2025年中图版高三物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年中图版高三物理上册月考试卷269考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、关于衍射现象，下列说法正确的是（）A.泊松亮斑是光的衍射现象B.当障碍物的尺寸比波长大很多时，能发生明显的衍射现象C.缝的宽度越小，光的传播路线越接近直线D.只有横波才能发生衍射现象，纵波不能发生衍射现象2、质点做直线运动时的速度图象与坐标轴包围的面积的数值等于这段时间内质点的位移大小，不仅对匀速直线运动、均变速直线运动成立，而且对任一变速运动也成立，如图所示为某质点在0-4s时间内作直线运动的速度图象，则由图象可知此段时间内该质点的位移大小最接近于（）A.15mB.13mC.11mD.7m3、氢原子光谱的巴耳末系中波长最长的光波的光子能量为E1，其次为E2，则为（）A.B.C.D.4、以斜面底端为零势能面，物体从光滑斜面由静止滑下，当所用时间是滑到底端时间的一半时，该物体的势能和动能之比为（）A.3：1B.2：1C.2：3D.4：95、下列表达式中属于电场强度定义式的是（）A.E=B.E=C.E=kD.E=k6、下列各图象中，能正确反映匀速直线运动的图象是（）A.B.C.D.7、示波管中，2s内有6×1013个电子通过横截面大小不知的电子枪，则示波管中电流大小为（）A.4.8×10-6AB.3×10-13AC.9.6×10-6AD.无法确定评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、下列关于电源的说法中正确的是（）A.电源电动势的大小，等于电源没有接入电路时电源两极间的电压的大小B.在闭合电路中，并联在电源两端的电压表的示数就是电源电动势的值C.在闭合电路中，并联在电源两端的电压表的示数就是电源内阻上的电压值D.电源的电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领的大小的物理量9、以下的计时数据中指时间间隔的是（）A.第29届奥运会于2008年8月8日20时8分在北京开幕B.四川省汶川县发生8.0级强烈地震是在2008年5月12日14时28分C.中德女足比赛中直到86分钟才由韩端攻入一球，打破僵局D.中国运动员刘子歌以2分4秒18打破世界纪录，获得北京奥运会女子200米蝶泳冠军10、如图所示，一根水平光滑的绝缘直槽轨连接一个竖直放置的半径为R=0.50m的绝缘光滑槽轨．槽轨处在垂直纸面向外的匀强磁场中，磁感应强度B=0.50T．有一个质量m=0.10g，带电量为q=+1.6×10-3C的小球在水平轨道上向右运动．若小球恰好能通过最高点，则下列说法正确的是（）A.小球在最高点只受到洛仑兹力和重力的作用B.由于无摩擦力，且洛仑兹力不做功，所以小球到达最高点小球在水平轨道上的机械能相等C.如果设小球到达最高点的线速度是v，小球在最高点时式子mg+qvB=mv2/R成立D.如果重力加速度取10m/s2，则小球初速度v0=4.6m/s11、如图为一列沿x

轴负方向传播的简谐横波，实线为t=0

时刻的波形图，虚线为t=0.6s

时的波形图，波的周期T>0.6s

则(

)

A.波的周期为0.8s

B.在t=0.5s

时，Q

点到达波峰位置C.经过0.4sP

点经过的路程为0.4m

D.在t=0.9s

时，P

点沿y

轴正方向运动12、下列说法正确的是（）A.水面上的油膜在阳光照射下回呈现彩色，这是由光的薄膜干涉造成的B.拍摄玻璃橱窗内的物品时，会在镜头前加装偏振片以增加透射光的强度C.狭义相对论认为：光在真空中的传播速度会随光源和观察者所在参考系的相对运动而改变E.自然光在玻璃表面的反射光是偏振光E.自然光在玻璃表面的反射光是偏振光13、如图所示，在一根一端封闭、内壁光滑的绝缘直管MN内有一个带正电的小球，空间中充满竖直向下的匀强磁场．开始时，直管水平放置，且水球位于管的封闭端M处．现使直管沿水平方向向右匀速运动，经一段时间后小球到达管的开口端N处．在小球从M到N的过程中（）A.磁场力对小球做了正功B.直管对小球做了正功C.磁场力的方向不断在变化D.小球的运动轨迹是一直线评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)14、将一电荷量为-3×10-6C的负电荷从电场中的A点移动到B点，克服电场力做了3×10-5J的功，再将该电荷从B点移动到C点，电场力做了1.2×10-5J的功，则A、C间的电势差为____V，电荷从A点移动到B点再从B点移动到C点的过程中，电势能变化了____J．15、（2013秋•洋县校级月考）如图示质量都是m的A、B两物体之间用弹簧相连，弹簧的质量不计．A物体用线悬挂，使系统处于平衡状态．悬线突然被烧断的瞬间，A物体的加速度大小是____m/s2，B物体的加速度是____m/s2．16、做竖直上抛运动的物体，在上升阶段的平均速度是10m/s

