2025年粤教新版高三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教新版高三物理上册阶段测试试卷493考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示；光滑的粗铁丝折成一直角三角形，BC边水平，AC边竖直，∠ABC=β，AB；AC边上分别套有细线系着的铜环，细线长度小于BC，当它们静止时，细线与AB边成θ角，则（）

A.θ=β

B.θ＜β

C.θ＞

D.β＜θ＜

2、【题文】电流表的内阻是Rg=200Ω，满偏电流值是Ig=500mA，现在欲把这电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是（）A.应串联一个0.1Ω的电阻B.应并联一个0.1Ω的电阻C.应串联一个1800Ω的电阻D.应并联一个1800Ω的电阻3、向四瓶盛有相同物质的量的rm{NaOH}溶液中通入体积不同的rm{CO_{2}}气体后，得到rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}四瓶溶液。分别向四瓶溶液中逐滴加入等浓度的盐酸，产生的气体体积rm{V(CO_{2})}与所加盐酸体积rm{V(HCl)}的关系如下图所示，且图rm{垄脷垄脹垄脺}中分别有rm{OA<AB}rm{OA=AB}rm{OA>AB}则下列分析与判断正确的是rm{(}忽略rm{CO_{2}}的溶解rm{)}A.rm{垄脵}中通入的rm{CO_{2}}最少B.有两种溶质的是rm{垄脷}和rm{垄脹}C.rm{垄脹}中的溶质只有rm{Na_{2}CO_{3}}D.若rm{垄脺}中rm{OA>2AB}则有rm{c(NaHCO_{3})<c(Na_{2}CO_{3})}4、如图所示；边长为h的正方形金属导线框，从图示的位置由静止开始下落，通过一匀强磁场区域，磁场方向水平，且垂直于线框平面，磁场区域宽度为H，上下边界如图中虚线所示，H＞h．从线框开始下落到完全穿过磁场区域的全过程中，以下判断正确的是（）

①线框中总有感应电流存在。

②线框受到磁场力的合力方向有时向上有时向下。

③线框运动方向始终是向下的。

④线框速度的大小不一定总是在增加．A.①②B.③④C.①④D.②③5、如图所示是半径为R的圆柱形区域的横截面．在没有磁场的情况下，一带电粒子（不计重力）以某一初速度沿截面直径方向入射时，穿过此区域的时间为t．若该区域加沿轴线方向的匀强磁场，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射，粒子飞出此区域时，速度方向偏转了，则下列结论错误的是（）A.带电粒子的初速度为B.带电粒子在磁场中运动的半径为RC.带电粒子在磁场中运动的周期为πtD.带电粒子在磁场运动的时间大于t评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)6、霍尔效应是电磁基本现象之一，近期我国科学家在该领域的实验研究上取得了突破性进展．如图1所示，在一矩形半导体薄片的P、Q间通入电流I，同时外加与薄片垂直的磁场B，在M、N间出现电压UH，这个现象称为霍尔效应，UH称为霍尔电压，且满足UH=K；式中d为薄片的厚度，k为霍尔系数．某同学通过实验来测定该半导体薄片的霍尔系数．

①若该半导体材料是空穴（可视为带正电粒子）导电，电流与磁场方向如图1所示，该同学用电压表测量UH时，应将电压表的“+”接线柱与____（填“M”或“N”）端通过导线相连．

②已知薄片厚度d=0.40mm，该同学保持磁感应强度B=0.10T不变，改变电流I的大小，测量相应的UH值；记录数据如下表所示．

。I（×10-3A）3.06.09.012.015.018.0UH（×10-3V）1.11.93.44.56.26.8根据表中数据在给定区域内（见答题卡）画出UH-I图线，利用图线求出该材料的霍尔系数为____×10-3V•m•A-1•T-1（保留2位有效数字）．

③该同学查阅资料发现，使半导体薄片中的电流反向再次测量，取两个方向测量的平均值，可以减小霍尔系数的测量误差，为此该同学设计了如图2所示的测量电路，S1、S2均为单刀双掷开关，虚线框内为半导体薄片（未画出）．为使电流从Q端流入，P端流出，应将S1掷向____（填“a”或“b”），S2掷向____（填“c”或“d”）．

为了保证测量安全，该同学改进了测量电路，将一合适的定值电阻串联在电路中．在保持其它连接不变的情况下，该定值电阻应串联在相邻器件____和____（填器件代号）之间．7、（2011秋•海曙区校级期中）在“探究求合力的方法”实验中；需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套（如图）．实验中需用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条．

