2025年冀教版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版必修3物理下册月考试卷135考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、静电场中某点的电场强度（）A.其方向跟电荷在该点所受的电场力的方向一致B.跟电荷在该点所受的电场力的大小成正比C.跟放于该点的电荷的电量成反比D.跟放于该点的电荷的电量及所受电场力的大小无关2、如图所示，真空中有三个电荷量大小相等的点电荷A、B和C，分别固定在水平面内正三角形的顶点上，其中A带正电，B、C带负电。O为三角形中心，D为BC边的中点，E、F关于D点对称；设无穷远处电势为零，下列说法正确的是（）

A.E、F两点场强相同B.O点场强小于D点场强C.E、F两点电势相等D.电子在O点电势能高于在D点电势3、某一区域的电场线分布如图所示，a、b是电场中的两点。下列说法正确的是（）

A.a、b两点的电场强度方向相同B.a、b两点的电场强度大小关系为Ea>EbC.a、b两点电势关系为φa<φbD.一带正电的试探电荷在a、b两点的电势能关系为Epa<Epb4、如图甲所示，真空中有一半径为R、电荷量为＋Q的均匀带电球体，以球心为坐标原点，沿半径方向建立x轴。理论分析表明，x轴上各点的场强随x变化关系如图乙所示；则（）

A.x1处场强大小为B.x2处场强大小为C.x1处电势大小为D.x2处场强大小为5、在如图所示的电路中，定值电阻电容器的电容电源的电动势内阻不计。闭合开关电路稳定后，则（）

A.两点的电势差B.电容器所带电荷量为C.断开开关稳定后流过电阻的电流与断开前相比将发生变化D.断开开关稳定后电容器上极板所带电荷量与断开前相比的变化量为6、通过理想斜面实验得出“力不是维持物体运动的原因”的科学家是（）A.亚里士多德B.伽利略C.法拉第D.奥斯特评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、在电场方向水平向右的匀强电场中，一带电小球从A点竖直向上抛出，其运动的轨迹如图所示，小球运动的轨迹上A、B两点在同一水平线上，M为轨迹的最高点，小球抛出时的动能为8J，在M点的动能为6J；不计空气的阻力，则下列判断正确的是()

A.小球水平位移x1与x2的比值1：3B.小球水平位移x1与x2的比值1：4C.小球落到B点时的动能32JD.小球从A点运动到B点的过程中最小动能为6J8、如图所示，带正电的小球A用竖立在地面上的绝缘杆支撑，带正电的小球B用绕过A球正上方的定滑轮的绝缘细线拉着，开始时A、B在同一水平线上并处于静止；不计两个小球的大小。现用手拉细线使小球B缓慢向上移动，小球B在向上移动过程中A；B两球的带电量保持不变，不计两球间的万有引力，则在B球缓慢移动一小段距离的过程中（）

A.A.B两球间的距离在减小B.小球B的运动轨迹是一段圆弧C.细线上的张力一直减小D.细线上的张力可能先变小后变大9、如图所示；图中的四个电表均为理想电表，当滑动变阻器滑片P向右端移动时，下面说法中正确的是（）

A.电压表V1的读数减小，电流表A1的读数增大B.电压表V1的读数增大，电流表A1的读数减小C.电压表V2的读数减小，电流表A2的读数增大D.电压表V2的读数增大，电流表A2的读数减小10、某电路如图所示，电源电动势为E、内阻为r，定值电阻R1、R2，电位器(滑动变阻器)为R，L1是小灯泡，电压表和电流表均为理想电表．当电位器的触片滑向b端时；下列说法正确的是()

A.小灯泡L1将变亮B.电压表示数与电流表A1示数的比值将变大C.电流表A1的示数将变大D.电源的总功率将变大11、某示波管的示意图如图所示；电子由电子枪加速后垂直进入偏转电场，电子在偏转电场中偏转一定距离后飞出偏转电场。在偏转电场的电压不变的情况下，下列措施中能使电子的偏转距离变小的是（）

A.仅增大偏转电场两极板的长度LB.仅减小偏转电场两极板的长度LC.仅减小偏转电场两极板间的距离dD.仅增大电子枪的加速电压12、四个相同的小量程电流表(表头)分别改装成两个电流表A1、A2和两个电压表V1、V2。已知电流表A1的量程大于A2的量程，电压表V1的量程大于V2的量程；改装好后把它们按图所示接法连入电路，则()