则从抛出到落回抛出点所需时间为______s

上升的最大高度为______m(g

取10m/s2)

17、1957年10月4日；前苏联发射了世界上第一颗人造地球卫星以来，人类活动范围从陆地；海洋、大气层扩展到宇宙空间，宇宙空间成为人类的第四疆域，人类发展空间技术的最终目的是开发太空资源．

（1）宇航员在围绕地球做匀速圆周运动的航天飞机中，会处于完全失重的状态，下列说法正确的是____

A．宇航员仍受重力作用B．宇航员受力平衡。

C．重力正好为向心力D．宇航员不受任何力的作用。

（2）已知空间站周期为T，地面重力加速度约为g，地球半径为R．由此可计算出国际空间站离地面的高度为____．18、在探究凸透镜成像的实验中；

（1）一束平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑．由图可知该凸透镜的焦距是____cm．

（2）用一个高为2cm发光的“F”替代蜡烛作为光源，又用毛玻璃做成光屏，实验装置如图乙所示，在光屏上出现一个清晰的“F”的像．请你详尽的描述这个像____：

（3）如果想模拟幻灯机的工作原理，在凸透镜保持不动的情况下，接下来的操作应该是____：

（4）当发光的“F”位于距透镜8cm位置时，为观察到所成的像，眼睛需要在____（选填“光屏”或“发光体F”）一侧透过透镜观察，此时所成的像是____、____的虚像．

19、某汽车在某路面紧急刹车时，加速度的大小是6m/s2，如果必须在2.5s内停下来，汽车的行驶速度最高不能超过____．（假设汽车做匀减速运动）20、（2010秋•开福区校级期末）如图所示，某人用F=100N的水平恒力，通过一质量和摩擦均不计的定滑轮把物体沿水平方向从静止开始拉动了2m，则他对物体做的功为____J．21、（2012秋•忻州期末）[物理--选修3-3]

（1）对于一定量的理想气体，下列说法正确的是____

A．若气体的压强和体积都不变；其内能也一定不变。

B．若气体从外界吸收了热量；其内能一定增加。

C．若气体的温度随时间不断升高；其压强也不一定增大。

D．若气体内能增加了；则气体一定从外界吸收了热量。

E．若气体从外界吸收了热量；其温度也不一定升高。

（2）如图为一注射器，针筒上所标刻度是注射器的容积，最大刻度Vm=20ml，其活塞的横截面积为2cm2．先将注射器活塞移到刻度V1=18mL的位置，然后用橡胶帽密封住注射器的针孔．已知环境温度t1=27℃，大气压p0=1.0×105Pa；为使活塞移到最大刻度处，试问（活塞质量及活塞与针筒内壁间的摩擦均忽略不计．）

（Ⅰ）若把注射器浸入水中缓慢加热；水温须升至多少℃？

（Ⅱ）若沿注射器轴线用力向外缓慢拉活塞，拉力须达到多大？评卷人得分四、计算题(共3题，共6分)22、如图所示；一个质量为m

电阻不计、足够长的光滑U

形金属框架MNPQ

位于光滑水平桌面上，分界线OO鈥�

分别与平行导轨MN

和PQ

垂直，两导轨相距L.

在OO鈥�

的左右两侧存在着区域很大、方向分别为竖直向上和竖直向下的匀强磁场，磁感应强度的大小均为B.

