2025年人教版高三物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高三物理上册月考试卷935考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，面积相同、总电阻相同的单匝闭合线圈甲、乙、丙、丁绕垂直于磁场方向的轴在匀强磁场中以角速度ω匀速转动，线圈甲、乙、丙、丁在转动过程中产生的电流的有效值分别为I甲、I乙、I丙、I丁，关于I甲、I乙、I丙、I丁的大小关系；下列说法正确的是（）

A.I甲＞I丙B.I丙＜I丁C.I甲=I丁D.I乙＞I丙2、如图所示是“探究弹力和弹簧伸长的关系”实验装置；小东认真操作；正确读数后得到的数据记录表如下．由表可知（）

。次数。

物理量1234F/N00.981.962.94l/cm12.014.016.018.0x/cm02.04.06.0A.每个钧码的质量为0.98kgB.实验所用刻度尺的分度值是lmmC.每挂一个钩码，弹簧伸长12.0cmD.实验时弹簧伸长量未超过弹性限度3、物体A、B用轻绳连接，A上端与一个轻弹簧相连，弹簧上端固定在铁架台上，如图所示．已知两物体的质量分别是mA和mB，开始时系统处于静止状态．现剪断连接A、B的细线，则B将自由下落，而A则在竖直方向做简谐运动．在B物体落到地面前的过程中，下面的说法中正确的是（）A.B组成的系统动量守恒B.A物体的动量变化与B物体的动量变化大小相等、方向相反C.弹簧弹力对物体A的冲量等于物体A的动量的增量D.弹簧弹力对物体A的冲量等于重力对B的冲量之和再加上B的动量的增加量4、在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A.德国天文学家开普勒对他导师第谷观测的行星数据进行多年研究，得出了万有引力定律B.英国物理学家卡文迪许利用卡文迪许扭秤首先较准确的测定了静电力常量C.牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D.古希腊学者亚里士多德认为物体下落快慢由它们的重量决定，伽利略在他的《两种新科学的对话》中利用逻辑推断使亚里士多德的理论陷入了困境5、关于电磁感应，下列叙述不正确的是（）A.发电机、变压器都是利用电磁感应原理制成的B.只要回路内的磁通量发生变化，就一定要产生感应电动势C.楞次定律是能量守恒定律在电磁感应现象中的体现D.穿过回路的磁通量越大时，产生的感应电动势也一定越大6、在粗糙的水平面上滑动的体积相同的木块和铁块，具有相同的初动能，如果二者滑行相等的距离后停止，则（）A.二者滑行的时间相等B.二者的速度变化相等C.铁块所受的摩擦力较大D.二者所受的摩擦阻力大小相等评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、许多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献，下列叙述中符合物理学史实的是（）A.库仑在前人研究的基础上，通过扭秤实验研究得出了库仑定律B.奥斯特发现了电流的磁效应，总结出了电磁感应定律C.安培最先发现电流周围存在磁场D.法拉第通过实验总结出了电磁感应定律8、下列说法正确的是（）A.伽利略通过理想斜面实验，得出力不是维持物体运动原因的结论B.牛顿发现了万有引力并测出了万有引力常量C.安培通过油滴实验测量了电子所带的电荷量D.库仑总结并确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律9、物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，许多科学家做出了贡献．下列说法正确的是（）A.奥斯特发现了电流磁效应；法拉第发现了电磁感应现象B.牛顿发现了万有引力定律C.库仑发现了点电荷的相互作用规律；密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值D.法拉第发现了磁场对运动电荷的作用规律；洛伦兹发现了磁场对电流的作用规律10、如图所示，两个质量分别为m1=3kgm2=2kg

的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接.

两个大小分别为F1=30NF2=20N

的水平拉力分别作用在m1m2

上，则(

)

A.弹簧秤的示数是50N

B.弹簧秤的示数是24N

C.在突然撤去F2

的瞬间，m1

的加速度大小为2m/s2

D.在突然撤去F2

的瞬间，m2

的加速度大小为12m/s2

11、如图所示，质量m=2kg

的物体在水平外力的作用下在水平面上运动，已知物体在运动过程中的坐标与时间的关系为：x=3.0t(m)y=0.2t2(m)g

取10m/s2

由下列条件可知(

)

A.物体所受的合外力大小和方向均不变B.t=10s

时物体的速度大小为3m/s

C.物体运动时第3

秒的速度变化量大于第1

秒的速度变化量D.t=10s

时物体的位置坐标为(30,20)

评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)12、一弹簧受到100N的拉力时，它的长度是11cm；当它受的拉力再增大50N，达到150N时，弹簧长度是13cm，则弹簧的劲度系数是____，弹簧的原长是____，如用两手握住它的两端，分别用100N的力向两边拉，则这弹簧伸长____．13、（2015•绵阳模拟）用如图所示的装置来探究小球做圆周运动所需向心力的大小F与质量m、角速度ω和半径r之间的关系．两个变速轮塔通过皮带连接；转动手柄使长槽和短槽分别随变速轮塔匀速转动，槽内的钢球就做匀速圆周运动．横臂的挡板对钢球的压力提供向心力，钢球对挡板的反作用力通过横臂的杠杆作用使弹簧测力筒下降，从而露出标尺，标尺上的红白相间的等分格显示出两个钢球所受向心力的比值．

