2025年冀教版高一物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版高一物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，细绳的一端固定，另一端系一小球，让小球在竖直面内做圆周运动，关于小球运动到P

点时的加速度方向，下列图中可能的是(

)

A.B.C.D.2、一物体置于粗糙水平地面上，按图所示不同的放法，在水平力F

的作用下运动，设地面与物体各接触面的动摩擦因数相等，则木块受到的摩擦力的大小关系是(

)

A.Ff录脳>Ff脪脪>Ff卤没

B.Ff脪脪>Ff录脳>Ff卤没

C.Ff卤没>Ff脪脪>Ff录脳

D.Ff录脳=Ff脪脪=Ff卤没

3、【题文】在同一点O抛出的三个物体，它们做平抛运动的轨迹如图所示.则三者做平抛运动的初速度vA、vB、vC的关系和三者做平抛运动的时间tA、tB、tC的关系分别是（）

A.vA>vB>vC，tA>tB>tCB.vA=vB=vC，tA=tB=tCC.vABC，tA>tB>tCD.vA>vB>vC，tABC4、在下列几种运动过程中，机械能不守恒的是()

A.雨点匀速下落B.物体在水平面匀速滑行C.物体做自由落体运动D.物体沿光滑斜面下滑5、一固定在地面上的光滑斜面的顶端固定有一轻弹簧，地面上质量为m

的物块(

可视为质点)

向右滑行并冲上斜面。设物块在斜面最低点A

的速率为v

压缩弹簧至C

点时弹簧最短，C

点距地面高度为h

则物块运动到C

点时弹簧的弹性势能为()A.mgh

B.mgh+12mv2

C.mgh?12mv2

D.12mv2?mgh

评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、下列各选项中，所有物理量都是矢量的是（）A.平均速度、速率、加速度B.瞬时速度、加速度、位移C.速率、路程、加速度D.平均速度、瞬时速度、加速度7、某人平伸手掌托起一苹果，由静止开始整直向上运动，直至将苹果向上抛出，不计空气阻力对此现象分析正确的是(

)

A.手托苹果向上加速运动的过程中，手始终对苹果做正功B.手托苹果向上加速运动的过程中，苹果始终处于超重状态C.苹果离开手的瞬间，苹果的加速度大于重力加速度D.苹果离开手之后在上升过程中，苹果的机械能守恒8、如图所示，在竖直平面内固定两个很靠近的同心圆轨道，外圆内表面光滑，内圆外表面粗糙，一质量为m

的小球从轨道的最低点以初速度v0

向右运动。小球的直径略小于两圆间距，小球运动的轨道半径为R

重力加速度为g

不计空气阻力，下列说法正确的是A.若蠀0=4gR

则小球在整个运动过程中克服摩擦力做功等于mgR

B.若使小球在最低点的速度蠀0

大于5gR

则小球在整个运动过程中，机械能守恒C.若小球要做一个完整的圆周运动，小球在最低点的速度蠀0

必须大于等于5gR

D.若小球第一次运动到最高点，内环对小球的支持力为0.5mg

则小球在最低点对外圆环的压力为5.5mg

9、已知地球质量为M

半径为R

自转周期为T

地球同步卫星质量为m

引力常量为G

有关同步卫星，下列表述正确的是A.卫星距离地面的高度为GMT24娄脨2

B.卫星的运行速度小于第一宇宙速度C.卫星运行时受到的向心力大小为GMmR2

D.卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度10、如图所示，AB为竖直放置的半圆环ACB的水平直径，O为半圆环圆心，C为环上的最低点，环半径为R，两个质量相同的小球分别从A点和B点以初速度v1和v2水平相向抛出，初速度为v1的小球落到a点所用时间为t1，初速度为v2的小球落到b点所用时间为t2，a点高度大于b点高度，不计空气阻力。则下列判断正确的是（）A.两小球的初速度一定有v1＜v2B.两小球落到圆环上所用的时间满足t1＜t2C.不论v1和v2满足什么关系，两小球都不会垂直打在圆环上D.若两小球同时水平抛出，不论v1和v2满足什么关系，两小球都能在空中相遇11、图为P；Q两物体沿同一直线作直线运动的s-t图；下列说法中正确的有（）