另有质量也为m

的金属棒CD

垂直于MN

放置在OO鈥�

左侧导轨上，并用一根细线系在定点A.

已知细线能承受的最大拉力为T0CD

棒接入导轨间的有效电阻为R;

现从t=0

时刻开始对U

形框架施加水平向右的拉力F

使其从静止开始做加速度为a

的匀加速直线运动．

(1)

求从框架开始运动到细线断裂所需的时间t0

．(2)

若细线尚未断裂，求在t

时刻水平拉力F

的大小．(3)

若在细线断裂时，立即撤去拉力F

求此时框架的瞬时速度v0

和此后过程中回路产生的总热量Q

．23、如图，质量均为m

的两个小球AB

固定在弯成直角的绝缘轻杆两端，AB=OB=l

可绕过O

点且与纸面垂直的水平轴无摩擦地在竖直平面内转动，空气阻力不计.A

球带正电，B

球带负电，电量均为q

整个系统处在竖直向下的匀强电场中，场强E=mg2q.

开始时；AB

水平，以图中AB

位置为重力势能和电势能的零点，问：

(1)

为使系统在图示位置平衡；需在A

点施加一力F

则F

至少多大？方向如何？

(2)

若撤去FOB

转过45鈭�

角时；A

球角速度多大？此时系统电势能总和是多大？

(3)

若撤去FOB

转过多大角度时，系统机械能最大？最大值是多少？24、如图所示；距水平地面高为h=0.4m

处，水平固定一根长直光滑杆，杆上P

点固定一可绕水平轴无摩擦转动且不计大小的定滑轮，一半径R=0.3m

的光滑半圆形细轨道，竖直地固定在地面上，其圆心O

在P

点的正下方，杆和半圆形轨道在同一竖直面内，杆上套有一质量m=2kg

小球A

半圆形轨道上套有一质量也为m=2kg

的小球B

两球用一条不可伸长的轻绳通过定滑轮连接，且均可看作质点，现给小球A

施加一个水平向右的恒力F=55Ng

取10m/s2.

求：

(1)

把小球B

从地面拉到P

点正下方C

点过程中；力F

做的功；

(2)

小球B

运动到C

处时的速度大小；

(3)

小球B

被拉到离地多高时与小球A

速度大小相等．评卷人得分五、推断题(共1题，共5分)25、rm{.}室温下，单质rm{A}rm{B}rm{C}分别为固体、黄绿色气体、无色气体。在合适的条件下它们可按下面的关系进行反应，又知rm{E}溶液是无色的，请回答：rm{(1)A}是________，rm{B}是________，rm{C}是______，rm{H}是________rm{(}填写化学式rm{)}rm{(2)}反应rm{垄脵}的化学方程式为：__________________________________________________________。rm{(3)}反应rm{垄脺}的离子方程式为：__________________________________________________________。rm{(4)}反应rm{垄脻}的离子方程式为：____________________________________________________________。rm{(5)}反应rm{垄脹}的实验现象为：_______________________________________________________。rm{(6)}简述检验溶液rm{F}中阳离子的操作方法：______________________________________________________________________________________________。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【分析】波发生明显衍射的条件是：孔、缝的宽度或障碍物的尺寸与波长相比差不多或者比波长更小，但如果孔、缝的宽度或障碍物的尺寸就不能发生明显的衍射现象；衍射条纹中间宽、两边窄，中间亮、两边暗，不等间距．泊松亮斑是光的衍射现象．【解析】【解答】解：A；泊松亮斑是光绕过障碍物继续传播的现象；光照射不透明的圆盘时阴影的中心出现一个亮斑，属于衍射现象．故A正确．

B；波发生明显衍射的条件是：孔、缝的宽度或障碍物的尺寸与波长相比差不多或者比波长更小．故B错误．

C；缝的宽度越小；衍射越明显，则光的传播路线越偏离直线，故C错误；

D；一切波均能发生衍射现象；故D错误．

故选：A．2、A【分析】【分析】速度时间图线与时间轴围成的面积表示物体的位移，根据图线面积求出质点的位移的大小．【解析】【解答】解：图线与时间轴围成的面积接近于15格；则位移为：x=15×1×1m=15m．故A正确，B；C、D错误．

