2025年沪科新版高三物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科新版高三物理上册月考试卷770考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、受水平外力F作用的物体，在粗糙水平面上做直线运动，其v-t图线如图所示，则下面说法错误的是（）A.在0～t1秒内，外力F大小不断减小B.在t1时刻，合外力为零C.在t1～t2秒内，外力F大小一定不断减小D.在t1～t2秒内，外力F大小可能先减小后增大2、建筑工人用如图所示的定滑轮装置运送建筑材料．质量为80.0kg的工人站在地面上，通过定滑轮将20.0kg的建筑材料以0.500m/s2的加速度拉升，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦，则工人对地面的压力大小为（g取l0m/s2）（）A.590NB.610NC.990ND.1010N3、【题文】如图所示，D是一只二极管，它的作用是只允许电流从a流向b，不允许电流从b流向a；平行板电容器AB内部原有电荷P处于静止状态，当两极板A和B的间距稍增大一些的瞬间(两极板仍平行)，P的运动情况将是。

A.仍静止不动B.向下运动C.向上运动D.无法判断4、利用速度传感器与计算机结合，可以自动做出物体的速度v随时间t的变化图象．某次实验中获得的v-t图象如图所示，由此可以推断该物体在（）A.t=2s时速度的方向发生了变化B.t=2s时加速度的方向发生了变化C.0～4s内做曲线运动D.0～4s内的位移约为2.8m5、F1、F2是力F的两个分力．若F=10N，则下列不可能是F的两个分力的是（）A.F1=10N，F2=10NB.F1=20N，F2=20NC.F1=2N，F2=6ND.F1=20N，F2=30N6、如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ＞tanθ，则图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的图象是（）A.B.C.D.7、如图所示，倾角为30度的斜面末端与水平地面相连，将一小球（可看成质点）从斜面顶端以3J的初动能水平抛出，不计空气阻力，经过一段时间，小球以6J的动能第一次落在接触面上．若将此小球以6J的初动能水平从斜面顶端抛出，则小球第一次落在接触面上的动能为（）A.9JB.12JC.16JD.条件不足，无法判定评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、我国“北斗二号”地球卫星导航系统是由离地最近的中轨道、高轨道和离地最远的同步卫星等组成的，在交通、气象、军事等方面发挥重要的定位作用．若三种卫属可视为绕地球做圆周运动，则下列说法正确的是（）A.中轨道卫星的周期小于高轨道卫星的周期B.中轨道卫星的线速度大于同步卫星的线速度C.中轨道卫星的向心加速小于同步卫星的向心加速度D.高轨道卫星的质量小于同步卫星的质量9、（2015秋•温州期末）夏季游乐场的“飞舟冲浪”项目受到游客的欢迎，简化模型如图所示，一游客（可视为质点）以某一水平速度v0从圆轨道上的A点出发，沿光滑圆轨道运动至B点恰好脱离轨道，最终落在水面上的C点，不计空气阻力，下列说法中正确的是（）A.B到C过程，游客做匀变速运动B.B到C过程，游客做变加速运动C.在离开A点瞬间，游客对圆轨道压力等于自身重力D.在离开A点瞬间，游客对圆轨道压力小于自身重力10、下列所描述的运动中，不可能发生的有（）A.速度变化很大，加速度很小B.速度变化的方向向东，加速度的方向向西C.速度变化越来越快，加速度越来越小D.加速度越来越小，速度越来越大11、如图，矩形闭合导线框abcd

平放在光滑绝缘水平面上，导线框的右侧有一竖直向下且范围足够大的有左边界PQ

的匀强磁场.

导线框在水平恒力F

作用下从静止开始运动，ab

边始终与PQ

平行.

用t1t2

分别表示线框ab

和cd

边刚进入磁场的时刻.