（1）某同学认为在此过程中必须注意以下几项：

A．两根细绳必须等长。

B．橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上。

C．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行其中正确的是____．（填入相应的字母）

（2）本实验中所说的合力与两分力具有相同的效果，是指____效果相同．8、（2008秋•姜堰市期中）在开展研究性学习的过程中，某同学设计了一个利用线圈测量转轮转动角速度的装置．如图所示，在轮子的边缘贴上小磁体，将小线圈靠近轮边放置，接上数据采集器和电脑（即DIS实验器材）．如果小线圈的面积为S，匝数为N，小磁体附近的磁感应强度最大值为B，回路的总电阻为R，实验发现，轮子转过θ角，小线圈的磁感应强度由最大值变为零．则该过程中磁通量的变化量△Φ=____；如果电脑显示该过程中感应电流的平均值为I，则转轮转动的角速度ω=____．9、（2013秋•红桥区期中）如图所示，质量相等的三个物块A、B、C，A与天花板之间、B与C之间均用轻弹簧相连，A与B之间用细绳相连，当系统静止后，突然剪断AB间的细绳，则此瞬间三物块的加速度分别为aA=____，aB=____，aC=____（取向下为正）．10、用接在50Hz交流电源上的打点计时器测定小车的运动情况．如图所示是实验得到的纸带．则小车的加速度和打点1时的瞬时速度的大小分别是a=____m/s2和v1=____m/s

11、开口向上的导热气缸放置在水平地面上，缸内封闭一定质量的理想气体，不计活塞与气缸之间的摩擦，外界大气压强保持不变。当外界环境温度升高一段时间后，气缸内的压强______（选填“增大”、“不变”或“减小”），缸内气体对外所做的功______（选填“大于”、“等于”或“小于”）气缸从外界吸收的热量。12、2015年12月，中国“可见光通信系统关键技术研究”获得重大突破-可见光通信的实时通信速率已经提高至50Gbps；相当于0.2s即可下载一部高清电影．

（1）关于可见光，下列说法正确的是____

A．可见光中的红光比紫光的频率低。

B．可见光不能在真空中传播。

C．可见光波长越长；越容易发生衍射。

D．可见光能发生光的干涉和衍射现象；说明光是横波。

（2）真空中一束波长为6×10-7m的可见光，频率为____Hz，已知光在真空中的速度为3×108m/s．该光进入水中后，其波长与真空中的相比变____（选填“长”或“短”）．

（3）可见光通信是利用LED灯的光线实现上网的新型高速数据传输技术．如图所示，ABCD是LED闪光灯的圆柱形封装玻璃体，其横截面的直径AB=d，厚度AD=d．LED灯（可视为点光源）固定在玻璃体CD面的圆心O．玻璃体的折射率为；光在真空中的传播速度为c．求：

①光在玻璃体中传播的速度；

②光线OA在AB面发生折射时的折射角．13、不同的原子核的比结合能是不一样的，比结合能____（填“越大”或“越小”）的原子核越稳定，氘核和氚核聚变的核反应方程为H+H→He+n，己知H的比结合能是2.78MeV，H的比结合能是1.09MeV，He的比结合能是7.03MeV，则该核反应所____（填“释放”或“吸收”）的能量为____MeV．14、（2015秋•雅安校级月考）有一水平向右的匀强电场E=9.0×103N/C，在竖直平面内半径为0.1m的圆周上取上下左右四点A、B、C、D，在圆心O处放置带正电的点电荷Q=1.0×10-8C，则C处的场强大小为____N/C；B处的场强大小为____N/C．（k=9×109N•m2/C2）评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)15、分子的动能和分子势能的和叫做这个分子的内能．____．（判断对错）16、描述物体的运动时，只能选择静止的物体作为参考系．____．（判断对错）17、物体运动的方向必与物体所受合外力的方向一致．____（判断对错）18、每一种形式的能对应于一种运动形式．____．（判断对错）19、串联电路中，电压分配与电阻成反比．____．（判断对错）20、分子的动能和分子势能的和叫做这个分子的内能．____．（判断对错）21、直线电流磁场的方向的判断可以用安培定则：____．22、运动的电荷在磁场中一定受洛伦磁力的作用．____（判断对错）评卷人得分四、推断题(共2题，共8分)23、有机物rm{X}的结构是rm{(}其中Ⅰ、Ⅱ为未知部分的结构rm{)}下列是rm{X}发生反应的转化关系图及rm{E}的信息。

。rm{E}的组成或结构信息rm{垄脵}分子中含rm{{,!}^{18}O}及苯环结构rm{垄脷}核磁共振氢谱有rm{4}个峰，峰面积之比是rm{1:1:2:2}rm{垄脹}与rm{NaHCO_{3}}溶液反应产生rm{CO_{2}}

