第03单元 能量的转化与守恒单元测试（A卷·夯实基础）（解析版）

班级姓名学号分数

第03单元能量的转化与守恒单元测试（A卷·夯实基础）

（时间：60分钟，满分：100分）

一、选择题（本题共20小题，每小题3分，共60分。）

1．（2022·台州中考）某同学做了一个如图所示的“魔法火焰”实验：加热铅笔芯时，小灯泡慢慢亮了起来，

下列有关判断正确的是（）

A．电源电压变大B．铅笔芯电阻变大C．电路中电流变大D．小灯泡功率变小

【答案】C

【解析】

A．由图知道，电源是2节干电池，随着工作时间增长，电源电压会减小，故A错误；

BCD．根据题意知道，当他用一支燃着的蜡烛加热时，当用火焰加热时，过了一会灯泡就亮了起来，说明温

度影响导体的电阻；灯泡慢慢亮起来了，说明小灯泡的实际功率变大，电路中的电流变大了，铅笔芯的电

阻随温度的升高而变小，故C正确，BD错误。

2．（2022·杭州中考）现有甲、乙、丙三个质量不同的物体（m甲>m乙>m丙），在相等的恒力F作用下，分别

在水平方向、沿斜面向上、竖直方向通过了相等的距离s，如图所示。F在三种情况下做的功分别为W甲、

W乙、W丙，三者大小判断正确的是（）

A．W甲>W乙>W丙B．W甲<W乙<W丙C．W甲=W乙=W丙D．W甲=W乙<W丙

【答案】C

【解析】

先后用同样大小的力F使物体沿力的方向移动相同的距离s，该力在这三个过程中所做的功分别为W甲、W

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乙、W丙，三个功的大小都等于W=Fs，即W甲=W乙=W丙