下列娄脭鈭�t

图象中可能反映导线框运动过程的是(

)

A.B.C.D.12、两个力F1和F2间的夹角为θ，两力的合力为F，以下说法正确的是（）A.若F1和F2大小不变，θ角越小，合力F就越大B.合力F总比分力F1和F2中任何一个力都大C.合力F总比分力F1和F2中任何一个力都小D.如果夹角θ不变，F1大小不变，若F2增大，合力F有可能减小13、一电量为2×10-9C的点电荷在外力作用下，从静电场中的a点运动到b点，在这过程中，外力对点电荷做功为8×10-6J，若a点电势为φa，b点电势为φb，则下列结论中正确的是（）A.可以断定φa-φb=4000VB.可以断定φa-φb=-4000VC.φa-φb可能等于零D.不能判断φa-φb的值14、某机器内有两个围绕各自固定轴匀速转动的铝盘A、B，A盘上固定一个信号发射装置P，能持续沿半径向外发射红外线，P到圆心的距离为40cm．B盘上固定一个带窗口的红外线信号接收装置Q，Q到圆心的距离为24cm．P、Q转动的线速度均为4πm/s．当P、Q正对时，P发出的红外线恰好进入Q的接收窗口，如图，P、Q可视为质点．则（）A.A盘的转速为5转/秒B.Q的周期为0.2sC.Q每隔一定时间就能接收到红外线信号，这个时间的最小值为0.24sD.Q每隔一定时间就能接收到红外线信号，这个时间的最小值为0.6s15、如图所示，A为系在竖直轻弹簧上的小球，在竖直向下的恒力F的作用下，弹簧被压缩到B点，现突然撤去力F，小球将在竖直方向上开始运动，若不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A.小球在上升过程中，加速度一直减小B.小球在上升过程中，重力势能逐渐增大C.小球在上升过程中，弹簧的形变量恢复到最初（指撤去力F的瞬间）的一半时，小球的动能最大D.小球在上升过程中，动能先增大后减小16、关于摩擦力与弹力的关系，下列说法中正确的是（）A.有弹力一定有摩擦力B.有弹力不一定有摩擦力C.有摩擦力力一定有弹力D.同一接触面上的弹力和摩擦力的方向一定垂直评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、电量为+2×10-6C的点电荷放入电场中A点，受到作用力为4×10-4N，方向向右，则A点的场强大小为____，方向____．若另一电荷放在该点受到力为8×10-4N，方向向左，则这个电荷的电量为____．18、（2012春•渭滨区校级期末）如图所示为安全防盗门上观察孔（俗称“猫眼”），直径cd=1.5cm，门的厚度ac=2.0cm，为了扩大向外观察的范围，在孔中完全嵌入折射率为n的玻璃，由图中光线可知，玻璃的折射率n=____；若要将视野扩大到1800，需重新嵌入的新的玻璃的折射率等于____．19、（2013秋•包河区校级期中）如图所示．质量为m，带正电的小球以速度v0从O点沿水平方向射入方向向下的匀强电场中，A点是小球运动轨迹上的一点，O、A两点的连线与水平方向夹角а=30°，则小球通过A点时的动能为____．20、（1）人类对物质属性的认识是从宏观到微观不断深入的过程．以下说法正确的是____．

a．液体的分子势能与体积有关。

b．晶体的物理性质都是各向异性的。

c．温度升高；每个分子的动能都增大。

d．露珠呈球状是由于液体表面张力的作用。

（2）气体温度计结构如图所示．玻璃测温泡A内充有理想气体，通过细玻璃管B和水银压强计相连．开始时A处于冰水混合物中，左管C中水银面在O点处，右管D中水银面高出O点h1=14cm．后将A放入待测恒温槽中，上下移动D，使C中水银面仍在O点处，测得D中水银面高出O点h2=44cm．（已知外界大气压为1个标准大气压；1标准大气压相当于76cmHg）

①求恒温槽的温度．

②此过程A内气体内能____（填“增大”或“减小”），气体不对外做功，气体将____（填“吸热”或“放热”）．21、（2014秋•合江县校级月考）如图所示的匀强电场中，正电荷q在a、b两点所受的电场力分别为Fa、Fb，则它们之间的关系是Fa____Fb．（选填：“＞”、“＜”、“=”）22、各种粒子的符号：