请回答：rm{(1)}有机物rm{E}中含有的官能团名称是____，rm{G}的名称是____。rm{(2)B}与rm{G}反应可生成高分子化合物rm{M}其化学方程式是____。rm{(3)X}的结构简式是____。rm{(4)}已知rm{E}的同系物rm{H}的相对分子量比rm{E}多rm{14}rm{H}的同分异构体中，能同时满足下列条件的共有____种。rm{垄脵}能发生银镜反应；rm{垄脷}能发生水解反应；rm{垄脹}能与rm{FeCl_{3}}溶液发生显色反应。rm{(5)F}可作为食品饮料的添加剂，它的聚合物可作为手术缝合线等材料。由rm{B}经过下列途径可合成rm{F(}部分反应条件略rm{)}rm{N隆煤R}的反应类型是____；rm{R隆煤T}的化学方程式是____。24、A、rm{B}rm{C}rm{D}是按原子序数由小到大排列的第二、三周期元素的单质。rm{B}rm{E}均为组成空气的成分。rm{F}的焰色反应呈黄色。在rm{G}中，非金属元素与金属元素的原子个数比为rm{1隆脙2.}在一定条件下，各物质之间的相互转化关系如图rm{(}图中部分产物未列出rm{)}请填写下列空白：rm{(1)A}是_____，rm{C}是_____。rm{(2)B}rm{C}rm{D}三种元素的简单离子半径由大到小的顺序：_____________________rm{(}用离子符合表示rm{)}rm{(3)}写出化合物rm{E}rm{F}的电子式：_____________________、____________________。rm{(4)H}与盐酸反应生成rm{E}的化学方程式是______________________。rm{(5)E}与rm{F}反应的化学方程式是_________________________。rm{(6)F}与rm{G}的水溶液反应生成rm{I}和rm{D}的离子方程式是________________。评卷人得分五、实验探究题(共3题，共9分)25、在利用电磁打点计时器（所用电源频率为50Hz）“验证机械能守恒定律”的实验中：

（1）某同学用如图甲所示装置进行实验，得到如图乙所示的纸带，把第一个点（初速度为零）记作O点，测出点O、A间的距离为68.97cm，点A、C间的距离为15.24cm，点C、E间的距离为16.76cm，已知当地重力加速度为9.80m/s2，重锤的质量为m=1.0kg，则打点计时器在打O点到C点的这段时间内，重锤动能的增加量为______J，重力势能的减少量为______J．（结果精确到小数点后两位）

（2）由于阻力的作用，导致加速度发生变化，利用该装置可以测量重锤下落的加速度a=______m/s2．26、在“测定金属的电阻率”的实验中，某同学所测的金属导体的形状如图甲所示，其横截面为空心的等边三角形，外等边三角形的边长是内等边三角形边长的2倍，内三角形为中空．为了合理选用器材设计测量电路，他先用多用表的欧姆挡“×1”按正确的操作步骤粗测其电阻，指针如图乙，则读数应记为______Ω．

现利用实验室的下列器材；精确测量它的电阻R，以便进一步测出该材料的电阻率ρ：

A．电源E（电动势为3V；内阻约为1Ω）

B．电流表A1（量程为0∽0.6A，内阻r1约为1Ω）

C．电流表A2（量程为0∽0.6A，内阻r2=5Ω）

D．最大阻值为10Ω的滑动变阻器R0

E．开关S；导线若干。

（1）请在图丙虚线框内补充画出完整；合理的测量电路图．

（2）先将R0调至最大，闭合开关S，调节滑动变阻器R0，记下各电表读数，再改变R0进行多次测量．在所测得的数据中选一组数据，用测量量和已知量来计算R时，若A1的示数为I1，A2的示数为I2，则该金属导体的电阻R=______．

（3）该同学用直尺测量导体的长度为L，用螺旋测微器测量了外三角形的边长a．测边长a时，螺旋测微器读数如图丁所示，则a=______mm．用已经测得的物理量R、L、a等可得到该金属材料电阻率的表达式为ρ=______．27、某同学做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验．(1)

图甲是不挂钩码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，其示数为7.73cm

图乙是在弹簧下端悬挂钩码后指针所指的标尺刻度，此时弹簧的伸长量娄陇

l

为________cm

(2)

本实验通过在弹簧下端悬挂钩码的方法来改变弹簧的弹力，关于此操作，下列选项中规范的做法是________(

填选项前的字母)

A.逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重B.随意增减钩码，记下增减钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重(3)

图丙是该同学描绘的弹簧的伸长量娄陇

l

与弹力F

的关系图线，图线的AB

段明显偏离直线OA

，造成这种现象的主要原因是_______________________．评卷人得分六、证明题(共2题，共4分)28、在水平转台上，距转轴为处插立一竖直杆，杆顶系一根长为的细绳，绳的末端挂一个质量为的小球（图），当转台匀速转动后，试证悬绳张开的角度与转台转速的关系是：29、如图所示，细绳系一小球（如图甲所示）或轨道内侧的小球（如图乙所示）在竖直面内做圆周运动，在最高点时的临界状态为只受重力作用，则有mg=m，故小球能通过最高点的临界速度v=．