3．（2021·浙江宁波）在如图所示的“汽油机模型”实验中，将少量的汽油喷入筒内，用软木塞塞住筒口，摇

动起电机，观察到放电针放电，汽油燃烧，软木塞被高温高压的气体冲出。该实验可模拟四冲程汽油机工

作时的（）

A．吸气冲程B．压缩冲程C．做功冲程D．排气冲程

【答案】C

【解析】

将少量的汽油喷入筒内，用软木塞塞住筒口，摇动起电机使放电针放电，当放电针放电时，汽油燃烧，圆

筒内气体的内能增加，气体对软木塞做功，软木塞被高温高压的气体冲出，而汽油机的做功冲程对外做功，

所以，该实验可模拟四冲程汽油机工作时的做功冲程。

4．（2020·湖州中考）图表示用中子轰击铀235原子核产生氪核和钡核模型。下列叙述正确的是（）

A．该模型表示的是核聚变

B．该反应产生的中子可继续轰击其他铀核形成链式反应

C．该反应不会产生放射性物质

D．不能用该反应获得能量的方式来发电

【答案】B

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【解析】

A、该模型表示的是核裂变，该选项说法不正确；

B、该反应产生的中子可继续轰击其他铀核形成链式反应，该选项说法正确；

C、过程中产生的氪原子具有放射性，该选项说法不正确；

D、可以通过核裂变来发电，例如核电站是利用核裂变发电，该选项说法不正确。

5．（2022·丽水市松阳县一模）要测定如图所示斜面的机械效率，某同学打算测量以下几个量：①拉小车的

力F、②小车的重力G、③斜面的高度h、④斜面的长度l、⑤小车与斜面的摩擦力f。其中不需要测量

的量是（）

A．斜面的长度1B．斜面的高度h

C．小车与斜面的摩擦力fD．小车的重力G

6．（2020·衢州中考）将冰块放在泡沫箱中可制成简易“冰箱”，把一瓶饮料放入“冰箱”后，冰块和饮料的温

度随时间变化的曲线如图所示，在两物体温度达到相同之前，下列说法正确的是（）

A．甲是冰块B．乙吸收热量C．甲内能增加D．乙内能减少

【答案】B

【解析】

由图可知，物体甲的温度是降低的，即物体甲放出热量，内能减小；物体乙的温度是升高的，即物体乙吸

收热量，内能变大；所以物体甲是饮料，乙是冰块；故B正确，ACD错误。

7．（2020·衢州二模）在学习牛顿第一定律的时候，我们做了如图所示实验，下列有关叙述正确的是（）

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A．根据甲、乙、丙的实验现象可以直接得出牛顿第一定律

B．每次实验时，小车可以从斜面上的任何位置开始下滑

C．实验表明，小车受到的摩擦力越小，运动的距离越大

D．小车在毛巾上运动的距离最短，所以它消耗的机械能最少

【答案】C

【解析】

A．接触面越光滑，摩擦力越小，小车的速度减小得慢。由此推理得出：假如小车受到的阻力为零，小车将

做匀速直线运动。牛顿第一定律是在实验的基础上进一步推理概括出来的，故A错误；

B．实验中，我们应让小车从同一斜面的同一高度由静止开始下滑，是为了让小车每次到达水平面时的速度

相同，便于得出小车滑行的距离与摩擦力的关系，故B错误；

C．小车在木板表面运动的距离最远，该现象说明小车受到阻力越小，运动的距离越远，故C正确；

D．每次实验让小车从同一斜面同一高度由静止滑下，其一开始具有的重力势能是相同的，最后小车在水平

面静止，其机械能为零，因此，整个过程中，消耗的机械能是相同的，故D错误。

8．（2021·温州一模）如图是小明研究电流产生的热量跟哪些因素有关的实验，他在两个相同的烧瓶中均装

满相同质量的煤油。已知甲、乙烧瓶中电阻丝的阻值大小关系为R甲R乙，学生电源电压大小可调。则下列

分析正确的是（）

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A．实验中选用煤油是因为它的比热大，实验效果明显

B．甲烧瓶的玻璃管内液面上升比乙快

C．该电路可以控制R甲、R乙两端电压相同

D．该装置可研究电流产生的热量与电流、电阻的关系

【答案】D

【解析】

A.使用煤油是因为煤油的比热容小，吸收相同热量时，煤油温度升得更高，现象更加明显，故A错误。

B.根据Q=I2Rt可知，电流和通电时间都相同的情况下，电阻越大，放出的热量越多，所以乙瓶中的电阻丝

电阻大，故乙放出的热量多，液面上升的较高，故B错误。

C.R甲、R乙电阻不同，串联电流相同，无法控制电压相同，故C错误。

D.该装置可以通过在某一电流时，甲乙两烧瓶中玻璃管上升高度来研究电流产生的热量和电阻的关系；可以

通过调节学生电源，改变电路中的电压，从而改变电流，观察其中某一烧瓶两次不同电流下的玻璃管上升

高度来研究电流产生的热量和电流的关系，故D正确。

9．（2021·杭州一模）如图所示，粗糙的弧形轨道竖直固定于水平面，一小球由A点以速度v沿轨道滚下，

经另一侧等高点B后到达最高点C。下列关于小球滚动过程的分析正确的是（）

A．整个过程只有重力在对小球做功

B．小球在A，B两点具有的动能相同

C．小球在A，B，C三点的速度大小关系是A＞B＞C

D．小球在A点具有的机械能等于它在C点具有的重力势能

【答案】C

【解析】

A.小球受到竖直向下的重力的作用，下落中，移动了距离，小球的重力是做功的，因为是粗糙的弧形轨道，

所以受摩擦力，还要克服摩擦力做功，故A错误。

B.在粗糙的弧形轨道上受摩擦力，要克服摩擦力做功，所以小球下落过程中，机械能减小，在A、B两点高

度相同，重力势能相同，故在A、B两点具有的动能不同，故B错误。

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C.小球运动过程中，要克服摩擦力做功，机械能会减小，而小球质量不变，故小球在A、B两个相同高度时，B