A.t1前，P在Q的前面B.0～t1，Q的路程比P的大C.0～t1，P、Q的平均速度大小相等，方向相同D.P做匀变速直线运动，Q做非匀变速直线运动12、带电微粒所带的电荷量的值不可能的是(

)

A.2.4隆脕10鈭�19C

B.鈭�6.4隆脕10鈭�19C

C.鈭�1.6隆脕10鈭�19C

D.3隆脕10鈭�19C

13、汽车刹车时做的是加速度恒定的直线运动，某时刻的速度v

0

=

6m/s

加速度a=鈭�

1m/s2

它表示(

)

A.再过1s

汽车的速度变为5m/s

B.再过1s

汽车的速度变为7m/s

C.汽车的加速度方向与速度方向相反，汽车做减速运动D.汽车的加速度方向与速度方向相反，汽车做加速运动评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、利用研究弹力和弹簧伸长关系的实验；测定弹簧的劲度系数．用一测力计水平拉一端固定的弹簧，测出的几组弹力F与弹簧长度L对应的数据如表格所示：

。F/N1.101.502.002.803.404.00L/cm22.0022.3522.6023.2023.6024.00（1）在坐标图中作出此弹簧的F-L图线；

（2）F-L图线与L轴的交点表示____，其值为____m；

（3）弹簧的劲度系数为____N/m．

15、如图所示，在μ=0.1的水平面上向右运动的物体，质量为m=20kg．在运动的过程中，还受一个水平向左的大小为10N的拉力的作用，则物体受到的滑动摩擦力大小为____N，方向是____．（g=10m/s2）

16、【题文】有质量的物体周围存在着引力场。万有引力和库仑力有类似的规律，因此我们可以用定义静电场场强的方法来定义引力场的场强。由此可得，与质量为M的质点相距r处的引力场场强的表达式为EG=____)（万有引力恒量用G表示）17、在“探究功与速度变化的关系”实验中；某同学设计了如图甲所示的实验方案：使小物块在橡皮筋的作用下沿水平桌面被弹出，第二次；第三次操作时分别改用2根、3根、同样的橡皮筋将小物块弹出，测出小物块被弹出时速度，然后找到牵引力对小物块做的功与小物块速度的关系．

（1）要测得小物块被弹出后的水平速度，需要测量哪些物理量：______（填正确答案标号；g已知）

A．小物块的质量mB．橡皮筋的原长x

C．橡皮筋的伸长量△xD．桌面到地面的高度h

E．小物块抛出点到落地点的水平距离L

（2）用测量的物理量表示获得速度大小的表达式______．

（3）能够实现橡皮筋对小物块做功整数倍变化的是______．

A．增加相同橡皮盘的条数；使小物块每次从同位置释放。

B．橡皮筋两端固定；使橡皮筋的伸长量依次加倍。

C．橡皮筋两端固定；使橡皮筋的长度依次加倍。

D．释放小物块的位置等间距的变化。

（4）根据实验数据做出W-v2的图象如图乙所示，图线不通过原点的原因是______．18、某同学和你一起探究弹簧的弹力和弹簧伸长量的关系，并测弹簧的劲度系数k．做法是先将待测弹簧的上端固定在铁架台上，然后将最小刻度为1mm的刻度尺竖直放在弹簧一侧，并使弹簧下端的指针恰好落在刻度尺上，如图所示．当弹簧自然下垂时，指针指示的刻度数值记作L；弹簧下端分别挂1个、2个、7个50g的钩码时，指针指示的刻度数值记作L1、L2、L7．

测量记录表：

。代表符号LL1L2L3L4L5L6L7刻度数值/cm1.703.405.128.5210.2111.9213.60（1）实验中，L3值还没有测定；请你根据上图将这个测量值填入记录表中．

（2）画出弹簧弹力F与其伸长量x间关系的F-x图象。

（3）弹簧的劲度系数k=____N/m（g取10m/s2）

19、【题文】A球由塔顶自由落下，当落下a米时，B球自距塔顶b米处开始自由落下，两球恰好同时落地，则A球下落的时间比B球下落的时间长____，塔高____。评卷人得分四、解答题(共1题，共10分)20、“神舟”六号载人飞船在空中环绕地球做匀速圆周运动，某次经过赤道的正上空P点时，对应的经线为西经157.5°线，飞船绕地球转一圈后，又经过赤道的正上空P点，此时对应的经线为经度180°．已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，地球自转的周期为T．

