2025年浙科版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙科版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、一质量为1kg的物块在水平地面上向右滑行，物块与地面间的动摩擦因数为μ＝0.2，从t＝0时刻开始受到一水平向左的恒定外力F＝1N的作用，则反映物块所受摩擦力随时间变化的图象是(取向右为正方向)()2、如下图甲所示，一个质量为3kg

的物体放在粗糙水平地面上，从零时刻起，物体在水平力F

作用下由静止开始做直线运动.

在0隆芦3s

时间内物体的加速度a

随时间t

的变化规律如下图乙所示.

则()

A.3s

末物体的速度最大，最大速度为8m/s

B.F

的最大值为12N

C.0隆芦1s

和2隆芦3s

内物体加速度的方向相反D.在0隆芦1s

内物体做匀加速运动，2隆芦3s

内物体做匀减速运动3、如图甲所示；理想变压器原；副线圈的匝数比n1n2=31L1L2

为两只相同的灯泡，RLD

和C

分别为定值电阻、理想线圈、理想二极管和电容器，其中C=10娄脤F.

当原线圈两端接如图乙所示的正弦交流电时，下列说法中正确的是(

)

A.灯泡L1

一定比L2

暗B.副线圈两端的电压有效值为12V

C.因电容器所在支路处于断路状态，故无电流通过二极管D.电容器C

所带电荷量为1.2隆脕10鈭�4C

4、某金属的逸出功为2.6eV

这意味着(

)

A.要使这种金属有电子逸出，入射光子的能量必须大于2.6eV

B.这种金属内部的电子克服原子核引力做2.6eV

的功即可脱离该金属表面C.这种金属内部的电子只要获得2.6eV

的能量即可脱离该金属表面D.这种金属受到光照时若有电子逸出，则电子离开金属表面时的动能至少等于2.6eV

5、如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线。在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是A.粒子带正电B.粒子在A点加速度大C.粒子在B点电势能较大D.粒子通过B点时动能大6、磁感应强度的单位特斯拉，用国际单位制中的基本单位可表示为（）A.N/A•mB.kg/A•s2C.kg•m2/s2D.kg•m2/A•s27、如图所示为一个自制的振动系统。在泡沫上插两根弹性很好的细竹片，并用塑料夹夹在细竹片上端制成两个“单摆”A

和BAB

除塑料夹高低不同外，其他条件均相同。当底座沿某一方向做周期性振动时，摆A

和B

也跟着振动起来。下述说法正确的有

A.摆A

的固有频率比B

的小B.当底座做周期性振动时，A

摆的振动频率比B

的大C.当底座振动频率由零开始从小到大变化(

保持振幅不变)

时，B

摆开始振幅大，随着频率变大，摆A

的振幅比B

的大D.当底座振动频率由零开始从小到大变化(

保持振幅不变)

时，A

摆开始振幅大，随着频率变大，B

摆的振幅比A

的大8、帆船即利用风力前进的船。帆船起源于荷兰，古代的荷兰，地势很低，所以开凿了很多运河，人们普遍使用小帆船运输或捕鱼，到了13世纪，威尼斯开始定期举行帆船运动比赛，当时比赛船只没有统一的规格和级别，1900年第2届奥运会将帆。船运动开始列为比赛项目；帆船前进时，船员感觉岸上的树木向后运动，他所选择的参考系是（）A.河水B.河岸C.帆船D.天空评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)9、如图所示，轻弹簧的两端各受10N拉力F作用，弹簧平衡时伸长了5cm（在弹性限度内）．那么，弹簧此时产生的弹力为______N，该弹簧的劲度系数k=______N/m．10、在场强大小为E的匀强电场中，一质量为m、带电量为+q的物体以某一初速度沿电场的反方向做匀减速直线运动，其加速度大小为物体运动距离L时速度减小为零．则物体的动能变化为______，电势能变化为______．11、用螺旋测微器（千分尺）测小球直径时，示数如图所示，这时读出的数值是______mm．

12、利用如图装置可以做力学中的许多实验：(1)

以下说法正确的是________A.用此装置“研究匀变速直线运动”时，必须设法消除小车和滑轨间的摩擦阻力的影响B.用此装置“研究匀变速直线运动”时，必须调整滑轮高度使连接小车的细绳与滑轨平行C.用此装置“探究加速度a

与力F

的关系”时，每次改变砝码及砝码盘总质量之后，需要重新平衡摩擦力D.用此装置“探究加速度a

与力F

的关系”时，应使砝码小盘和盘内砝码的总质量远大于小车的质量(2)

本装置中要用到打点计时器，如图所示为实验室常用的两种计时器，其中b

装置用的电源要求是________A.交流220VB.