点动能小，C点高度更大，动能更小，所以三点的速度大小关系是A＞B＞C，故C正确。

D.要克服摩擦力做功，机械能减小，故在A点具有的机械能大于它在C点具有的重力势能，故D错误。

10．（2022·湖州中考）甲物体放在粗糙程度不变的水平地面上，在大小为6牛的水平推力F作用下，向右做

速度为5米/秒的匀速直线运动，如图所示（忽略空气阻力）。下列叙述中，错误的是（）

A．甲物体在竖直方向上受到重力和支持力的作用

B．甲物体受到水平向左的摩擦力大小为6牛

C．当F的大小为6牛时，做功的功率为30瓦

D．当F的大小为10牛时，甲物体将做速度大于5米/秒的匀速直线运动

【答案】D

【解析】

AB．已知甲物体做匀速直线运动，速度为v=5m/s，甲物体在竖直方向上受到重力和支持力的作用，水平方

向受到的摩擦力和推力是一对平衡力；由题意可知，水平推力F为6N，方向水平向右，则摩擦力也为6N，

方向水平向左；故AB正确，不符合题意；

WFs

C．当F的大小为6N时，做功的功率PFv6N5m/s=30W

tt

故C正确，不符合题意；

D．滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关，与速度无关，因此当F的大小为10牛时，摩

擦力不变，还是6N，则推力大于摩擦力，甲物体将做速度大于5米/秒的加速直线运动，故D错误，符合题

意。

11．（2020·嘉兴中考）乒乓球发球机在同一高度以相同的初速度朝不同方向分别发出a、b、c三个球，若

不计空气阻力，则落到水平桌面时三者的速度大小关系是（）

A．va>vb>vcB．vb>vc>va

C．va>vc>vbD．va=vb=vc

【答案】D

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【解析】

乒乓球的运动可以分解为水平方向和竖直方向上的两个运动，在水平方向上，由于惯性，乒乓球的速度保

持不变，即三者的速度是相同的的；在竖直方向上，由于乒乓球的高度相同具有的重力势能相同，因为不

计空气阻力机械能守恒，所以落地时速度相同；因此三种情况下，乒乓球落地时的合速度大小相等。

12．（2021·绍兴中考）如图所示，在试管内装适量的水，用橡皮塞塞紧管口，加热一段时间后橡皮塞冲出，

同时管口附近产生“白气”。以下分析不正确的是（）

A．水温上升时，水的内能增加

B．加热时管内的水不断汽化

C．管内气体对橡皮塞做功，其内能减少

D．试管口的“白气”是水蒸气

【答案】D

【解析】

A．加热过程中，水吸热，水温上升时，分子动能增大，水的内能增加，故A正确，A不符合题意；

B．汽化有两种方式，蒸发和沸腾，蒸发可以发生在任何温度下，所以加热时管内的水不断汽化，故B正确，

B不符合题意；

C．管内气体对橡皮塞做功，内能转化成塞子机械能，管内气体的内能减少，故C正确，C不符合题意；

D．试管口的白气是水蒸气遇冷液化成的小水滴，故D错误，D符合题意。

13．（2021·嘉兴中考）如图是雨滴在空中下落过程中速度与时间的关系图。雨滴在t1-t3三个时刻中具有的动

能分别是E1、E2、E3，不考虑下落过程中雨滴的质量变化，则动能的大小关系是（）

A．E1<E2<E3B．E1>E2>E3C．E1<E2=E3D．E1=E2<E3

【答案】C

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【解析】

由图知道，t1~t3三个时刻速度的关系是v1＜v2=v3

不考虑下落过程中雨滴的质量变化，所以，动能E1<E2=E3

故ABD不符合题意，C符合题意。

14．（2020·衢州二模）某同学设计了一种如图所示的简易电梯，由图可知（）

A．A是动滑轮B．电梯厢运动的速度与拉绳的速度相等

C．B是定滑轮D．如果电动机向下拉动绳子，电梯厢将上升

【答案】D

【解析】

A.图中A滑轮固定不动，因此它是定滑轮，故A错误。

B.此滑轮组的绳子股数为2股，因此绳子自由端移动的速度为电梯厢运动速度的2倍，故B错误。

C.图中B滑轮和电梯厢一块运动，因此它是动滑轮，故C错误。

D.如果电动机向下拉动绳子，通过定滑轮改变了力的方向，所以电梯厢将上升，故D正确。

15．（2021·嘉兴二模）如图是测量某电路电功率的电路图，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器滑