A.电流表A1的读数大于电流表A2的读数B.电流表A1指针的偏转角小于电流表A2指针的偏转角C.电压表V1的读数小于电压表V2的读数D.电压表V1指针的偏转角等于电压表V2指针的偏转角评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)13、如图所示，在X轴上坐标为1m的点上固定一个电量为4Q的正点电荷，在坐标原点O处固定一个电量为Q的负点电荷，那么在X轴上场强为零的点坐标为_____，场强方向沿X轴负方向的区域是_____．

14、在同一直线上依次有A、B、C三点，且BC=2AB，在A点固定一带负电的点电荷，在B点引入电量为的试探电荷，其所受电场力为．将该试探电荷移去后，B的场强为_____，C点场强为_____．如果要使B点的场强为零，可能在C点放一个电量是A点处点电荷电量的_____倍的_____电荷．15、某同学利用螺旋测微器和游标卡尺分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图所示，该工件的直径为______cm，高度为______cm。

16、真空中有两个相同的金属小球，带电量分别为＋1.6×10－8C和＋4.8×10－8C，相距r时（远大于小球直径），相互作用为0.3N，现将两球相接触后再放回原处，则它们之间的相互作用力为________N，此时每个小球的带电量相当于______个电子所带电量。17、在某电场中将5.0×10-8C的电荷由A点移到B点，电场力做6.0×10-3J的功，A、B两点间的电势差___________V；规定B的电势为零，把电量为2.5×10-8C的负电荷放在A处，该负电荷在A处的电势能为_________J18、如图所示直线a为某电源的路端电压随电流的变化图线，直线b为电阻R两端的电压随电流的变化图线，用该电源和该电阻组成的闭合电路，电源的输出功率为___________W，内阻为___________Ω。

评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)19、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

20、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

21、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

22、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共1题，共7分)23、某实验小组测量一个电阻约为几十欧的均匀圆柱形导体的电阻率，要求电压和电流的测量范围要大一些，实验室除了学生电源电动势）开关；导线若干、螺旋测微器、圆柱形导体外；还备有以下器材：

A.电压表（量程）

B.微安表（量程内阻）

C.电流表（量程）

D.滑动变阻器（0～20Ω）

E.滑动变阻器（0～1000Ω）

F.定值电阻（9990Ω）

（1）为较方便且能较为精确地进行测量该实验所选备用器材为______，还缺少______；

（2）请在虚线方框中画出本实验的原理图______；

（3）用螺旋测微器测量导体的直径如图所示，该圆柱体的直径______

（4）若微安表和定值电阻的分流不可忽略，请写出圆柱形导体电阻率的表达式，并说明所用符号所表示的物理量：______。评卷人得分六、解答题(共1题，共4分)24、1897年汤姆孙发现电子后，许多科学家为测定电子的电荷量做了大量的探索。1907年至1916年，密立根用带电油滴进行实验，发现油滴所带的电荷量是某一数值e的整数倍，于是称这一数值e为元电荷。如图所示，两块完全相同的金属极正对着水平放置，板间的距离为d。当质量为m的微小带电油滴在两板间运动时，所受空气阻力的大小与速度大小成正比。两板间不加电压时，可以观察到油滴在两板间竖直向下做匀速运动，通过某一段距离所用时间为当两板间加电压U（上极板的电势高）时，可以观察到同一油滴以另一速度在两板间竖直向上做匀速运动，且在时间内运动的距离与在时间内运动的距离相等。忽略空气浮力。重力加速度为g。求：

（1）当两板间加电压U时；两板间的电场强度；

（2）上述油滴的电性和电荷量Q；

（3）在极板间照射X射线可以改变油滴的带电量。再采用上述方法测量油滴的电荷量。密立根测定了近两百颗油滴的电荷，在其著作中得到几组数据如下表所示（油滴的电荷量为单位已从静电单位换算为库仑）。如果存在基本电荷，请根据现有数据求出基本电荷的电荷量e（保留到小数点后两位）。实验次序123456电荷量6.558.209.9711.4913.1314.81

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】

【详解】

A．电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同；与负电荷所受电场力方向相反，故A错误；

BCD．电场中某点的电场强度由电场本身的性质决定，与放入电场中的电荷，以及电荷所受的电场力无关，故BC错误，D正确．2、C【分析】【详解】

A．根据电场的叠加原理可知，E、F两点场强的大小相同，但方向不同，E点的方向斜向左下，F点的方向斜向右下。所以两点的场强不相同；故A项错误；

B．在只有B、C两点电荷存在的电场中，根据等量同种电荷中垂线的场强分布可知，在O点的场强方向沿OD指向D，在D点产生的场强为0；在只有A点电荷存在的电场中，根据点电荷周围场强分布可知，在O点产生的场强方向沿AO指向O，在D点产生的场强方向沿AD指向D，且在O点产生的场强大小大于D点产生场强的大小。所以根据电场的叠加原理可知，O点合场强大于D点的合场强；故B项错误；