（1）求载人飞船的运动周期；

（2）求飞船运行的圆周轨道离地面高度h的表达式．（用T；g和R表示）．

评卷人得分五、实验探究题(共4题，共28分)21、“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图1

所示(1)

若取小车的质量为0.4kg

改变砝码和砝码盘的质量m

进行多次实验，以下m

的取值不合适的一个是______A.m1=20gB.m2=30gC.m3=40gD.m4=300g

(2)

下列说法正确的是______A.通过作v鈭�t

图象求a

可以更好地减小误差B.在平衡摩擦力时，需要拿走小盘，纸带穿过打点计时器，并固定在小车的尾端，然后调节斜面倾角，轻推小车，使小车在斜面上匀速下滑C.每改变一次小车的质量，需要重新平衡一次摩擦力D.打点计时器应用低压直流电源(3)

某同学平衡摩擦力后，保持小车质量不变，改变砝码盘中砝码的质量，测得小车加速度a

与砝码盘中砝码总重力F

的实验数据如下表，图2

是由实验数据作出的a鈭�F

图象，分析图线不通过原点的原因_________．。砝码盘中砝码总重力F(N)

0.196

0.392

0.588

0.784

0.980

加速度a(m?s鈭�2)

0.69

1.18

1.66

2.18

2.70

(4)

某同学设计了如图3

所示的实验装置，若轻小滑轮与绳之间摩擦可以忽略不计，下列正确的是_____A.小车仍需平衡摩擦B.

钩码质量m

仍需远小于小车质量M

C.弹簧秤读数F=mg/2D.

以上都不正确．22、在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中；质量m=1.00kg

重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列点.

如图所示为选取的一条符合实验要求的纸带，O

为第一个点，ABC

为从合适位置开始选取的三个连续点(

其他点未画出).

已知打点计时器每隔0.02s

打一次点，当地的重力加速度g=9.80m/s2.

那么：

(1)

纸带的______端(

选填“左”或“右隆炉)

与重物相连；

(2)

根据图上所得的数据；应取图中O

点和______点来验证机械能守恒定律；

(3)

从O

点到所取点，重物的重力势能减少量鈻�Ep=

______J

动能增加量鈻�Ek=

______J(

结果均取3

位有效数字)

23、某同学做“测匀变速直线运动的加速度”的实验装置如图1

所示.

一小车放在水平长木板上；左侧拴有一细软线，跨过固定在木板边缘的滑轮与一重物相连，小车右侧与穿过打点计时器的纸带相连，在重物牵引下，小车在木板上向左运动.

图2

给出了打点计时器在纸带上打出的一些计数点，相邻的两个计数点间还有4

个点没画出．

(1)

打点计时器是一种能够按照相同的时间间隔；在纸带上连续打点的仪器，它使用______(

填“交流”或“直流”)

电源．

(2)

该同学进行了以下实验操作步骤；其中错误的步骤是______

A.将打点计时器固定在长木板的一端；并接好电路。

B.将纸带固定在小车尾部；并穿过打点计时器的限位孔。

C.把一条细绳拴在小车上；细绳跨过定滑轮，下面吊着适当重的钩码。

D.拉住纸带；将小车移到靠近打点计时器的一端后，放开纸带，再接通电源。

(3)

根据纸带可以计算各点的瞬时速度；现计算第2

点的瞬时速度：v2=

______m/s(

结果取三位有效数字)

(4)

求出小车的加速度a=

______m/s2.(

结果取三位有效数字)

24、某学习小组的同学想要验证“动能定理”；他们在实验室组装了一套如图装置，另外还有交流电源；导线、复写纸、细沙以及天平都没画出来.

当滑块连接上纸带，用细线通过滑轮挂上空的小沙桶时，释放小桶，滑块处于静止状态.

如果要完成该项实验，则：

(1)

还需要的实验器材是______

A.秒表B.

刻度尺C.

弹簧秤D.

重锤。

(2)

某同学用天平称出滑块的质量M.

