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…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页,总=sectionpages22页第=page11页,总=sectionpages11页2025年华师大版高三物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围:全部知识点;考试时间:120分钟学校:______姓名:______班级:______考号:______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题,共16分)1、在“研究平抛物体运动”实验中,如果小球每次从斜槽滚下的初始位置不同,则下列说法中正确的是()A.小球平抛的初速度不同B.小球通过的水平位移相同C.小球在空中运动的时间不同D.小球每次做不同的抛物线运动2、下列实验现象中,支持阴极射线是带电微粒观点的是()A.阴极射线可以透过薄铝片B.阴极射线通过电场或磁场时要产生相应的偏转C.阴极射线透过镍单晶时产生衍射现象D.阴极射线轰击荧光物质时发出荧光3、在用打点计时器测速度的实验中,接通电源与拉动纸带,这两个操作的先后次序应当是()A.先接通电源,后拉动纸带B.先拉动纸带,后接通电源C.拉动纸带的同时接通电源D.先拉动纸带或先接通电源都可以4、下列关于重力和重心的说法中,正确的是()A.重力是由于物体受到地球的吸引而产生的B.物体的重力就是地球对物体的弹力C.物体的重心一定在物体的几何中心D.物体的重心必定在物体上5、我国探月工程已进入实施阶段.已知月球半径与地球半径的比值约为6:25,月球表面重力加速度约为地球表面重力加速度g的,那么在月球上工作的宇航员要想坐飞船脱离月球,飞船所需的最小发射速度为多少?(星球的第二宇宙速度v2与第一宇宙速度v1的关系是v2=v1.已知地球的第一宇宙速度为7.9km/s,不计其它星球的影响.)()A.7.9km/sB.11.2km/sC.2.2km/sD.1.6km/s6、光滑水平面上有一边长为L的正方形区域处在电场强度为E的匀强电场中,电场方向与正方形一边平行。一质量为m、带电量为q的小球由某一边的中点,以垂直于该边的水平速度V0进入该正方形区域。当小球再次运动到该正方形区域的边缘时,具有的动能可能为()A.B.C.D.7、如图所示,A、B在同一水平线上,以A_B为直径的半圆周与竖直光滑绝缘杆相交于M点.电荷量为Q1、Q2的两个正;负点电荷分别固定在A点和B点;一个带正电的轻金属环q(视为点电荷,且重力忽略不计)套在绝缘杆上,在M点恰好平衡,MA与AB的夹角为α,则()
A.
B.
C.
D.
8、【题文】如图所示的电路中;当半导体材料做成的热敏电阻浸泡到热水中时,电流表示数增大,则说明()
A.在温度越高时,热敏电阻阻值越小B.在温度越高时,热敏电阻阻值越大C.半导体材料温度升高时,导电性能变差D.半导体材料温度升高时,导电性能变好评卷人得分二、填空题(共9题,共18分)9、起重机用恒力F使质量为1000kg的货物在1s内由静止上升了2m,则在这1s内,重力对货物做的功____,恒力F对货物做的功____(不计空气阻力,g取10m/s2)10、如图为由继电器构成的温度自动控制电路,分为主控电路和被控电路两部分.乙图中的Rt为热敏电阻;当温度升高时电阻值减小.
由甲;乙组成的电路作用是使周围环境的温度保持在某一温度之下.原理为周围环境的温度较低时;电磁铁不发生动作(如甲图所示的情景),当周围的温度升高时,主控电路中的元件参数发生变化,当达到某一温度时,电磁铁发生动作,使被控电路导通,启动降温设备(图中没画出)降温,当温度降到某一温度时,电磁铁又开始动作,使被控电路断开,降温设备停止工作.这样周而复始,最终使周围的温度保持在某一温度之下.