如图是探究过程中某次实验时装置的状态．

①在研究向心力的大小F与质量m关系时，要保持____相同．

A．ω和rB．ω和mC．m和rD．m和F

②图中所示是在研究向心力的大小F与____的关系．

A．质量mB．半径rC．角速度ω

③若图中标尺上红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力的比值为1：9，与皮带连接的两个变速轮塔的半径之比为____．

A.1：3B.3：1C.1：9D.9：1．14、（2007秋•松江区期末）一个小球从倾角为37°的斜面上O点以初速v0水平抛出，落在斜面上A点，如图所示，则小球在空中的飞行时间为t=____．若第二次以水平速度v′0，从同一位置同方向抛出，小球落在斜面上B点，两次落至斜面时的动能与抛出时动能相比，其增量之比△Ek：△E′k=2：5，则两次抛出时的初速度大小之比为v0：v′0=____．15、【题文】一列沿着x轴正方向传播的横波；在t＝0时刻的波形如图甲所示．图甲中某质点的振动图像如图乙所示．

质点N的振幅是________m，振动周期为________s，图乙表示质点________(从质点K、L、M、N中选填)的振动图像，该波的波速为________m/s.16、一质点沿x轴做直线运动；各个时刻的位置如表所示。

。t/s012345x/m05-4-3-8-2则：第3s内的位移是____m，前3s内的位移为____m，前5s内的路程为____m．17、（2016•澄城县校级模拟）如图所示，质量为m的物体静止放在水平光滑的平台上，系在物体上的绳子跨过光滑定滑轮，在地面上的人以速度v0向右匀速行走，设人从地面上靠近平台的边缘处开始向右行至绳与水平方向夹角θ=45°处，则在此过程中人对物体所做的功为____．评卷人得分四、判断题(共1题，共6分)18、矢量的运算遵守平行四边形法则．____．评卷人得分五、推断题(共3题，共30分)19、化合物rm{G}是一种医药中间体，常用于制备抗凝血药。可以通过下图所示的路线合成：是一种医药中间体，常用于制备抗凝血药。可以通过下图所示的路线合成：已知：rm{RCOOHxrightarrow[]{PC{l}_{3}}}rm{G}rm{RCOOHxrightarrow[]{PC{l}_{3}}