片P向左滑动过程中（）

A．电压表测量的是R1两端的电压

B．电流表和电压表的示数均增大

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C．R的电功率一定增大

D．电路中总功率先变大后减小

【答案】C

【解析】

A.根据图片可知，定值电阻R1与变阻器R2串联，电流表测总电流，电压表测R2的电压，故A错误。

B.闭合开关后，变阻器的滑片向左滑动时，它的阻值减小，根据R总=R1+R2可知，总电阻变小，则总电流变

大。根据“串联电路中电压与电阻成正比”可知，电压表的示数减小，故B错误。

2

C.根据P=IR可知，定值电阻R1的阻值不变，电流增大，那么它的电功率肯定增大，故C正确。

D.根据PUI可知，电路的总电压不变而总电流变大，则总功率一直变大，故D错误。

16．（2021·绍兴一模）如图，小球从左侧的斜坡滚下，到达底端后又沿着右侧斜坡向上滚到最高处，则下列

图像能正确代表小球重力势能与运动时间之间对应关系的是（）

A．B．C．D．

【答案】B

【解析】

0kt1

斜面的倾角为α，小球运动到最低处速度v=kt，运动的路程stkt2

22

1

重力势能为E=Gh=GSsinα=Gkt2sinα

p2

图像为抛物线，小球在左侧时，重力势能减小，小球在右侧时，重力势能增大，故B符合题意，ACD不符

合题意。

17．（2021·宁波一模）为便于研究，某健身器材中训练拉力部分的机械结构可简化为如图所示的滑轮组。若

不计摩擦，下列有关分析正确的是（）

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A．两个滑轮在装置中起的作用相同

B．拉力向下移动的速度与配重上升的速度大小相等

C．沿方向1与2匀速拉动配重提升相同高度，拉力所做的功相等

D．用该装置提升更重的物体，机械效率不变

【答案】C

【解析】

A．由图可知，该装置由一个动滑轮和一个定滑轮组成，动滑轮能够省力，但不能改变力的方向；定滑轮不

能省力，可以改变力的方向，故A错误；

B．该滑轮组中n=2，由s=2h可知，拉力移动距离等于配重上升高度的二倍，故B错误；

C．如图所示，绳子最后绕过的是定滑轮，定滑轮相当于等臂杠杆，沿方向1与2匀速拉动配重，动力臂都

1

等于定滑轮的半径，所以两次的拉力相等，若不计摩擦，均等于(GG)，故C正确；

22

D．用该装置提升更重的物体，有用功变大，额外功不变，则有用功与总功的比值变大，机械效率变大，故

D错误。

18．（2021·杭州一模）如图所示，在粗糙程度相同的水平面上，先用拉力F1将物体从A拉到O，改用拉力F2

将物体从O拉到C，其中LAO=LOB，用频闪相机每隔相同的时间拍下物体的位置（用虚线框表示），若拉力F

在AO段所做的功为W1，拉力F2在OB段所做的功为W2，物体在AO段受到的摩擦力为f1，在OC段受到

的摩擦力为f2。下列判断正确的是（）

A．W1>W2B．W1<W2C．f1>f2D．f1<f2

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【答案】B

【解析】

AB．由于物体对水平面的压力大小不变（等于物体的重力），各段的粗糙程度相同，所以物体运动时受到摩