C．在只有B、C两点电荷存在的电场中，根据等量同种电荷连线上电势分布可知，E、F两点电势相同。在只有A点电荷存在的电场中，E、F两点电势相同。由电场的叠加原理可知，E、F两点电势相等；故C项正确；

D．在只有B、C两点电荷存在的电场中，根据等量同种负电荷中垂线的电势分布可知，O点的电势高于D点的电势。在只有A点电荷存在的电场中，根据正点电荷周围电势分布可知，O点的电势高于D点的电势。所以根据电场的叠加原理可知，O点的电势高于D点的电势。对于电势能有

根据上述的公式，对于负电荷来说，电势越高，电势能越低，所以电子在O点的电势能低于D点的电势能；故D项错误。

故选C。3、A【分析】【详解】

A．电场强度的方向沿电场线的切线方向；由图可知两点的电场强度方向相同，故A正确；

B．电场线的疏密程度表示电场强度的大小，故a点的电场强度大小小于b点的电场强度大小；故B错误；

C．沿电场线方向电势降低，则φa>φb；C错误；

D．由知一带正电的试探电荷在a、b两点的电势能关系为Epa>Epb；故D错误。

故选A。4、D【分析】【详解】

A．球体内某点的电场强度，由与

共同确定，所以x1处的场强大小不是A错误；

BD．电荷量为Q的均匀带电球体，以球心为坐标原点，当作点电荷，则有x2处场强大小B错误，D正确；

C．由U=Ed，可知E-x图线与x轴所围的面积表示电势差，设坐标原点是零电势，x1处的场强大小不是则x1处的电势大小不是C错误。

故选D。5、D【分析】【分析】

【详解】

A．设电源负极的电势为0，则电源正极的电势为

又因为

代入数据可解得

同理有

解得

故

选项A错误；

B．由

可知此时电容器所带电荷量为

选项B错误；

C．由电路知识可知，断开开关稳定后流过电阻的电流与断开前相比不会发生变化；选项C错误；

D．断开开关稳定后点的电势为

点电势仍为

故此时

且上极板带正电，故上极板带电荷量的变化量为

即

选项D正确。

故选D。6、B【分析】【分析】

【详解】

A．亚里士多德认为力是维持物体运动状态的原因；故A错误；

B．伽利略通过理想斜面实验提出了力不是维持物体运动的原因；故B正确；

C．法拉第发现电磁感应现象；故C错误；

D．奥斯特发现电流的磁效应；故D错误。

故B。二、多选题(共6题，共12分)7、A:C【分析】【详解】

AB.将小球的运动沿水平和竖直方向正交分解，水平分运动为初速度为零的匀加速直线运动。竖直分运动为竖直上抛运动，所以从A到M和从M到B点所用时间相等。对于初速度为零的匀加速直线运动，在连续相等的时间间隔内位移之比为1:3，则小球水平位移x1与x2的比值为1：3；故A正确，B错误；

C.设物体在B动能为EkB，水平分速度为vBx，竖直分速度为vBy；

由竖直方向运动对称性知：

对于水平分运动运用动能定理得：Fx1=F(x1+x2)=

由A可知x1：x2=1：3；

解得：Fx1=6J，F(x1+x2)=24J，

故EkB==32J，

故C正确；

D.小球受力如图所示：

小球受到的合外力为重力和电场力的合力，为恒力，在A点时，合力与速度之间的夹角为钝角，在M点时，合力与速度之间的夹角为锐角，即合力先做负功后做正功，小球的动能先减小后增大，小球从M到B的过程，合力一直做正功，动能一直增大。则小球从A运动到B的过程中最小动能一定小于6J；故D错误。

故选：AC。8、B:C【分析】【详解】

AB．设小球B受到的重力为mg，A、B两球的带电量分别为q1、q2，两球间的距离为r，定滑轮距离A球为h，距离B球为d；对B球受力分析如图。

根据相似三角形可知

得

在小球移动过程中，r不变；因此小球的运动轨迹是一段圆弧，故A错误，B正确；

CD．又

由于d在减小，因此F在减小；故C正确，D错误。

故选BC。9、A:D【分析】【分析】

【详解】

当滑动变阻器滑动触点P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电流表A1读数增大；电压表V1读数U1=E-I（R1+r），I增大，其他量不变，则U1减小；通过电流表A2的电流U1减小，则I2减小；流过R2的电流I2′=I-I2，I增大，I2减小，则I2′增大，则伏特表V2的读数增大．综上，电压表V1的读数减小，电流表A1的读数增大，伏特表V2的读数增大，电流表A2的读数减小．故AD正确；BC错误．故选AD．