}与rm{RCOCl}rm{D}与rm{FeCl}rm{RCOCl}rm{D}rm{FeCl}的反应类型是，rm{3}的结构简式为．rm{3}若溶液能发生显色。请回答下列问题：转化所加的试剂为银氨溶液，则rm{(1)D隆煤E}与银氨溶液反应的化学方程式是。rm{D}有关rm{(2)}的下列说法正确的是。A.属于芳香烃rm{B隆煤C}最多可以跟rm{B}反应C.能与rm{(3)}rm{G}溶液发生显色反应rm{B.1molG}可以发生水解、加成、氧化、酯化等反应rm{2molNaOH}与足量rm{FeCl}溶液充分反应的化学方程式为。rm{3}写出同时满足下列条件的rm{3}的可能同分异构体的结构简式。rm{D.}发生水解反应rm{(4)F}与rm{NaOH}rm{(5)}溶液能发生显色反应rm{E}苯环上有两种不同化学环境的氢原子rm{垄脵}能发生银镜反应rm{垄脷}已知：酚羟基一般不易直接与羧酸酯化。而苯甲酸苯酚酯rm{FeCl}rm{3}是一种重要的有机合成中间体。结合题中信息试写出以苯酚、甲苯为原料制取该化合物的合成路线流程图rm{3}无机原料任用rm{垄脹}注：合成路线的书写格式参照如下示例流程图：rm{垄脺}rm{(6)}已知：酚羟基一般不易直接与羧酸酯化。而苯甲酸苯酚酯rm{(}rm{(6)}rm{xrightarrow[;麓脽禄炉录脕]{{O}_{2}}}rm{(}rm{)}是一种重要的有机合成中间体。结合题中信息试写出以苯酚、甲苯为原料制取该化合物的合成路线流程图rm{(}无机原料任用rm{)}注：合成路线的书写格式参照如下示例流程图：rm{)}rm{xrightarrow[脜篓脕貌脣谩]{C{H}_{3}C{H}_{2}O}}rm{(}rm{)}rm{CH}rm{CH}rm{3}rm{3}rm{CHO}20、【化学rm{隆陋隆陋}选修rm{5}有机化学基础】双安妥明可用于降低血糖中的胆固醇，其结构简式为：该物质的合成路线如图所示：Ⅲrm{.C}的密度是同温同压下氢气密度的rm{28}倍，且支链有一个甲基；rm{I}能发生银镜反应且rm{1molI}能与rm{2molH_{2}}发生加成反应；rm{K}的结构具有对称性。请回答下列问题：rm{(1)A}的结构简式为____，rm{J}中所含官能团名称为____。rm{(2)D}的名称为____。rm{(3)}反应rm{D隆煤E}的化学方程式为____，其反应类型是____。rm{(4)}“rm{H+K隆煤}双安妥明”的化学方程式为____。rm{(5)L}为比rm{H}的相对分子质量小rm{14}的同系物的同分异构体，苯环上有两个取代基，苯环上一氯代物只有两种，能与rm{FeCl_{3}}溶液发生显色反应，且属于酯的有机物有____种。rm{(6)}利用上述框图信息试由rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}OH}合成rm{CH_{3}CH_{2}CH_{2}OOCCH_{2}COOCH_{2}CH_{2}CH}21、五种不同元素rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{D}rm{E}rm{F}的信息如下：。元素有关信息rm{X}元素主要常见化合价为rm{-}rm{2}和rm{-1}价，其单质是空气主要成分之一。rm{Y}所在主族序数与所在周期序数之差为rm{4}，其单质是氯碱工业产物之一。rm{Z}原子半径为rm{0.102nm}，核外最外层电子数是其电子层数的rm{2}倍，其气态氢化物与rm{Y}单质发生反应生成淡黄色固体。rm{D}活泼金属，最高价氧化物对应的水化物，能电离出离子数、电子数都相等的阴、阳离子。rm{E}单质是生活中常见金属，其制品在潮湿空气中易被腐蚀或损坏。rm{F}元素所在的主族序数等于周期序数。请回答下列问题：rm{(1)Y}元素符号是_________，rm{Z}在周期表中的位置_________，rm{D}的最高价氧化物对应水化物的电子式为__________rm{(2)X}单质与rm{D}单质反应生成的rm{D_{2}X_{2}}能和rm{H_{2}O}反应，写出其离子方程式为____。rm{(3)E}元素与rm{Y}元素可形成rm{EY_{2}}和rm{EY_{3}}两种化合物，向淀粉碘化钾溶液滴加几滴rm{EY_{3}}的浓溶液，原无色溶液可变为紫色，其原因是____rm{(}用离子方程式表示rm{)}rm{(4)E}单质在发生吸氧腐蚀时的正极反应方程式____rm{(5)F}的一种复盐常用作净水剂，用离子方程式表示其净水原理____评卷人得分六、综合题(共4题，共16分)22、（1）（6分）P、Q是一列简谐横波中的质点，相距30m，各自的振动图象如图所示．①此列波的频率f＝________Hz.②如果P比Q离波源近，且P与Q间距离小于1个波长，那么波长λ＝________m.③如果P比Q离波源远，那么波长λ＝________m.（2）（9分）如图所示，半圆形玻璃砖的半径为R，光屏PQ置于直径的右端并与直径垂直，一复色光与竖直方向成α＝30°角射入玻璃砖的圆心，由于色光中含有两种单色光，故在光屏上出现了两个光斑，玻璃对两种单色光的折射率分别为n1＝和n2＝，求：①这两个光斑之间的距离；②为使光屏上的光斑消失，复色光的入射角至少为多少23、【题文】如图所示，线圈匝数n=100匝，面积S=50cm2，线圈总电阻r=10Ω，外电路总电阻R=40Ω，沿轴向匀强磁场的磁感应强度由B=0.4T在0.1s内均匀减小为零再反向增为B=0.1T，求（1）磁通量的变化率为多少？（2）感应电流大小为多少？（3）线圈的输出功率为多少？24、

(1)求圆环下落的最大速度vm(设磁场区域在竖直方向足够长)；

(2)当圆环下落的加速度为g/2时；求圆环的发热功率P；

(3)已知圆环下落时间为T时，下落高度为H，其速度为v0(v0＜vm＝。若在该时间T内，圆环内产生的热量与一恒定电流I0在该圆环内产生的热量相同，求恒定电流I0的表达式。

25、【题文】一个质量m＝60kg的滑雪运动员从高h＝20m的高台上水平滑出，落在水平地面上的B点，由于落地时有机械能损失，落地后只有大小为10m/s的水平速度，滑行到C点后静止，如图所示。已知A与B、B与C之间的水平距离s1＝30m，s2＝40m，g＝10m/s2；不计空气阻力。求：

（1）滑雪运动员在水平面BC上受到的阻力大小f＝?

（2）落地时损失的机械能△E＝?参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【分析】根据E=BSω判定出线圈产生的感应电动势的关系，结合闭合电路的欧姆定律判断出感应电流的大小【解析】【解答】解：线圈转动过程中产生的感应电动势Em=BSω，由于线圈面积相同，转动的角速度相同，故产生的感应电动势相同，根据闭合回路的欧姆定律可知；产生的电流的有效值都相同，故C正确，ABD错误；

故选：C2、D【分析】【分析】该实验中，弹力等于勾码的拉力，弹簧的弹力与伸长量成正比，根据胡克定律分析即可．【解析】【解答】解：A；从表格数据得到1个勾码的重力应该是0.98N；质量为0.1kg，故A错误；

B；长度读数要估读；最后一位是估读的，故最小刻度是cm，故B错误；

C；弹簧的原长是12cm；每挂一个钩码，弹簧伸长2.0cm，故C错误；

D；由于弹力与伸长量成正比；故实验时弹簧伸长量未超过弹性限度，故D正确；

故选：D．3、D【分析】【分析】根据动量守恒条件；动量定理分析答题．

动量守恒条件：系统所受合外力为零；

动量定理：动量的变化等于合外力的冲量．【解析】【解答】解：A；剪断细线后；A、B组成的系统所受合外力不为零，则系统动量不守恒，故A错误；

B；如果A物体的动量变化与B物体的动量变化大小相等、方向相反；则A、B组成的系统动量变化量为零，系统动量守恒，实际上系统所受合外力不为零，系统动量不守恒，故B错误；