直流220V

C.交流4隆芦6VD.

直流4隆芦6V

(3)

在利用此装置“探究加速度a

与力F

的关系”时，实验中按规范操作打出的一条纸带的一部分如图，已知打点计时器接在频率为50Hz

的交流电源上，则此次实验中打点计时器打下A

点时小车的瞬时速度为________m/s.(

结果保留两位有效数字)

13、如图所示，电子射线管(

A

为其阴极)

放在蹄形磁轶的NS

两极间，射线管的阴极A

接在直流高压电源的________(

填“正或负”)

极，此时，荧光屏上的电子束运动径迹__________偏转(

填“向上”、“向下”“不”)

​

14、如图所示是一个双量程电压表，表头是一个内阻为Rg=500Ω，满偏电流为1mA的毫安表，表盘刻度分为100个刻度．现接成量程分别为10V和100V的两个量程，则所串联的电阻R1=____，此时刻度盘每个刻度表示____V，所串联的电阻R2=____．

15、连接在电源两极上的平行板电容器，当两极板间距离减小时，电容器的电容C____，电容器极板的带电荷量____，电容器两极板间的电势差U____，电容器两极板间的电场强度E____（选填“变大”、“变小”或“不变”）评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)16、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）17、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）18、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

21、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分四、实验探究题(共1题，共10分)22、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，要测量一个标有“3V

1.5W

”的灯泡两端的电压和通过它的电流，现有如下器材：A.直流电源3V(

内阻可不计)

B.直流电流表0隆芦3A(

内阻约0.1娄赂)

C.直流电流表0隆芦600mA(

内阻约0.5娄赂)

D.直流电压表0隆芦3V(

内阻约3k娄赂)

E.直流电压表0隆芦15V(

内阻约200k娄赂)

F.滑动变阻器(10娄赂,1A)

G.滑动变阻器(1k娄赂,300mA)

(1)

除开关、导线、电源A

外，为完成实验，需要从上述器材中选用____(

用字母)

(2)

下表中的各组数据是该同学在实验中测得的，该同学根据表格中的数据作出了该灯泡的伏安特性曲线，若将该灯泡与一个10娄赂

的定值电阻串联，直接接在题中电源两端，则可以估算出该灯泡的实际功率为W(

结果保留两位有效数字)

。U/V

I/A

0

0

0.5

0.17

1.0

0.30

1.5

0.39

2.0

0.45

2.5

0.49

评卷人得分五、推断题(共4题，共28分)23、下表为元素周期表的一部分，针对表中rm{垄脵-垄脼}元素，回答下列问题。rm{(1)}元素rm{垄脷}的原子结构示意图是_________________。rm{(2)垄脺}和rm{垄脻}两种元素中原子半径较大的是_______________rm{(}填元素符号rm{)}rm{垄脹}和rm{垄脺}两种元素的最高价氧化物对应的水化物碱性较强的是__________rm{(}填化学式rm{)}填化学式rm{(}rm{)}写出rm{(3)}的单质在rm{垄脵}的单质中燃烧的化学方程式：_______________________。rm{垄脼}24、下表为元素周期表的一部分，针对表中rm{垄脵隆芦垄脼}元素，回答下列问题。rm{垄脵}rm{垄脷}rm{垄脹}rm{垄脺}rm{垄脻}rm{垄脼}rm{(1)垄脵}元素在周期表中的位置是第二周期_____________族。rm{(2)垄脷}和rm{垄脻}两种元素中原子半径较大的是__________rm{(}填元素符号rm{)}rm{垄脻}和rm{垄脼}两种元素的最高价氧化物对应水化物中酸性较强的是________rm{(}填化学式rm{)}rm{(3)}写出rm{垄脹垄脺}两种元素的最高价氧化物对应水化物反应的离子方程式_______________。25、某芳香烃rm{A}分子式为rm{C_{8}H_{10}}某烃类衍生物rm{X}分子式为rm{C_{15}H_{14}O_{3}}能使rm{FeCl_{3}}溶液显紫色；rm{J}分子内有两个互为对位的取代基。在一定条件下有如下的转化关系rm{(}无机物略去rm{)}