擦力的大小相同，由图可知，在AO段物体在相同时间内运动的距离相同，说明物体做匀速直线运动，根据

二力平衡条件可知拉力F1=f；在OC段物体在相同时间内运动的距离增大，说明物体做加速直线运动，则拉

力F2＞f=F1F2＞F1，LAO=LOB

根据W=Fs可知拉力做的功W1＜W2

故B正确，A错误；

CD．由于物体对水平面的压力大小不变（等于物体的重力），各段的粗糙程度相同，所以物体运动时受到摩

擦力的大小相同，即f1=f2

故CD错误。

19．（2021·杭州一模）如图所示，小明在做模拟“蹦极”的小实验，一根橡皮筋一端系一个小石块，另一端固

定在A点，B点是橡皮筋不系小石块自然下垂时下端所在的位置，C点是小石块从A点自由释放后所能到达

的最低点，关于小石块从A点到C点运动过程的说法，正确的是（）

A．小石块减少的重力势能全部转化为动能

B．从A点下落到B点的过程中，小石块受到重力和弹力的作用

C．从B点下落到C点的过程中，小石块的速度先增大后减小

D．小石块在C点时，受到平衡力的作用

【答案】C

【解析】

A.小石块从A点到C点运动过程中，小石块减少的重力势能转化为动能和橡皮筋的弹性势能，故A错误。

B.小石块从A点下落到B点的过程中，橡皮筋没有发生形变，所以小石块只受重力和空气阻力，不受橡皮筋

弹力的作用，故B错误。

C.小石块到达B点后受到一个向上的弹力，但此时由于弹力小于自身的重力，故小石块仍加速下落，其速度

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继续增加；当弹力大于小石块的重力时，小石块受到的合力向上，其会减速下落，由此可知，从B点下落

到C点的过程中，小石块的速度先增大后减小，故C正确。

D.小石块在C点时，此时橡皮筋的形变最大，弹力最大，大于小石块的重力，所以橡皮筋受到的是非平衡力

的作用，故D错误。

20．（2022·丽水中考）如图是某兴趣小组用轻质杆制作的杆秤，经测试发现量程偏小。下列操作能使杆秤量

程变大的是（）

A．将a点向左移

B．将b点向右移

C．换一个质量较小的秤砣

D．将a、b点都向左移等长距离

【答案】D

【解析】

A．将a点向左移，阻力臂增大，动力臂和动力不变，由杠杆平衡条件知道，阻力变小，称量的最大质量变

小，量程变小，故A错误；

B．将b点向右移，阻力臂增大，动力不变，动力臂变小，由杠杆平衡条件知道，阻力变小，称量的最大质

量变小，量程变小，故B错误；

C．换一个质量较小的秤砣，阻力臂不变，动力变小，动力臂不变，由杠杆平衡条件知道，阻力变小，称量

的最大质量变小，量程变小，故C错误；

D．将a、b点都向左移等长距离，杠杆右边长度变大，阻力臂不变，动力臂变大，动力不变，由杠杆平衡

条件知道，阻力变大，所称量物体的质量变大，量程变大，故D正确。

二、填空题（本题共4小题，共15分）

21．（2022·绍兴中考）长度均为20厘米的相同均质木块A、B平放在水平桌面上，从图示位置开始推木块，

当F为3牛时，木块静止；当F为6牛时，木块A、B开始沿桌面做匀速直线运动，2秒后木块A掉落；继

续推木块B使其仍做勾速直线运动直到掉落。

第12页共19页.