往沙桶中装入适量的细沙，并称出此时沙和沙桶的总质量m.

为了保证滑块受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等，沙和沙桶的总质量m

应满足的实验条件是______.

实验时释放滑块让沙桶带着滑块加速运动，用打点计时器(

打相邻两个点的时间间隔为T)

记录其运动情况如纸带所示，纸带上开始的一些点较模糊未画出，其他的每两点间还有4

个点也未画出，现测得O

到E

点间的长为LD

到F

点间的长为S

则E

点速度大小为______.

若取O

点的速度为v1E

点速度为v2

那么本实验最终要验证的数学表达式为______．评卷人得分六、综合题(共3题，共27分)25、

26、【题文】一位汽车旅游爱好者打算到某风景区去观光，出发地与目的地之间是一条近似于直线的公路，他原计划全程平均速度要达到40km/h，可是开出一半路程之后发现前半段路程他的平均速度仅有20km/h，如果他仍然打算将全程的平均速度提高到原计划水平，那么在后半段路程里他开车的平均速度应达到多少？27、【题文】有一种“傻瓜”相机的曝光时间（快门打开到关闭的时间）是固定不变的。为了估测相机的曝光时间；有位同学提出了下述实验方案：他从墙面上A点的正上方与A相距H=1.5m处，使一个小石子自由落下，在小石子下落通过A点后，立即按动快门，对小石子照相，得到如图所示的照片，由于石子的运动，它在照片上留下一条模糊的径迹CD。已知每块砖的平均厚度是6cm。请从上述信息和照片上选取估算相机曝光时间必要的物理量，用符号表示，如H等，推出计算曝光时间的关系式，并估算出这个“傻瓜”相机的曝光时间。要求1位有效数字。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】解：小球在竖直面内做圆周运动；运动到图示的P

点时，所受的合力可分解为向心力和切向方向的力，即P

点的加速度应可分解为沿PO

方向的向心加速度和垂直于PO

的切向加速度，故D选项正确．

故选D

小球在竖直平面内做圆周运动；运动到图示的P

点时，速度大小和方向都在改变，即P

点的加速度应可分解为沿PO

方向的向心加速度和垂直于PO

的切向加速度．

本题要注意该小球在竖直平面内做的不是匀速圆周运动，加速度方向不指向圆心，难度不大，属于基础题．【解析】D

2、D【分析】解：根据滑动摩擦力公式：f=娄脤FN

其中FN

为物体与接触面间的正压力，由题意知正压力相等，所以木块受的滑动摩擦力都相等．

故选：D

根据滑动摩擦力的公式f=娄脤FN

判断摩擦力的大小．

解决本题的关键掌握滑动摩擦力的公式f=娄脤FN

知道FN

为物体与接触面间的正压力，与接触面积无关．【解析】D

3、C【分析】【解析】平抛运动中运动时间由竖直高度决定，所以tA>tB>tC，水平位移所以vA【解析】【答案】C4、A【分析】【分析】物体机械能守恒的条件是：只有重力做功；机械能是动能和势能之和。根据机械能守恒的条件和机械能的定义，即可判断物体是否是机械能守恒。

本题根据机械能守恒条件和机械能的定义；能量如何转化三种方法；进行判断，要多掌握几种思路进行分析。

【解答】

A.雨点匀速下落；其动能不变，而重力势能减小，则其机械能减小，故A符合题意；

B.汽车在水平路面上匀速滑行；动能和重力势能均不变，故机械能守恒，故B不符合题意；

C.物体做自由落体运动；只受重力，机械能守恒，故C不符合题意；

D.物体沿光滑斜面下滑；只有重力做功，机械能守恒，D

不符合题意。

故选A。【解析】A

5、D【分析】解：弹簧被压缩至最短时；物体速度为0

．

物体沿斜面向上到弹簧被压缩至最短时；物体和弹簧构成的系统机械能守恒．

物体的动能减小，转化成物体的重力势能和弹簧的弹性势能.

则有：mgh+Ep=12mv2

则物块运动到C

点时弹簧的弹性势能为：Ep=12mv2鈭�mgh

故选：D

．

利用物块与弹簧组成的系统机械能守恒；得到弹簧具有的弹性势能.

