2025年浙教新版必修1物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教新版必修1物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、通过理想斜面实验得出“力不是维持物体运动的原因"的科学家是A.亚里士多德B.伽利略C.阿基米德D.牛顿2、电梯经过启动、匀速运行和制动三个过程，从低楼层到达高楼层，启动和制动可看作是匀变速直线运动．电梯竖直向上运动过程中速度的变化情况如下表,则前5秒内电梯通过的位移大小为()

A.19.25mB.17.50mC.18.50mD.18.75m3、如图所示是一物体做直线运动的v-t图像，由图可知物体（）

A.在向负方向做直线运动B.前5s内的位移为25mC.前2s内的平均速度为3.5m/sD.第2s末的瞬时速度大小为3m/s4、汽车从车站由静止出发沿直线行驶速度达到．其运动过程的速度-时间图像如图所示，则在这段时间里关于汽车运动的下列说法中正确的（）

A.汽车运动的加速度越来越大B.汽车的加速度方向与速度方向相同C.汽车在内的位移有可能为D.汽车在内的平均速度不小于5、如图所示，A、B分别是甲、乙两小球从同一地点沿同一直线运动的v-t图象，根据图象可以判断出（）

A.在t=4s时，甲球的加速度小于乙球的加速度B.在t=4.5s时，两球相距最远C.在t=6s时，甲球的速率小于乙球的速率D.在t=8s时，两球相遇6、如图所示；人静止在水平地面上的测力计上，下列说法正确的是。

A.人对测力计的压力和测力计对人的支持力是一对作用力与反作用力B.人对测力计的压力和测力计对人的支持力是一对平衡力C.人对测力计的压力是由于测力计发生形变而产生的D.若人加速下蹲，在此过程中人对测力计的压力大于人的重力7、如图所示；在直线行驶的汽车中（车窗关闭；未开空调），用轻绳拴住的氢气球和挂在中央后视镜上的车挂件都偏离了竖直方向。则（）

A.汽车速度越大，氢气球的惯性越大B.由氢气球的状态表明汽车在做减速运动C.空气对氢气球有斜向右上方的作用力D.空气对氢气球的作用力大于氢气球对空气的作用力评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、物体的运动状态发生改变，则（）A.一定有加速度B.速度肯定发生了变化C.所受的外力一定变化D.肯定受外力但外力不一定改变9、如图所示为甲；乙两个物体做直线运动的运动图像；则下列叙述正确的是（）

A.甲物体运动的轨迹是抛物线B.甲物体8s内运动所能达到的最大位移为80mC.乙物体前2s的加速度为D.乙物体8s末回到出发点10、下列说法正确的是（）A.加速度方向保持不变，速度方向也保持不变B.加速度方向一定与速度变化量的方向相同C.某时刻汽车速度为零，其加速度可能很大D.加速度是描述速度变化大小的物理量11、关于重力、弹力、摩擦力，下列说法中正确的是（）A.一圆形薄板，重心一定在其圆心处，若将其中央挖去一个小圆，重心位置不变B.放在桌面上的书对桌面产生了压力，其原因是桌面发生了形变C.接触面间的摩擦力方向总是与这个接触面间的弹力方向垂直D.滑动摩擦力的方向可以和运动方向垂直12、如图用三根细线a、b、c将两个小球1和2连接并悬挂，其中小球1的重力=7N，小球2的重力=9N，两小球处于静止，已知细线a与竖直方向的夹角为细线c水平，重力加．速度为g，sin=0.6；则（）

A.细线a对小球1的拉力为20NB.细线b对小球2的拉力为15NC.细线c对小球2的拉力为10ND.剪断绳b后的瞬间，小球2的加速度为g13、如图所示，质量均为m的木块A和B用一轻弹簧相连，竖直放在光滑的水平面上，木块A上放有质量为2m的木块C，三者均处于静止状态．现将木块C迅速移开，若重力加速度为g，则在木块C移开的瞬间。

A.弹簧的形变量不改变B.弹簧的弹力大小为mgC.木块A的加速度大小为gD.木块B对水平面的压力为4mg14、如图所示，bc为固定在小车上的水平横杆，物块M套在杆上，靠摩擦力保持相对杆静止，M又通过轻细线悬吊着一个小铁球m，此时小车正以大小为a的加速度向右做匀加速运动，而M、m均相对小车静止，细线与竖直方向的夹角为．小车的加速度逐渐增大，M始终和小车保持相对静止，当加速度增加到3a时（）