rm{(1)}属于芳香烃类的rm{A}的同分异构体中，其沸点的大小关系为______________。rm{(}不包括rm{A}用结构简式表示rm{)}rm{(2)J}中所含的含氧官能团的名称为_________________________________。中所含的含氧官能团的名称为_________________________________。rm{(2)J}与rm{(3)E}反应的化学方程式是_________________；反应类型是_____。rm{H}rm{(4)B}的混合物在rm{C}乙醇溶液中加热可以生成同一种有机物rm{NaOH}以rm{K}为单体合成的高分子化合物的名称是____________________________。rm{K}已知rm{(5)}有多种同分异构体，写出一种符合下列性质的rm{J}的同分异构体的结构简式。rm{J}与rm{垄脵}溶液作用显紫色；rm{FeCl_{3}}与新制rm{垄脷}悬浊液作用产生红色沉淀；rm{Cu(OH)_{2}}苯环上的一卤代物有rm{垄脹}种。________________________________。

rm{2}26、聚戊二酸丙二醇rm{(PPG)}是一种可降解的聚脂类高分子材料，在材料的生物相容性方面有限好的应用前景rm{.PPG}的一种合成路线如下：

已知；

rm{垄脵}烃rm{A}的相对分子质量为rm{70}核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢。

rm{垄脷}化合物rm{B}为单氯代烃；化合物rm{C}的分子式为rm{C_{5}H_{8}}

rm{垄脹E}rm{F}为相对分子质量差rm{14}的同系物，rm{F}是福尔马琳的溶质。

rm{垄脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}}

回答下列问题：rm{垄脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}

}的结构简式为________rm{(1)A}rm{.}由rm{(2)}生成rm{B}的化学方程式为________rm{C}rm{.}由rm{(3)}和rm{E}生成rm{F}的反应类型为________，rm{G}的化学名称为________rm{E}rm{.}由rm{(4)}和rm{D}生成rm{H}的化学方程式为________；rm{PPG}的同分异构体能同时满足下列条件的共有________种rm{(5)D}不含立体异构rm{(}

rm{)}能与饱和rm{垄脵}溶液反应产生液体。

rm{NaHCO_{3}}既能发生银镜反应，又能发生水解反应。其中核磁共振请谱显示为rm{垄脷}组峰，且峰面积比为rm{3}rm{6}rm{1}的是___________rm{1}写结构简式rm{(}rm{)}评卷人得分六、解答题(共3题，共6分)27、波速均为v=2m/s的甲；乙两列简谐横波都沿x轴正方向传播；某时刻波的图象分别如图所示，其中P、Q处的质点均处于波峰．关于这两列波，下列说法正确的是______

A．甲波中的P处质点比M处质点先回平衡位置。

B．从图示的时刻开始；P处质点比Q处质点先回平衡位置。

C．从图示的时刻开始；经过1.0s，P质点通过的位移为2m

D．如果这两列波相遇可能产生稳定的干涉图样．

28、欲用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属导线的电阻；要求测量结果尽量准确，现有以下器材：

A．电池组（3V；内阻1Ω）

B．电流表（0～3A；内阻0.0125Ω）

C．电流表（0～0.6A；内阻0.125Ω）

D．电压表（0～3V；内阻3kΩ）

E．电压表（0～15V；内阻15kΩ）

F．滑动变阻器（0～20Ω；额定电流1A）

G．开关；导线。

（1）上述器材中电流表应选用的是______；电压表应选用的是______．（填写器材前的字母代号）

（2）实验电路应采用电流表______接法；（填“内”或“外”）

（3）实验中某次电压表的示数如图1所示．则读数为U=______V．

（4）为使通过待测金属导线的电流能在0～0.5A范围内改变；请按要求画出测量待测金属导线的电阻Rx的原理电路图．

（5）某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时；测得的结果如图2所示，则该金属丝的直径d=______mm．

29、某发电厂通过两条输电线向远处的用电设备供电．当发电厂输出的功率为P时，额定电压为U的用电设备消耗的功率为P1．若发电厂用一台升压变压器T1先把电压升高，仍通过原来的输电线供电，达到用电设备所在地，再通过一台降压变压器T2把电压降到用电设备的额定电压，供用电设备使用，如图所示，这样改动后，当发电厂输出的功率仍为P，用电设备可获得的功率增加至P2．试求所用升压变压器T1的原线圈与副线圈的匝数比N1/N2以及降压变压器T2的原线圈与副线圈的匝数比n1/n2各为多少？