C；物体A的动量的增量等于弹簧弹力与重力的冲量之和；不等于弹簧弹力对物体A的冲量，故C错误；

D；以A、B组成的系统为研究对象；在B落地前，对系统由动量定理得：

I弹-（mA+mB）gt=mAvA-0+mAvA-0

I弹=（mA+mB）gt+mAvA+mAvA；

即：弹簧弹力对物体A的冲量等于重力对A；B的冲量之和再加上A、B的动量的增加量；故D正确；

故选：D．4、D【分析】【分析】本题是物理学史问题，应根据开普勒、牛顿、伽利略等科学家的科学成就进行解答．【解析】【解答】解：A；德国天文学家开普勒对他导师第谷观测的行星数据进行多年研究；得出了开普勒三大定律．故A错误．

B；英国物理学家卡文迪许利用卡文迪许扭秤首先较准确的测定了引力常量；没有测出静电力常量，故B错误．

C；伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因；而不是牛顿最早提出的，故C错误．

D；亚里士多德认为物体下落快慢由它们的重量决定；即重物比轻物下落快，伽利略在他的《两种新科学的对话》中利用逻辑推断出亚里士多德理论是错误的，故D正确．

故选D5、D【分析】【分析】发电机、变压器都是利用电磁感应原理；只要闭合电路中的磁通量发生变化，一定有感应电流；楞次定律体现了其它形式能转化为电能．【解析】【解答】解：A；发电机、变压器都是利用电磁感应原理制成的；故A正确；

B；回路内的磁通量发生变化；就一定要产生感应电动势，形成感应电流，故B正确；

C；楞次定律是能量守恒定律在电磁感应现象中的体现；故C正确；

D；回路的磁通量越大时；但磁通量的变化率不一定越大，则产生的感应电动势不一定越大，故D不正确；

本题选不正确的，故选：D．6、D【分析】【分析】由动能定理可知影响物体前进位移的因素，由牛顿第二定律可知加速度的大小关系，由速度位移公式可知滑行时间的关系．【解析】【解答】解：A、根据牛顿第二定律知，加速度a=μg，则t==；所以质量不同时，二者滑行的时间不相等，故A错误；

B、最后二者都停止，即末速度为零，速度变化△v=；初动能相同，但质量不同，故速度变化不同，故B错误；

C、物块滑行过程中，只受摩擦力作用，所以摩擦力做功等于动能变化，Wf•S=△EK滑行距离相等；动能变化也相同，故所受摩擦力也相等，故C错误，D正确；

故选：D二、多选题(共5题，共10分)7、AD【分析】【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解析】【解答】解：A；库仑受牛顿万有引力定律的启发；通过扭秤实验研究得出了库仑定律量．故A正确．

B；1820年丹麦的物理学家奥斯特发现了电流的磁效应；1831年英国物理学家法拉第总结出了电磁感应定律．故B错误，D正确．

C；奥斯特发现电流周围存在磁场．故C错误．

故选：AD8、AD【分析】【分析】对于物理中的重要规律、原理，要明确其提出者，了解所涉及伟大科学家的重要成就．【解析】【解答】解：A；伽利略通过理想斜面实验；得出力不是维持物体运动原因的结论，故A正确

B；牛顿发现了万有引力定律；卡文迪许测出了引力常量．故B错误．

C；密立根通过油滴实验测量了电子所带的电荷量；故C错误

D；库仑总结并确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律；故D正确

故选AD．9、ABC【分析】【分析】奥斯特发现了电流磁效应；法拉第发现了电磁感应现象．牛顿发现了万有引力定律．库仑发现了点电荷的相互作用规律；密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值．洛伦兹发现了磁场对运动电荷的作用规律；安培发现了磁场对电流的作用规律．【解析】【解答】解；A；1820年丹麦的物理学家奥斯特发现了电流磁效应；1831年英国的物理学家法拉第发现了电磁感应现象．故A正确．

B；英国物理学家牛顿发现了万有引力定律．故B正确．

C；库仑发现了点电荷的相互作用规律库仑定律；密立根通过油滴实验测定了元电荷e的数值．故C正确．

D；洛伦兹发现了磁场对运动电荷的作用规律；安培发现了磁场对电流的作用规律．故D错误．

故选ABC10、BCD【分析】解：AB

在两水平拉力作用下；整体向右做匀加速运动．

先选整体为研究对象；进行受力分析，由牛顿第二定律得：

F1鈭�F2=(m1+m2)a

得：a=30鈭�203+2m/s2=2m/s2

对m2

受力分析：向左的F2

和向右的弹簧弹力F

由牛顿第二定律得：F鈭�F2=m2a

解得：F=F2+m2a=20+2隆脕2=24(N)