A.横杆对M的摩擦力增加到原来的3倍B.横杆对M的弹力不变C.细线与竖直方向的夹角增加到原来的3倍D.细线的拉力增加到原来的3倍评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、跳伞运动员从地面上空附近的直升机上跳下，经过2s拉开绳索开启降落伞，如图所示是跳伞过程中的v﹣t图，试根据图象可知，运动员在开启降落伞前的运动____（选填“是”，“不是”）自由落体运动，估算前14s内运动员下落的高度是____m．

16、原来静止的升降机中站着一个人，当升降机竖直加速上升时，人对升降机底板的压力将___________（选填“增大”“减少”或“不变”）。17、磅秤上站着一个重为500N的人，并放着一个重40N的重物，则磅秤的读数为________N．当人用20N的力竖直向上提重物时，则磅秤的读数为___________N．18、v-t图，读图则_____时刻离原点最远，9秒内的位移是_____

19、如图所示，在倾角为α的斜面上，放一质量为m的小球，小球和斜坡及挡板间均无摩擦，当档板由图示位置开始绕O点逆时针缓慢地转到水平位置的过程中，则球对挡板的压力大小将________；斜面对球的弹力大小将________。（填变大、变小、先变大后变小，或者先变小后变大）20、瞬时问题。

（1）牛顿第二定律的表达式为：F合＝ma，加速度由物体所受_____决定，加速度的方向与物体所受_____的方向一致。当物体所受合外力发生突变时，加速度也随着发生突变，而物体运动的_____不能发生突变。

（2）轻绳；轻杆和轻弹簧（橡皮条）的区别。

①轻绳和轻杆：剪断轻绳或轻杆断开后，原有的弹力将______。

②轻弹簧和橡皮条：当轻弹簧和橡皮条两端与其他物体连接时，轻弹簧或橡皮条的弹力不能发生突变。21、牛顿第一定律______牛顿第二定律的推论（选填“是”或“不是”）；______用牛顿第二定律来解释质量是物体惯性大小的量度（选填“能”或“不能”）。22、如图，轻滑轮K与质量为5kg的物块A由一根固定杆连接在一起，物块A放置于光滑的水平面上。质量为2kg的物块B与跨过滑轮的轻绳一端相连，轻绳另一端固定在墙上，物块B与物块A的动摩擦因数为0.5。若A被外力固定，g=10m/s2，滑轮受到绳子的作用力T=______N。当把物块A释放之后，物块A的加速度大小为aA=______m/s2。（结果均保留两位有效数字）

23、一质点在x轴上运动；各个时刻的位置坐标如表：

则此质点开始运动后，第______s内的位移最大，第______s内的路程最大；前______s内位移最大，前______s内路程最大．评卷人得分四、实验题(共2题，共6分)24、同学用如图1所示的装置来研究自由落体运动．

（1）下列有关操作的叙述正确的是()

A．应先释放纸带；然后接通电源B．将打点计时器与直流4-6V低压电源连接C．安装打点计时器时要注意让上下限位孔在同一竖直线上。

（2）实验得到一条纸带，测得各点之间的距离如图2所示。已知电源频率为50Hz．从该纸带可知，重物加速度大小g＝__________m/s2（结果保留两位有效数字）。25、用等效代替法验证互成角度的两个共点力的合成的规律实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为连接橡皮筋与细绳的小圆环，OB和OC为细绳；图乙是白纸上根据实验结果画出的图。

(1)图乙中的与两力中，___________是实际的合力，___________是理论的合力。

(2)完成该实验的过程中，为了尽量减小实验误差，拉橡皮筋的绳细应该___________（选填“尽量短一些”、“适当长一些”，“越长越好”）；标记同一细绳方向的两点要___________（选填“越近越好”、“尽量远一些”）；拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮筋、细绳应尽量贴近木板且与木板面___________（选填“成一定角度”、“保持平行”）；拉力和的夹角___________（选填“越小越好”；“越大越好”、“必须是直角”、“不宜过大或过小”）。

(3)根据本实验，可以得出的结论是：___________。评卷人得分五、解答题(共3题，共12分)26、足够长的光滑斜面固定在水平面上，现以恒力F沿斜面向上拉物体，使其以初速度为0、加速度从斜面底端向上运动。恒力F作用一段时间t后撤去，又经过相同时间t物体恰好回到斜面底端。求：