整个过程中，物块的动能减小，转化成物体的重力势能和弹簧的弹性势能．

本题只要熟悉物块运动的过程中机械能守恒，知道能量如何转化，运用能量守恒即可轻松解决．【解析】D

二、多选题(共8题，共16分)6、BD【分析】解：A；平均速度和加速度是矢量；速率是速度的大小，是标量，故A错误．

B；瞬时速度、加速度、位移都是矢量；故B正确．

C；速率和路程是标量；加速度是矢量，故C错误．

D；平均速度、瞬时速度、加速度都是矢量；故D正确．

故选：BD

矢量是既有大小又有方向的物理量；标量是只有大小没有方向的物理量．

矢量与标量有两大区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则．【解析】【答案】BD7、ABD【分析】解：A

手托苹果向上加速运动的过程中；手对苹果的作用力向上，则手始终对苹果做正功，选项A正确；

B；手托苹果向上加速运动的过程中；苹果始终处于超重状态，选项B正确；

C；苹果离开手的瞬间；苹果的加速度等于重力加速度，选项C错误；

D；苹果离开手之后在上升过程中；苹果只受重力作用，则机械能守恒，选项D正确；

故选：ABD

手托苹果向上加速运动的过程中手对苹果的作用力向上；位移向上，加速度向上，根据W=Fx

求得做功和超重，当苹果离开手后，只受到重力，加速度为g

即可判断。

重和失重仅仅指的是一种现象，但物体本身的重力是不变的，这一点必须明确。当只受到重力时机械能守恒【解析】ABD

8、AB【分析】【分析】本题考查圆周运动和机械能守恒，动能定理。若小球在最高点时，内外轨道的压力均为零，故v=gR

若是外轨道和球接触，根据机械能守恒求出在最低点的速度，再根据牛顿第二定律和能量关系综合求解；内轨道表面粗糙，运动时当与内轨道接触时有摩擦，机械能不守恒，根据动能定理分析运动过程。本题是圆周运动和牛顿第二定律能量的综合题目，关键是理清运动过程，抓住临界状态，明确最高点的临界条件，运用机械能守恒定律和向心力知识结合进行研究。【解答】若小球在最高点时，内外轨道的压力均为零，故v=gR

根据机械能守恒定律得出，此时在最低点的速度为：12mv02=mg隆陇2R+12mv2

代入数据得出：v0=5gR

若内轨道也没有摩擦，根据机械能守恒得出在最低点的最小速度为：v0=4gR

A.若v0=4gR

则小球到达不了最高点，最终要在轨道下半部分做往复运动，设做往复运动过程中到达最低点的速度为v1

根据机械能守恒定理：鈭�mgR=12mv12

小球到达不了最高点，但在轨道上半部分运动时与内轨道有摩擦，整个过程中有重力和摩擦力做功，根据动能定理：鈭�Wf=12mv12鈭�12mv02

联立解得：Wf=mgR

故拢脕

正确；B.若使小球在最低点的速度v0

大于5gR

小球始终和外轨道接触，则小球在整个运动过程中机械能守恒，故B正确；C.若小球要做一个完整的圆周运动，小球在最低点的速度v0必须大于4gR

故C错误；D.若小球第一次运动到最高点，内环对小球的支持力为0.5mg0.5mg则mg鈭�0.5mg=mv2Rmg-0.5mg=mdfrac{{v}^{2}}{R}得出：v=0.5gRv=sqrt{0.5gR}小球在最低点对外圆环的压力为5.5mg5.5mg5.5mg鈭�mg=mv02R