故选：A．3、A【分析】【分析】在可见光区的氢原子光谱的四条谱线做了分析，发现这些谱线的波长满足公式：=R（-）（n=3，4，5，），再根据E=h，即可求解．【解析】【解答】解：在可见光区的氢原子光谱的四条谱线做了分析；

发现这些谱线的波长满足公式：=R（-）（n=3；4，5，）；

当n=3时，波长最大，=R（-）

根据E1=h，则有：E1=hcR；

同理，当n=4时，则有：E2=hcR；

因此==；故A正确，BCD错误；

故选：A．4、A【分析】【分析】物体做匀加速运动，根据位移时间关系公式求解前一半时间和整个时间段的位移之比，然后根据机械能守恒定律求解即可．【解析】【解答】解：物体由静止出发从光滑斜面顶端自由滑下，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式x=，得：前一半时间的位移与总位移之比为=；

设斜面的高度为h．下滑x1时，重力势能的减小量等于动能的增加量，则物体重力势能为：Ep=mg（h-h）=mgh，动能为：EK=mg•h；

故重力势能与动能之比为3：1

故选：A5、B【分析】【分析】电场强度等于放在电场中某点的试探电荷所受的电场力与其电荷的比值，而E=k是点电荷电场强度公式，且E=只适用于匀强电场．【解析】【解答】解：A、E=此公式；只适用于匀强电场，故A错误；

B、场强度等于放在电场中某点的试探电荷所受的电场力与其电荷的比值，即电场强度的定义式是E=；故B正确；

CD、对于E=k是点电荷电场强度公式；不属于比值定义，故C错误，D也错误．

故选：B．6、B【分析】【分析】匀速直线运动的位移-时间图象是倾斜的直线，其斜率表示速度．匀速直线运动的速度-时间图象是平行于横轴的直线．【解析】【解答】解：A；表示物体的速度随时间在增大；是加速运动，故A错误；

B；表示随着时间的增大；位移也在变大，位移与时间成正比，物体做匀速运动，故B正确；

C；表示速度随着时间的增大而减小；物体做减速运动，故C错误；

D；表示位移随着时间的增加不变；说明物体保持静止，故D错误．

故选：B．7、A【分析】【分析】每个电子的电荷量大小为e=1.6×10-19C．根据电流的定义式I=，求解示波管中电流的大小．【解析】【解答】解：每个电子的电荷量大小为e=1.6×10-19C，6×1013个电子总电荷量为q=6×1013×1.6×10-19C=9.6×10-6C，则示波管中电流大小为I==4.8×10-6A．

故选：A二、多选题(共6题，共12分)8、AD【分析】【分析】电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势；电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关；电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．【解析】【解答】解：A；电源电动势的大小；等于电源没有接入电路时电源两极间的电压的大小；故A正确；

B；在闭合电路中；并联在电源两端的电压表的示数是路端电压，其数值小于电源电动势的值；故B错误；

C；在闭合电路中；并联在电源两端的电压表的示数是路端电压，不是电源内阻上的电压值；故C错误；

D；电源的电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领的大小的物理量；故D正确；

故选：AD．9、CD【分析】【分析】时间是指时间的长度，在时间轴上对应时间段，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点．【解析】【解答】解：A：于2008年8月8日20时8分是时间轴上的一个点；所以是时刻，不是时间间隔．故A错误；