（1）推力为3牛时，AB整体受到摩擦力为___________牛。

（2）木块A在桌面上匀速运动的速度大小为___________米/秒。

（3）从开始推动到木块B掉落的过程中，推力共做功___________焦。

【答案】30.051.2

【解析】

（1）当F为3牛时，木块静止，即AB整体处于平衡态，此时整体水平方向受到推力和静摩擦力，此二力

平衡，故整体受到摩擦力大小是3N。

（2）由图知道，当A的重心到达桌面边缘上时，就会掉落，此时木块A向前移动的距离是

L20cm

s=10cm=0.1m

122

s0.1m

故木块A在桌面上匀速运动的速度大小v1==0.05m/s

t2s

（3）根据题意知道，木块A掉落前，推力大小是6N，AB整体向前运动的距离是0.1m，此过程推力做功

W1Fs1=6N0.1m=0.6J

由于当F为6牛时，木块A、B开始沿桌面做匀速直线运动，由平衡条件知道，AB整体受到的摩擦力大小

是6N；根据题意知道，木块A掉落后，B仍做匀速直线运动，此过程接触面的粗糙程度不变、压力减小一

半，故B受到的摩擦力也减小一半，所以，由平衡条件知道，此时推力大小为3N。继续推木块B直至木块

B的重心到达桌面边缘上掉落，此时木块B向前移动的距离是s2L20cm=0.2m

此过程推力做功W2Fs2=3N0.2m=0.6J

所以，从开始推动到木块B掉落的过程中，推力共做功WW1W20.6J+0.6J=1.2J

22．（2021·台州中考）某电热器的简化电路如图所示，可通过转动旋钮开关实现加热和保温功能。该电热器

额定电压为220伏，R1＝2000欧，R2＝48.4欧。

（1）开关转至ac位置时，电阻R1和R2的连接方式是______。

（2）开关转至bd位置时，该电热器可实现______功能，它的额定功率是______瓦。

【答案】串联加热1000

【解析】

第13页共19页.

（1）如图所示，开关转至ac位置时，电阻R1和R2是首尾相连的，连接方式是串联。

U2

（2）开关转至ac位置时，电阻R1和R2是串联的，根据公式P，此时电路中的总电阻最大，电功率

R

U2

最小，为保温状态；开关转至bd位置时，此时只有电阻R2接入电路中，根据公式P，此时电路中的

R

总电阻最小，电功率最大，为加热状态。

U2(220V)2

因为R2=48.4欧，电热器额定电压为220伏，则它的额定功率是P=1000W

R248.4Ω

23．（2021·台州中考）是某简易吊装机，其简化结构如图乙所示

（1）吊装机工作时，顶端定滑轮的作用是______。

（2）吊装机总重为1500牛，其重力作用线通过A点。结合乙图数据计算，当吊装机匀速吊起重物时，为

防止翻倒，最多能吊起多少牛的重物？()

（3）吊装机在使用时，通常在一定位置压上配重防止翻倒。将同一配重分别放在图中D、E、F处时，能达

到最佳防翻效果的是______。

（4）电动机的额定功率是1200瓦，正常工作时消耗的电能有75％转化为重物的机械能。当吊装机配重足

够时，可在10秒内使重物匀速上升3米，求所吊重物受到的重力大小。()

【答案】改变力的方向300NF3000N

【解析】

（1）定滑轮的作用是改变力的方向。

（2）如果发生翻到，是以B为支点，A点力臂为L1=1.5m-1.25m=0.25m

由杠杆平衡条件可得G物×L2=G×L1

第14页共19页.

GL11500N0.25m

所以G物300N

L21.25m

（3）因为放在F处力臂最长，所以能达到最佳防翻效果。

（4）正常工作10s电能为W=Pt=1200W×10s=12000J

重物增加机械能为W1=12000J×75%=9000J

W9000J

重物受到的重力大小G13000N

h3m

24．（2022·浙江温州·一模）2021年12月3日，南方首个核能供暖项目在浙江投入试运行。下图是核能供暖

工作示意图：

泰山核电站核岛→换热站→用户

（l）核能供暖过程是把核能最终转化为______能。

（2）秦山核电站获得核能的方式是______。

（3）若换热站与用户之间的能量利用效率为η，空气的比热为c，一套70平方米的房子内的空气总质量为

m，欲将室内空气温度从4℃提高到24℃，换热站提供的总热量至少为______。（用η、c、m表示）

20℃cm

【答案】内重核裂变##裂变##核裂变

【解析】

（1）核能供暖过程是把核能最终转化为内（热）能。

（2）核能分为裂变和聚变两种，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应

堆中，后者应用在原子弹中。聚变主要应用在氢弹上。目前核电站是利用核裂变获得能量的。

（3）欲将室内空气温度从4℃提高到24℃，需要的热量为Q吸cm（tt0）=cm24℃4℃

24℃4℃20℃cm

若换热站与用户之间的能量利用效率为η，换热站提供的总热量至少为Q

放

三、探究题（本题共2小题，共15分）

25．（2022·绍兴中考）在“研究动能大小与速度关系”实验中，小敏利用图甲中的装置进行研究，在水平面铺

上材料A制成的粗糙平板，同一小球从斜面不同高度静止释放，运动一段距离后停止，位置如图。

第15页共19页.