（1）施加恒力时物体的加速度与撤去恒力后物体的加速度大小之比；

（2）撤去恒力的瞬间物体的速度与物体回到斜面底端时速度大小之比。

27、无人机的质量为m＝2kg，在地面上由静止开始以最大升力竖直向上起飞，经时间t＝4s时离地面的高度为h＝48m，已知无人机动力系统所能提供的最大升力为36N，假设无人机运动过程中所受空气阻力的大小恒定，g取10m/s2；求：

（1）无人机运动过程中所受空气阻力的大小；

（2）当无人机悬停在距离地面高度h＝45m处时，无人机由于信号故障突然失去全部升力，由静止开始竖直坠落，若无人机到达地面时速度刚好减为0，刚开始下落后经多长时间需要立刻恢复最大升力。28、如图甲，足够长的倾斜传送带以某一恒定的速率逆时针运行。现将一小滑块（视为质点）轻放在传送带的顶端，滑块在传送带上运动的速度的二次方随位移变化的关系如图乙。取重力加速度大小g＝10m/s2。求：

(1)滑块在0～3.2m位移内的加速度大小a1及其在3.2m～12.2m位移内的加速度大小a2；

(2)滑块与传送带间的动摩擦因数µ。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

A．亚里士多德凭借生活现象提出“力是维持运动的原因”；故A错误；

B．伽利略由理想斜面实验得到“力不是维持物体运动的原因”；故B正确；

C．阿基米德确立了静力学和流体静力学的基本原理；给出许多求几何图形重心，包括由一抛物线和其网平行弦线所围成图形的重心的方法，阿基米德证明物体在液体中所受浮力等于它所排开液体的重量，故C错误；

D．牛顿结合伽利略和笛卡儿的成果提出了牛顿第一定律；故D错误。

故选B。2、D【分析】【详解】

由由表格看出3-7s电梯做匀速运动，速度为v=5m/s；0-2内电梯做匀加速运动的加速度为

则电梯匀加速运动的总时间为

则前2.5s内的位移：

后2.5s做匀速直线运动，位移：x2=vt2=5×2.5=12.5m

前5s内的位移：x=x1+x2=6.25+12.5=18.75m；故选D．3、D【分析】【详解】

A.由v-t图像可知；物体的速度为正，说明物体在沿正方向做直线运动，A错误；

B.根据v-t图像与坐标轴围成的面积表示位移，知前5s内的位移:m

B错误；

C.前2s内的位移为:m

则前2s内的平均速度:m/s

C错误；

D.由题图知，第2s末的瞬时速度大小为3m/s，D正确．4、B【分析】【详解】

图象的斜率表示加速度，由图象可知物体做初速度为零加速度逐渐减小的加速运动，故A错误；汽车做加速运动，则汽车的加速度方向与速度方向相同，选项B正确；速度时间图象曲线与坐标轴围成的面积表示位移，如果物体做初速度为零，末速度为的匀加速直线运动，位移等于三角形的面积，即而此时实际曲线形成面积大于．汽车在内的平均速度即汽车在内的平均速度大于选项D错误；故选B.

【点睛】

对于速度时间图象，关键是要抓住斜率表示加速度，图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．5、D【分析】【详解】

A项：甲球的加速度故甲球的加速度大小为10m/s2；负号表示加速度方向与速度方向相反，乙球的加速度。

故甲球的加速度大于乙球的加速度，故A错误；

B项：当两物体速度相同时两物体相距最远即解得：t=4.4s；即4.4s时两物体相距最远，故B错误；

C项：t=6s时甲球的速度v1=v0+a1t=40+（-10）×6=-20m/s；乙球的速度。

故t=6s时甲球的速率大于乙球的速率．故C错误；

D项：设T时刻两物体相遇，故有解得：故D正确．6、A【分析】【详解】

AB.人对测力计的压力和测力计对人的支持力；分别作用在两个物体上，是一对作用力与反作用力。故A正确，B错误。

C.人对测力计的压力是由于人发生形变而产生的；故C错误。

D.若人加速下蹲，加速度向下，受到的支持力小于重力，根据牛顿第三定律可知，在此过程中人对测力计的压力小于人的重力，故D错误。7、C【分析】【分析】

【详解】

A．惯性只和质量有关；与物体的运动状态无关，A错误；

B．挂件受到斜向右上方的拉力及重力作用；合力水平向右，故汽车在做加速运动，B错误；

C．氢气球受到重力；浮力、轻绳斜向左下方的拉力；要随车一起加速，故空气对氢气球有斜向右上方的作用力，C正确；

D．由牛顿第三定律可知；空气对氢气球的作用力等于氢气球对空气的作用力，D错误。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)8、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．运动状态改变说明速度一定改变；则一定会产生加速度；故AB正确；