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】试题分析：在物块停止前受滑动摩擦力，由摩擦力公式知物块与地面间Ff=μFN=2N，又因选向右为正，所以此力为-2N，故A正确其余错误；当物体速度减为零后，所受拉力小于物块与地面间最大静摩擦力，物块不动，由平衡条件知，此时所受静摩擦力为1N，方向向右为正，故本题选A。考点：滑动摩擦力与静摩擦力的计算物体平衡条件的应用【解析】【答案】A2、A【分析】【分析】物体做加速运动时加速度方向与速度方向相同，加速度的大小与合外力成正比；物体的加速度保持恒定，则其所受合外力恒定。掌握加速运动与减速运动只看加速度的方向与速度方向是相同还是相反，不看加速度的大小变化，知道加速度与物体所受合外力大小成正比，掌握规律是解决问题的关键。【解答】A.因为物体速度始终增加，故3s3s末物体的速度最大，再根据鈻�v=a?鈻�ttrianglev=a?trianglet知速度的增加量等于加速度与时间的乘积，在a鈭�ta-t图象上即为图象与时间轴所围图形的面积，?v=12(1+3)隆脕4m/s=8m/s?v=dfrac{1}{2}(1+3)隆脕4m/s=8m/s物体由静止开始加速运动，故最大速度为8m/s8m/s所以A正确；B.前3s

内，其中第2s

内物体加速度恒定且最大，故所受作用力恒定且最大，根据牛顿第二定律知F合=ma

知合外力为12N

由于物体在水平方向受摩擦力作用，故最大作用力大于12N

故B错误；CD.

物体在力F

作用下由静止开始运动，加速度方向始终为正，与速度方向相同，故物体在前3s

内始终做加速运动，第3s

内加速度减小说明物体速度增加得变慢了，但仍是加速运动，故C错误，D错误；故选A。【解析】A

3、B【分析】解：原线圈有正弦交流单；则副线圈中也有正弦式交流电。

A；由于L1

与电阻相串联；而L2

与电感器相串联，灯泡L1

与L2

是谁变亮和变暗，取决于电感和电阻谁的阻碍作用大，本题未给条件无法判断，故A错误；

B、由题意可知，原线圈的电压最大值为2

原线圈电压有效值36V

由于原副线圈的匝数比为31

所以副线圈的电压有效值为12V

故B正确；

C；电容器与二极管串联；含有电容器的支路一次充电结束后就相当于断路，充电过程中有电流通过二极管，故C错误；

D、二极管具有单向导电性，故加在电容器上的电压为直流电；根据电流的热效应可知，电压的有效值为U=62V

根据Q=CU=10隆脕10鈭�6隆脕2=62隆脕10鈭�5C

故D错误；

故选：B

二极管具有单向导电性；电阻两端的电压为有效值，电容通高频阻低频，电感通低频阻高频．

本题考查了变压器的特点，知道电压之比等于线圈匝数之比，掌握二极管、电感器、电容器在电路中的作用．【解析】B

4、A【分析】【分析】逸出功为电子逸出金属所要克服金属束缚所做的最小功.

根据光电效应方程可得出电子逸出金属的最大初动能。

解决本题的关键掌握光电效应方程，以及知道逸出功的含义，理解电子获得2.6eV

的能量时，不一定逸出来。【解答】A.金属的逸出功为2.6eV

知克服金属所做的最小的功为2.6eV

则要使这种金属有电子逸出，入射光子的能量必须大于2.6eV

故A正确；BC.

金属内部的电子克服原子核引力做2.6eV

的功或大于2.6eV

不一定能脱离表面.

故BC错误；D.这种金属受到光照时若有电子逸出；则电子离开金属表面时的动能最小为零.

故D错误。

故选A。【解析】A

5、C【分析】试题分析：粒子受到的电场力方向应指向轨迹的内侧，所以电场力方向与电场线方向相反，即粒子带负电，A错误，电场线越密电场强度越大，所以在B点的加速度较大，B错误；从A点到B点，电场力做负功，电势能增大，动能减小，故C正确，D错误。考点：考查了带电粒子在电场中的运动【解析】【答案】C6、B【分析】解：磁感应强度B=磁感应强度单位为T，则1T===1故ACD错误，B正确；