问:
①降温设备应接在____位置(填写“A;B”或“C、D”或“E、F”)
②乙图是____电路(填写“主控”或“被控”),图中的G、H两端点应接在____位置(填写“A;B”或“C、D”或“E、F”)
③周围环境的最高温度可以通过调整乙图中的滑动变阻器的触头位置进行改变.现在要使周围环境的最高温度升高一些,滑动变阻器的触头应向____移动(填写“左”或“右”)11、真空中有两个点电荷,它们之间的静电力为F,如果保持它们所带的电量不变,将它们之间的距离增大到原来的3倍,它们之间作用力的大小等于____.12、从人类的利益和生存出发,我们利用能源的技术发展方向有:开发节能技术、开拓____利用技术、开发____能源.13、平行板电容器所带电荷量增加了4.0×10-8C,两板间的电压相应地增加了2.0V,而达到10.0V,那么该电容器的电容值C=____F;如果再将两极板上的电量各自减少一半,则电容器两板间的电压将是____V.14、(2015春•忠县校级期中)如图所示,压路机后轮半径是前轮半径的3倍,A、B分别为前轮和后轮边缘上的一点,C为后轮上的一点,它离后轮轴心的距离是后轮半径的一半,则A、B、C三点的角速度之比____,线速度之比____.15、(2010秋•徐汇区期末)如图,长为a、宽为b的矩形线框的左半侧处在磁感应强度为B的匀强磁场中,磁场方向与线框平面垂直,线框的对称轴MN恰与磁场边缘平齐.若第一次将线框从磁场中以恒定速度v向右匀速拉出,第二次以同样大小的线速度v让线框转过90?.两次过程中,线框产生的平均感应电动势之比为____;第一次线框运动到磁场边缘时与第二次线框转过90?时(左侧边均未离开磁场),两次线框的瞬时发热功率之比为____.16、一次雷电中,在0.5s时间内有60C电荷从一个云层移到另一个云层,平均电流为____A.17、(2015秋•雅安校级月考)有一水平向右的匀强电场E=9.0×103N/C,在竖直平面内半径为0.1m的圆周上取上下左右四点A、B、C、D,在圆心O处放置带正电的点电荷Q=1.0×10-8C,则C处的场强大小为____N/C;B处的场强大小为____N/C.(k=9×109N•m2/C2)评卷人得分三、判断题(共6题,共12分)18、大气压强是由地面上每平方米面积的上方,整个大气压对地面的压力,它等于地面上方的这一大气柱的重力.____.(判断对错)19、沿电场线的方向,电势逐点降低.____(判断对错)20、液体的饱和汽压随温度的升高而增大,是因为饱和汽的体积随温度的升高而增大.____.(判断对错)21、饱和汽压与温度有关,而与体积无关.____.(判断对错)22、阴离子在阳极放电,阳离子在阴极放电.____(判断对错)23、分力的大小一定小于合力的大小.____.评卷人得分四、识图作答题(共3题,共15分)24、根据所学知识;回答有关种群;群落,生态系统的问题。
(1)酵母菌是探究种群数量变化的理想材料,采用________________的方法对酵母菌计数,血球计数板(1×1×0.1mm3)是酵母菌计数的常用工具,具体操作是_____________;如图表示一个计数室及显微镜下一个中方格菌体分布情况。若五个中格酵母菌平均数为上右图所示,则估算酵母菌的总数为________个/mL。(2)上图表示某种野兔迁入适宜环境后随时间出生率与死亡率的变化情况,则图中______曲线代表的是该种群死亡率随时间的变化;若在其增长速率最快时,用标志重捕法调查兔的种群密度,第一次捕获50只并全部标记后释放回环境中,第二次捕获10只带有标记,30只无标记,则该岛野兔种群的K值约为______只,若在第二次捕获过程中,发现岛上有脱落的标记(某些带标记的野兔被鼬捕食,标记不影响兔被捕食)。据推算,实际的环境容纳量值__________(偏高、偏低、不变)。(3)下图1是某湖泊生态系统能量流动的定量分析图解(Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ代表三个营养级,能量单位为J/cm2·a),图2是生态系统的碳循环模式图。图1中用于Ⅱ生长发育繁殖的能量为_______________;图2中C、B分别表示___________。