CD．速度改变；加速度可能是恒定不变的，故一定受合外力，但合外力可能是恒定不变的；故C错误，D正确；

故选ABD。9、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．甲物体先朝正方向做减速运动再朝负方向做加速运动；轨迹是直线，4s末离出发点最远，最大位移为80m，A错误，B正确；

C．v-t图线的斜率表示加速度，乙物体前2s的加速度为

C错误；

D．乙物体前4s朝正方向运动；后4s朝负方向运动，图线与时间轴所围的面积表示位移，可知两段时间内的位移大小相等，故8s末回到出发点，D正确。

故选BD。10、B:C【分析】【详解】

AB．加速度方向与速度变化方向相同；与速度方向无关，故A错误，B正确；

CD．加速度大小是描述速度变化快慢的物理量；大小为速度变化量与时间的比值，速度为零时，加速度可能很大，故C正确，D错误。

故选BC。11、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．如果质量分布不均匀的圆形薄板；重心就不一定在其圆心，故A错误；

B．放在桌面上的书对桌面产生了压力；其原因是书本发生了形变对跟它接触的桌面产生力的作用，故B错误；

C．由于弹力的方向垂直于接触面；而摩擦力的方向平行于接触面，因此接触面间的摩擦力方向总是与这个接触面间的弹力方向垂直，故C正确；

D．滑动摩擦力的方向总是与它们的相对运动方向相反；而与其运动方向无关，如果物体的运动方向与物体的相对运动方向垂直，则此时滑动摩擦力的方向就与运动方向垂直，因此滑动摩擦力的方向可以和运动方向垂直，故D正确。

故选CD。12、A:B:D【分析】【详解】

AC．将两小球和细线b视为整体；对整体受力分析如图所示。

根据共点力的平衡条件有

故A正确；C错误；

B．对小球2进行受力分析如下。

根据共点力的平衡条件有

故B正确；

D．剪断绳b后的瞬间，b、c两条绳子的拉力均变为零，小球2只受重力作用，加速度为g；故D正确。

故选ABD。13、A:D【分析】【详解】

A.由于弹簧弹力属于渐变，所以撤去C的瞬间；弹簧的形变量不变，故A正确；

B.开始整体处于平衡状态，弹簧的弹力等于A和C的重力，即F=3mg，撤去C的瞬间，弹簧的形变量不变，弹簧的弹力不变，仍为3mg；故B错误；

C.撤去C瞬间，弹力不变，A的合力等于C的重力，对木块A，由牛顿第二定律得：2mg=ma，

解得：a=2g

方向竖直向上；故C错误；

D.撤去C的瞬间，弹簧的弹力不变，仍为3mg，对B，由平衡条件得：F+mg=N，

解得：N=4mg

木块B对水平面的压力为4mg，故D正确．14、A:B【分析】【分析】

以小球和物块整体为研究对象；分析受力，根据牛顿第二定律研究横杆对M的摩擦力；弹力与加速度的关系．对小球研究，根据牛顿第二定律，采用合成法研究细线与竖直方向的夹角、细线的拉力与加速度的关系．

【详解】

对小球和物块组成的整体；分析受力如图1所示，根据牛顿第二定律得：

水平方向：f=（M+m）a，竖直方向：N=（M+m）g．则当加速度增加到3a时，横杆对M的摩擦力f增加到原来的3倍．横杆对M的弹力等于两个物体的总重力，保持不变．故AB正确．以小球为研究对象，分析受力情况如图2所示，由牛顿第二定律得：mgtanθ=ma，得tanθ=a/g，当a增加到3倍时，tanθ变为3倍，但θ不是3倍．细线的拉力T=可见，a变为3倍，T不是3倍．故CD错误．故选AB．

【点睛】

本题首先要选择好研究对象，其次要正确分析受力情况．运用牛顿第二定律采用正交分解法和隔离法相结合．三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【详解】