B：在2008年5月12日14时28分是时间轴上的一个点；所以是时刻，不是时间间隔．故B错误；

C：比赛中直到86分钟是指从开始到结束的一段时间；对应的是时间间隔．故C正确；

D：以2分4秒18是时间轴上的一段时间；所以是时间间隔．故D正确．

故选：CD．10、ABD【分析】【分析】小球恰好通过最高点时；轨道对球无作用力，向心力由重力和洛伦兹力的合力提供；

因洛伦兹力和支持力始终与速度垂直；因此不做功，则小球运动过程中机械能守恒；

由F向=m；结合牛顿第二定律，可知在最高点时的速度和受到的洛伦兹力及重力的关系；

从水平轨道到最高点的过程中，只有重力做功，由机械能守恒可得知小球的初速度．【解析】【解答】解：A；设小球在最高点的速度为v；则小球在最高点所受洛伦兹力为：

F=qvB①

方向竖直向上；由于小球恰好能通过最高点；故小球在最高点由洛伦兹力和重力共同提供向心力，故A正确；

B、由上可知：mg-F=②

①②两式联立得：v=1m/s，F=8×10-4N

由于无摩擦力；且洛伦兹力不做功，所以小球在运动过程中机械能守恒，由机械能守恒定律可得：

m=mgh+mv2③

其中h=2R④

解得：v0=m/s=4.6m/s．故BD正确；

C、如果设小球到达最高点的线速度是v，小球在最高点时式子mg-qvB=成立；故C错误；

故选：ABD．11、ABC【分析】解：A

根据波形平移法可知，由实线得到虚线需要将图象沿x

轴负方向平移(n+34)娄脣

其中n=0123

故由实线传播到虚线这种状态需要时间t=(n+34)T

即(n+34)T=0.6s

解得T=2.44n+3s

其中n=01234

因为T>0.6s

所以n

取0

时，解得T=0.8s

故A正确；

B、由图可知该波的波长娄脣=8m

则波速v=娄脣T=10m/s

在t=0

时Q

点的横坐标为5m

故在t=0.5s

的时间内波沿x

轴负方向传播的距离为x=vt=10隆脕0.5=5m

故在t=0.5s

时，Q

点振动情况和t=0

时距离坐标原点10m

处的质点的振动情况相同，而t=0

时距离坐标原点10m

处的质点在波峰，在t=0.5s

时，Q

点到达波峰位置.

故B正确．

C、在一个周期内P

点完成一个全振动，即其运动路程为4A

而t=0.4s=12T

故经过0.4sP

点经过的路程为S=2A=0.4m

故C正确；

D；由于波沿x

轴负方向传播；故t=0

时P

点沿y

轴负方向运动，则t=0.8s

时P

点也沿y

轴负方向运动，则t=0.9s

与t0.1s

时P

点的状态相同，故0.9s

时P

点沿y

轴负方向运动.

故D错误．

故选：ABC

根据波形平移法求出波的周期；根据波的传播方向确定质点的振动方向；在一个周期内质点完成一个全振动；运动路程为4A

后一个质点重复前一个质点的振动，故t=0.5s

时，Q

点振动情况和t=0

时距离坐标原点x=x0+vt=10m

处的质点的振动情况相同.

根据时间与周期的关系求P

点经过的路程，判断质点P

的运动方向．

本题的解题关键是把握机械波的特点：“后一个质点重复前一个质点”的运动情况.

要知道质点做简谐运动时，在一个周期内通过的路程是四个振幅．【解析】ABC

12、ADE【分析】解：A；油膜在阳光照射下；膜的两表面反射，出现相同频率的两列光波，从而进行叠加，导致呈现彩色，这是由光的薄膜干涉造成的，故A正确；

B；拍摄玻璃橱窗内的物品时；往往在镜头前加装一个偏振片以减弱反射光的强度，使照片清晰。故B错误；

C；狭义相对论认为：光在真空中的传播速度不变；不随光源和观察者所在参考系的相对运动而改变，故C正确；

D；横波在传播过程中；相邻的波峰通过同一质点所用的时间为一个周期。故D正确；

E；自然光在玻璃表面的反射光是偏振光；故E正确；

故选：ADE。

油膜在阳光照射下会呈现彩色；是光的干涉现象；拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加装一个偏振片以减弱反射光的强度；狭义相对论认为：光速不变原理；横波在传播过程中，介质中的质点不随波向前移动；自然光在玻璃表面的反射光是偏振光。

此题考查了光的干涉、偏振等知识，解决本题的关键是理解光现象产生原因及实际应用的原理。【解析】ADE13、BC【分析】【分析】小球能从管口处飞出，说明小球受到指向管口洛伦兹力，将小球的运动分解为沿管子向里和垂直于管子向右两个方向．根据受力情况和初始条件分析两个方向的分运动情况，研究轨迹．【解析】【解答】解：A；洛伦兹力总是与速度垂直；不做功，故A错误；