试证明小球在最高点时：

（1）v=；拉力或压力为零；

（2）v＞；小球受向下的拉力或压力作用；

（3）v＜；小球不能到达最高点．

即轻绳模型的临界速度为v临=．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】

两铜环都处于静止时，受力都平衡，对右侧铜环研究得知，铜环竖直方向要平衡，绳子不能与BC平行，绳子应斜向左上，则有θ＞β．对左侧铜环研究得知，铜环在AB方向上受力要平衡，绳子不能与AB垂直，即有θ＜则得到θ的范围为．

故选D

【解析】【答案】两铜环都处于静止时，受力都平衡，分别对右侧和左侧的两个铜环为研究对象，根据平衡条件分析θ与β的关系及θ与再得到θ的范围．

2、C【分析】【解析】改装成电压表应该串联一个大电阻，故选C【解析】【答案】C3、C【分析】【分析】本题主要考查了图象和数据的分析及根据化学方程式进行计算，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意守恒法在解答中的应用，需明确反应后溶质的可能成分来比较，难度中等。【解答】A.rm{垄脵}中加入盐酸立即有rm{CO_{2}}产生，说明溶质只有一种，即rm{NaHCO_{3}}故通入的rm{CO_{2}}最多，是过量的，发生反应：rm{NaOH+CO_{2}=}rm{NaHCO_{3}}故A错误；

B.rm{垄脷}中rm{OA<AB}说明溶液中含有rm{Na_{2}CO_{3}}和rm{NaHCO_{3}}两种溶质，rm{垄脹}中rm{OA=AB}说明溶质只有rm{Na_{2}CO_{3}}rm{垄脺}中rm{OA>AB}说明溶液中含有rm{NaOH}和rm{Na_{2}CO_{3}}两种溶质；故B错误；

C.rm{垄脹}中rm{OA=AB}说明溶质只有rm{Na_{2}CO_{3}}发生反应：rm{Na_{2}CO_{3}+HCl=NaHCO_{3}+NaCl}rm{NaHCO_{3}+HCl=}rm{NaCl+CO_{2}隆眉+H_{2}O}故C正确；

D.若rm{垄脺}中rm{OA>2AB}结合rm{垄脹}中反应情况，则有rm{c(NaHCO_{3})>c(Na_{2}CO_{3})}故D错误。

故选B。

【解析】rm{C}4、B【分析】【分析】因为H＞h，故可以分为三个过程：①从下边开始进入磁场到全部进入磁场；②从全部开始进入磁场到下边开始离开磁场；③下边开始离开磁场到全部离开磁场．再由楞次定律和左手定则可以判断知道．可能会使线框离开磁场时线框所受的安培力大于线框的重力，从而使线框的速度减小．【解析】【解答】解：①线框在进入和穿出磁场的过程中有感应电流；线框全部处于磁场中时，磁通量不变，无感应电流，故①错误．

②线框进入磁场时磁通量增加；离开磁场时磁通量减小，根据楞次定律可知，线框受到磁场力的合力方向总向上，故②错误．

③从线框开始下落到完全穿过磁场区域的全过程中；线框运动方向始终向下，故③正确．

④从下边开始离开磁场时；当安培力大于其重力时做减速运动，故④正确．

故选：B5、D【分析】【分析】在没有磁场时，不计重力的带电粒子以某一初速度沿截面直径方向入射，穿过此区域时粒子做匀速直线运动；在有磁场时，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射，粒子飞出此区域时，粒子做匀速圆周运动．在匀速直线运动中虽不知半径，但可由位移与时间列出与入射速度的关系，再由匀速圆周运动中半径公式可算出粒子的比荷、周期．【解析】【解答】解：A；在没有磁场时；粒子做匀速直线运动，故：

2R=vt

故：v=

故A正确；

B；加上磁场后；轨迹如图：

根据几何关系；有：

r=Rtan60°=R

故B正确；

C；周期：

T=×==

故C正确；

D；带电粒子在磁场运动的时间：

t′===0.9t＜t；故D错误；

本题选错误的，故选：D．二、填空题(共9题，共18分)6、M1.5bcS1E【分析】【分析】①根据左手定则判断出正电荷所受洛伦兹力的方向；从而确定出偏转的俄方向，得出电势的高低．