α粒子____β粒子____正电子____质子____

电子____中子____氘核____．23、已知一颗人造卫星在某行星表面上空绕行星做匀速圆周运动，经过时间t，卫星运动的弧长为s，卫星与行星的中心连线扫过的角度是2[rad]，那么卫星的环绕周期T=____，该行星的质量M=____．（引力常量为G）评卷人得分四、判断题(共4题，共12分)24、电荷所受的洛伦兹力方向不一定与磁场方向垂直____．（判断对错）25、平抛运动属于匀变速运动，匀速圆周运动也属于匀变速运动．____．26、晶体的分子（或原子、离子）排列是有规则的．____．（判断对错）27、因为汽车刹车时的速度越大滑的越远，所以速度大的物体惯性大．____（判断对错）评卷人得分五、画图题(共2题，共10分)28、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）29、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．评卷人得分六、证明题(共1题，共7分)30、如图所示，细绳系一小球（如图甲所示）或轨道内侧的小球（如图乙所示）在竖直面内做圆周运动，在最高点时的临界状态为只受重力作用，则有mg=m，故小球能通过最高点的临界速度v=．

试证明小球在最高点时：

（1）v=；拉力或压力为零；

（2）v＞；小球受向下的拉力或压力作用；

（3）v＜；小球不能到达最高点．

即轻绳模型的临界速度为v临=．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】速度时间图线的切线斜率表示加速度，结合图线斜率分析加速度的变化，根据牛顿第二定律分析外力F的变化．【解析】【解答】解：A、在在0～t1秒内，物体做加速运动，加速度在减小，根据牛顿第二定律得，a=；知外力F逐渐减小，故A正确．

B、在t1时刻；图线切线斜率为零，则加速度为零，可知合外力为零，故B正确．

C、在t1～t2秒内，加速度增大，做减速运动，根据牛顿第二定律有：a=，知F可能减小，当F减小零后，F和运动方向可能相反，a=；F可能增大，所以F可能先减小后增大，故C错误，D正确．

本题选错误的，故选：C．2、A【分析】【分析】以建筑材料为研究对象，分析受力，根据牛顿定律求出绳子拉力，再对人研究，由平衡条件，求出支持力，由牛顿第三定律确定工人对地的压力．【解析】【解答】解：以建筑材料为研究对象

根据牛顿第二定律；得F-mg=ma，得F=m（g+a）=20（10+0.5）N=210N

对人研究，得FN+F=Mg得FN=Mg-F=（800-210）N=590N

由牛顿第三定律；得：工人对地面的压力大小为590N．

故选A3、A【分析】【解析】

试题分析：因D是一只二极管，只允许电流从a流向b，不允许电流从b流向a，所以平行板电容器的电荷量Q不变，由可知知E不变；所以电荷P处于静止状态，即A正确。

考点：考查含容电路的分析。

点评：本题难度较小，注意二极管的单向导电性，对于电容器问题要先判断不变量，如果是电压不变，应用公式E=U/d，如果是电量不变，应用公式判断场强大小【解析】【答案】A4、A【分析】解：A；由图看出；0-2s内速度为正，2-4s内速度为负，t=2s时速度的方向发生了变化．故A正确．

B；由图读出；1-3s内图象的斜率一直为负，方向不变．故B错误．

C；物体做的是变速直线运动；不是曲线运动．故C错误．

D；根据速度图线与坐标轴所围“面积”等于位移可知；0-4s内位移为零．故D错误．

故选：A

根据速度图象的斜率等于加速度分析物体的运动性质．根据速度图线与坐标轴所围“面积”等于位移；求出0-4s内的位移，物体做直线运动．

本题根据斜率分析加速度的变化并不难，注意v-t图象只能表示直线运动，不能表示曲线运动．【解析】【答案】A5、C【分析】【分析】根据合力F和两分力F1、F2之间的关系|F1-F2|≤F≤|F1+F2|，求出两个力的合力范围，判断哪一组合力不可能为10N．【解析】【解答】解：A、根据|F1-F2|≤F≤|F1+F2|；10N和10N的合力范围为[0N，20N]，可能为10N．故A正确．