25、在小型湖泊中,绿藻和蓝藻是鲮鱼和沼虾的食物,而沼虾又是鲮鱼的食物。下图表示不同体长鲮鱼的食性比例变化情况。请回答下列相关问题:(1)在该小型湖泊中,鲮鱼与沼虾的种间关系是____。若除去沼虾,则从能量角度分析鲮鱼的数量变化是____。(2)该小型湖泊生态系统中,除上述生物外,还存在一类被称为____(填生态系统的成分)的生物;湖泊中的氮元素属于____。(填生态系统的成分)。(3)若该湖泊中,短时间内绿藻(或蓝藻)的同化量增加了300kJ,且湖泊中只有体长为2.8cm的鲮鱼,相邻两营养级之间能量的传递效率按20%计算,则可使体长为2.8cm的鲮鱼同化量增加____kJ。26、现有两瓶质量分数均是30%的葡萄糖溶液和蔗糖溶液。已知葡萄糖分子可以透过半透膜,蔗糖分子不能透过。请回答以下问题:(1)A同学依据葡萄糖和蔗糖是否具有还原性进行鉴别。鉴定还原糖所用的试剂是斐林试剂,使用该试剂时应注意的事项是等量的斐林试剂甲液与乙液__________、____________________。(2)B同学把体积相同的葡萄糖与蔗糖溶液用半透膜隔开,在一段时间内,乙液面的变化情况是________________,最后乙液面________(填“高于”“低于”或“等于”)甲液面。评卷人得分五、画图题(共2题,共14分)27、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图,若波速是0.5m/s,试在图上画出经7s时的波形图。(提示:若用平移法,由于∴λ=2m故只需平移=1.5m)28、在图示中,物体A处于静止状态,请画出各图中A物体所受的弹力.评卷人得分六、综合题(共3题,共24分)29、【题文】
气球质量载有质量为的人,静止在空中离地高处,气球下悬一根质量可忽略不计的绳子,一人想从气球上沿绳慢慢滑到地面,为了安全到达地面,这根绳长至少应为(不计人的高度)多长?30、【题文】【物理3-3】如图所示,质量为m=10kg的活塞将一定质量的理想气体密封在气缸中,开始时活塞距气缸底高度=40cm.此时气体的温度=300K.现缓慢给气体加热,气体吸收的热量Q=420J,活塞上升到距气缸底=60cm.已知活塞面积大气压强=1.O105Pa,不计活塞与气缸之间的摩擦,g取lOm/.求。
(1)当活塞上升到距气缸底时,气体的温度T2
(2)给气体加热的过程中,气体增加的内能△U31、【题文】如图所示,水平地面上方被竖直线MN分隔成两部分,M点左侧地面粗糙,动摩擦因数为μ=0.5,右侧光滑.MN右侧空间有一范围足够大的匀强电场.在O点用长为R=5m的轻质绝缘细绳,拴一个质量mA=0.04kg,带电量为q=+210-4的小球A,在竖直平面内以v=10m/s的速度做顺时针匀速圆周运动,运动到最低点时与地面刚好不接触.处于原长的弹簧左端连在墙上,右端与不带电的小球B接触但不粘连,B球的质量mB=0.02kg,此时B球刚好位于M点.现用水平向左的推力将B球缓慢推至P点(弹簧仍在弹性限度内),MP之间的距离为L=10cm,推力所做的功是W=0.27J,当撤去推力后,B球沿地面右滑恰好能和A球在最低点处发生正碰,并瞬间成为一个整体C(A、B、C均可视为质点),碰后瞬间立即把匀强电场的场强大小变为E=6103N/C,电场方向不变.(取g=10m/s2)求:
(1)A、B两球在碰前匀强电场的大小和方向.
(2)碰撞后整体C的速度.
(3)整体C运动到最高点时绳的拉力大小.参考答案一、选择题(共8题,共16分)1、A【分析】【分析】平抛运动水平方向匀速直线运动,竖直方向自由落体运动,若从同一点抛出,落地时间相同,但是运动轨迹不同,落地点不同,因此熟练掌握平抛运动规律及可正确解答本题.【解析】【解答】解:A;根据功能关系可知;小球从斜槽滚下的初始位置不同,则平抛的初速度就不同,故A正确;
B;平抛运动水平方向是匀速直线运动;由于初速度不同,因此小球通过相同的水平位移所用的时间均不同,故B错误;
C;由于平抛的出位置相同;因此竖直高度相同,根据自由落体运动规律可知,平抛的时间是相同的,故C错误;
D;由于平抛的初速度不同;因此平抛运动的轨迹也不同,故D正确.