故选：B

在国际单位制中；磁感应强度的单位是特斯拉，根据物理学公式分析答题．

本题考查了单位制的知识，熟练掌握物理学公式、知道各物理量的单位是正确解题的关键．注意A不是由国际单位制表示的，故不能选．【解析】【答案】B7、C【分析】【分析】振动的频率等于驱动力的频率，当驱动力的频率接近固有频率时，会发生共振。解决本题的关键知道振动频率与驱动力频率的关系，以及知道发生共振的条件。【解答】A、由于摆B

的摆长大于A

根据T=2娄脨Lg

知；摆B

的固有周期大于A

则摆A

的固有频率大于B

故A错误；

B；AB

都做受迫振动；振动频率相等，等于驱动力的频率，故B错误；

C；因为B

摆的固有频率较小；当底座振动频率由零开始从小到大变化(

保持振幅不变)

时，B

摆先发生共振，然后A

摆发生共振，所以B

摆开始振幅大，随着频率变大，摆A

的振幅比B

的大，故C正确，D错误；

故选C。【解析】C

8、C【分析】解：帆船前进时；船员感觉岸上的树木向后运动，说明船员选择的是其自身所在的帆船，因为相对帆船，树木向后运动；而相对于河岸和天空，树木均是静止的；由于河水的运动方向未知，不一定与船的方向相同，故C正确，ABD错误。

故选：C。

研究物体运动时；要选择一个物体作为标准，这个标准就是参照物；判断物体运动还是静止，就是看研究的物体和参照物之间位置是否发生了变化。

该题通过现实中的情形考查了运动和静止的相对性，以及参照物的选择，注意正确理解参考系的相对性。【解析】C二、填空题(共7题，共14分)9、略

【分析】解：A；轻弹簧的两端各受10N拉力F的作用；所以弹簧所受的合力为零，但弹簧产生的弹力为10N；根据胡克定律F=kx得弹簧的劲度系数为：

k===200N/m．

故答案为：10；200．

轻弹簧的两端各受20N拉力F的作用；弹簧平衡时伸长了5cm，根据胡克定律F=kx求解弹簧的劲度系数．

弹簧的弹力与形变量之间的关系遵守胡克定律．公式F=kx中，x是弹簧伸长的长度或压缩的长度，即是弹簧的形变量．【解析】10；20010、略

【分析】解：由于物体所受电场力和运动方向相反；故电场力做负功，即为：W=-EqL，由功能关系可得，物体的电势能增加，增量为qEL．

物体做减速运动，合外力做负功，动能减小，由动能定理得：△Ek=F合S=-maL=-0.8EqL．

故答案为：-0.8qEL；qEL．

根据电场力做功得出电势能的变化量；根据加速度的大小求出合力的大小，结合合力做功得出动能的变化量．

解决本题的关键掌握功能关系，知道电场力做功等于电势能的减小量，合力做功等于动能的增加量．【解析】-0.8qEL；qEL11、略

【分析】解：螺旋测微器的固定刻度为8mm；可动刻度为47.5×0.01mm=0.475mm，所以最终读数为8mm+0.475mm=8.475mm．

最后的结果可以为8.475±0.002．

故答案为：8.475±0.002

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读．

对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．【解析】8.475±0.00212、（1）B

（2）C

（3）0.51～0.53均对

【分析】【分析】

(1)

利用图示小车纸带装置可以完成很多实验；在研究匀变速直线运动时不需要平衡摩擦力，“研究匀变速直线运动”时，细线必须与木板平行以保持加速度不变，在探究“小车的加速度a

与力F

的关系”时，根据牛顿第二定律求出加速度a

的表达式，不难得出当钧码的质量远远大于小车的质量时，加速度a

近似等于g

的结论；

(2)a

装置是电火花打点计时器，直接接220V

交流电源，b

装置是电磁式打点计时器；需接低压交流电源；

(3)

根据中间时刻的速度等于平均速度求解A

点速度。【解答】

(1)A.