B、根据|F1-F2|≤F≤|F1+F2|；20N和20N的合力范围为[0N，40N]，可能为10N．故B正确．

C、根据|F1-F2|≤F≤|F1+F2|；2N和6N的合力范围为[4N，8N]，不可能为10N．故C错误．

D、根据|F1-F2|≤F≤|F1+F2|；20N30N的合力范围为[10N，50N]，可能为10N．故D正确．

本题选不可能的，故选：C．6、C【分析】【分析】要找出小木块速度随时间变化的关系，先要分析出初始状态物体的受力情况，本题中明显重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，有牛顿第二定律求出加速度a1；当小木块的速度与传送带速度相等时，由μ＞tanθ知道木块将与带以相同的速度匀速运动，图象的斜率表示加速度，所以第二段的斜率为零．【解析】【解答】解：初状态时：重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下；且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动；

由牛顿第二定律得：

加速度：a1=gsinθ+μgcosθ恒定；斜率不变；

当小木块的速度与传送带速度相等时；由μ＞tanθ知道木块将与带以相同的速度匀速运动，图象的斜率表示加速度，所以第二段的斜率为零．

故选：C7、A【分析】【分析】根据小球以3J动能抛出，以6J动能落在接触面上，判断出小球是落在斜面上还是水平面上，从而通过动能定理分析求解．【解析】【解答】解：小球第一次落在斜面上时；设速度与水平方向的夹角为α；

则cosα=

因为；

解得

则α=45°．

因为小球速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的两倍，若小球落在斜面上，位移与水平方向的夹角正切值为

而tanα=1；不是位移与水平方向夹角正切值的2倍，所以小球落在水平面上．

根据动能定理得，mgh=．

则以6J的动能水平抛出；一定落在水平面上．

根据动能定理得，mgh=Ek2′-Ek1′，解得Ek2′=3+6J=9J．故A正确；B；C、D错误．

故选：A．二、多选题(共9题，共18分)8、AB【分析】【分析】万有引力提供向心力，根据万有引力定律和牛顿第二定律列式比较线速度、周期、向心加速度的大小．【解析】【解答】解：A、万有引力提供向心力，得；则半径小的周期小，则A正确．

B、万有引力提供向心力，得：V=；则半径小的速度大，则B正确．

C、万有引力提供向心力，得：a=；则半径小的加速度大，则C错误。

D；卫星的质量与轨道半径无关；则D错误。

故选：AB9、AD【分析】【分析】根据游客的受力情况，分析其运动情况．从A到B，游客在竖直圆轨道内做变速圆周运动，根据加速度的方向，利用牛顿第二定律分析游客对轨道的压力与重力的关系．【解析】【解答】解：AB；游客从B到C过程；游客只受重力，做匀变速曲线运动，故A正确，B错误．

CD；在离开A点瞬间；游客具有向下的加速度，由牛顿运动定律知游客处于失重状态，则游客对圆轨道压力小于自身重力，故C错误，D正确．

故选：AD10、BC【分析】【分析】加速度是反应速度变化快慢的物理量，加速度的方向与速度变化量的方向相同．【解析】【解答】解：A；速度变化很大；若变化的时间很长，则加速度很小．故A可能发生的．

B；速度变化量的方向与加速度方向相同．故B不可能发生的．

C；加速度表示速度的变化快慢；速度变化快，则加速度大．故C不可能发生的．

D；当加速度的方向与速度方向相同；加速度越来越小，速度越来越大．故D可能发生的．

本题选择不可能发生的，故选：BC．11、ACD【分析】解：线框进入磁场前做匀加速直线运动，加速度为a=Fm

．

A、ad

边进入磁场后可能安培力与恒力F

二力平衡，做匀速直线运动，完全进入磁场后磁通量不变，没有感应电流产生，线框不受安培力，做加速度为a=Fm

的匀加速直线运动；故A正确．

BDad

边进入磁场后，可能安培力大于恒力F

线框做减速运动，由FA=B2L2vR

知；速度减小，安培力减小，加速度逐渐减小，v鈭�t

图象的斜率逐渐减小.