B；对小球受力分析；受重力、支持力和洛伦兹力，其中重力和洛伦兹力不做功，而动能增加，根据动能定理可知支持力做正功，故B正确；

C、D、设管子运动速度为v1，小球垂直于管子向右的分运动是匀速直线运动．小球沿管子方向受到洛伦兹力的分力F1=qv1B，q、v1、B均不变，F1不变；则小球沿管子做匀加速直线运动．与平抛运动类似，小球运动的轨迹是一条抛物线，洛伦兹力方向不断变化，故C正确，D错误；

故选BC．三、填空题(共8题，共16分)14、61.8×10-5【分析】【分析】根据电场力做功做电势差的关系，求出AB间、BC间的电势差，从而得出AC间的电势差．【解析】【解答】解：AB间的电势差为：V

BC间的电势差为：V．

所以有：UAC=UAB+UBC=10-4=6V；

荷从A点移动到B点再从B点移动到C点的过程中；电势能变化等于电场力做的功，即：

J

电场力做负功，电荷的电势能增大，增大量为1.8×10-5J

故答案为：6，1.8×10-515、2g0【分析】【分析】悬线被烧断前，物体B受到重力和弹簧的拉力而平衡，物体A受到重力、弹簧的拉力和悬线的拉力而平衡，根据平衡条件可求出弹簧的拉力和悬线的拉力．当悬线突然被烧断的瞬间，悬线的拉力突然减为零，而弹簧的弹力没有来得及变化，根据牛顿第二定律求解．【解析】【解答】解：悬线被烧断前；根据平衡条件得

对B物体：弹簧的拉力F1=mg；

对整体：悬线的拉力F2=2mg

当悬线突然被烧断的瞬间，F2=0，F1=mg，则此瞬间A的合力等于大小等于F2=2mg；

根据牛顿第二定律得

对B：aB=

对A：aA=

故本题答案是：2g；016、略

【分析】解：质点上升过程做匀减速直线运动，有：v炉=0+v02

得：v0=20m/s

从抛出到落回抛出点所需时间为：

t=2v0g=2隆脕2010=4s

从抛出到上升的最大高度为：

H=v022g=20m

故答案为：420

竖直上抛运动可以看成一种匀减速直线运动，由匀变速运动的平均速度公式v炉=0+v02

求出质点的初速度；然后应用竖直上抛运动规律分析答题。

解决本题的关键是要明确质点的运动性质，熟练运用匀变速运动的平均速度公式求出质点的初速度，要注意该公式只适用于匀变速直线运动。【解析】420

17、AC【分析】【分析】完全失重是指物体受到的重力完全产生了物体运动的加速度，在围绕地球做匀速圆周运动的航天飞机中，完全失重的时候，物体的重力全部作为了物体运动所需要的向心力，产生了向心力加速度．【解析】【解答】解：（1）ACD；宇航员在围绕地球做匀速圆周运动的空间站中会处于完全失重状态；此时宇航员仍受重力的作用，而且宇航员受的重力正好充当向心力，故AC正确、D错误；

B；宇航员受的重力正好充当向心力；产生向心加速度，并不是处于受力平衡状态，故B错误；

故选：AC．

（2）根据万有引力提供向心力，得

又因为在地球表面的物体受到的重力等于万有引力，得GM=R2g

所以国际空间站离地面的高度为

故答案为：（1）AC；（2）．18、11倒立的缩小的实像调节物距到11cm-22cm范围，调节像距在大于22cm范围发光体F正立放大【分析】【分析】（1）焦点与透镜的距离叫做焦距；