故A错误，B正确．

C；在突然撤去F2

的瞬间；因为弹簧的弹力不能发生突变，所以m1

的受力没有发生变化，故加速度大小仍为2m/s2

故C正确．

D、突然撤去F2

的瞬间，m2

的受力仅剩弹簧的弹力，对m2

由牛顿第二定律得：F=m2a

解得：a=Fm2=242m/s2=12m/s2

故D正确．

故选：BCD

．

两个大小分别为F1=30NF2=20N

的水平拉力导致物体受力不平衡；先选整体为研究对象进行受力分析，由牛顿第二定律解出加速度，再隔离单独分析一个物体，解出弹簧受力；在突然撤去F2

的瞬间，弹簧的弹力不变，对两物块分别列牛顿第二定律，解出其加速度．

在解决连接体问题时，注意整体法与隔离法的灵活应用，然后分别列牛顿第二定律，解出未知量．【解析】BCD

11、AD【分析】解：A

由已知物体运动过程中的坐标与时间的关系x=3.0t

知x

轴方向物体做匀速直线运动；y=0.2t2

知物体在y

轴方向做匀加速直线运动且加速度为0.4m/s2

依据运动的合成与分解，结合矢量合成法则，则物体所受的合外力大小和方向均不变，故A正确；

B、当t=10s

时，x

轴方向的速度：vx=3m/sy

轴方向的速度为：vy=at=0.4隆脕10m/s=4m/s

则物体的合速度为：v=32+42m/s=5m/s

故B错误．

C、因加速度恒定，依据鈻�v=a?鈻�t

因此运动时第3

秒的速度变化量等于第1

秒的速度变化量，故C错误；

D；物体的加速度大小为：a=0.4m/s2

当t=10s

时，物体在x

轴方向运动位移：x=3t=3隆脕10m=30m

物体在y

轴方向运动位移：y=0.2t2=0.2隆脕102m=20m

那么这时物体的位置坐标为(30m,20m)

故D正确．

故选：AD

．

由运动的分解的思想得知物体的运动分解为x

轴方向的运动和y

轴方向的运动；由已知物体运动过程中的坐标与时间的关系x=3.0t

知x

轴方向物体做匀速直线运动，y=0.2t2

知物体在y

轴方向做匀加速直线运动且加速度为0.4m/s2

然后选用运动学公式；牛顿第二定律、力的合成来求解.

注意求水平外力时应是x

轴方向与y

轴方向的合力．

用分解的思想分别在x

轴、y

轴上研究物体的运动和受力，然后在运用平行四边形法则分别求合速度、求合力．【解析】AD

三、填空题(共6题，共12分)12、2500N/m0.07m0.04m【分析】【分析】在弹性限度范围内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比，即F=kx，其中F为弹力大小，x为伸长量，k为弹簧的劲度系数．利用此求出弹簧的劲度系数和伸长量．【解析】【解答】解：设弹簧的劲度系数为k；弹簧的原长为L，由胡克定律F=kx得：

100=k（0.11-L）①

150=k（0.13-L）②

联立①②代入数据解之得：k=2500N/m；L=0.07m

如用两手握住它的两端；分别用100N的力向两边拉时，弹簧的弹力为：F=100N

则这弹簧伸长量为：x===0.04m

故答案为：2500N/m；0.07m；0.04m．13、ACB【分析】【分析】该实验采用控制变量法，F=mω2r图中抓住角速度不变、半径不变，研究向心力与质量的关系，根据向心力之比求出两球转动的角速度之比，结合v=rω，根据线速度大小相等求出与皮带连接的变速轮塔对应的半径之比．【解析】【解答】解：①在研究向心力的大小F与质量m、角速度ω和半径r之间的关系时；需先控制某些量不变，研究另外两个物理量的关系，该方法为控制变量法．故选：A．

②图中两球的质量相同；转动的半径相同，则研究的是向心力与角速度的关系．故选：C．

③根据F=mω2r，两球的向心力之比为1：9，半径和质量相等，则转动的角速度之比为1：3，因为靠皮带传动，变速轮塔的线速度大小相等，根据v=rω；知与皮带连接的变速轮塔对应的半径之比为3：1．故选：B．

故答案为：①A；②C；③B．14、【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，抓住位移关系求出小球在空中运动的时间．根据动能定理，通过动能的增加量求出下落的高度比，从而得出时间比，初速度之比．【解析】【解答】解：小球落在斜面上，有：，解得t=．

根据动能定理知，重力做功等于动能的增量，增量之比△Ek：△E′k=2：5，知重力做功之比为2：5，则下降的高度之比为2：5，通过h=知，t=知时间之比为．

根据知，初速度之比等于运动时间之比，所以两次抛出时的初速度大小之比为v0：v′0=．

故答案为：，．15、略

【分析】【解析】从甲、乙图可看出波长λ＝2.0m，周期T＝4s，振幅A＝0.8m；乙图中显示t＝0时刻该质点处于平衡位置向上振动，甲图波形图中，波向x轴正方向传播，则质点L正在平衡位置向上振动，波速v＝λ/T＝0.5m/s.【解析】【答案】0.84L0.516、1-326【分析】【分析】质点在x轴上运动，质点的位移等于初末坐标之差，即△x=x2-x1．位移大小是位移的绝对值．路程是运动轨迹的长度．【解析】【解答】解：第3s内的位移是-3-（-4）=1m；