②根据表格中的数据作出UH-I图线；根据图线的斜率，结合表达式求出霍尔系数．

③根据电流的流向确定单刀双掷开关的掷向位置．【解析】【解答】解：①根据左手定则得；正电荷向M端偏转，所以应将电压表的“+”接线柱与M端通过导线相连。

②UH-I图线如图所示．

根据UH=k知，图线的斜率为k=k=0.375；

解得霍尔系数k=1.5×10-3V•m•A-1•T-1．

③为使电流从Q端流入，P端流出，应将S1掷向b，S2掷向c；为了保护电路；

定值电阻应串联在S1；E之间．

故答案为：①M；②如上图所示，1.5（1.4或1.6）；③b，c；S1，E．7、C使橡皮条在某一方向上伸长到同一位置【分析】【分析】在实验中使用一根弹簧秤拉细线与两根弹簧秤拉细线的作用效果要相同（即橡皮条拉到同一位置），而细线的作用是画出力的方向，弹簧秤能测出力的大小．因此细线的长度没有限制，弹簧秤的示数也没有要求，两细线的夹角不要太小也不要太大，但拉弹簧秤时必须保证与木板平面平行．【解析】【解答】解：（1）A；只要能记录力的方向即可；不需要两根绳子等长，故A错误；

B；实验时由于两个力的大小不一定相同；所以橡皮条不一定在两绳夹角的平分线在同一直线上，故B错误；

C；读数时；弹簧秤与木板平面平行，摩擦越小，读数越准确，故C正确；

故选：C．

（2）本实验中所说的合力与两分力具有相同的效果；是指使橡皮条在某一方向上伸长到同一位置效果相同．

故答案为：（1）C

（2）使橡皮条在某一方向上伸长到同一位置8、BS【分析】【分析】根据法拉第电磁感应定律，求出感应电动势的平均值；由闭合电路欧姆定律、转速与角速度的关系，从而即可求解．【解析】【解答】解：设转轮的角速度；转速分别为ω和n；轮子转过θ角所需时间为△t，通过线圈的磁通量的变化量为△Φ=BS；

线圈中产生的感应电动势的平均值为E．

根据法拉第电磁感应定律有E=N=N

由闭合电路欧姆定律有I=

又为△t=

ω=．

故答案为：BS；．9、-2g2g0【分析】【分析】根据胡克定律弹力F=kx，和力和运动剪断细绳的瞬间，绳的弹力立即消失，面这一瞬间弹簧的形变量没有发生变化而弹簧弹力不变，进而根据牛顿第二定律分析加速度情况．【解析】【解答】解：抓住剪断绳的瞬间；绳的弹力立即消失，而弹簧弹力瞬间不变，所以分析：

对A受力分析有：

剪断前平衡有：F=mg+F绳①

剪断瞬间：a==；②

对B进行受力分析有：

剪断前平衡有：F绳=mg+F弹BC③

剪断瞬间有：a=④

对C进行受力分析有：

剪断前平衡：F弹BC=mg⑤

剪断瞬间：⑥

由⑤⑥知C的加速度为0；

把⑤代入④得B的加速度a=2g；方向向下

把⑤和③代入②得A的加速度大小为2g；方向向上

因为取向下为正方向

故答案为：-2g，2g，010、略

【分析】

由于打点计时器使用的是50Hz交流电源；所以打点周期为0.02s．

根据运动学公式△x=at2得：

a==5m/s2

利用匀变速直线运动的推论。

v1==1.60m/s．

故答案为：5；1.60

【解析】【答案】纸带实验中；若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．

11、不变小于【分析】解：活塞受重力；大气向下压力和封闭气体向上的支持力；根据平衡得：

可知；封闭气体压强不变；

当外界环境温度升高一段时间后，根据盖吕萨克定律可知；体积增大；

气体对外做功；W＜0；

由于气体温度升高；气体内能增加，即△U＞0；

根据热力学第一定律△U=W+Q可知；Q＞|W|

故答案为：不变；小于。

对活塞受力分析根据平衡分析封闭气体压强情况；理想气体内能只与温度有关；温度升高气体内能增加；然后根据热力学第一定律分析比较做功和吸放热情况。

本题考查封闭气体压强和热力学第一定律，利用热力学第一定律分析问题时，一定注意正负问题。【解析】不变小于12、AC5×1014短【分析】【分析】（1）在可见光中；红光的频率最低，波长最长．所有可见光都能在真空中传播．波长越长，波动性越强．偏振说明光是横波．

（2）光在真空中的传播速度为c=3×108m/s；根据波速公式c=λf求光的频率．光从真空进入水中，频率不变，波速变小，由波速公式v=λf分析波长的变化．

（3）①根据v=求出光在介质中传播的速度大小．②根据入射角的大小，结合玻璃的折射率，通过折射定律即可求出折射角．【解析】【解答】解：（1）A；可见光中的红光比紫光的频率低；故A正确．

