整体的加速度沿斜面向下，乘客具有向下的分加速度，所以根据牛顿运动定律可知乘客处于失重状态，故A错误；

BC．对乘客进行受力分析；乘客受重力，支持力，由于乘客加速度沿斜面向下，而静摩擦力必沿水平方向，由于乘客有水平向左的分加速度，所以受到向后（水平向左）的摩擦力作用，故B错误，C正确；

D．由于乘客加速度沿斜面向下；根据牛顿第二定律得所受力的合力沿斜面向下，故D错误。

故选C。2、B【分析】【详解】

对A、B整体分析，根据牛顿第二定律，有2Ff－（m＋2m）g＝（m＋2m）a

再隔离A分析，根据牛顿第二定律，有Ff－mg－FfBA＝ma

联立解得FfBA＝m（g＋a）

ACD错误；选项B正确。

故选B。3、B【分析】【详解】

木板B开始运动的瞬间，物块A受到的合力大小为

由牛顿第二定律可得物块A的加速度为

故选B。4、A【分析】【详解】

受力分析如图所示，其中轻杆合力为零，所以

根据小球A受力分析得

根据小球B受力分析得

所以

故选A。

5、D【分析】【详解】

先以O点为研究对象，进行受力分析，有A物体的重力GA，外力F和绳子的拉力FT，设绳子与竖直方向的夹角为则

由题可知减小，所以F减小，FT减小；

再以物体B为研究对象，进行受力分析，有B物体的重力GB，绳子的拉力FT，竖直杆对B的支持力FN和摩擦力Ff，则

所以当减小时，FN减小，Ff不变；所以D正确，ABC错误。

故选D。6、A【分析】【详解】

对A：在剪断细线之前，A处于平衡状态，所以弹簧的拉力等于A的重力沿斜面的分力相等，弹簧拉力

在剪断细线的瞬间；绳子上的拉力立即减为零，而弹簧的伸长量没有来得及发生改变，故弹力不变，所以A的受力情况没有变化，故A球的加速度为零；

对B：在剪断细线之前，对B球进行受力分析，B受到重力、弹簧对它斜向下的拉力、支持力及细线的拉力，在剪断细线的瞬间，细线的拉力立即减为零，对B球进行受力分析，则B受到到重力、弹簧的向下拉力、支持力．因弹簧的拉力大小为

所以根据牛顿第二定律得：B的加速度为

故A正确，BCD错误；7、D【分析】撤去挡板前；对整体分析，挡板对B球的弹力大小为2mgsinθ，因弹簧弹力不能突变，而杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中A球所受合力为零，加速度为零，B球所受合力为2mgsinθ，加速度为2gsinθ；图乙中杆的弹力突变为零，A；B球所受合力均为mgsinθ，加速度均为gsinθ，故D正确，A.B.C错误．

故选D.

点睛：根据弹簧弹力不能突变，杆的弹力会突变，分析撤去挡板的瞬间，图甲和图乙中A、B所受合外力即可得到各自的加速度．8、C【分析】【详解】

如图所示。

令圆环半径为R，则c球由C点自由下落到M点用时满足

所以

对于a球令AM与水平面成θ角，则a球下滑到M时满足

解得

同理b球从B点下滑到M点用时也满足

上式中r为过B、M且与水平面相切于M点的竖直圆的半径，r>R，综上所述可得

故C正确；ABD错误。

故选C。9、B【分析】【详解】

由题意，两小球在前2t内的速度-时间图象斜率均为g，t时刻小球1速度为0，小球2落入沙坑，速度大小v2=gt，故小球1的初速度大小为v0=gt，方向向上，抛出点在沙坑的正上方小球1所到最高点在沙坑正上方处，设小球落入沙坑时的速度为v1，对小球从最高点到落入沙坑有解得：故B正确，ACD错误．二、多选题(共6题，共12分)10、A:D【分析】【详解】

AC．由图分析可知；飞机一直竖直向上运动，飞机经20min达到最高点，故A正确，C错误．

BD．飞机飞行的最大高度等于梯形的“面积”，即有：

故B错误，D正确．11、A:C:D【分析】【详解】

A．在速度-时间图象中切线的斜率表示加速度；加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；所以图象的斜率为负常数即物体的加速度为负方向的定值，物体做匀减速直线运动，A正确；

B．位移-时间图象的斜率表示该时刻的速度；斜率的正负表示速度的方向，图象的斜率为正常数，即物体的速度为正方向的定值，物体向正方向做匀速直线运动，B错误；

C．图象的斜率变化，写出抛物线的表达式：初速度为零的匀加速直线运动公式：两式比较可知即为常数；所以物体做匀加速直线运动，C正确；

D．有图象可知物体的加速度不变；即物体做匀变速直线运动，D正确。

故选ACD。12、A:C【分析】【详解】

试题分析：由图可知在t1时间内质点做初速度为零的匀加速运动，在t1～t2时间内做匀减速运动，且加速度大小相等，时间相等，故质点一直沿正向运动，故A正确，B错误；由图可知在t1时间内质点做初速度为零的匀加速运动，在t1～t2时间内做匀减速运动，且加速度大小相等，时间相等，故t1时刻的速度最大；故C正确，D错误；故选AC．