前3s内的位移为-3-0=-3m；

前5s内的路程为5+（4+5）+1+5+6=26m；

故答案为：1；-3；2617、【分析】【分析】对人运动的速度进行分解，分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，在沿绳子方向上的分速度等于物块的速度，根据动能定理求出人对滑块所做的功．【解析】【解答】解：将人的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向；在沿绳子方向的分速度等于物体的速度；

v物=v0cos45°

根据动能定理：W==

故答案为：四、判断题(共1题，共6分)18、√【分析】【分析】物理量按有无方向分矢量和标量，矢量的运算遵守平行四边形法则．【解析】【解答】解：矢量是既有大小；又有方向的物理量，矢量的运算遵守平行四边形法则．故这句话是正确的．

故答案为：√五、推断题(共3题，共30分)19、（1）取代反应或酯化反应

（2）CH3CHO+2Ag(NH3)2OHCH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O

（3）BD

（4）+3NaOH→CH3COONa+CH3OH++H2O

（5）

（6）【分析】【分析】本题主要考查有机推断与合成，解题的关键是利用官能团的性质与转化，结合题中信息进行物质推断，中等难度，答题时注意有机基础知识的灵活运用。根据题中各物转化关系，结合信息rm{RCOOHoverset{PCl_{3}}{}}rm{RCOOHoverset{PCl_{3}}{

}}可知rm{RCOCl}为rm{C}由rm{CH_{3}COOH}的转化条件可知，rm{A隆煤B隆煤C}被氧化成rm{A}rm{B}再被氧化成rm{B}所以rm{C}为rm{B}rm{CH_{3}CHO}为rm{A}根据rm{CH_{3}CH_{2}OH}的结构可知rm{F}发生取代反应生成rm{E}所以rm{F}为根据rm{E}的分子式和rm{D}的结构可知，rm{E}与甲醇反应生成rm{D}所以rm{E}的结构简式为据此分析。【解答】根据题中各物转化关系，结合信息rm{D}rm{xrightarrow[]{PC{l}_{3}}}rm{RCOOH}，可知rm{RCOOH}为rm{xrightarrow[]{PC{l}_{3}}

}由rm{RCOCl}的转化条件可知，rm{RCOCl}被氧化成rm{C}rm{CH_{3}COOH}再被氧化成rm{A隆煤B隆煤C}所以rm{A}为rm{B}rm{B}为rm{C}根据rm{B}的结构可知rm{CH_{3}CHO}发生取代反应生成rm{A}所以rm{CH_{3}CH_{2}OH}为根据rm{F}的分子式和rm{E}的结构可知，rm{F}与甲醇反应生成rm{E}所以rm{D}的结构简式为rm{E}的结构简式为rm{D}为rm{E}是rm{D}与甲醇反应生成rm{(1)D}所以发生的是取代反应或酯化反应，故答案为：取代反应或酯化反应；rm{E}为rm{D隆煤E}是与rm{D隆煤E}rm{CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}OHxrightarrow[]{脣庐脭隆录脫脠脠}CH_{3}COONH_{4}+2Ag隆媒+3NH_{3}+H_{2}O}rm{D}rm{E}rm{CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}OHxrightarrow[]{脣庐脭隆录脫脠脠}CH_{3}COONH_{4}+2Ag隆媒+3NH_{3}+H_{2}O}rm{(2)B}rm{CH_{3}CHO}银氨溶液反应的化学方程式是：的结构简式可知，rm{CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}OH

xrightarrow[]{脣庐脭隆录脫脠脠}CH_{3}COONH_{4}+2Ag隆媒+3

NH_{3}+H_{2}O}中有酯基、醇羟基、碳碳双键、苯环，，中有氧元素，所以不属于芳香烃，故A错误；

故答案为：rm{CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}OH

xrightarrow[]{脣庐脭隆录脫脠脠}CH_{3}COONH_{4}+2Ag隆媒+3

NH_{3}+H_{2}O}中有一个酯基，水解生成一个羧基和一个酚羟基，则；最多可以跟rm{(3)}反应，故B正确；

根据rm{G}的结构简式可知，rm{G}中有酯基、醇羟基、碳碳双键、苯环，rm{G}中没有酚羟基，所以不能与rm{G}A.rm{G}中有氧元素，所以不属于芳香烃，故A错误；溶液发生显色反应，故C错误；rm{G}B.rm{G}中有酯基；羟基、碳碳双键；可以发生水解、加成、氧化、酯化等反应，故D正确；

rm{1molG}最多可以跟rm{2molNaOH}反应，故B正确；rm{1molG}rm{2molNaOH}中有两个酯基与足量C.溶液充分反应生成酚羟基也与氢氧化钠反应，所以反应的化学方程式为rm{G}rm{FeCl}rm{3}rm{3}D.rm{G}故选BD；rm{(4)}rm{F}中有两个酯基与足量rm{NaOH}溶液充分反应生成酚羟基也与氢氧化钠反应，所以反应的化学方程式为rm{F}rm{NaOH}rm{+3NaOH隆煤CH}rm{+3NaOH隆煤CH}rm{{,!}_{3}}rm{COONa+CH}rm{COONa+CH}rm{{,!}_{3}}为rm{OH+}的同分异构体中同时满足下列条件rm{OH+}能发生水解反应，说明有酯基，rm{+H}与rm{+H}rm{{,!}_{2}}rm{O}苯环上有两种不同化学环境的氢原子，说明有两个基团处于苯环的对位，这样的结构简式有rm{O}故答案为：rm{+3NaOH隆煤CH}