B；光是一种电磁波；能在真空中传播，故B错误．

C；可见光波长越长；波动性越强，越容易发生衍射，故C正确．

D；可见光能发生光的干涉和衍射现象；只能说明光是一种波，只有光的偏振现象才能说明光是横波．故D错误．

故选：AC

（2）由c=λf得：f===5×1014Hz

该光进入水中后；其频率不变，波速变小，由波速公式v=λf分析可知波长变短．

（3）①根据v=得光在玻璃体中传播的速度为：v==×108m/s．

②设光线OA在AB面发生折射时的入射角为i，折射角为r．

由题图可知：OD=AB=d

所以入射角的正切：tani==

所以：r=30°

根据折射定律知：n=

所以：sinr=n•sini=×sin30°=

所以折射角：r=45°．

故答案为：（1）AC；（2）5×1014，短；（3）①光在玻璃体中传播的速度是×108m/s；②光线OA在AB面发生折射时的折射角是45°．13、越大释放17.6【分析】【分析】比结合能：原子核结合能对其中所有核子的平均值，亦即若把原子核全部拆成自由核子，平均对每个核子所要添加的能量；要计算释放的核能，就必须知道核反应亏损的质量，根据爱因斯坦质能方程△E=△mC2即可求出核反应释放的能量．【解析】【解答】解：比结合能用于表示原子核结合松紧程度；比结合能越大，原子核越稳定．

聚变反应前H和H的总结合能为：

E1=（1.09×2+2.78×3）MeV=10.52MeV

反应后生成的氦核的结合能为：

E2=7.03×4MeV=28.12MeV

所以反应释放的核能：

△E=E2-E1=（28.12-10.52）MeV=17.6MeV

故答案为：越大，释放，17.6．14、1.8×104【分析】【分析】根据公式E=k求出点电荷在A处和D处产生的场强大小，判断出场强方向，两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解场强大小和方向【解析】【解答】解：点电荷Q在C点处产生的场强大小为EC=k=9×109×N/C=9×103N/C；方向从O→C．C点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成；

则A点的场强大小为EC=E+EC=1.8×104

点电荷Q在B点处产生的场强大小为EB=k=9×109×N/C=9×103N/C，方向从O→B．B点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则得，B点的场强大小为EB==9000N/C；方向与水平成45°角斜向左下方．

故答案为：1.8×104三、判断题(共8题，共16分)15、×【分析】【分析】从微观上说，系统内能是构成系统的所有分子无规则运动动能、分子间相互作用势能的总和，是大量分子的统计规律．【解析】【解答】解：物体内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和；注意是物体的内能，不是分子的内能；

故答案为：×16、×【分析】【分析】参考系，是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系．【解析】【解答】解：参考系的选取是任意的；任何物体均可以作为参考系；参考系不一定必须是静止不动的；如研究炸弹的运动时，可以将运动的飞机作为参考系．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×17、×【分析】【分析】物体运动的方向与物体所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可举例说明．【解析】【解答】解：物体运动方向可能与所受合外力的方向一致；比如自由落体运动，也可能不一致比如平抛运动等等．

故答案为：×18、√【分析】【分析】自然界物质运动的形式是多样的，每种运动形式都对应一种形式的能量．各种运动形式的能量在一定条件下可以相互转化【解析】【解答】解：根据能量守恒定律可知：自然界物质运动的形式是多样的；每种运动形式都对应一种形式的能量．各种运动形式的能量在一定条件下可以相互转化．

例如机械能对应机械运动；内能对应分子的无规则运动．故每一种形式的能对应于一种运动形式是对的．

故答案为：√19、×【分析】【分析】根据串并联电路电流和电压的规律进行分析，串联电路中电压与电阻成正比．【解析】【解答】解：串联电路中电流相等；故电压分配与电阻成正比；所以该说法是错误的．

故答案为：×20、×【分析】【分析】从微观上说，系统内能是构成系统的所有分子无规则运动动能、分子间相互作用势能的总和，是大量分子的统计规律．【解析】【解答】解：物体内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和；注意是物体的内能，不是分子的内能；

故答案为：×21、√【分析】【分析】安培定则：右手握住导线，让大拇指所指的方向跟电流方向一致，弯曲的四指所指的方向就是磁感线的环绕方向．【解析】【解答】解：根据安培定则的内容判定线电流的磁感线的方法是：右手握住导线；让大拇指所指的方向跟电流方向一致，弯曲的四指所指的方向就是磁感线的环绕方向．故该说法是正确的．

故答案为：√22、×【分析】【分析】电场的性质是对电荷有力的作用，而电荷受到电场力的方向与电场强度可以相同，也可以相反．当运动的带电粒子的速度方向不与磁场平行，将会受到洛伦兹力作用，根据左手定则可知，洛伦兹力的方向与磁场方向的关系．【解析】【解答】解：当运动的电荷的速度方向与磁场方向平行时；不受洛伦兹力；