考点：运动图像。

【名师点睛】考查了加速度的图象，会根据图象分析质点的运动情况；注意加速度改变方向时，速度方向不一定改变．13、B:D【分析】【详解】

AB．剪短弹簧瞬间，以A、B以及杆整体作为研究对象，整体做自由落体运动，加速度为再隔离B；根据牛顿第二定律可知，小球B做自由落体运动，杆对B的力必须为零，故A错误，B正确；

CD．剪断轻杆瞬间，B球加速度大小为g；做自由落体运动；为剪短轻杆前对A进行受力分析如下。

根据平衡条件有

当剪短轻杆后，对球A，除了杆的力消失意外，其他力没有发生变化，根据牛顿第二定律有

得

加速度方向竖直向上；故C错误，D正确。

故选BD。14、B:C【分析】【详解】

AB.当两个力同向；一个力增大，则合力一定增大；当两个力反向，一个力增大，则合力可能减小，可能增大，可能不变。故A错误，B正确；

C.若θ=90°，合力一个力增大，合力一定增大，故C正确；

D.当0∘<θ<90∘；一个力增大，则合力一定增大。故D错误。

故选：BC.15、A:D【分析】【详解】

在速度时间图像中图像与时间轴围成的面积表示位移，因为在时刻两车相遇，在时间内，a图线与时间轴围成的面积大，即a的位移较大，所以在时刻，A车在后，B车在前，故A正确B错误；图线切线的斜率表示加速度，由图象可知，在这段时间内的相同时刻，A车与B车加速度大小相等，方向相反，则加速度不等，C错误；因为a、b曲线交点的连线与时间轴平行，即在时间内速度变化量都为零，即速度变化量相等，D正确．三、填空题(共8题，共16分)16、略

【分析】【详解】

[1]由v-t图像可知，v-t图所包围的面积代表位移；故7s时物体的正向位移最大，离原点最远；

[2]v-t图的斜率代表加速度，6-9s内，斜率为

即加速度大小为9s时的速度为

所以9秒内的位移是【解析】7s10m17、略

【分析】【分析】

【详解】

M、N两物体一起向上做匀加速直线运动，合力向上，对MN整体进行受力分析，受到重力和F，墙对M没有弹力，否则合力不能向上，也就不可能有摩擦力；对N进行受力分析，得：N受到重力，M对N的支持力，这两个力的合力不能向上，所以还受到M对N向上的静摩擦力，一共3个力，则N存在3对作用力与反作用力；再对M进行受力分析，得：M受到重力、推力F、N对M的压力以及N给M沿斜面向下的静动摩擦力，一共4个力，则存在4对作用力与反作用力．【解析】3418、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]通过得路程为轨迹长度

[2]通过的位移大小为初末位置间距离【解析】①.8②.719、略

【分析】【详解】

[1][2]开始未用水平力拉p弹簧时，弹簧q处于压缩状态，受到的压力等于b物体的重力，由胡克定律得弹簧q压缩的长度为

当c木块刚好离开水平地面时，弹簧q处于伸长状态，受到的拉力为等于c物体的重力，根据胡克定律得弹簧q伸长的长度当c木块刚好离开水平地面时，弹簧q处于伸长状态，受到的拉力为等于c物体的重力，根据胡克定律得弹簧q伸长的长度

此时，弹簧p处于伸长状态，受到的拉力等于b、c的总重力，则弹簧p伸长的长度为

根据几何关系得到，该过程p弹簧的左端向左移动的距离为【解析】41220、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由图像可知；物体的初速度为5m/s

[2]图像斜率表示加速度；则加速度为。

[3]图像与坐标轴所围面积表示物体的位移；则。

【解析】522.521、略

【分析】【详解】

[1]因为雨滴受到的空气阻力与速度有关；速度越大阻力越大，因此最终当阻力增大到与重力平衡时都做匀速运动；

[2]设雨滴半径为r，则当雨滴匀速下落时受到的空气阻力：

根据题意可以知道雨滴下落时的阻力与速度有关，可以假定阻力与成正比，则可以知道(K为常数)

而物体的重力：

即半径越大雨滴的重力越大，而匀速运动时：

即：

即：

所以半径越大的雨滴下落速度越快，故大雨滴落地速度大，小雨滴落地速度小。【解析】匀速小22、略

【分析】【详解】

[1]在速度-时间图象中斜率表示加速度，所以0～10s内物体的加速度

[2]在速度-时间图象中图线与时间轴围成的面积表示位移，所以在0～60s内物体的位移【解析】3135023、略

【分析】【详解】

[1]物体匀速下滑时；受力分析如图。

由平衡条件得

又

解得

[2]物体匀速上滑时。

由平衡条件得

联立可得【解析】四、作图题(共2题，共12分)24、略

【分析】【分析】

依据平衡状态；结合受力分析的内容，即可求解；考查受力分析的内容，掌握由运动状态来确定受力情况，注意细线是否竖直是解题关键；

【详解】

解：因细线竖直；且棒处于平衡状态，则棒受到重力与线的拉力，斜面对其没有支持力，否则不可能细线竖直方向的；

如图所示：

【解析】25、略

【分析】【详解】

(1)题图甲中，物体A受重力G、支持力水平向左的滑动摩擦力施力物体分别是地球；水平面、水平面，力的示意图如图所示。

(2)题图乙中，物体A受竖直向下的重力G、垂直于斜面向上的支持力沿斜面向下的滑动摩擦力施力物体分别是地球；斜面、斜面，力的示意图如图所示。

【解析】(1)(2)五、实验题(共4题，共12分)26、略

【分析】【分析】

【