得出：v0=4.5gR

根据上面的分析此时，机械能不守恒，而12mv2+mg2R=12mv02

矛盾，故D错误。故选AB。【解析】AB

9、BD【分析】【分析】同步卫星与地球相对静止；因而与地球自转同步，根据万有引力提供向心力，即可求出相关的量。

本题关键抓住万有引力等于向心力，卫星转动周期与地球自转同步。【解答】A、由万有引力提供向心力：GMmr2=mr4娄脨2T2

，又r=R+h

解得卫星距离地面的高度为：h=GMT24娄脨23鈭�R

故A错误；

B、第一宇宙速度为v1=GMR

由于同步卫星的半径大于R

故卫星的运行速度小于第一宇宙速度，故B正确；

C、卫星运行时受到的向心力大小是F=GMm(R+h)2

故C错误；

D、地表重力加速度为g=GMR2

卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度，故D正确。

故选BD。

【解析】BD

10、BC【分析】解：A、根据t=因为b下落高度大，所以b平抛运动的时间长，水平位移x=t，由图b的水平位移小，所以b球的初速度小于a球的初速度，即＜故A错误；

B、由A分析知故B正确。

C；设速度与水平方向的夹角α；位移与水平方向的夹角β吗，有：

tanα==

tanβ===

tanα=2tanβ；可以证明速度反向延长线交水平位移的中点，该选项中假设小球垂直打在圆环上，则速度反向延长线交点在圆心，但不是水平位移的中点，故C正确。

D；如果两球的初速度非常小；两球不能在空中相遇，如图所示，故D错误。

故选：BC。

平抛运动在水平方向做匀速直线运动；竖直方向做自由落体运动，时间由竖直高度决定，根据平抛运动的规律逐项分析即可。

本题考查平抛运动的性质，物体在空中的运动时间取决于竖直高度，水平位移取决于初速度及竖直高度，注意记住一些有用的推论：速度反向延长线交水平位移的中点。【解析】BC11、AC【分析】解：

A、由图象知，在t1时刻之前；P的位移大于Q的位移，而位移-时间图象表示物体的位置随时间的变化，t=0时刻两物体在同一位置，则知P在Q的前面．故A正确．

B、根据图象的斜率表示该时刻的速度可知，两物体都做单向直线运动，路程等于位移大小，由图看出，在0～t1时间内；两物体的位移大小相等，则路程相等．故B错误．

C、在0～t1时间内；P；Q的位移相等，所用时间相等，则平均速度大小相等，方向相同．故C正确．

D；根据图象的斜率等于物体的速度；则知P做匀速直线运动，Q做加速运动，但不能判断加速度是否变化，故Q不一定做变加速直线运动．故D错误．

故选：AC．

解答本题可根据；位移-时间图象表示物体的位置随时间的变化；图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向．

理解位移-时间图象点和斜率的物理意义的同时，还要理解好好速度-时间图象的点、线、面的物理意义．【解析】【答案】AC12、AD【分析】解：最小的电荷量是1.6隆脕10鈭�19C

我们把这个最小的电荷量叫做元电荷，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍，由于2.4隆脕10鈭�19C

不是1.6隆脕10鈭�19C

的整数倍，所以D

是不可能的.

由于3.0隆脕10鈭�19C

不是1.6隆脕10鈭�19C

的整数倍，所以D

是不可能的．

故选：AD

元电荷是指最小的电荷量；任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍．

本题就是对元电荷概念的考查，知道任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍即可解决本题【解析】AD

13、AC【分析】速度与加速度都是矢量，其正负表示速度与加速度的方向。速度与加速度方向相反，汽车做减速运动;