此装置可以用来研究匀变速直线运动；但不需要平衡摩擦力，故A错误；

B.用此装置“研究匀变速直线运动”时；必须调整滑轮高度使连接小车的细线与滑轨平行，保持小车的加速度不变，故B正确；

C.平衡摩擦力的方法是将木板带打点计时器的一端适当垫高；这样做的目的是利用小车重力沿斜面分力补偿小车运动中所受阻力的影响，即mgsin娄脠=娄脤mgcos娄脠

式子成立与质量无关，故改变质量后不需重新进行平衡，故C错误；

D.在利用该装置来“探究物体的加速度与力；质量的关系”时；设小车的质量为M

小吊盘和盘中物块的质量为m

设绳子上拉力为F

以整体为研究对象有mg=(m+M)a

解得：a=mgM+m

以M

为研究对象有绳子的拉力为：F=Ma=MmgM+m

显然要有F=mg

必有m+M=M

故有M>>m

即只有M>>m

时才可以认为绳对小车的拉力大小等于小吊盘和盘中物块的重力，故D错误。(2)b

装置是电磁打点计时器；直接接4鈭�6V

交流电源。

(3)

根据中间时刻的速度等于平均速度得：vA=xt=(6.10?4.00)隆脕10?20.04m/s隆脰0.52m/s

故填：(1)B(2)C(3)0.51隆芦0.53

均对。【解析】(1)B(1)B

(2)C(2)C

(3)0.51隆芦0.53(3)0.51隆芦0.53均对

13、负向上【分析】【分析】此题要求要了解电子射线管的构造和原理，阴极是发射电子的电极，所以是要接到高压的负极上的，电子在磁场中运动，受到洛伦兹力的作用而发生偏转，从而显示电子运动的径迹，偏转方向有左手定则判断。左手定则判定：伸开左手，使大拇指跟其余四个手指垂直，并且跟手掌在同一平面内，把手放入磁场中，让磁感线穿过掌心，四指所指为正电荷运动方向，拇指所指方向为电荷所受洛伦兹力的方向。【解答】因为A

是阴极；所以射线管的阴极(A)

接直流高压电源的负极。

因为A

是阴极；B

是阳极，所以电子在阴极管中的运动方向是A

到B

产生的电流方向是B

到A(

注意是电子带负电)

根据左手定则，四指指向A

手掌对向N

极(

就是这个角度看过去背向纸面向外)

此时大拇指指向下面，所以轨迹向下偏转。

故填负，向下。【解析】负向上14、略

【分析】

10V的量程时所串电阻为R1，则：

则每个刻度表示的电压为：

100V的量程所串的总电阻为：则：=90000Ω

故答案为：9500Ω；0.1；90000Ω

【解析】【答案】电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为U为改装后的量程．每个刻度值由量程除以总刻度求得．

15、变大变大不变变大【分析】【解答】解：根据公式C=当两极板之间的距离减小，电容变大；

电容器连接在电池上；电压不变，由Q=CU，得知电容器极板的带电量Q变大；

电容器连接在电池上；电容器两极板的电势差U等于电池的电动势，U不变；

由E=分析；U不变，d变小，则E变大．

故答案为：变大；变大，不变，变大．

【分析】根据平行板电容器的电容C=两极板之间的距离减小，电容增大，电容器连接在电池上，电压不变．由Q=CU，电压不变，分析电量变化，由E=分析电场强度的变化．三、判断题(共6题，共12分)16、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．17、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．18、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．21、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．四、实验探究题(共1题，共10分)22、略

【分析】本题考查描绘小灯泡的伏安特性曲线“的实验，闭合电路欧姆定律及电功率．

​(1)

直流电源3V

必选，电压表和电流表要求尽量达到满偏，所以电压表应选直流电压表0鈭�3V

的，故选D，因小灯泡的额定电流I露卯=0.5A

所以电流表应选直流电流表0鈭�600mA

故选C，滑动变阻器分压式接法应选用阻值较小的，故选F；(2)

将10娄赂

的定值电阻等效为电源内阻，作出电流和路端电压关系图线如下图所示：直线两图线的交点为灯泡工作状态，由此知小灯泡中的电流为0.24A

两端电压为0.7V

由公式P=IU

得P=0.24隆脕0.7W隆脰0.17W

【解析】(1)CDF(2)0.17(0.15鈭�0.18)