[1]．运动员在0﹣2s内做匀加速直线运动，图象的斜率表示加速度，所以t=1s时运动员的加速度大小为：

不是自由落体运动．

[2]．面积可以通过图象与时间轴所围成的面积估算，本题可以通过数方格的个数来估算，（大半格和小半格合起来算一格，两个半格算一格）每格面积为4m2，14s内数得的格数大约为40格，所以14s内运动员下落的高度为：h=40×2×2m=160m．【解析】不是；16016、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]人静止时，重力大小等于支持力，升降机竖直加速上升时，有向上的加速度，升降机底板对人的支持力大小大于人的重力，根据牛顿第三定律，人对升降机底板的压力也大于人的重力，即人对升降机底板的压力增大。【解析】增大17、略

【分析】【详解】

磅秤上站着一个重为500N的人；并放着一个重40N的重物，则磅秤的读数为两者的总重，即540N；当人用20N的力竖直向上提重物时，没有将重物提起．以人和重物整体为对象，磅秤的读数应保持不变，还是540N．

故本题的答案为：540N，540N．【解析】540；540；18、略

【分析】【详解】

[1]由v-t图像可知，v-t图所包围的面积代表位移；故7s时物体的正向位移最大，离原点最远；

[2]v-t图的斜率代表加速度，6-9s内，斜率为

即加速度大小为9s时的速度为

所以9秒内的位移是【解析】7s10m19、略

【分析】【详解】

[1][2]．小球受重力、斜面支持力F1和挡板支持力F2，将F1与F2合成为F；如图。

小球一直处于平衡状态，三个力中的任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故F1和F2合成的合力F一定与重力等值、反向、共线．从图中可以看出，当挡板绕O点逆时针缓慢地转向水平位置的过程中，F1越来越小，F2先变小，后变大，根据牛顿第二定律可知，球对挡板的压力大小将先变小后变大．【解析】先变小后变大变小20、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2][3]牛顿第二定律的表达式为

加速度由物体所受合外力决定；加速度的方向与物体所受合外力的方向一致。当物体所受合外力发生突变时，加速度也随着发生突变，而物体运动的速度不能发生突变。

（2）[4]轻绳和轻杆：剪断轻绳或轻杆断开后，原有的弹力将突变为0【解析】合外力合外力速度突变为021、略

【分析】【详解】

[1]由于实际上不存在完全不受其它物体作用的孤立物体；所以第一定律不能用实验直接加以验证，主要是由它所推出的结论和实验事实符合而得到验证。第一定律指出了物体在不受力的情况下处于怎样的运动状态，这样就可以研究物体在受力情况下的运动状态，因此，在牛顿力学的理论系统中牛顿第一定律是第二定律的前提和基础，则牛顿第一定律不是牛顿第二定律的推论。

[2]根据公式。

F=ma质量越大，加速度就越小，物体也就越能保持它原有的状态，惯性也就越大了，则能用牛顿第二定律来解释质量是物体惯性大小的量度。【解析】不是能22、略

【分析】【详解】

[1]若A被外力固定，则绳子上的拉力为T=mBg=20N

则滑轮受到绳子的作用力

[2]当把物块A释放之后，令物块A、B间的弹力为F，对A分析有

物块B在竖直方向上有

物块B在水平方向上有

由于物块B竖直方向向下的位移大小等于A水平向右的位移，则有

解得【解析】2.023、略

【分析】【详解】

[1]质点在第1s内的位移为：

x1=5m-0=5m在第2s内的位移：

x2=-4m-5m=-9m在第3s内的位移：

x3=-1m-（-4）m=3m在第4s内的位移：

x4=-7m-（-1）m=-6m在第5s内的位移：

x5=1m-（-7）m=8m所以在第2s内的位移最大；

[2]质点在第1s内的路程为：

s1=5m+0=5m在第2s内的路程：

s2=4m+5m=9m在第3s内的路程：

s3=4m-1m=3m在第4s内的路程：

s4=7m-1m=6m在第5s内的路程：

s5=1m+7m=8m所以在第2s内的路程最大；

[3]前1s内的位移为：

=5m-0=5m前2s内的位移：

=-4m-0m=-4m前3s内的位移：

=-1m-0m=-1m前4s内的位移：

=-7m-0m=-7m前5s内的位移：

=1m-0m=1m所以前4s内的位移最大；

[4]前1s内的路程为：

=5m前2s内的路程：

=5m+9m=14m前3s内路程：

=14m+3m=17m前4s内的路程：

=17m+6m=23m前5s内的路程：

=23m+8m=31m所以前5s内的路程最大．【解析】2245四、实验题(共2题，共6分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]A．开始时应使重物靠近打点计