rm{+3NaOH隆煤CH}甲苯氧化成苯甲酸，再酯化可得产品，所以该化合物的合成路线流程图为rm{{,!}_{3}}rm{COONa+CH}rm{COONa+CH}rm{{,!}_{3}}【解析】rm{(1)}取代反应或酯化反应rm{(2)CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}OHxrightarrow[]{脣庐脭隆录脫脠脠}CH_{3}COONH_{4}+2Ag隆媒+3NH_{3}+H_{2}O}rm{(2)CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}OH

xrightarrow[]{脣庐脭隆录脫脠脠}CH_{3}COONH_{4}+2Ag隆媒+3

NH_{3}+H_{2}O}

rm{(3)BD}rm{(4)}rm{+3NaOH隆煤CH_{3}COONa+CH_{3}OH+}rm{+H_{2}O}rm{(5)}rm{(6)}20、（1）羟基和醛基（2）2−甲基−1−溴丙烷（3）取代反应（4）（5）6（6）【分析】【分析】本题考查有机物推断，为高频考点，侧重考查学生分析推断能力，根据某些物质分子式、结构简式结合反应条件、题给信息进行推断，正确推断各物质结构简式是解本题关键，难点是同分异构体种类判断，题目难度中等。【解答】由双安妥明的结构可知，合成双安妥明的物质为rm{HOCH}rm{HOCH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}的分子式为rm{{,!}_{2}}rm{OH}rm{OH}，rm{I}的分子式为rm{C}rm{I}经过系列反应生成rm{C}rm{{,!}_{3}}的密度是同温同压下rm{H}rm{H}rm{{,!}_{4}}倍，rm{O}经过系列反应生成rm{K}rm{C}的密度是同温同压下rm{H}的相对分子质量为rm{O}且支链有一个甲基，能发生加成反应，则rm{K}结构简式为rm{C}rm{H}rm{{,!}_{2}}密度的rm{28}倍，rm{CC}的相对分子质量为rm{56}且支链有一个甲基，能发生加成反应，则rm{C}结构简式为rm{C(CH}rm{28}rm{CC}rm{56}原子数目可知，rm{C}为rm{C(CH}rm{{,!}_{3}}rm{)}rm{)}rm{{,!}_{2}}rm{=CH}rm{=CH}rm{{,!}_{2}}能发生银镜反应，分子中含有；根据rm{C}原子数目可知，rm{K}为rm{HOCH}且rm{C}能与rm{K}氢气发生加成反应，说明分子中还含有rm{HOCH}双键，故I为rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}为rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}rm{I}能发生银镜反应，分子中含有rm{-CHO}且rm{1molI}能与rm{2mol}氢气发生加成反应，说明分子中还含有rm{C=C}双键，故I为rm{CH}rm{OH}rm{I}为rm{-CHO}rm{1molI}与rm{2mol}反应生成rm{C=C}可知，合成rm{CH}的物质为苯酚钠、rm{{,!}_{2}}rm{=CH-CHO}rm{J}为rm{HOCH}rm{=CH-CHO}rm{J}rm{HOCH}rm{{,!}_{2}}的分子式为rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{CHO}rm{H}为rm{CHO}根据rm{H}原子数目可知，，为rm{B}与rm{G}反应生成rm{B}rm{G}，由反应信息rm{i}可知，合成rm{H}的物质为苯酚钠、rm{BrC(CH}rm{i}故B为苯酚钠，rm{H}与氢氧化钠反应生成rm{BrC(CH}故A为苯酚rm{{,!}_{3}}rm{)}在溴rm{)}红磷作用下生成rm{{,!}_{2}}根据反应信息rm{COOH}rm{C}的分子式为rm{C}可知rm{COOH}为rm{C}rm{C}rm{{,!}_{4}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{8}}连续氧化生成，经过系列转化生成rm{G}根据rm{C}原子数目可知，rm{G}为rm{BrC(CH}故E为rm{G}rm{C}rm{G}rm{BrC(CH}rm{{,!}_{3}}rm{)}rm{)}rm{{,!}_{2}}转化生成rm{COOH}故B为苯酚钠，rm{A}与氢氧化钠反应生成rm{B}故A为苯酚rm{COOH}为rm{A}rm{B}；rm{F}在溴rm{/}红磷作用下生成rm{G}根据反应信息rm{i}可知rm{F}为rm{CH(CH}rm{F}rm{/}rm{G}rm{i}由以上分析可知rm{F}的结构简式为rm{CH(CH}为rm{{,!}_{3}}rm{)}rm{)}rm{{,!}_{2}}rm{COOH}rm{E}连续氧化生成rm{F}故E为rm{CH(CH}所含官能团名称为羟基和醛基，故答案为：羟基和醛基；rm{COOH}rm{E}为rm{F}rm{CH(CH}rm{{,!}_{3}}rm{)}rm{)}rm{{,!}_{2}}rm{CH}其名称为rm{CH}甲基rm{{,!}_{2}}溴丙烷，故答案为：rm{OH}rm{D}转化生成rm{E}rm{D}为rm{CH(CH}甲基rm{OH}溴丙烷；rm{D}rm{E}是卤代烃，rm{D}是醇，rm{CH(CH}和氢氧化钠的水溶液发生取代反应生成醇，化学方程式为rm{(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}Br;+;NaOHxrightarrow[]{?}(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}OH;+NaBr}故答案为：rm{(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}Br;+;NaOHxrightarrow[]{?}(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}OH;+NaBr}取代反应；rm{{,!}_{3}}rm{)}双安妥明的反应方程式为：故答案为：rm{)}rm{{,!}_{2}}为比rm{CH}的相对分子质量小rm{CH}的同系物，rm{{,!}_{2}}rm{Br}rm{Br}rm{(1)}rm{A}的结构简式为rm{A}rm{J}为rm{HOCH}rm{J}rm{HOCH}两个取代基处于对位，则满足条件的同分异构体有rm{{,!}_{2}}种，故答案为：rm{CH}rm{CH}由rm{{,!}_{2}}合成rm{CHO}所含官能团名称为的路线为rm{C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OHxrightarrow[脩玫禄炉]{脕卢脨酶}C{H}_{3}C{H}_{2}COOHxrightarrow[潞矛脕脳]{盲氓}C{H}_{3}CH(Br)COOHxrightarrow[;脪脪麓录]{NaOH}C{H}_{3}CHCOONaxrightarrow[鹿媒脩玫禄炉脦茂]{;;HBr;}BrC{H}_{2}C{H}_{2}COONaxrightarrow[脣庐,?]{;NaOH;;}HOC{H}_{2}C{H}_{2}COOHxrightarrow[脩玫禄炉]{脕卢脨酶}HOOCC{H}_{2}COOHxrightarrow[C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OH]{脜篓脕貌脣谩,?}C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OOCC{H}_{2}COOC{H}_{2}C{H}_{2}C{H}_{3}}故答案为：rm{C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OHxrightarrow[脩玫禄炉]{脕卢脨酶}C{H}_{3}C{H}_{2}COOHxrightarrow[潞矛脕脳]{盲氓}C{H}_{3}CH(Br)COOHxrightarrow[;脪脪麓录]{NaOH}C{H}_{3}CHCOONaxrightarrow[鹿媒脩玫禄炉脦茂]{;;HBr;}BrC{H}_{2}C{H}_{2}COONa}rm{xrightarrow[脣庐,?]{;NaOH;;}HOC{H}_{2}C{H}_{2}COOHxrightarrow[脩玫禄炉]{脕卢脨酶}HOOCC{H}_{2}COOHxrightarrow[C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OH]{脜篓脕貌脣谩,?}C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OOCC{H}_{2}COOC{H}_{2}C{H}_{2}C{H}_{3}}rm{CHO}【解析】rm{(1)}羟基和醛基rm{(2)2?}甲基rm{?1?}溴丙烷rm{(3)(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}Br;+;NaOHxrightarrow[]{?}(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}OH;+NaBr}取代反应rm{(3)(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}Br;+;NaOH