故答案为：×．四、推断题(共2题，共8分)23、（1）羧基、羟基（或酚羟基）乙二酸（2）（3）（4）13（5）取代反应【分析】【分析】本题考查了有机物结构简式的推断和有机合成路线的分析，题目难度中等，准确把握有机官能团之间的转化是解题的关键，侧重于考查学生分析问题的能力，难点是同分异构体种类的判断。【解答】根据rm{X}的结构可知，rm{X}中有酯基，在碱性条件下水解，rm{X}的水解产物之一是rm{E}rm{E}中有的结构可知，rm{X}中有酯基，在碱性条件下水解，rm{X}的水解产物之一是rm{X}rm{E}中有rm{E}rm{{,!}^{18}}所以rm{O}所以rm{E}为含有rm{X}中的Ⅰ的部分，rm{E}与rm{NaHCO}为含有rm{O}中的Ⅰ的部分，rm{E}与rm{X}rm{E}rm{NaHCO}中含有羧基，由于rm{3}中有苯环且有rm{3}种氢，其个数比为反应产生二氧化碳，所以rm{E}中含有羧基，由于rm{E}中有苯环且有rm{4}种氢，其个数比为rm{1}rm{1}rm{2}rm{2}可推知rm{E}为rm{E}rm{E}rm{4}可推知rm{1}为rm{1}为rm{2}的分子式为rm{2}rm{E}，可推知rm{A}为rm{A}，rm{G}的分子式为rm{C}rm{G}rm{C}的氧化产物，所以rm{2}为rm{2}结合rm{H}的部分结构可知，rm{H}中含有rm{2}中的Ⅱ的部分，所以rm{2}为rm{O}rm{O}rm{4}rm{4}，且是rm{B}的氧化产物，所以rm{G}为rm{HOOCCOOH}结合rm{X}的部分结构可知，rm{B}中含有rm{X}中的Ⅱ的部分，所以rm{B}为rm{HOCH}同时可推知rm{B}含有rm{G}的中间部分即为rm{HOOCCOOH}rm{X}rm{B}所以rm{X}为rm{B}rm{HOCH}rm{2}结合rm{2}rm{CH}rm{CH}可知rm{2}为rm{2}rm{OH}同时可推知rm{C}含有rm{X}的中间部分即为rm{NaOOCCH}rm{OH}rm{C}rm{X}与rm{NaOOCCH}反应生成的rm{2}为rm{2}rm{xrightarrow[垄脷H_{20}/H+]{垄脵NaCN}}rm{CH(OH)COOONa}所以rm{F}为rm{HOOCCH}为rm{CH(OH)COOONa}rm{F}为rm{HOOCCH}rm{xrightarrow[triangle]{{脟芒脩玫禄炉脛脝脠脺脪潞}}}rm{2}rm{2}rm{CH(OH)COOOH}结合rm{A}rm{B}rm{C}可知rm{X}为

rm{CH(OH)COOOH}为rm{A}为：rm{B}或酚羟基rm{C}rm{X}为，rm{HOCH}按照官能团分类，rm{HOCH}所属的物质类别是羧酸，因rm{2}分子含有rm{2}个羧基，所以rm{CH}的名称是乙二酸；

rm{CH}或酚羟基rm{2}乙二酸；

rm{2}与rm{OH}与rm{HBr}反应生成的rm{P}为发生缩聚反应可生成高分子化合物rm{OH}其化学方程式是

rm{HBr}rm{P}

，根据上面的分析可知，rm{

xrightarrow[垄脷H_{20}/H+]{垄脵NaCN}}的结构简式是，即rm{N}为为rm{N}；与氯气在催化剂的条件下发生取代反应生成rm{R}为rm{R}，rm{R}rm{R}为rm{xrightarrow[triangle

]{{脟芒脩玫禄炉脛脝脠脺脪潞}}}rm{NaOOCCH}rm{NaOOCCH}所以rm{2}的结构简式是rm{2}

rm{CH(OH)COOONa(T)隆煤F}rm{CH(OH)COOONa(T)隆煤F}

rm{(1)A}为为：rm{(1)A}的同系物，加酸进行酸化得rm{E}为：的相对分子质量比rm{E}多，含有的官能团为羧基、羟基rm{(}或酚羟基rm{)}rm{G}为rm{HOOCCOOH}按照官能团分类，rm{G}所属的物质类别是羧酸，因rm{1}分子含有rm{2}个羧基，所以rm{G}的名称是乙二酸；则多一个rm{(}rm{)}rm{G}能发生银镜反应，分子中含有醛基；rm{HOOCCOOH}能发生水解反应含有酯的结构；rm{G}能与rm{1}rm{2}rm{G}种同分异构体，分别为：酚羟基与甲基相对、甲酸酯基与酚羟基相邻、酚羟基与甲基相间，当甲酸酯基与甲基相邻两种：故答案为：羧基、羟基rm{(}或酚羟基rm{)}乙二酸；rm{(}种，分别为：rm{)}rm{(2)B}与rm{G}发生缩聚反应可生成高分子化合物rm{M}其化学方程式是rm{(2)B}rm{G}种，分别为：rm{M}故答案为：；rm{(3)}根据上面的分析可知，rm{A}的结构简式是种同分异构体，分别为邻间对，分别为：rm{(3)}rm{A}，rm{B}为rm{HOCH}种符合条件的同分异构体；