经1s

速度减小娄陇

v=a

娄陇

t=

1m/s

所以再过1s

汽车的速度变为5m/s

故选项A、C正确。【解析】AC

三、填空题(共6题，共12分)14、略

【分析】

（1）利用描点法得出图象如下所示：

（2）根据胡克定律得：F=k（l-l），可知F-L图线与L轴的交点表，即横轴截距表示弹簧原长的大小，故由图象可求出．

故答案为：弹簧原长，21.2×10-2．

（3）根据胡克定律得：F=k（l-l）；可知F-L图线的斜率大小等于弹簧的劲度系数大小，故由图解得：k=143N/m．

故答案为：143．

【解析】【答案】（1）根据所提供数据采用描点法可画出图象．

（2）写出两坐标表物理量的函数关系方程；根据横轴截距的物理意义可正确求解。

（3）图象的斜率大小等于劲度系数的大小；据此可正确解答．

15、略

【分析】

f=μFN=0.1×200N=20N；方向与相对运动方向相反，所以为水平向左．

故本题答案为：20N；水平向左。

【解析】【答案】滑动摩擦力的大小可以根据f=μFN去求；方向与相对运动方向相反．

16、略

【分析】【解析】

试题分析：由库仑定律与电场强度的关系可知，万有引力为则引力场场强为

考点：考查类比法的应用。

点评：本题难度较小，点电荷的场强公式是根据库仑力推导出的，同理应用这种方法可以推导出引力场场强公式【解析】【答案】17、略

【分析】解：（1）（2）物块离开桌面后做平抛运动；

竖直方向：h=gt2；水平方向：L=vt；

解得：v=L要测物被弹出时的速度；

需要测量：桌面到地面的高度h；小物块抛出点到落地点的水平距离L，故选DE；

（3）实验时；选择相同的橡皮筋，使橡皮筋的形变量相同，通过改变橡皮筋的条数改变橡皮筋对小车所做的功，故A正确，BCD错误；

故选：A

（4）物块在桌面上运动时；弹力对物块做整个，摩擦力对物块做负功，由于物块要克服摩擦力做功，则图象不过原点．

故答案为：（1）DE；（2）v=L（3）A；（4）物体在桌面上运动时要克服摩擦力做功。

（1；2）物块离开桌面后做平抛运动；应用平抛运动规律可以求出物块的水平速度．

（3）根据实验装置与实验原理分析答题．

（4）对物体受力分析；根据物体的受力情况分析答题。

明确实验原理，根据相应规律得出表达式，然后讨论．还要知道系统误差和偶然误差的区别，系统误差是由于仪器的某些不完善、测量技术上受到限制或实验方法不够完善没有保证正确的实验条件等原因产生，如停表测时间时，停表不准确，慢了，测的时间间隔总是偏小．偶然误差的特点是它的随机性．如果我们对一些物理量只进行一次测量，其值可能比真值大也可能比真值小，这完全是偶然的，产生偶然误差的原因无法控制，所以偶然误差总是存在，通过多次测量取平均值可以减小偶然误差，但无法消除．既然是误差就不可消除，只能是改进方法，多次做试验，以减小误差【解析】DE；v=LA；物体在桌面上运动时要克服摩擦力做功18、略

【分析】

（1）根据胡克定律在弹簧的弹性限度内；弹力的大小与弹簧的形变量成正比，所以每挂一个钩码拉力增加量相同，弹簧的增加的长度也相同；

由图表可以看出每挂一个钩码拉力弹簧的增加的长度为1.7cm，所以L3=L2+1.7cm=6.82cm

（2）弹簧弹力F与其伸长量x间关系的F-x图象．

（3）由胡克定律：F=kx可知图象的斜率表示劲度系数，所以由图象可以解出斜率k==N/m=3.0N/m

故答案为：6.82；如图，3.0

【解析】【答案】（1）根据胡克定律在弹簧的弹性限度内；弹力的大小与弹簧的形变量成正比，所以每挂一个钩码拉力增加量相同，弹簧的增加的长度也相同；（2）作图过程中根据胡克定律在弹簧的弹性限度内，弹力的大小与弹簧的形变量成正比，可知画出弹簧弹力F与其伸长量x间关系的F-x图象应为一条倾斜直线．（3）根据F-x图象解斜率即可得到劲度系数．

19、略

【分析】【解析】自由落体运动专题．A球下落高度a的时间即为A球下落的时间比B球下落的时间长的时间；分别对AB两球运用自有落体位移时间公式即可解题．

根据得：

设塔高h，则b球下落的时间为：①对a球有：②

由①②解得：【解析】【答案】四、解答题(共1题，共10分)20、略

【分析】

（1）飞船转一周；地球转动△θ=180°-157.5°

知飞船运动周期为

（2）用r表示飞船圆轨道半径；M表示地球质量，m表示飞船质量，T表示飞船运行的周期，由万有引力定律和牛顿定律得。

①

对地球表面上的物体m；有。

②

其中r=R+h

由①②解得轨道高度h=

即飞船运行的圆轨道离地高度为h=

【解析】【答案】因题目中是将神舟”六号载人飞船与地球自转周期相比较；有时间和角度的关系求出飞船的周期；根据万有引力定律分别对地球表面物体和飞船列出方程进行求解即可．

五、实验探究题(共4题，共28分)21、（1）D（2）AB（3）未计入砝码盘的质量（4）A

【分析】解：(1)

在“验证牛顿第二定律”的实验用控制变量法；本实验在满足小车质量远大于砝码及砝码盘的总质量的条件下，才能用砝码及砝码盘的重力代替小车所受的合力，D

答案不能满足此条件．

本题选不合适的；故选：D

(2)A

若通过作v鈭�t

图象求a

可以减小由于测量所造成的偶然误差，可以筛选出测量错误的数据，故A正确；

B；平衡摩擦力时；应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，是小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，故B正确；

C；次改变小车的质量时；小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力.