xrightarrow[]{?}(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}OH;+NaBr}rm{(4)}rm{(6)C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OHxrightarrow[脩玫禄炉]{脕卢脨酶}C{H}_{3}C{H}_{2}COOHxrightarrow[潞矛脕脳]{盲氓}C{H}_{3}CH(Br)COOHxrightarrow[;脪脪麓录]{NaOH}C{H}_{3}CHCOONaxrightarrow[鹿媒脩玫禄炉脦茂]{;;HBr;}BrC{H}_{2}C{H}_{2}COONa}rm{xrightarrow[脣庐,?]{;NaOH;;}HOC{H}_{2}C{H}_{2}COOHxrightarrow[脩玫禄炉]{脕卢脨酶}HOOCC{H}_{2}COOHxrightarrow[C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OH]{脜篓脕貌脣谩,?}C{H}_{3}C{H}_{2}C{H}_{2}OOCC{H}_{2}COOC{H}_{2}C{H}_{2}C{H}_{3}}rm{(5)6}21、rm{(1)Cl}第三周期第Ⅵrm{A}族rm{(2)2Na_{2}O_{2}+2H_{2}O篓T4Na^{+}+4OH^{-}+O_{2}隆眉}

rm{(3)2Fe^{3+}+2I^{-}篓T2Fe^{2+}+I_{2}}

rm{(4)O_{2}+2H_{2}O+4e^{-}篓T4OH^{-}}

rm{(5)Al^{3+}+3H_{2}O?Al(OH)_{3}(}胶体rm{(5)Al^{3+}+3H_{2}O?

Al(OH)_{3}(}rm{)+3H^{+}}【分析】【分析】本题考查结构性质位置关系应用，注意结合问题推断元素，侧重对化学用语的考查，注意对基础知识的理解掌握，难度不大。

【解答】元素rm{X}主要常见化合价为rm{-2}和rm{-1}价，原子半径为rm{0.074nm}则rm{X}为rm{O}元素；rm{D}的最高价氧化物对应的水化物，能电离出离子数、电子数都相等的阴、阳离子，则rm{D}为rm{Na}元素；rm{E}的单质是生活中常见金属，其制品在潮湿空气中易被腐蚀或损坏，则rm{E}为rm{Fe}rm