（1）根据图甲实验结果，可得出的结论是：质量相同时，物体的速度越大，___________。

（2）图乙中，水平面铺上不同材料的平板，其中材料A，B，C粗糙程度依次减小。小敏先后三次将同一小

球从同一高度静止释放，刚到底部时用频闪相机（间隔相同时间自动拍摄）开始记录小球在平板上的位置

情况，请在材料C平板上画出第2、3次频闪相机拍摄到小球的大致位置。___________

（3）小敏调节图甲中的平板呈不同角度，重现伽利略斜面实验。不考虑底部转折处的能量损失，下列最符

合实际的现象是___________

A．B．C．

【答案】具有的动能越大B

【解析】

（1）分析图甲实验知道，随着小球放置在静止位置的高度变高时，则小球到达水平面的速度变大，并且小

球在水平面上运动的距离变得更远，说明小球的动能更大。由此得出结论：得出的结论是：质量相同时，

物体的速度越大，具有的动能越大。

（2）材料越光滑，移动速度越快，所以材料C中小球速度最快，大致位置如下图

（3）小敏调节图甲中的平板呈不同角度，重现伽利略斜面实验。不考虑底部转折处的能量损失，材料A制

成的粗糙平板，由于摩擦力做功，部分能量转化为为内能，达不到一开始静止位置的高度，故B符合题意。

26．（2022·宁波中考）小宁用如图甲所示电路研究小灯泡的电学特性，所用小灯泡上标有“2.5V”字样。闭合

开关，移动滑动变阻器滑片P，读取并记录电压表、电流表的示数。实验数据记录如下（第4次实验时电流

表指针位置如图乙所示）：

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实验次数12345

电压表示数/V1.01.52.02.53.0

电流表示数/A0.170.240.30★0.37

（1）该小灯泡的额定功率为___________W；

（2）用描点法（实验数据对应的点用“×”表示）在图丙上画出该小灯泡灯丝的I-U曲线；___________

（3）小宁计算小灯泡的灯丝电阻值时，发现灯丝电阻随着其两端电压的升高而增大。小宁反思：电阻是导

体的一种性质，决定和影响导体阻值大小的因素中并没有电压这一因素，那么导体两端电压的变化可能引

起了某个因素发生变化！小宁思考后得出这个因素就是___________。

【答案】0.85温度

【解析】

（1）灯泡额定电压为2.5V，如图乙所示，电流表接0~0.6A量程，电流表示数为0.34A，额定功率为

PUI2.5V0.34A0.85W

（2）利用描点法将各个点再坐标图中描出来，再用光滑的曲线将这些点连接起来。如图所示

（3）灯泡两端电压越高，电流越大，灯泡实际功率越大，温度越高，温度会影响导体电阻值，温度越高，

电阻越大。

四、简答题（本题共2小题，共10分）

27．（2022·金华中考）图甲为市面上的某款电热毛巾架，额定电压220V，简化的工作电路如图乙，该毛巾

架通过智能系统实现加热、保温档自动切换，图丙为该毛巾架在正常工作30分钟内功率的变化情况。完成

下列问题：

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（1）加热状态下，毛巾架正常工作时的电流为多大？

（2）分析计算图乙电路中定值电阻R0、R1的阻值各为多少欧？

（3）毛巾架正常工作30分钟总共消耗多少电能？

【答案】（1）2A；（2）110Ω；495；（3）0.1kwh（或3.6105J）

【解析】

P440W

解：（1）加热状态下通过毛巾架的电流为I加热2A

U220V

（2）