（2）当物距大于两倍的焦距时；光屏上成倒立的缩小的实像；

（3）幻灯机的工作时；物距小于2倍焦距而大于一倍的焦距，依此调整物距与像距即可；

（4）当物距小于一倍的焦距时，成正立的、放大的虚像．【解析】【解答】解：（1）在光屏上形成的最小；最亮的光斑；就是凸透镜的焦点，说明了凸透镜对光线有会聚作用；

由图知；焦点到凸透镜的距离为11cm，所以焦距f=11cm；

（2）由图知；物距u=40cm，大于2f，所以此时成倒立缩小的实像；

（3）幻灯机的工作时；物距小于2倍焦距而大于一倍的焦距，故接下来的操作应该是：

调节物距到11cm-22cm范围；调节像距在大于22cm范围；

（4）当发光的“F”位于距透镜8cm位置时；小于f，会在物体同一侧出现正立；放大的虚像；

故答案为：（1）11；（2）倒立的缩小的实像；（3）调节物距到11cm-22cm范围，调节像距在大于22cm范围；（4）发光体F，正立，放大．19、15m/s【分析】【分析】根据匀变速直线运动的速度时公式求出汽车行驶的最大速度．【解析】【解答】解：因为汽车的末速度为零，加速度为-6m/s2；时间为2.5s．

根据速度时间公式v=v0+at得；

v0=-at=6×2.5m/s=15m/s．

故答案为：15m/s．20、200【分析】【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，分析力及位移由功的公式可求得拉力所做的功．【解析】【解答】解：通过定滑轮拉动物体；则拉力作用的位移为2m；故拉力所做的功W=FL=100×2J=200J；

故答案为：200．21、ACE【分析】【分析】由公式判断各物理量的变化，改变内能的方式有做功和热传递，结合热力学第一定律判断内能的变化．【解析】【解答】解：（1）A、由公式知若气体的压强和体积都不变；温度不变，其内能也一定不变，A正确；

B；改变内能的方式有做功和热传递；若气体从外界吸收了热量，同时对外做功，其内能不一定增加，B错误；

C、由公式知若气体的温度随时间不断升高；体积增大时其压强不一定增大，C正确；

D；改变内能的方式有做功和热传递；若气体内能增加了，则气体不一定从外界吸收了热量，D错误；

E；改变内能的方式有做功和热传递；若气体从外界吸收了热量同时对外做功，其温度也不一定升高，E正确；

故选：ACE

（2）设水温度升至T时，活塞移动到最大刻度处，则：

将T1=t1+273=300K代入；解得：T=333K，t=T-273=60°

设拉力为F时，活塞移动到最大刻度处，此时气体压强为P，则：P0V1=PVm

解得：P=9×104Pa

由活塞平衡条件得：F=（P0-P）S=2N

答：（Ⅰ）若把注射器浸入水中缓慢加热，水温须升至60℃；（Ⅱ）若沿注射器轴线用力向外缓慢拉活塞，拉力须达到2N．四、计算题(共3题，共6分)22、解：(1)(1)对框架应用匀变速直线运动规律得：

根据电磁感应定律的切割式得：

根据闭合电路的欧姆定律得：

绳子断裂时，对棒有解得(2)

在t

时刻，框架的速度

框架切割磁场产生的电动势

框架受到的安培力

对框架有

(3)

撤去拉力F

时，框架的速度

撤去拉力后，系统总动能的减少量等于回路消耗的电能，最终在回路中产生的焦耳热Q

。

撤去拉力F

后，框架向右减速，棒向左加速。由于框架和棒在大小相等的安培力作用下产生加速度，且两物质量又相等，任意时刻它们的加速度大小总是相等，所以在相等时间内两物速度变化的大小也相等。当两物的速度变化到大小相等时，回路中的磁通量不再变化，电流为0

它们分别向左、向右做匀速运动。

设最终速度大小为v

，则有解得：

故有

【分析】(1)(1)应用匀变速直线运动规律、电磁感应定律的切割式和闭合电路的欧姆定律求出感应电流，而后应用平衡条件求解即可；

(2)

应用匀变速直线运动规律、电磁感应定律的切割式和闭合电路的欧姆定律求出时间t

时的感应电流，而后对框架应用牛顿第二定律求解即可；

(3)

根据匀变速直线运动规律求出细线断裂时框架的速度；对撤去F

后框架运动过程应用能量守恒定律求解。本题综合考查了电磁感应中的电路问题、动力学问题和能量问题，弄清运动过程，正确应用能量守恒定律是解题的关键。

【解析】解：(1)(1)对框架应用匀变速直线运动规律得：

根据电磁感应定律的切割式得：

根据闭合电路的欧姆定律得：

绳子断裂时，对棒有解得(2)

在t

时刻，框架的速度

框架切割磁场产生的电动势

框架受到的安培力

对框架有

(3)