【点睛】

本题是简单的电路动态分析问题，按“部分→整体→部分”的思路进行分析，对于并联电路，要抓住干路电流等于各支路电流之和分析两个支路电流的关系．10、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

AC．电位器的触片滑向b端时,电位器电阻减小,外电路总电阻R减小,由闭合电路欧姆定律知：总电流增加,电流表A1的示数将变大,电压表V的示数将减小，流过R1和R2的电流减小，流过L1的电流将增大，灯泡L1将变亮．故A正确；C正确；

B.电压表V的示数与电流表A1比值等于外电路总电阻；可知该比值变小，故B错误；

D.总电流变大，由P=EI知；电源的电功率将变大，故D正确；

故选ACD

点睛：根据电位器电阻的变化情况得到外电路总电阻的变化情况，得到电流变化情况，由欧姆定律分析电压表的示数与电流表A1比值如何变化．由P=EI分析电源的总功率如何变化．11、B:D【分析】【详解】

ABC．根据题意电子在飞出电场时还未达到极板上，要使电子的偏转距离变小，可知飞出偏转电场时电子在电场中做类平抛运动的竖直方向位移变小，设电子质量为m，带电量为e，偏转电场的电压为偏转距离为h，进入偏转电场时的速度为对电子在电场中的运动有

解得

故当仅减小偏转电场两极板的长度L时，h减小；当减小偏转电场两极板间的距离d时，h会增大；AC错误，B正确；

D．根据动能定理可知当增大电子枪的加速电压时，变大，根据前面分析式可知h减小；D正确。

故选BD。12、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．电流表A1与电流表A2由相同表头与不同电阻并联改装而成，并联在电路中，电流表A1与电流表A2的指针偏转角相同，电流表A1的量程较大，则电流表A1的读数较大；A正确，B错误；

CD．电压表V1与电压表V2由相同表头与不同电阻串联改装而成，串联在电路中，通过表头的电流相同，故指针的偏转角相同，因V1量程较大，所以电压表V1的读数大于电压表V2的读数；C错误，D正确。

故选AD。三、填空题(共6题，共12分)13、略

【分析】【详解】

点的电场强度是正电荷+4Q和负电荷﹣Q在该处产生的电场的叠加，是合场强．根据点电荷的场强公式：可判断x＝1m右侧不存在E方向向左的点，在0～1间E的方向一定沿x轴负方向，设﹣Q左侧d处E＝0；

即

解得：d＝1m；

那么电场强度为0的点坐标是x＝﹣1m；

而电场强度方向沿x轴负方向的点所在的区域（0，1）m和（﹣∞，﹣1）m；【解析】x＝﹣1m（0，1）m和（﹣∞，﹣1）m14、略

【分析】【详解】

由荷电场强度公式知，B点的场强为：根据点电荷电场强度公式得，C点的场强为而带正电的小球在B点场强为：又则要使B点的场强为零，可在C点放一个带负电的点电荷，设其带电量为使其在B点的电场强度与A点点电荷在B点的电场强度的大小相等，方向相反，因BC=2AB，则有：解得：【解析】500N/C4负15、略

【分析】【详解】

[1]工件的直径为d=6mm+0.01mm×12.0=6.120mm=0.6120cm

[2]工件的高度为h=50mm+0.05mm×18=50.90mm=5.090cm【解析】0.61205.09016、略

【分析】【详解】

[1]据库仑定律可得，原来的作用力可表示为

由于两球均带正电，接触后再放回原处，带电量均为总和的一半，作用力可表示为

代入数据解得

[2]此时每个小球的带电量为

电子所带电荷量为

可得

即相当于电子所带电量。【解析】0.42×101117、略

【分析】【详解】

根据可知因为若则该负电荷在A处的电势能为．

【点睛】在使用公式时一定要将公式中字母的正负号代入计算，不能忽略．【解析】1.2×105V，-3.0×10-3J；18、略

【分析】【详解】

[1]由交点坐标知工作电压为U=2V，工作电流为I=2A，则输出功率为P出=UI=2×2=4W

[2]由纵截距知电源的电动势为E=3V

由横截距知电源短路电流为I0=6A

电源的内阻【解析】40.5四、作图题(共4题，共12分)19、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析21、略

【分析】【详解】

第一幅图中线圈内部磁场垂直纸面向外；根据右手定