故选:AD.2、B【分析】【分析】阴极射线的实质是电子流,在电场或磁场中会受到电场力或磁场力作用,发生偏转,而X射线有较强的穿透能力,具有波的特征才能产生衍射,而紫外线具有荧光作用,从而即可求解.【解析】【解答】解:A;X射线有较强的穿透能力;可以透过薄铝片,不能确定阴极射线,故A错误;
B;阴极射线是电子流;电子带负电,因此可通过电场或磁场偏转来确定是否阴极射线.而γ射线是光子流,故B正确;
C;只要具有波的特性;就能产生衍射现象,故C错误;
D;紫外线轰击荧光物质时发出荧光;故D错误.
故选:B.3、A【分析】【分析】使用时应先给打点计时器通电打点,然后释放纸带让纸带,如果先放开纸带开始运动,再接通打点计时时器的电源,纸带上可能由很长一段打不上点.【解析】【解答】解:开始记录时;应先给打点计时器通电打点,然后释放纸带让纸带(随物体)开始运动,如果先放开纸带开始运动,再接通打点计时时器的电源,由于重物运动较快,不利于数据的采集和处理,会对实验产生较大的误差;同时先打点再释放纸带,可以使打点稳定,提高纸带利用率,可以使纸带上打满点,故BCD错误,A正确.
故选:A.4、A【分析】【分析】重心是物体所受重力的作用点,重心不一定在物体上面,也可能在物体的外面,只有形状规则,质量分布均匀的物体的重心才在物体的几何中心上.【解析】【解答】解:A;重力是由于物体受到地球的吸引而产生的力;大小G=mg,方向总是竖直向下,故A正确;
B;物体的重力源自万有引力;弹力有弹性形变引起,重力不是弹力,故B错误;
C;重心的位置不仅与物体的形状有关;还与物体的质量的分布有关,只有形状规则,质量分布均匀的物体的重心才在物体的几何中心,故C错误;
D;重心有可能在物体外;比如圆环的重心在圆心的位置,就在圆环的外面,故D错误;
故选:A.5、C【分析】【分析】根据万有引力定律;求出地球的第一宇宙速度,再由两样的方法求出月球的第一宇宙速度;
在月球上工作的宇航员要想坐飞船脱离月球,飞船所需的最小发射速度为第二宇宙速度,再根据第二宇宙速度v2与第一宇宙速度v1的关系求解.【解析】【解答】解:由题意可知;由万有引力提供向心力;
则有=
又根据星球表面万有引力等于重力得=mg
解得:第一宇宙速度v=;
已知月球半径与地球半径的比值约为6:25,月球表面重力加速度约为地球表面重力加速度g的;
所以月球的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比是:==
已知地球的第一宇宙速度为7.9km/s,所以月球的第一宇宙速度是km/s;
星球的第二宇宙速度v2与第一宇宙速度v1的关系是v2=v1
所以在月球上工作的宇航员要想坐飞船脱离月球;飞船所需的最小发射速度,即月球的第二宇宙速度大约是2.2km/s;
故选C.6、A|B|D【分析】试题分析:若初速度的方向与电场方向平行,但方向与电场方向相反,则小球做匀减速直线运动,若没有到达对边速度就减为零,则小球会返回到出发点,速度仍为动能为故A正确;若电场的方向平行于AB向左,小球在匀强电场中做匀减速直线运动,根据动能定理得:则到达BD边时动能为故B正确;若电场的方向平行于AC向上或向下,小球在匀强电场中做类平抛运动,偏转位移最大为电场力做功最多为根据动能定理,则最大动能为若小球从BD射出电场,动能可能为为不可能为故C错误D正确.考点:考查了带电粒子在电场中的偏转【解析】【答案】ABD7、A【分析】
设圆周的直径为d;根据库仑定律得:
Q1对q的库仑力大小为F1=k
Q2对q的库仑力大小为F2=k
对q,根据平衡条件得:F1sinα=F2cosα
联立以上三式得:tan3α=
故选A
【解析】【答案】带正电的轻金属环q在M点恰好平衡;分析受力情况,根据平衡条件和库仑定律求解.