撤去拉力F

时，框架的速度

撤去拉力后，系统总动能的减少量等于回路消耗的电能，最终在回路中产生的焦耳热Q

。

撤去拉力F

后，框架向右减速，棒向左加速。由于框架和棒在大小相等的安培力作用下产生加速度，且两物质量又相等，任意时刻它们的加速度大小总是相等，所以在相等时间内两物速度变化的大小也相等。当两物的速度变化到大小相等时，回路中的磁通量不再变化，电流为0

它们分别向左、向右做匀速运动。

设最终速度大小为v

，则有解得：

故有

23、略

【分析】

(1)

当F

垂直于OA

时力最小；根据力矩平衡求出最小拉力的大小和方向．

(2)

对AB

组成的系统运用动能定理；抓住AB

的角速度相等，得出AB

线速度的关系，联立求出A

球的角速度.

根据电场力做功求出系统电势能的总和．

(3)

当电势能最小时；间最大，结合能量守恒求出机械能的最大值．

本题考查了力矩平衡、系统动能定理、能量守恒的总和运用，知道电场力做功等于电势能的减小量.

知道当电势能最小时，机械能最大．【解析】解：(1)

当F

垂直于OA

时力最小.

根据力矩平衡：mgl+qEl=Fmin2l

已知qE=12mg

可以求出：Fmin=324mg.

方向与AB

成45

度角斜向上.

(2)

对系统列动能定理，(mg+qE)l+(mg鈭�qE)l(1鈭�cos45鈭�)=12mvA2+12mvB2

其中，vA=2娄脴lvB=娄脴l

可得：娄脴=(8鈭�2)g6l

．

此时，电场力对A

球做正功，WA=qEl

电场力对B

球做负功，WB=鈭�qEl(1鈭�cos45鈭�)

则电场力对系统做功W=qElcos45鈭�

则系统电势能娄脜=鈭�22qEl=鈭�24mgl

．

(3)

电势能最小时；机械能最大，由2

的结论，系统电势能总和为娄脜=鈭�qElcos娄脠

即当娄脠=90鈭�

电势能最小娄脜min=鈭�qEl

初始位置时，电势能和机械能均为零，则此时，E禄煤max=qEl=12mgl

．

答：(1)F

至少为324mg.

方向与AB

成45

度角斜向上．

(2)A

球的角速度为(8鈭�2)g6l

系统电势能的总和为鈭�24mgl

．

(3)OB

转过90鈭�

时，系统机械能最大，最大机械能为12mgl

．24、略

【分析】

(1)

根据几何知识求出滑块移动的位移大小；再求解力F

做的功．

(2)

当B

球到达C

处时；滑块A

的速度为零，力F

做的功等于AB

组成的系统机械能的增加，根据功能关系列方程求解小球B

运动到C

处时的速度大小v1

．

(3)

当绳与轨道相切时两球速度相等；小滑块A

与小球B

的速度大小相等，由几何知识求出小球B

上升的高度，再由功能关系求出速度v2

．

本题连接体问题，从功能关系研究物体的速度与高度，关键分析两物体之间的关系和运用几何知识研究物体的位移，注意分析B

球到达最高点时A

球速度为零【解析】解：(1)

由几何知识得，PB=h2+R2=0.5mPC=h鈭�R=0.1m

．

F

做的功为W=F(PB鈭�PC)=55隆脕(0.5鈭�0.1)=22J

．

(2)

当B

球到达C

处时，已无沿绳的分速度，所以此时滑块A

的速度为零.

对两球及绳子组成的系统的能量变化过程，由功能关系，得W=12mv12+mgR

代入解得v1=4m/s

(3)

当绳与轨道相切时两球速度相等；由相似三角形知识，得：

POR=Rh

所以，h=0.3隆脕0.30.4m=0.225m

．

答：

(1)

把小球B

从地面拉到半圆形轨道顶点C

的过程中力F

做的功为22J

．

(2)

小球B

运动到C

处时的速度大小是4m/s

．

(3)

小球B

被拉到离地0.225m

高时滑块A

与小球B

的速度大小相等五、推断题(共1题，共5分)25、（1）FeCl2H2Fe（OH）3