rm{B}

rm{HOCH}与氯气在催化剂的条件下发生取代反应生成rm{2}所以rm{2}的反应类型是取代反应；rm{CH}的化学方程式是

rm{CH}rm{2}rm{2}【解析】rm{(1)}羧基、羟基rm{(}或酚羟基rm{)}乙二酸rm{(2)}rm{(3)}rm{(4)13}rm{(5)}取代反应24、（1）碳钠

（2）S2->O2->Na+

（3）

（4）Na2CO3+2HCl═CO2↑+H2O+2NaCl

（5）2CO2+2Na2O2═2Na2CO3+O2

（6）Na2O2+S2-+2H2O═4OH-+S↓+2Na+

【分析】【分析】本题考查无机物的推断，本题难度较大，本题中正确推断各元素化合物为解答本题的关键，注意利用焰色反应及第二、三周期常见元素及单质、化合物的性质。【解答】rm{F}的焰色反应呈黄色，说明rm{F}是钠的化合物，而rm{F}是单质rm{B}rm{C}化合而成，rm{B}rm{E}均为组成空气的成分，故C为金属钠；rm{G}是单质rm{C}rm{D}化合而成，原子个数比为rm{D}rm{C=1}rm{2}且原子序数rm{D>C}故D为硫；rm{B}为组成空气的成分，最容易想到的是rm{O_{2}}如rm{B}为rm{O_{2}}rm{E}也为组成空气的成分，rm{E}只能是rm{CO_{2}}rm{A}为碳，因rm{F+E=H+B}故F是rm{Na_{2}O_{2}}rm{H}是rm{Na_{2}CO_{3}}．

rm{(1)}由以上分析可知，rm{A}为碳，rm{C}为金属钠，故答案为：碳；钠；rm{(2)}电子层越多，离子半径越多，核外电子排布相同的离子，核电荷数越大离子半径越小，B、rm{C}rm{D}三种元素的简单离子半径由大到小的顺序为rm{C}三种元素的简单离子半径由大到小的顺序为rm{D}故答案为：rm{S^{2-}>O^{2-}>Na^{+}}rm{S^{2-}>O^{2-}>Na^{+}}化合物rm{(3)}为二氧化碳，其电子式为rm{E}为过氧化钠，其电子式为故答案为：

rm{F}是rm{(4)H}与盐酸反应生成二氧化碳和水，反应的为rm{Na_{2}CO_{3}}

故答案为：rm{Na_{2}CO_{3}+2HCl篓TCO_{2}隆眉+H_{2}O+2NaCl}

rm{Na_{2}CO_{3}+2HCl篓TCO_{2}隆眉+H_{2}O+2NaCl}与rm{(5)E}反应为rm{F}和rm{CO_{2}}的反应，生成碳酸钠和氧气，反应的化学方程式为rm{Na_{2}O_{2}}

故答案为：rm{2CO_{2}+2Na_{2}O_{2}篓T2Na_{2}CO_{3}+O_{2}}

rm{2CO_{2}+2Na_{2}O_{2}篓T2Na_{2}CO_{3}+O_{2}}为rm{(6)G}具有还原性，rm{Na_{2}S}是rm{F}具有氧化性，二者在溶液中反应生成单质硫和rm{Na_{2}O_{2}}反应的离子方程式为rm{NaOH}

故答案为：rm{Na_{2}O_{2}+S^{2-}+2H_{2}O篓T4OH^{-}+S隆媒+2Na^{+}}

rm{Na_{2}O_{2}+S^{2-}+2H_{2}O篓T4OH^{-}+S隆媒+2Na^{+}}【解析】rm{(1)}碳钠rm{(2)S^{2-}>O^{2-}>Na^{+}}rm{(3)}rm{(4)Na_{2}CO_{3}+2HCl篓TCO_{2}隆眉+H_{2}O+2NaCl}rm{(5)2CO_{2}+2Na_{2}O_{2}篓T2Na_{2}CO_{3}+O_{2}}rm{(6)Na_{2}O_{2}+S^{2-}+2H_{2}O篓T4OH^{-}+S隆媒+2Na^{+}}

五、实验探究题(共3题，共9分)25、略

【分析】解：（1）C点的速度等于AE段的平均速度，则动能的增加量