8、A|D【分析】【解析】
试题分析:由电流表的变化判断半导体的电阻的变化;温度升高时,由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流增大,热敏电阻阻值减小,则总电阻减小,故AD正确;
故选AD.
考点:闭合电路的欧姆定律;常见传感器的工作原理.
点评:本题考查闭合电路的欧姆定律及热敏电阻的性质,闭合电路的动态分析一般按先局部再整体最后再局部的分析思路进行分析.【解析】【答案】AD二、填空题(共9题,共18分)9、-20000J28000J【分析】【分析】(1)根据物体上升的高度求出重力对货物做功的大小.
(2)根据位移时间公式求出货物的加速度,结合牛顿第二定律求出恒力F的大小,从而结合平均速度求出恒力F的平均功率.【解析】【解答】解:(1)重力对货物做功为:W=-mgh=-10000×2=-20000J.
(2)根据h=at2
得:a=m/s2=4m/s2;
根据牛顿第二定律得:F-mg=ma;
解得:F=mg+ma=10000+1000×4N=14000N.
恒力F做的功为:W=Fh=14000×2=28000J.
故答案为:-20000J;28000J.10、“C、D”“主控”“E、F”“右”【分析】【分析】(1)电磁铁发生动作;使被控电路导通,启动降温设备降温,所以降温设备在CD中.
(2)电磁铁所在的电路是主控电路.
(3)周围环境的最高温度可以通过调整乙图中的滑动变阻器的触头位置进行改变,所以要根据电阻的变化特点进行分析.【解析】【解答】解:①电磁铁发生动作;使被控电路导通,启动降温设备降温.由图可知,电磁铁动作后被向下接通,所以所以降温设备在CD中.
②当周围的温度升高时;主控电路中的元件参数发生变化,所以乙图是主控电路;发生作用的是电磁铁所在的电路,当主控电路变化时,电磁铁发生动作,所以图中的G;H两端点应接在“E、F”位置.
③周围环境的最高温度可以通过调整乙图中的滑动变阻器的触头位置进行改变.现在要使周围环境的最高温度升高一些;则热敏电阻的电阻值相应的要减小,所以滑动变阻器的电阻值要增大一些,滑动变阻器的触头应向右移动.
故答案为:①“C、D”②“主控”,“E、F”③“右”11、【分析】【分析】真空中有两个点电荷,当它们之间的距离发生变化之后,根据库仑定律,即可计算出库仑力的变化.【解析】【解答】解:根据库仑定律,开始时:;
将它们之间的距离增大到原来的3倍后:
故答案为:.12、新能源清洁【分析】【分析】在能源逐渐枯竭,能源的大量开发利用给人类的生存环境带来了如酸雨、臭氧层被破坏、温室效应等巨大的灾难,今后我们应加强新能源的开发和利用.【解析】【解答】解:今后我们利用能源的技术发展方向是太阳能;风能等新能源;开发清洁能源的开发和利用作为利用能源的技术发展方向.
故答案为:新能源、清洁.13、2×10-85【分析】【分析】电容的定义式是C=,对于给定的电容器,电容C一定,所以电容也可以用C=.电量减半时,板间电压也减半.【解析】【解答】解:该电容器的电容值C===F=2×10-8F.如果再将两极板上的电量各自减少一半,而电容C不变,由公式C=可知;电压也减半,即为5V.
故答案为:2×10-8,514、3:1:12:2:1【分析】【分析】传动装置,在传动过程中不打滑,则有:共轴的角速度是相同的;同一传动装置接触边缘的线速度大小是相等的.所以当角速度一定时,线速度与半径成正比;当线速度大小一定时,角速度与半径成反比.因此根据题目条件可知三点的线速度及角速度关系.【解析】【解答】解:A;B分别为同一传动装置前轮和后轮边缘上的一点;
所以VA=VB;
因为rA:rB=1:3,所以ωA:ωB=3:1;
B、C两点共轴,所以ωC=ωB.