故C错误．

D；打点计时器应用低压交流电源；故D错误．

故选：AB

(3)

从图中图线可发现当拉力F

等于0

时；加速度大于0

所以实验中存在的问题可能是：未计入砝码盘的质量．

(4)A

该实验首先必须要平衡摩擦力；长木板必须倾斜，故A正确；

B；由于该实验的连接方式；重物和小车不具有共同的加速度，小车是在绳的拉力下加速运动，此拉力可由测力计示数获得，不需要用重物的重力来代替，故不要求重物质量远小于小车质量，故B错误；

C；由于重物向下加速度运动；由牛顿第二定律：m2g鈭�2F=m2a

解得：F=m2g鈭�m2a2

故C错误；

D；由上述分析可知D错误；

故选：A

．

故答案为：(1)D(2)AB(3)

未计入砝码盘的质量；(4)A

(1)

在实验中；认为m

的重力等于滑块所受的合力，所以m

的质量应远小于M

的质量；

(2)

在“验证牛顿第二定律”的实验中；实验中用勾码的重力代替小车的合力，故要通过将长木板左端垫高来平衡摩擦力和使小车质量远大于小盘(

包括盘中的砝码)

质量来减小实验的误差，只需要平衡一次，打点计时器应用交流电源；

(3)

应该画出砝码盘中砝码和砝码盘总重力与加速度的关系图象；

(4)

该实验必须要平衡摩擦；由于该实验的连接方式；小车是在绳的拉力下加速运动，故不要求重物质量远小于小车质量；由牛顿第二定律可求解测力计的读数．

(1)

解决本题的关键理解实验的原理；知道当m

的质量远小于M

的质量，m

的重力可以认为等于M

所受的合力．

(2)

解决本题的关键掌握匀变速直线运动推论的运用；会运用逐差法求解加速度；

(3)

解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，尤其是理解平衡摩擦力和M>>m

的操作和要求的含义.

只要掌握了实验原理就能顺利解决此类题目，就能举一反三，所以要注意基本原理的学习．【解析】(1)D(2)AB(3)

未计入砝码盘的质量(4)A

22、左；B1.881.84【分析】解：(1)

重物下落时做匀加速运动；故纸带上的点应越来越远，故应该是左端连接重物．

(2)

验证机械能守恒时，我们验证的是减少的重力势能鈻�Ep=mgh

和增加的动能鈻�Ek=12mv2

之间的关系；所以我们要选择能够测h

和v

的数据.

故选B点．

(3)

减少的重力势能鈻�Ep=mgh=1隆脕9.8隆脕19.2隆脕10鈭�2=1.88J

vB=(23.28鈭�15.55)隆脕0.012隆脕0.02=1.9325m/s

所以：增加的动能鈻�Ek=12mv2=12隆脕1隆脕(1.9325)2=1.84J

故答案为：(1)

左；(2)B(3)1.881.84

(1)

重物下落时做匀加速运动；故纸带上的点应越来越远，根据这个关系判断那一端连接重物．

(2)

验证机械能守恒时，我们验证的是减少的重力势能鈻�Ep=mgh

和增加的动能鈻�Ek=12mv2

之间的关系；所以我们要选择能够测h

和v

的数据．

(3)

减少的重力势能鈻�Ep=mgh

增加的动能鈻�Ek=12mv2v

可由从纸带上计算出来．

正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所测数据，如何测量计算，会起到事半功倍的效果．【解析】左；B1.881.84

23、略

【分析】解：(1)

打点计时器使用交流电源．

(2)A

将打点计时器固定在长木板不带滑轮的一端；并接好电路，故A错误．

B；将纸带固定在小车尾部；并穿过打点计时器的限位孔，故B正确．

C；把一条细绳拴在小车上；细绳跨过定滑轮，下面吊着适当重的钩码，故C正确．