当加速度减至零后做匀速直线运动，完全进入磁场后磁通量不变，没有感应电流产生，线框不受安培力，做加速度为a

的匀加速直线运动，故B错误，D正确．

C、ad

边进入磁场后，可能安培力小于恒力F

线框做加速运动，由FA=B2L2vR

知；速度增大，安培力增大，加速度逐渐减小，v鈭�t

图象的斜率逐渐减小，完全进入磁场后磁通量不变，没有感应电流产生，线框不受安培力，做加速度为a

的匀加速直线运动，故C正确．

故选：ACD

．

分析线框可能的运动情况；根据安培力与速度成正比，分析加速度的变化情况，确定v鈭�t

图象的斜率变化情况，即可选择图象．

对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，重点是分析安培力作用下物体的平衡问题；另一条是能量，分析电磁感应现象中的能量如何转化是关键．【解析】ACD

12、AD【分析】【分析】由力的合成方法可知，二力合成时，夹角越大，合力越小，两力合力的范围|F1-F2|≤F合≤F1+F2；一个合力与几个分力共同作用的效果相同，合力可以大于分力，可以小于分力，也可以等于分力．【解析】【解答】解：A、若F1和F2大小不变；θ角越小，合力F越大，故A正确；

B、由力的合成方法可知，两力合力的范围|F1-F2|≤F合≤F1+F2；所以合力有可能大于任一分力，也可能小于任一分力，还可能与两个分力都相等，故B错误；

C；二力平衡时；合力为零，此时合力F比分力中的任何一个力都小，故C错误；

D、如果夹角不变，F1大小不变，只要F2增大，合力F可以减小，也可以增加，若F2与F1反向，F1＞F2；则合力F减小，同理，若同向，则增大，故D正确；

故选：AD．13、CD【分析】【分析】根据电场力做功与电势差的关系Wab=qUab，可分析a、b两点的电势差．【解析】【解答】解：根据Wab=qUab知，a、b两点的电势差Uab=

由题外力对点电荷做功为8×10-6J，并不知道电场力做功，由上式不能求出Uab，即不能判断φa-φb的值，所以φa-φb可能为零．故CD正确；AB错误．

故选：CD．14、AD【分析】【分析】因为P、Q正对时，P发出的红外线恰好进入Q的接收窗口，再次被接收时，经历的时间都为各自周期的整数倍，分别求出各自的周期，求出周期的最小公倍数，从而求出经历的时间．【解析】【解答】解：A、A盘的转速n====5r/s．故A正确．

B、Q的周期T===0.12s．故B错误．

C、P的周期为T′===0.2s；Q的周期为T=0.12s，因为经历的时间必须等于它们周期的整数倍，根据数学知识，0.12和0.2的最小公倍数为0.6s，则这个时间的最小值为0.6s．故C错误，D正确．

故选：AD．15、BD【分析】【分析】分析小球在运动过程中受力的情况，根据牛顿第二定律，来确定加速度变化情况，从而确定速度的变化情况，并得出动能的大小情况，最后根据高度的变化，来确定重力势能变化．【解析】【解答】解：A；小球在上升过程中；一开始弹力大于重力时，加速度方向向上，随着弹力在减小，则加速度大小在减小；当弹力等于重力时，加速度为零；当弹力小于重力后，加速度方向向下，随着弹力在减小，则加速度大小在增大，故A错误；

B；小球上升过程中；高度增加，故重力势能增加，故B正确；

C；小球在上升过程中；开始时弹力大于重力，动能增加；而当弹力和重力相等后，合外力做负功，动能减小，则在弹力等于重力时刻，小球动能最大，而不是弹簧的形变量恢复到最初（指撤去力F的瞬间）的一半时，动能最大，故C错误；

D；由C的分析可知；小球在上升过程中，动能先增大，后减小，故D正确；

故选BD．16、BCD【分析】【分析】关于摩擦力与弹力的关系，结合摩擦力产生的条件分析可知，有弹力不一定有摩擦力，有摩擦力一定有弹力．【解析】【解答】解：A；B物体间有弹力；还要有相对运动或相对运动趋势，才有摩擦力．则有弹力不一定有摩擦力．故A错误，B正确．

C；有摩擦力；物体间必定存在相互挤压，一定有弹力．故C正确．

D；摩擦力的方向沿着接触面；弹力的方向是垂直于接触面的，所以同一接触面上的弹力和摩擦力的方向一定垂直，所以D正确．

故选：BCD三、填空题(共7题，共14分)17、200N/C向右-4×10-6C【分析】【分析】电场强度等于试探电荷所受电场力与其电荷量的比值，方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反．同一点电场强度不变，由电场力F=qE求解电荷量．【解析】【解答】解：A点的场强E===200N/C；方向：向右．