五、推断题(共4题，共28分)23、（1）

（2）AlNaOH

（3）H2+Cl22HCl

【分析】【分析】本题考查了元素周期律和元素周期表的应用。掌握元素周期律：同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，金属性逐渐减弱，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐减弱；同主族元素从上至下原子半径逐渐增大是解答本题的关键。该题是高考常见题型，试题难易适中，侧重对学生基础知识的巩固和训练，有利于提高学生的逻辑推理能力和应试能力。【解答】根据元素周期表的结构可知rm{垄脵}为rm{H}rm{垄脷}为rm{N}rm{垄脹}为rm{Na}rm{垄脺}为rm{Al}rm{垄脻}为rm{S}rm{垄脼}为rm{Cl}rm{(1)}元素rm{垄脷}的原子结构示意图是元素rm{(1)}的原子结构示意图是故答案为：rm{垄脷}rm{(2)}为rm{(2)}rm{垄脺}为rm{Al}rm{垄脻}和rm{S}位于同一周期，随原子序数增大原子半径逐渐减小，所以原子半径较大的为rm{Al}和rm{S}位于同一周期，随原子序数增大原子半径逐渐减小，所以原子半径较大的为rm{Al}rm{Al}和rm{S}的最高价氧化物对应的水化物分别为氢氧化钠和氢氧化铝，同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，金属性逐渐减弱，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐减弱，rm{Al}的金属性比rm{Na}强，所以碱性较强的为rm{Al}故答案为：rm{Na}rm{Al}rm{NaOH}rm{Al}的单质在rm{NaOH}的单质中燃烧的化学方程式为：rm{(3)}rm{(3)}rm{垄脵}的单质在rm{垄脼}的单质中燃烧的化学方程式为：rm{垄脵}rm{垄脼}rm{H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}【解析】rm{(1)}rm{(2)Al}rm{NaOH}rm{(3)H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}

24、rm{(1)}Ⅳrm{A}

rm{(2)S}

rm{(3)HClO_{4}}

rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}【分析】【分析】本题考查了元素周期律和元素周期表的应用。掌握元素周期律：同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，金属性逐渐减弱，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐减弱；同主族元素从上至下原子半径逐渐增大是解答本题的关键。该题是高考常见题型，试题难易适中，侧重对学生基础知识的巩固和训练，有利于提高学生的逻辑推理能力和应试能力。【解答】根据元素周期表的结构可知rm{垄脵}为rm{C}rm{垄脷}为rm{O}rm{垄脹}为rm{Na}rm{垄脺}为rm{Al}rm{垄脻}为rm{S}rm{垄脼}为rm{Cl}据此分析：rm{(1)垄脵}元素是rm{C}在元素周期表中位于元素是rm{(1)垄脵}在元素周期表中位于第二周期、第Ⅳrm{C}族，故答案为：Ⅳrm{A}rm{A}rm{(2)}为rm{(2)}rm{垄脷}为rm{O}rm{垄脻}和rm{S}位于同一主族，从上至下原子半径逐渐增大，所以原子半径较大的为rm{O}和rm{S}位于同一主族，从上至下原子半径逐渐增大，所以原子半径较大的为rm{S}故答案为：rm{S}故答案为：rm{O}rm{S}rm{S}rm{S}的最高价氧化物对应的水化物分别为硫酸和高氯酸，同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，非金属性逐渐正确，最高价氧化物对应水化物的酸性逐渐正确，rm{(3)S}的非金属性比rm{(3)S}弱，所以酸性性较强的为和故答案为：rm{Cl}的最高价氧化物对应的水化物分别为硫酸和高氯酸，。rm{Cl}氢氧化钠和氢氧化铝反应的离子方程式为rm{S}的非金属性比rm{S}rm{Cl}弱，所以酸性性较强的为rm{HClO_{4}}rm{Cl}rm{HClO_{4}}rm{HClO_{4}}rm{(4)}氢氧化钠和氢氧化铝反应的离子方程式为【解析】rm{(1)}Ⅳrm{A}rm{(2)S}rm{(3)HClO_{4}}rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}25、（1）