所以ωA:ωB:ωC=3:1:1;
线速度v=ωr;根据题意可知,AB共带,BC共轴;
所以vA:vB:vC=2:2:1
故答案为:3:1:1;2:2:115、1:1【分析】【分析】平均感应电动势E=N;瞬时感应电动势E=BLv.
根据热功率的表达式进行比较.【解析】【解答】解:(1)若第一次将线框从磁场中以恒定速度v向右匀速拉出;
E1=BLv=Bav
第二次以同样大小的线速度v让线框转过90.
E2=N==
两次过程中,线框产生的平均感应电动势之比为
(2)第一次线框运动到磁场边缘时
I1=
第二次线框转过90时;
I2=
所以瞬时发热功率之比为1:1.
故答案为:,1:1.16、120【分析】【分析】由电流定义即可求得平均电流.【解析】【解答】解:根据电流的定义式I=得平均电流为:I==120A
故答案为:12017、1.8×104【分析】【分析】根据公式E=k求出点电荷在A处和D处产生的场强大小,判断出场强方向,两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成,根据平行四边形定则求解场强大小和方向【解析】【解答】解:点电荷Q在C点处产生的场强大小为EC=k=9×109×N/C=9×103N/C;方向从O→C.C点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成;
则A点的场强大小为EC=E+EC=1.8×104
点电荷Q在B点处产生的场强大小为EB=k=9×109×N/C=9×103N/C,方向从O→B.B点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成,根据平行四边形定则得,B点的场强大小为EB==9000N/C;方向与水平成45°角斜向左下方.
故答案为:1.8×104三、判断题(共6题,共12分)18、√【分析】【分析】气体压强的微观解释:气体的压强是气体分子频繁撞击容器壁产生的;从宏观上看,一定质量的气体,温度越高,体积越小,气体产生的压强越大.
从宏观上看,这个压强就是地面上每平方米面积的上方整个大气柱对地面的压力,它等于地面上方的这一大气柱的重力.【解析】【解答】解:气压是由于气体分子对杯壁的密集的;激烈的碰撞的效应.
从宏观效果上看;对于地面所受到的大气压强,就是地面上每平方米面积的上方整个大气柱对地面的压力,它等于地面上方的这一大气柱的重力。
故该说法是正确的.
故答案为:√19、√【分析】【分析】本题根据电场线的物理意义分析场强与电势的关系;根据沿电场线的方向,电势逐点降低即可解答.【解析】【解答】解:根据电场线的物理意义:顺着电场线方向;电势降低.故该说法是正确的.
故答案为:√20、×【分析】【分析】与液体处于动态平衡的蒸气叫饱和蒸气;反之,称为不饱和蒸气.饱和蒸气压强与饱和蒸气体积无关!在一定温度下,饱和蒸气的分子数密度是一定的,因而其压强也是一定的,这个压强叫做饱和蒸气压强.同温下未饱和蒸气压强小于饱和蒸气压强.【解析】【解答】解:在一定温度下;饱和蒸气的分子数密度是一定的,因而其压强也是一定的,与体积无关;故密闭容器中某种蒸汽开始时若是饱和的,保持温度不变,增大容器的体积,稳定后蒸汽的压强不变;液体的饱和汽压随温度的升高而增大,是因为随温度的升高液体蒸发的速度加快.所以该说法是错误的.
故答案为:×21、√【分析】【分析】饱和汽压是物质的一个重要性质,它的大小取决于物质的本性和温度.饱和汽压越大,表示该物质越容易挥发.【解析】【解答】解:饱和汽压是物质的一个重要性质;它的大小取决于物质的本性和温度;故一定温度下的饱和汽的分子数密度是一定值,相同温度下不同液体的饱和汽压一般是不同的;温度越高,液体越容易挥发,故饱和汽压随温度的升高而增大,而饱和汽压与气体的体积无关.所以该说法是正确的.