把另一电荷放在该点时；场强不变．由F′=q′E得。

q′===4×10-6C

因电场力方向与场强方向相反；则该电荷带负电荷．

故答案是：200N/C；向右；-4×10-6C．18、【分析】【分析】根据折射定律求得折射率．若要求将视野扩大到180°，入射角为90°，再由折射定律求出折射率．【解析】【解答】解：由图可得玻璃的折射率n=；

若要视野扩大到180°，即入射角为90°，设折射角为θ2

则由数学知识可得sinθ2===

则折射率n==．

故答案为：；．19、【分析】【分析】小球在电场中受到重力和电场力而做类平抛运动，水平方向不受力做匀速运动，运用速度合成，求出P点的速度，再求出动能．【解析】【解答】解：小球做类平抛运动，tan30°==．

解得；

在A点的动能=．

故答案为：．20、ad增大吸热【分析】【分析】（1）；液体分子之间的距离不同；分子势能就不同；单晶体的物理性质具有各向异性，而多晶体的物理性质具有各向同性；温度对单个分子来说没有意义；液体表面张力使液体的表面积收缩．

（2）①要求恒温槽的温度由于封闭气体的体积不变，所以可根据查理定律得=求解；故需要确定在冰水混合物中时气体的压强和在恒温槽中时气体的压强．

②由于气体温度升高；所以A内气体分子的平均动能增大，由于气体体积保持不变，故气体分子势能保持不变．

要判定气体是否吸热，可根据热力学第一定律△U=Q+W处理．【解析】【解答】解：（1）a；液体分子之间的距离不同；液体分子之间的分子力大小就不同，所以分子势能就不同，所以液体的分子势能与体积有关，故a正确．

b、单晶体的物理性质具有各向异性，而多晶体的物理性质具有各向同性．故b错误．

c；温度越高分子的平均动能越大；但对于某个分子来说其分子动能反而可能减小，故温度对单个分子来说没有意义，故C错误．

d；由于液体表面张力的作用使液体的表面积收缩；是露珠呈球形．故d正确．

故选ad．

（2）①由于使C中水银面仍在O点处；故封闭气体的体积保持不变，即发生等容变化．冰水混合物的温度。

T1=273K，此时封闭气体的压强P1=P0+h1=90cmHg

设待测恒温槽的温度T2，此时封闭气体的压强P2=P0+h2=120cmHg

根据查理定律得=；

解得T2=364K．

②气体体积保持不变；故分子势能保持不变，由于气体温度升高，所以A内气体分子的平均动能增大，故气体的内能增大．

根据热力学第一定律△U=Q+W；与气体体积保持不变，故W=0，由于气体的内能增大，故△U＞0，所以Q＞

0；即气体从外界吸热．

故答案为：（1）ad

（2）①恒温槽的温度为364K．②增大；吸热．21、=【分析】【分析】为了形象的描述电场的强弱和方向引入了电场线的概念，在电场中电场线密的地方电场强度大，稀疏的地方电场强度小，电场力与场强的关系为F=qE．【解析】【解答】解：匀强电场中，电场线疏密均匀，而电场线的疏密表示电场强度的大小，则知Ea=Eb．因电场力F=qE，所以Fa=Fb．

故答案为：=22、【分析】【分析】根据各种粒子的组成，及质量数，与质子数，即可求解．【解析】【解答】解：α粒子的符号；β粒子，即为电子，其的符号为；正电子的符号；

质子的符号，中子的符号，氘核的符号；

故答案为：，，，，，．23、πt【分析】【分析】根据圆周运动的规律间的关系解出T，由万有引力提供向心力可得到中心天体的质量．【解析】【解答】解：由圆周运动的规律得：T=，ω=

得：T=πt．

卫星在行星表面上做圆周运动；

由万有引力提供向心力得：=mω2R；

而R==；

解得：M=

故答案为：πt；．四、判断题(共4题，共12分)24、×【分析】【分析】电荷的定向移动叫做电流；根据左手定则判断磁场力方向；

左手定则：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内；让磁感线从掌心进入，并