（2）（酚）羟基、羧基

（3）酯化反应（或取代反应）

（4）聚苯乙烯

(5)【分析】【分析】本题考查有机物的推断和合成，题目较为综合，有一定的难度，做题时注意把利用好题给信息，采用正逆推相结合的方法推断，注意同分异构体的判断方法。【解答】某芳香烃rm{A}分子式为rm{C}分子式为rm{A}rm{C}rm{{,!}_{8}}rm{H}rm{H}与氯气在光照条件下发生一氯取代生成两种不同物质rm{{,!}_{10}}和，属于苯的同系物，rm{A}与氯气在光照条件下发生一氯取代生成两种不同物质rm{B}和rm{C}则rm{A}为则rm{A}为rm{B}最终产物rm{C}能与rm{A}，rm{B}最终产物rm{H}能与rm{NaHCO}rm{B}具有羧基，则rm{H}为rm{NaHCO}发生水解反应生成rm{{,!}_{3}}为溶液反应，说明rm{H}具有羧基，则rm{B}为发生氧化反应生成rm{H}为rm{B}进一步氧化生成，rm{B}发生水解反应生成rm{D}为为rm{B}为rm{D}发生水解反应生成，rm{D}发生氧化反应生成rm{F}为为rm{D}分子式为rm{F}，rm{F}进一步氧化生成rm{H}为rm{F}rm{H}，则rm{C}为rm{C}，rm{C}发生水解反应生成rm{E}为rm{C}rm{E}和，rm{X}分子式为rm{C}则rm{X}为酯，rm{C}酸化得到rm{{,!}_{15}}而rm{H}为醇，则rm{H}含有羧基，且rm{{,!}_{14}}分子中含有酚羟基，rm{O}分子式为rm{O}rm{{,!}_{3}}，能使rm{FeCl}rm{FeCl}rm{{,!}_{3}}溶液显紫色，说明结构中含有酚羟基，水解生成rm{K}和rm{E}则rm{X}为酯，rm{K}酸化得到rm{J}而rm{E}为醇，则rm{J}含有羧基，且rm{J}分子中含有酚羟基，rm{J}分子式为rm{C}rm{K}分子内有两个互为对位的取代基，则rm{E}为rm{X}rm{K}为rm{J}

rm{E}由上述分析可知，rm{J}物质的结构简式为：rm{J}的一种同分异构体为二甲苯，有邻间对三种结构，三种沸点的大小关系为：

rm{J}rm{C}

rm{{,!}_{7}}为rm{H}

rm{H}

rm{{,!}_{6}}与rm{O}反应的化学方程式是rm{O}或取代反应rm{{,!}_{3}}

，rm{J}分子内有两个互为对位的取代基，则rm{J}为rm{J}或取代反应rm{J}

，故K为，rm{X}为的混合物在rm{X}乙醇溶液中加热可以生成同一种有机能，则rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}物质的结构简式为：为rm{(1)}为单体合成的高分子化合物的结构简式是rm{A}

，属于芳香烃类的rm{A}的一种同分异构体为二甲苯，有邻间对三种结构，三种沸点的大小关系为：

rm{A}为故答案为：的同分异构体符合：；与rm{(2)J}为rm{(2)J}，所含的含氧官能团的名称为：羧基、羟基，与新制故答案为：羧基、羟基；rm{(3)E}与rm{H}反应的化学方程式是rm{(3)E}苯环上的一卤代物有rm{H}种，说明苯环结构中只含有两种性质不同的氢原子，符合条件的有：，反应类型是：酯化反应rm{(}或取代反应rm{)}

rm{(}rm{)}故答案为：【解析】rm{(1)}rm{(2)(}酚rm{)}羟基、羧基rm{(3)}酯化反应rm{(}或取代反应rm{)}rm{(4)}聚苯乙烯rm{(5)}26、rm{(1)}

rm{(2)}

rm{(3)}加成反应甲醛

rm{(4)}

rm{(5)5}【分析】【分析】烃rm{A}的相对分子质量为rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}则rm{A}为rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢，故A的结构简式为rm{A}与氯气在光照下发生取代反应生成单氯代烃rm{B}则rm{B}为rm{B}发生消去反应生成rm{C}为化合物rm{C}的分子式为rm{C_{5}H_{8}}rm{C}发生氧化反应生成rm{D}为rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福尔马林的溶质，则rm{F}为rm{HCHO}rm{E}rm{F}为相对分子质量差rm{14}的同系物，可知rm{E}为rm{CH_{3}CHO}由信息rm{垄脺}可知rm{E}与rm{F}发生加成反应生成rm{G}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}与氢气发生加成反应生成rm{H}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}与rm{H}发生缩聚反应生成rm{PPG(}rm{)}以此来解答。

本题考查有机物的推断，关键是确定rm{A}的结构，再根据反应条件推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，侧重分析与推断能力的综合考查，题目难度中等。【解答】烃rm{A}的相对分子质量为rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}则rm{A}为rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢，故A的结构简式为rm{A}与氯气在光照下发生取代反应生成单氯代烃rm{B}则rm{B}为rm{B}发生消去反应生成rm{C}为化合物rm{C}的分子式为rm{C_{5}H_{8}}rm{C}发生氧化反应生成rm{D}为rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福尔马林的溶质，则rm{F}为rm{HCHO}rm{E}rm{F}为相对分子质量差rm{14}的同系物，可知rm{E}为rm{CH_{3}CHO}由信息rm{垄脺}