故答案为:√22、×【分析】【分析】阴极射线是在1858年利用低压气体放电管研究气体放电时发现的.1897年约瑟夫•约翰•汤姆生根据放电管中的阴极射线在电磁场和磁场作用下的轨迹确定阴极射线中的粒子带负电,并测出其荷质比,这在一定意义上是历史上第一次发现电子.【解析】【解答】解:阴极即负极;阴极射线是负极发出的射线,是电子流;同理,阳离子在阳极放电.故该说法是错误的.
故答案为:×.23、×【分析】【分析】(1)如果二力在同一条直线上;根据力的合成计算合力的大小,即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和;
同一直线反方向二力的合力等于二力之差.
(2)如果二力不在同一条直线上,合力大小介于二力之和与二力之差之间.【解析】【解答】解:当二力反向时;合力等于二力大小之差,合力有可能小于分力,故这句话是错误的;
故答案为:×四、识图作答题(共3题,共15分)24、(1)抽样检测先将盖玻片放在计数室上,用吸管吸取培养液滴于盖玻片边缘,让培养液自行渗入6×106
(2)Ⅱ400偏低
(3)44J/cm2·a(不写单位不得分)分解者、生产者【分析】【分析】本题考查探究酵母菌种群数量的变化;出生率和死亡率对种群数量的影响及生态系统的结构和功能的相关知识点;构建知识网络,提高综合运用能力。
【解答】(1)酵母菌是探究种群数量变化的理想材料,采用抽样检测的方法对酵母菌计数,血球计数板(1×1×0.1mm3)是酵母菌计数的常用工具,具体操作是先将盖玻片放在计数室上,用吸管吸取培养液滴于盖玻片边缘,让培养液自行渗入;酵母菌在计数时,计数原则为“计上不计下,计左不计右”,因此计数相邻两边,计数的中方格酵母菌平均数为24个,则1mL培养液中酵母菌的总数=24÷16×400×104=6×106个。
(2)上图表示某种野兔迁入适宜环境后随时间出生率与死亡率的变化情况,则图中Ⅱ曲线代表的是该种群死亡率随时间的变化,图中Ⅰ代表的是该种群出生率随时间的变化曲线;若在其增长速率最快即K/2时,用标志重捕法调查兔的种群密度,第一次捕获50只并全部标记后释放回环境中,第二次捕获10只带有标记,30只无标记,则该岛野兔种群的K/2值约为200只,故K值为400只,若在第二次捕获过程中,发现岛上有脱落的标记(某些带标记的野兔被鼬捕食,标记不影响兔被捕食)。据推算,实际的环境容纳量值偏低。
(3)图1是某生态系统能量流动的定量分析图解,I、II、III代表三个营养级,每一个营养级固定的能量有四个去向:分解者分解利用、流向下一营养级、自身呼吸消耗、未被利用。图2是该生态系统相关内容模式图,B为生产者,C为分解者,A为大气中的CO2库,D和E为消费者。图1中用于Ⅱ生长发育繁殖的能量为2.1+12.6+29.3=44J/cm2·a;图2中C、B分别表示分解者、生产者。
【解析】(1)抽样检测先将盖玻片放在计数室上,用吸管吸取培养液滴于盖玻片边缘,让培养液自行渗入6×106(2)Ⅱ400偏低(3)44J/cm2·a(不写单位不得分)分解者、生产者25、(1)捕食与竞争先增多后减少,最后稳定(2)分解者非生物的物质(3)20【分析】【分析】本题考查种间关系、生态系统的成分、能量流动等知识,意在考查学生对知识的理解和综合运用能力、从题图中获取信息的能力、分析问题和解决问题的能力。【解答】(1)在该小型湖泊中,绿藻和蓝藻是鲮鱼和沼虾的食物,而沼虾又是鲮鱼的食物,故鲮鱼与沼虾的种间关系是捕食与竞争。若除去沼虾,则从能量角度分析鲮鱼的数量变化是先增多后减少,最后稳定。(2)该小型湖泊生态系统中,除上述生物外(生产者和消费者),还存在一类被称为分解者的生物;湖泊中的氮元素属于非生物的物质。(3)若该湖泊中,短时间内绿藻(或蓝藻)的同化量增加了300kJ,且湖泊中只有体长为2.8cm的鲮鱼
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